2025年中圖版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、研究光電效應(yīng)現(xiàn)象的實驗裝置如圖（a）所示，用光強相同的黃光和藍光照射光電管陰極K時，測得相應(yīng)的遏止電壓分別為U1和U2，產(chǎn)生的光電流I隨光電管兩端電壓U的變化規(guī)律如圖（b）所示。已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為－e，黃光和藍光的頻率分別為v1和v2，且v1<v2。則下列判斷正確的是（）

A.U1>U2B.圖(b)中的乙線是對應(yīng)黃光照射C.根據(jù)題述條件無法算出陰極K金屬的極限頻率D.用藍光照射時，光電子的最大初動能為eU22、關(guān)于電源電動勢，下列說法正確的是()A.電源電動勢就是接在電源兩極間的電壓表的示數(shù).B.同一電源接入不同的電路，電動勢就會發(fā)生改變C.電源的電動勢是表示電源把其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量.D.電源電動勢與外電路有關(guān).3、如圖所示，半徑為的虛線圓上有一弦AB，弦長為C為弦AB的垂直平分線與圓右側(cè)的交點，現(xiàn)給ABC三點放置三個長度均為方向與紙面垂直的直線電流，電流的大小相等，AB方向相同，B與C相反．已知直線電流在周圍產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強度的表達式為其中為常數(shù)，為電流，為空間某點到直線電流的距離．若A對B的磁場力大小為則（）

A.B對C的磁場力大小為B.A對C的磁場力大小為C.C所受到的磁場力大小為D.C所受到的磁場力大小為4、如圖為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉(zhuǎn)動．磁場的磁感應(yīng)強度B=×10-2T，線圈的面積s=0.02m2，匝數(shù)N=400匝，線圈總電阻r=2Ω，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)和電刷與電阻R=8Ω連接，與電阻R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表，線圈的轉(zhuǎn)速n=r/s．在t＝0時刻，線圈平面與磁場方向平行，則下列說法正確的是

A.交流發(fā)電機產(chǎn)生電動勢隨時間的變化關(guān)系是e=8sin100t(V)B.交流電壓表的示數(shù)為8VC.從t＝0時刻開始線圈平面轉(zhuǎn)過30o的過程中，通過電阻的電量約為5.6×10-3CD.電阻R上的熱功率為6.4W5、2003年全世界物理學(xué)家評選出“十大最美物理實驗”，排名第一的為1961年物理學(xué)家利用“托馬斯·楊”雙縫干涉實驗裝置，進行電子干涉的實驗．從輻射源輻射出的電子束經(jīng)兩靠近的狹縫后在顯微鏡的熒光屏上出現(xiàn)干涉條紋，該實驗說明（）

A.光具有波動性B.光具有波粒二象性C.微觀粒子也具有波動性D.微觀粒子也是一種電磁波6、應(yīng)用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象，或是解釋一些小游戲中的物理原理，可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入．甲、乙兩同學(xué)做了如下的一個小游戲，如圖所示，用一象棋子壓著一紙條，放在水平桌面上接近邊緣處．第一次甲同學(xué)慢拉紙條將紙條抽出，棋子掉落在地上的P點．第二次將棋子、紙條放回原來的位置，乙同學(xué)快拉紙條將紙條抽出，棋子掉落在地上的N點．兩次現(xiàn)象相比。

A.第二次棋子的慣性更大B.第二次棋子受到紙帶的摩擦力更小C.第二次棋子受到紙帶的沖量更小D.第二次棋子離開桌面時的動量更大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖所示為遠距離交流輸電的簡化電路圖，發(fā)電廠的輸出電壓是U，用等效總電阻是r的兩條輸電線輸電，輸電線路中的電流是I1，其末端間的電壓為U1．在輸電線與用戶間連有一理想變壓器，流入用戶端的電流為I2．則

A.用戶端的電壓為B.輸電線上的電壓降為U–U1C.理想變壓器的輸入功率為I12rD.輸電線路上損失的電功率為I12r8、如圖所示，有一臺交流發(fā)電機E，通過理想升壓變壓器和理想降壓變壓器向遠處用戶供電，輸電線的總電阻為的輸入電壓和輸入功率分別為和它的輸出電壓和輸出功率分別為和的輸入電壓和輸入功率分別為和它的輸出電壓和輸出功率分別為和設(shè)的輸入電壓一定，當用戶消耗的電功率變大時，有

