云南省玉溪市師院附中高三五月份考試?yán)砜凭C合物理部分

絕密★啟用前云南省20172018學(xué)年玉溪市師院附中高三5月份考試高三理綜物理部分分卷I一、單選題(共5小題,每小題6.0分,共30分)1.一課外活動小組在一次活動中，用到的用電器上標(biāo)有“36V72W”字樣，用電器工作時(shí)需使用變壓器將220V的交變電壓進(jìn)行降壓。由于手邊只有一個(gè)匝數(shù)比為5：1的變壓器，不能直接使用。經(jīng)過討論后，大家認(rèn)為可在原線圈上加一個(gè)可變電阻進(jìn)行調(diào)節(jié)，設(shè)計(jì)好的電路示意圖如圖甲所示。當(dāng)在ab兩端間加上如圖乙所示的電壓后，用電器恰好能正常工作，則下列說法正確的是（）A．原線圈cd兩點(diǎn)間的電壓為220VB．在t=0．01s時(shí)，電壓表的示數(shù)為0VC．通過原線圈中的電流為10AD．可變電阻R0上消耗的電功率為l6W【答案】D【解析】因?yàn)殡娖髡９ぷ鳎詢啥说碾妷簽?6V,副線圈兩端的電壓即用電器兩端的電壓，根據(jù)變壓器的電壓與匝數(shù)的關(guān)系得：．故A錯(cuò)誤；在t=0．01s時(shí),電壓的瞬時(shí)值為零，但是電壓表中的電壓是交流的有效值，不是瞬時(shí)值．故B錯(cuò)誤；因?yàn)殡娖髡０l(fā)光，根據(jù)公式P=UI得：副線圈中的電流，根據(jù)變壓器的電流與匝數(shù)的關(guān)系得：．故C錯(cuò)誤；可變電阻R0上消耗的電功率為：P0=（UU1）I1=（220180）×0.4W=16W．故D正確．2.如圖所示，平行長直導(dǎo)線1，2通過相反方向的電流，電流大小相等．a(chǎn)，b兩點(diǎn)關(guān)于導(dǎo)線1對稱，b，c兩點(diǎn)關(guān)于導(dǎo)線2對稱，且ab＝bc，則關(guān)于a，b，c三點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的說法中正確的是()．A．三點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同B．b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大C．a(chǎn)，c兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同，方向相反D．a(chǎn)點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大【答案】B【解析】直接畫出導(dǎo)線1，2在a，b，c三點(diǎn)所產(chǎn)生的磁場方向，同向相加，反向相減，易知B正確．a(chǎn)，c兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和方向均相同，但要小于b點(diǎn)，故A，C，D均錯(cuò)．3.如圖所示，某同學(xué)通過滑輪組將一重物緩慢吊起的過程中，該同學(xué)對繩的拉力將（滑輪與繩的重力及摩擦均不計(jì)）（）A．越來越小B．越來越大C．先變大后變小D．先變小后變大【答案】B【解析】本題主要考查了共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用。對結(jié)點(diǎn)受力分析，如圖所示，由于為同一根繩子，故F1＝F2＝F，設(shè)F1與F2夾角為θ，則，F(xiàn)1＝F2＝在重物被吊起的過程中，θ變大，故F1與F2同時(shí)變大，故選項(xiàng)B正確．4.如圖所示，細(xì)繩一端固定在天花板上的O點(diǎn)，另一端穿過一張CD光盤的中央小孔后拴著一個(gè)橡膠球，橡膠球靜止時(shí)，豎直懸線剛好挨著水平桌面的邊沿．