A.不變，變小B.減小，變大C.變大，變大D.不變，變小9、一列簡諧橫波沿x軸傳播,t=0時的波形如圖所示,質(zhì)點A與質(zhì)點B相距2m,質(zhì)點A的速度沿y軸正方向:t=0.01s時,質(zhì)點A第一次到達正向最大位移處,由此可知；

A.此波的傳播速度為100m/sB.此波沿x軸負方向傳播C.此波沿x軸正方同傳播E.在t=0.02s時,質(zhì)點B處在平衡位置,速度沿y軸正方向E.在t=0.02s時,質(zhì)點B處在平衡位置,速度沿y軸正方向10、頻率不同的的兩束單色光1和2以相同的入射角從同一點射入一厚玻璃板后；其光路如圖所示，下列說法正確的是()

A.單色光1的頻率大于單色光2的頻率B.在玻璃中單色光1的傳播速度大于單色光2的傳播速度C.可能單色光1是紅光，單色光2是藍光E.若讓兩束光從同種玻璃射向空氣，單色光1從玻璃到空氣的全反射臨界角小于單色光2從玻璃到空氣的全反射臨界角E.若讓兩束光從同種玻璃射向空氣，單色光1從玻璃到空氣的全反射臨界角小于單色光2從玻璃到空氣的全反射臨界角11、如圖所示；彈簧的一端固定在豎直墻上，質(zhì)量為m的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接，一個質(zhì)量也為m的小球從槽高h處由靜止開始自由下滑（）

A.在下滑過程中，小球和槽之間的相互作用力對槽不做功B.在下滑過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒C.被彈簧反彈后，小球和槽都做速率不變的直線運動D.被彈簧反彈后，小球能回到槽高h處12、在某一空間同時存在相互正交的勻強電場和勻強磁場，勻強電場的方向豎直向上，磁場方向如圖．某帶電液滴在此復(fù)合場中恰好能在豎直平面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運動，則下列說法正確的是()

A.液滴重力與電場力平衡，洛侖茲力提供向心力B.液滴重力與洛侖茲力平衡，電場力提供向心力C.液滴一定帶正電，且沿逆時針方向運動D.若運動過程中，液滴與另一個靜止、完全相同的液滴結(jié)為一個大液滴，該液滴會繼續(xù)做圓周運動，且運動半徑大小13、質(zhì)量分別為m1與m2的甲、乙兩球在水平光滑軌道上同向運動，已知它們的動量分別是p1=5kg·m/s，p2=7kg·m/s，甲從后面追上乙并發(fā)生碰撞，碰后乙球的動量變?yōu)?kg·m/s，則甲、乙兩球質(zhì)量m1與m2間的關(guān)系可能是()A.m1=m2B.3m1=2m2C.9m1=5m2D.2m1=m214、對于鈉和鈣兩種金屬，其遏止電壓與入射光頻率v的關(guān)系如圖所示．用h、e分別表示普朗克常量和電子電荷量，則（）

A.鈉的逸出功小于鈣的逸出功B.圖中直線的斜率為C.在得到這兩條直線時，必須保證入射光的光強相同D.若這兩種金屬產(chǎn)生的光電子具有相同的最大初動能，則照射到鈉的光頻率較高評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示，一橫截面為半圓柱形的玻璃磚，圓心為O，半徑為R．某一單色光垂直于直徑方向從A點射入玻璃磚，折射光線經(jīng)過P點，OP與單色光的入射方向平行，且A到O的距離為P到O的距離為則玻璃磚對單色光的折射率為_________．

16、A、B、C、D、E、F分別是正六邊形的六個頂點，各頂點到正六邊形中心O的距離為a，現(xiàn)只在F處放一電量為-Q的點電荷，則中心O處的電場強度的大小為____；若再在A、B、C、D、E處各放一電量為+Q的點電荷，則中心O處的電場強度的大小變?yōu)開___。

17、熱平衡：兩個相互接觸的熱力學(xué)系統(tǒng)，經(jīng)過一段時間，各自的狀態(tài)參量_______，說明兩個系統(tǒng)達到了平衡，這種平衡叫作熱平衡。18、如圖為一定質(zhì)量的理想氣體的體積與熱力學(xué)溫度的關(guān)系圖像，該氣體的狀態(tài)經(jīng)歷的變化過程。氣體狀態(tài)由過程中，氣體壓強________（選填“增大”“不變”或“減小”）；若整個過程中氣體放出的熱量為則整個過程外界對氣體所做的功為________。

19、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生如圖所示的狀態(tài)變化，從狀態(tài)A到狀態(tài)B，在相同時間內(nèi)撞在單位面積上的分子數(shù)_______（選填“增大”、“不變”或“減小”），從狀態(tài)A經(jīng)B、C再回到狀態(tài)A，氣體吸收的熱量_______放出的熱量（選填“大于”；“小于”或“等于”）。

20、100年前，盧瑟福用α粒子轟擊氮核打出了質(zhì)子．后來，人們用α粒子轟擊核也打出了質(zhì)子：該反應(yīng)中的X是______（選填“電子”“正電子”或“中子”）．此后，對原子核反應(yīng)的持續(xù)研究為核能利用提供了可能．目前人類獲得核能的主要方式是_______（選填“核衰變”“核裂變”或“核聚變”）．評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)24、在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L；直徑d和電阻R

（1）用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖甲，則金屬絲的直徑為_____mm．

（2）若用圖乙測金屬絲的電阻，則測量結(jié)果將比真實值_____．（選填“偏大”或“偏小”）

（3）用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數(shù)如圖丙、丁，則電壓表的讀數(shù)為_____V，電流表的讀數(shù)為_____A．25、利用如圖甲所示電路可以測量電源的電動勢和內(nèi)阻；所用的實驗器材有：

待測電源，電阻箱R（最大阻值為99.99），定值電阻R0（阻值為2.0），定值電阻R1（阻值為4.5k），電流表A（量程為300內(nèi)阻RA=500），開關(guān)S；導(dǎo)線若干.

主要實驗步驟如下：

a.將電阻箱阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)S；

b.多次調(diào)節(jié)電阻箱，記下電流表的示數(shù)I和電阻箱相應(yīng)的阻值R；

c.以為縱坐標，為橫坐標，作圖線（用直線擬合）

回答下列問題：

（1）分別用E和r表示電源的電動勢和內(nèi)阻，則與的關(guān)系式為______________.

（2）實驗得到的數(shù)據(jù)如下表所示，其中電阻R=8.00時電流表的示數(shù)如圖乙所示，讀出數(shù)據(jù)，完成下表.答：①_______________，②________________.（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。R（）4.005.006.008.0010.0012.0016.0025020016712510083.362.5133150164①20021222975.266.761.0②50.047.243.7

（3）在坐標紙上將所缺數(shù)據(jù)點補充完整并作圖__________，根據(jù)圖線求得電源電動勢E=__________V，內(nèi)阻r=__________（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）26、利用如圖甲所示電路，測量一個量程為的電壓表的內(nèi)阻。

（1）按圖甲所示電路，用鉛筆畫線代替導(dǎo)線將圖乙中的實物連接___________。

（2）實驗步驟如下；并填寫步驟一；二中的相關(guān)內(nèi)容。

第一步：將滑動變阻器的滑動觸頭調(diào)到___________端（填a或b），再將電阻箱的阻值調(diào)到___________（填“零”或“最大”）；然后閉合開關(guān)S；

第二步：___________（填寫該步驟）；

第三步：保持滑動變阻器滑動端不動，僅調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，使電壓表的示數(shù)為讀出此時電阻箱的阻值；

第四步；斷開開關(guān)S。

（3）若在第三步中讀出的則這該電壓表的內(nèi)阻為___________使用這種方法測出的電壓表的內(nèi)阻與真實值相比___________（填“偏大”或“偏小”）27、某同學(xué)欲將量程為200μA的電流表G改裝成電壓表

①該同學(xué)首先采用如圖所示的實驗電路測量該電流表的內(nèi)阻Rg，圖中R1、R2為電阻箱．他按電路圖連接好電路，將R1的阻值調(diào)到最大，斷開開關(guān)S2，閉合開關(guān)S1后，調(diào)節(jié)R1的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度，接下來他應(yīng)該正確操作的步驟是________(選填下列步驟前的字母代號)，最后記下R2的阻值；

A．閉合S2，調(diào)節(jié)R1和R2的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半

B．閉合S2，保持R1不變，調(diào)節(jié)R2的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半

②如果按正確操作步驟測得R2的阻值為120Ω，則認為Rg的阻值大小為_____(選填字母代號)；

A.60ΩB.120ΩC.240ΩD.360ΩB.120ΩC.240ΩD.360Ω

③R如果該同學(xué)在調(diào)節(jié)1R使電流表滿偏過程中，發(fā)現(xiàn)電流表指針滿偏時，1______的接入阻值不到其總阻值的二分之一．為了減小實驗誤差，該同學(xué)可以采取下列措施中的(選填字母代號