現(xiàn)將CD光盤按在桌面上，并沿桌面邊緣以速度v勻速移動，移動過程中，CD光盤中央小孔始終緊挨桌面邊線，當(dāng)懸線與豎直方向的夾角為θ時(shí)，小球上升的速度大小為（）A．vsinB．vcosC．vtanD．vcot【答案】A【解析】由題意可知，線與光盤交點(diǎn)參與兩個(gè)運(yùn)動，一是逆著線的方向運(yùn)動，二是垂直線的方向運(yùn)動，則合運(yùn)動的速度大小為v，由數(shù)學(xué)三角函數(shù)關(guān)系，則有：；而線的速度的方向，即為小球上升的速度大小，故A正確，BCD錯(cuò)誤；5.中國科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了量子反?；魻栃?yīng)，楊振寧稱這一發(fā)現(xiàn)是諾貝爾獎(jiǎng)級的成果．如圖5所示，厚度為h，寬度為d的金屬導(dǎo)體，當(dāng)磁場方向與電流方向垂直時(shí)，在導(dǎo)體上下表面會產(chǎn)生電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)．下列說法正確的是()A．上表面的電勢高于下表面的電勢B．僅增大h時(shí)，上下表面的電勢差增大C．僅增大d時(shí)，上下表面的電勢差減小D．僅增大電流I時(shí)，上下表面的電勢差減小【答案】C【解析】金屬導(dǎo)體中的自由電荷是帶負(fù)電的電子，由電流方向向右可知電子的移動方向向左，根據(jù)左手定則，上表面帶負(fù)電，下表面帶正電，下表面的電勢高于上表面，故A錯(cuò)誤；穩(wěn)定時(shí)，電子受到的洛倫茲力與電場力相平衡，則evB＝e，解得U＝vBh，而根據(jù)I＝nevhd，可知v＝，故U＝，故增大h，電勢差不變，僅增大d時(shí)，上，下表面的電勢差減小，故B錯(cuò)誤，C正確；而僅增大I時(shí)，電勢差應(yīng)該增大，故D錯(cuò)誤．二、多選題(共3小題,每小題6.0分,共18分)6.如圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩極M，N間的磁場可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場，A為理想交流電流表，V為理想交流電壓表．內(nèi)阻不計(jì)的矩形線圈繞垂直于磁場方向的水平軸OO′沿逆時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動，矩形線圈通過滑環(huán)接一理想變壓器，滑動觸頭P上下移動時(shí)可改變變壓器副線圈的輸出電壓，副線圈接有可調(diào)電阻R，從圖示位置開始計(jì)時(shí)，發(fā)電機(jī)線圈中產(chǎn)生的交變電動勢隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示，以下判斷正確的是()A．電壓表的示數(shù)為10VB．0.01s時(shí)發(fā)電機(jī)線圈平面與磁場方向平行C．若P的位置向上移動，R的大小不變時(shí)，電流表讀數(shù)將減小D．若P的位置不變，R的大小不變，而把發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速增大一倍，則變壓器的輸入功率將增大到原來的4倍【答案】ABD【解析】電壓表顯示的為有效值，示數(shù)為10V，A正確；0.01s時(shí)感應(yīng)電動勢最大，故線圈平面與磁場方向平行，故B正確；若P的位置向上移動，匝數(shù)比減小，副線圈電壓增大，R的大小不變時(shí)，電流表讀數(shù)將增大，故C錯(cuò)誤；若P的位置不變，R的大小不變，而把發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速增大一倍，電壓增大為原來的2倍，則變壓器的輸入功率將增大到原來的4倍，故D正確．