A．將R2換成一個最大阻值更大的電阻箱。

B．將R1換成一個最大阻值為現(xiàn)在二分之一的電阻箱。

C．將電源換成一個電動勢為現(xiàn)在電源兩倍；內(nèi)阻可以忽略的電源。

D．將電源換成一個電動勢為現(xiàn)在電源二分之一；內(nèi)阻可以忽略的電源。

)；④_______利用上述方法測量出的電流表內(nèi)阻值（選填“大于”或“小于”）該電流表內(nèi)阻的真實值

．⑤依據(jù)以上的測量數(shù)據(jù)可知，若把該電流表改裝成量程為3V___的電壓表，需與該表（選填“串”或“并”__________）聯(lián)一個阻值為Ω的定值電阻．評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)28、間距為的平行金屬導(dǎo)軌由傾斜和水平導(dǎo)軌平滑連接而成，導(dǎo)軌上端通過開關(guān)S連接一電容為C的電容器，如圖所示．傾角為的導(dǎo)軌處于大小為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場區(qū)間Ⅰ中，在水平導(dǎo)軌無磁場區(qū)靜止放置金屬桿cd，在桿右側(cè)存在大小也為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場區(qū)間II，區(qū)間長度足夠長．當S斷開時，金屬桿ab從傾斜導(dǎo)軌上端釋放進入磁場區(qū)間I達到勻速后進入水平軌道，在無磁場區(qū)與桿cd碰撞，桿ab與cd粘合成并聯(lián)雙桿（未產(chǎn)生形變），并滑進磁場區(qū)間II，同時開關(guān)S接通（S接通前電容器不帶電）．在運動過程中，桿ab、cd以及并聯(lián)雙桿始終與導(dǎo)軌接觸良好，且與導(dǎo)軌垂直．已知桿ab和cd質(zhì)量均為m；電阻均為R，不計導(dǎo)軌電阻和阻力，忽略磁場邊界效應(yīng)，求：

（1）桿ab在傾斜導(dǎo)軌上達到勻速運動時的速度

（2）桿碰撞后粘合為并聯(lián)雙桿時的運動速度

（3）并聯(lián)雙桿進入磁場區(qū)間II后最終達到穩(wěn)定運動的速度．29、如圖甲所示為氣壓式升降椅，其簡化原理圖如圖乙所示，可上下自由移動的圓柱形氣缸（導(dǎo)熱性能良好）與椅面固定連接，兩者的質(zhì)量之和橫截面積的柱狀氣動桿與底座固定連接。圓柱形氣缸與柱狀氣動桿間封閉有一定質(zhì)量的氮氣，穩(wěn)定后測得封閉氣柱長度當質(zhì)量的人靜坐在椅面上（手腳未接觸其它物體），穩(wěn)定后封閉氣柱長度為已知大氣壓強初始環(huán)境溫度重力加速度所有摩擦均可忽略不計，氣缸內(nèi)氣體可視為理想氣體。求：

（1）的大小；

（2）若要質(zhì)量的人靜坐在椅面上，穩(wěn)定后封閉氣柱長度為外界環(huán)境溫度需要達到多少攝氏度。（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字，其中）

30、如圖所示，在足夠長且內(nèi)壁光滑的細玻璃管中用長為10cm的水銀密封一段空氣柱（可視為理想氣體），當玻璃管分別豎直開口向下和向上放置時，空氣柱長度之和為24cm。已知大氣壓強為p0=75cmHg，室溫恒為玻璃管導(dǎo)熱良好。玻璃管豎直開口向上放置時：

（1）求此時空氣柱的長度；

（2）對玻璃管緩慢加熱；當空氣柱長度與開口向下放置時相同，求此時氣體的溫度（結(jié)果保留1位小數(shù)）。

31、研究太空宇宙射線的粒子組成時，要在探測衛(wèi)星上安裝“太空粒子探測器”和質(zhì)譜儀．“太空粒子探測器”由加速裝置、偏轉(zhuǎn)裝置和收集裝置三部分組成，其原理可簡化為圖甲所示．輻射狀的加速電場區(qū)域邊界為兩個同心圓，圓心為O，外圓的半徑為R1，電勢為φ1，內(nèi)圓的半徑R2=電勢為2．內(nèi)圓內(nèi)有方向垂直紙面向里的磁感應(yīng)強度為B1的勻強磁場，收集薄板MN與內(nèi)圓的一條直徑重合，收集薄板兩端M、N與內(nèi)圓間存在狹縫．假設(shè)太空中漂浮著質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，它們能均勻地吸附到外圓面上，并被加速電場從靜止開始加速，粒子進入磁場后，發(fā)生偏轉(zhuǎn)，最后打在收集薄板MN上并被吸收（收集薄板兩面均能吸收粒子；兩端不吸收粒子），不考慮粒子間的相互作用．

（1）求粒子剛到達內(nèi)圓時速度的大小．

（2）以收集薄板MN所在的直線為橫軸建立如圖甲所示的平面直角坐標系．分析外圓哪些位置的粒子將在電場和磁場中做周期性運動，求出這些粒子運動的一個周期內(nèi)在磁場中運動的時間．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)光電效應(yīng)方程則有

在光電管中，遏止電壓滿足

聯(lián)立方程有

因為

所以對于同一光電管和金屬

藍光對應(yīng)的遏止電壓大，則圖（b）中的乙線是對應(yīng)藍光照射；A正確，B錯誤；

C．極限頻率滿足

則

聯(lián)立兩式解得

C錯誤；

D．用黃光照射時，光電子的最大初動能為D錯誤。

故選A。2、C【分析】【分析】

電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動勢．電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強弱；與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)，電源的電動勢在數(shù)值上等于內(nèi)；外電壓之和；

【詳解】

A；電壓表是有內(nèi)阻的；跟電源連接后構(gòu)成一個通路，測量的是電壓表內(nèi)阻的電壓，所以電壓表測得的電源兩極間電壓值略小于電動勢，故A錯誤；

B；電動勢反映本身的特性；與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)，故BD錯誤；

C；電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強弱；電動勢越大，本領(lǐng)越大，故C正確。

【點睛】

本題考查對于電源的電動勢的理解能力，電動勢是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小，與外電路無關(guān)。3、C【分析】【詳解】

設(shè)A；B的電流方向垂直紙面向里；C的電流方向垂直紙面向外，連接AC、AB，過C作AB的垂線CD，如圖所示：

由幾何關(guān)系可知，即是一個等邊三角形，根據(jù)磁感應(yīng)強度的表達式可知，三根導(dǎo)線的電流大小相等，若A對B的磁場力大小為則A對C的磁場力大小也為B對A的磁場力大小也為B對C的磁場力大小也為故AB錯誤；對C受力分析如圖所示：

由力的合成法得：C正確，D錯誤；選C.

【點睛】三根導(dǎo)線通過的電流大小相等，距離相等，故三根導(dǎo)線之間的互相作用力都相等；對C受力分析，根據(jù)力的合成法求出C所受的合力.4、C【分析】【詳解】

磁場的磁感應(yīng)強度B=×10-2T，線圈的面積s=0.02m2，匝數(shù)n=400，線圈總電阻r=2.0Ω，線圈的轉(zhuǎn)速n0=r/s．所以ω=100rad/s，最大值為：Em=nBSω=8V，則瞬時值為e=8cos100tV，故A錯誤；交流電壓表顯示的是路端電壓有效值，示數(shù)為=6.4V，故B錯誤；從t=0時刻開始轉(zhuǎn)過30°的過程中，通過電阻的電量為：故C正確；電阻R上的熱功率為：P=I2R=()2R=5.12W；故D錯誤；故選C．

【點睛】

本題考查了交流電的峰值和有效值、周期和頻率的關(guān)系，記住，求電量用電動勢的平均值，求熱量用有效值．5、C【分析】【詳解】

考點：用雙縫干涉測光的波長．

專題：實驗題．

分析：干涉是波所特有的現(xiàn)象；電子的雙縫干涉說明微觀粒子具有波動性．

解答：解：電子的雙縫干涉說明微觀粒子具有波動性；因為干涉是波所特有的現(xiàn)象．故C正確，A；B、D錯誤．

故選C．

點評：解決本題的關(guān)鍵知道干涉是波所特有的現(xiàn)象．以及知道電子的雙縫干涉說明微觀粒子具有波動性．6、C【分析】兩次拉動中棋子的質(zhì)量沒變，故其慣性不變，A錯誤；由于正壓力不變；故紙帶對棋子的摩擦力沒變，B錯誤；由于快拉時作用時間變短，故摩擦力對棋子的沖量變小了，C正確；由動量定理可知，合外力的沖量減小，則棋子離開桌面時的動量變小，D錯誤；二、多選題(共8題，共16分)7、A:B:D【分析】【分析】