7.(多選）如圖所示，質(zhì)量為m的木塊A放在質(zhì)量為M的三角形斜面B上，現(xiàn)用大小均為F，方向相反的水平力分別推A和B，它們均靜止不動，則()A．A與B之間不一定存在摩擦力B．B與地面之間可能存在摩擦力C．B對A的支持力一定大于mgD．地面對B的支持力的大小一定等于(M+m)g【答案】AD【解析】對A，B整體受力分析，如圖，受到重力(M+m)g，支持力N和已知的兩個(gè)推力，對于整體，由于兩個(gè)推力剛好的合力為零，故整體與地面間沒有摩擦力；根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有N=(M+m)g故B錯(cuò)誤，D正確；再對物體A受力分析，受重力mg，已知的推力F，斜面體B對A的支持力N′和摩擦力f，當(dāng)推力F沿斜面分量大于重力的下滑分量時(shí)，摩擦力的方向沿斜面向下，如下圖當(dāng)推力F沿斜面分量小于重力的下滑分量時(shí)，摩擦力的方向沿斜面向上，如下圖當(dāng)推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量時(shí)，摩擦力為零，如下圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡的條件，運(yùn)用正交分解法，可以得到：N′=mgcos+Fsin故A正確，C錯(cuò)誤；8.我國自行研制的新一代輪式裝甲車已達(dá)到西方國家第三代戰(zhàn)車的水平，將成為中國軍方快速部署型輕裝甲部隊(duì)的主力裝備。設(shè)該裝甲車的質(zhì)量為m，若在平直的公路上從靜止開始加速，前進(jìn)較短的距離s速度便可達(dá)到最大值。設(shè)在加速過程中發(fā)動機(jī)的功率恒定為P，坦克所受阻力恒為f，當(dāng)速度為時(shí)，所受牽引力為F。以下說法正確的是()A．坦克速度為v時(shí)，坦克的牽引力做功為FsB．坦克的最大速度C．坦克速度為v時(shí)加速度為D．坦克從靜止開始達(dá)到最大速度vm所用時(shí)間【答案】BC【解析】因?yàn)樵谶\(yùn)動的過程中，功率不變，速度增大，則牽引力減小，知牽引力不是恒力，不能通過求解牽引力做功的大小，所以牽引力做功不等于，因?yàn)楣β什蛔?，知牽引力做功．故A錯(cuò)誤．當(dāng)牽引力與阻力相等時(shí)，速度最大，根據(jù)知，最大速度．故B正確．當(dāng)坦克的速度為v時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得，故C正確．根據(jù)動能定理得，，則．故D錯(cuò)誤．分卷II三、實(shí)驗(yàn)題(共2小題,每小題10.0分,共20分)9.某實(shí)驗(yàn)小組探究彈簧的勁度系數(shù)k與其長度（圈數(shù)）的關(guān)系；實(shí)驗(yàn)裝置如圖（a）所示：一均勻長彈簧豎直懸掛，7個(gè)指針P0，P1，P2，P3，P4，P5，P6分別固定在彈簧上距懸點(diǎn)0，10，20，10，40，50，60圈處；通過旁邊豎直放置的刻度尺，可以讀出指針的位置，P0指向0刻度；設(shè)彈簧下端未掛重物時(shí)，各指針的位置記為x0；掛有質(zhì)量為0.100kg砝碼時(shí)，各指針的位置記為x；測量結(jié)果及部分計(jì)算結(jié)果如下表所示（n為彈簧的圈數(shù)，取重力加速度為9.80m/s2）.已知實(shí)驗(yàn)所用彈簧的總?cè)?shù)為60，整個(gè)彈簧的自由長度為11.88cm.（1）將表中數(shù)據(jù)補(bǔ)充完整：①，②；（2）以n為橫坐標(biāo)，1/k為縱坐標(biāo)，在圖（b）給出的坐標(biāo)紙上畫出1/kn圖像；（3）圖（b）中畫出的直線可以近似認(rèn)為通過原點(diǎn)；若從實(shí)驗(yàn)中所用的彈簧截取圈數(shù)為n的一段彈簧，該彈簧的勁度系數(shù)k與其圈數(shù)n的關(guān)系的表達(dá)式為k=③N/m；該彈簧的勁度系數(shù)k與其自由長度l0(單位為m)的表達(dá)式為k=④N/m.【答案】（1）①81.7②0.0122（2）如圖所示（3）③(N/m)(在之間均可)④(在之間均可)【解析】（1）N/m=81.7N/m，故m/N=0.0122m/N（2）如圖所示（3）由圖線可得其斜率為：故直線滿足即(N/m)(在之間均可)由于60匝彈簧總長度為11.88cm；則n匝彈簧的為l0滿足，代入得：(在之間均可)12.如圖所示，A，B，C，D為物體做平拋運(yùn)動過程中依次通過的四個(gè)點(diǎn)，通過某種方法把四個(gè)點(diǎn)記錄在了圖紙上，圖中的網(wǎng)格區(qū)域是由許多個(gè)正方形小方框構(gòu)成（實(shí)驗(yàn)時(shí)，紙張豎直放置．網(wǎng)格豎直線和重垂線平行），每個(gè)正方形小方框的邊長均為L=5cm．由于保存不當(dāng)，紙張被污染了，導(dǎo)致C點(diǎn)的位置無法確定．現(xiàn)在想要用該實(shí)驗(yàn)圖紙來研究平拋運(yùn)動，（）請回答以下問題：（1）判斷A點(diǎn)是否為平拋的起始點(diǎn)(填“是”或“不是”)（2）從A運(yùn)動到B所用的時(shí)間為s（3）該平拋運(yùn)動的初速度為m/s【答案】（1）不是（2）0.1s（3）2m/s【解析】(1)根據(jù)圖象可知,,,可假設(shè)C點(diǎn)也為離B，D兩點(diǎn)的水平距離為4L的點(diǎn)，即,根據(jù)平拋的水平運(yùn)動是勻速直線運(yùn)動,故A，B，C，D為連續(xù)相等時(shí)間的四個(gè)點(diǎn).由平拋豎直方向的自由落體運(yùn)動規(guī)律，若A點(diǎn)是拋出點(diǎn)，應(yīng)滿足，而實(shí)際，，,故A點(diǎn)不是拋出點(diǎn).（2）由勻變速直線的判別式在豎直方向上，，故從A運(yùn)動到B所用的時(shí)間為0.1s.(3)小球平拋運(yùn)動的初速度.四、計(jì)算題11.如圖所示，滑塊A，B的質(zhì)量分別為，由輕質(zhì)彈簧相連，置于光滑水平面上，把兩滑塊拉近，使彈簧處于壓縮狀態(tài)后用一輕繩綁緊，兩滑塊一起以恒定的速率v0向右滑動。若突然斷開輕繩，當(dāng)彈簧第一次恢復(fù)原長時(shí)，滑塊A的動能變?yōu)樵瓉淼?，求彈簧第一次恢?fù)到原長時(shí)B的速度?！敬鸢浮俊窘馕觥吭O(shè)彈簧恢復(fù)原長時(shí)，的速度分別為，，則由題意知：；因此；由動量守恒定律知：，得：；12.“電子能量分析器”主要由處于真空中的電子偏轉(zhuǎn)器和探測板組成．偏轉(zhuǎn)器是由兩個(gè)相互絕緣，半徑分別為RA和RB的同心金屬半球面A和B構(gòu)成，A，B為電勢值不等的等勢面，其過球心的截面如圖12所示．一束電荷量為e，質(zhì)量為m的電子以不同的動能從偏轉(zhuǎn)器左端M板正中間小孔垂直入射，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場區(qū)域，最后到達(dá)偏轉(zhuǎn)器右端的探測板N，其中動能為Ek0的電子沿等勢面C做勻速圓周運(yùn)動到達(dá)N板的正中間．忽略電場的邊緣效應(yīng)．(1)判斷半球面A，B的電勢高低，并說明理由；(2)求等勢面C所在處電場強(qiáng)度E的大?。?3)若半球面A，B和等勢面C的電勢分別為φA，φB和φC，則到達(dá)N板左，右邊緣處的電子，經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場前，后的動能改變量ΔEk左和ΔEk右分別為多少？(4)比較|ΔEk左|與|ΔEk右|的大小，并說明理由．【答案】（1）半球面B的電勢高于A.（2）E＝＝（3）ΔEk左＝e(φB－φC)ΔEk右＝e(φA－φC)（4）|ΔEk左|＞|ΔEk右|.【解析】(1)電子(帶負(fù)電)做圓周運(yùn)動，電場力方向指向球心，電場方向從B指向A，半球面B的電勢高于A.(2)據(jù)題意，電子在電場力作用下做圓周運(yùn)動，考慮到圓軌道上的電場強(qiáng)度E大小相同，有：eE＝m，Ek0＝mv2，R＝聯(lián)立解得E＝＝.(3)電子運(yùn)動時(shí)只有電場力做功，根據(jù)動能定理，有ΔEk＝qU對到達(dá)N板左邊緣的電子，電場力做正功，動能增加，有ΔEk左＝e(φB－φC)對到達(dá)N板右邊緣的電子，電場力做負(fù)功，動能減小，有ΔEk右＝e(φA－φC)(4)根據(jù)電場線特點(diǎn)，等勢面B與C之間的電場強(qiáng)度大于C與A之間的電場強(qiáng)度，考慮到等勢面間距相等，有|φB－φC|＞|φA－φC|，即|ΔEk左|＞|ΔEk右|.選修【33】33.1(多選)我國已開展空氣中PM2.5濃度的監(jiān)測工作，PM2.5是指空氣中直徑小于2.5微米的懸浮顆粒物，可在顯微鏡下觀察到，它漂浮在空中做無規(guī)則運(yùn)動，很難自然沉降到地面，吸入后會進(jìn)入血液對人體形成危害，礦物燃料燃燒時(shí)廢棄物的排放是形成PM2.5的主要原因，下列關(guān)于PM2.5的說法中正確的是()A．PM2.5在空氣中的運(yùn)動屬于分子熱運(yùn)動B．溫度越高，PM2.5的無規(guī)則運(yùn)動越劇烈C．PM2.5的質(zhì)量越小，其無規(guī)則運(yùn)動越劇烈D．由于周圍大量空氣分子對PM2.5碰撞的不平衡，使其在空中做無規(guī)則運(yùn)動【答案】BCD【解析】PM2.5是固體小顆粒，不是分子，故A錯(cuò)誤；溫度越高，PM2.5的無規(guī)則運(yùn)動越劇烈，故B正確；PM2.5的質(zhì)量越小，其無規(guī)則運(yùn)動越劇烈，故C正確；由于周圍大量空氣分子對PM2.5碰撞的不平衡，使其在空中做無規(guī)則運(yùn)動，故D正確．2、如圖所示，均勻薄壁U形管豎直放置，左管上端封閉，右管上端開口且足夠長，用兩段水銀封閉了A、B兩部分理想氣體，下方水銀的左右液面高度相差ΔL＝10cm，右管上方的水銀柱高h(yuǎn)＝14cm，初狀態(tài)環(huán)境溫度為27℃，A部分氣體長度l1＝30cm，外界大氣壓強(qiáng)p0＝76cmHg.現(xiàn)保持溫度不變，在右管中緩慢注入水銀，使下方水銀左右液面等高，然后給A部分氣體緩慢升溫，使A部分氣體長度回到30cm.求：(1)右管中注入的水銀高度是多少？(2)升溫后的溫度是多少？【答案】(1)30cm(2)117℃【解析】(1)設(shè)右管中注入的水銀高度是Δh，對A部分氣體分析，其做等溫變化，根據(jù)玻意耳定律有p1V1＝p2V2p1＝p0＋14cmHg＋10cmHg，p2＝p0＋14cmHg＋ΔhV1＝l1S，V2＝(l1－ΔL)S代入數(shù)據(jù)解得再加入的水銀高Δh＝30cm.(2)設(shè)升溫前溫度為T0，升溫后溫度為T，緩慢升溫過程中，對A部分氣體分析，升溫前V2＝(l1－ΔL)S，p2＝p0＋14cmHg＋Δh升溫結(jié)束后V3＝l1S，p3＝p0＋14cmHg＋Δh＋ΔL由理想氣體狀態(tài)方程得＝T0＝300K解得T＝390K則升溫后的溫度為t＝117℃.選修【