理想變壓器的輸入功率由輸出功率決定；輸出電壓有輸入電壓決定；明確遠距離輸電過程中的功率；電壓的損失與哪些因素有關(guān)，明確整個過程中的功率、電壓關(guān)系．理想變壓器電壓和匝數(shù)關(guān)系．

【詳解】

理想變壓器的輸入功率由輸出功率決定，輸出電壓有輸入電壓決定；明確遠距離輸電過程中的功率、電壓的損失與哪些因素有關(guān)，明確整個過程中的功率、電壓關(guān)系．理想變壓器電壓和匝數(shù)關(guān)系．由于輸電線與用戶間連有一理想變壓器，設(shè)用戶端的電壓是則得A正確；輸電線上的電壓降為B正確；輸入功率C錯誤；損失的功率D正確；

故選ABD．

【點睛】

對于遠距離輸電問題，一定要明確整個過程中的功率、電壓關(guān)系，尤其注意導(dǎo)線上損失的電壓和功率與哪些因素有關(guān)．8、A:C【分析】【詳解】

當用戶消耗的電功率變大時，變大，根據(jù)變壓器原理可知，變大，而輸入電壓一定，則不變，所以變大，變大，輸電線上電流變大，導(dǎo)線上損失電壓變大，所以變小，則變小，AC正確BD錯誤。9、A:B:E【分析】【詳解】

A、由題可知則波速故選項A正確；

BC；A點速度沿y軸正方向；則波沿x軸負方向傳播，故選項B正確，C錯誤；

D；簡諧橫波沿x軸傳播；質(zhì)點A沿波傳播方向并不遷移，故選項D錯誤；

E、在時，質(zhì)點B處在平衡位置，速度沿y軸正方向，故選項E正確；10、A:D:E【分析】【詳解】

A.因為光線1的偏折程度大于光線2的偏折程度；所以單色光1的折射率大于單色光2的折射率，單色光1的頻率大于單色光2的頻率，故A正確；

B.由v＝知；在玻璃中單色光1的傳播速度小于單色光2的傳播速度，故B錯誤；

C.因為紅光的折射率小于藍光；故C錯誤；

D.從空氣射向玻璃板的單色光一定能從玻璃中射出；故D正確；

E.臨界角sinC＝所以讓兩束光從同種玻璃射向空氣，單色光1的臨界角小，故E正確．11、B:C【分析】【詳解】

A項：在下滑過程中；槽要向左運動，小球和槽之間的相互作用力與槽的速度不垂直，所以對槽要做功，故A錯誤；

B項：小球在下滑過程中；小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向不受力，水平方向動量守恒，故B正確；

CD項：小球與槽組成的系統(tǒng)動量守恒，球與槽的質(zhì)量相等，小球沿槽下滑，球與槽分離后，小球與槽的速度大小相等，小球被反彈后球與槽的速度相等，小球不能滑到槽上，不能達到高度h處，因此都做勻速直線運動，C正確，D錯誤．12、A:C:D【分析】【詳解】

由于帶電液滴在此復(fù)合場中恰好能在豎直平面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運動，可知液滴重力與電場力平衡，洛侖茲力提供向心力，選項A正確，B錯誤；液滴受電場力向上，則一定帶正電，由左手定則可知，液滴且沿逆時針方向運動，選項C正確；若運動過程中，液滴與另一個靜止、完全相同的液滴結(jié)為一個大液滴，則由動量守恒：mv=2mv＇，因E?2q=2mg可知該液滴會繼續(xù)做圓周運動，且運動半徑大小選項D正確．13、C:D【分析】【詳解】

根據(jù)動量守恒定律得

解得

碰撞過程系統(tǒng)的總動能不增加，則有

代入數(shù)據(jù)解得

碰撞后甲的速度不大于乙的速度，則有

代入數(shù)據(jù)解得

綜上有

即

所以

可能；故CD正確，AB錯誤。

故選CD。14、A:B【分析】【詳解】

根據(jù)即則由圖像可知鈉的逸出功小于鈣的逸出功，選項A正確；圖中直線的斜率為選項B正確；在得到這兩條直線時，與入射光的強度無關(guān)，選項C錯誤；根據(jù)若這兩種金屬產(chǎn)生的光電子具有相同的最大初動能，則照射到鈉的光頻率較低，選項D錯誤．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

光路如圖所示：

根據(jù)幾何關(guān)系可得，光從半圓柱形玻璃磚射出時，入射角為300，折射角為600

根據(jù)光的折射定律：

即玻璃的折射率為【解析】【答題空1】16、略

【分析】【分析】

根據(jù)電場強度的疊加原理和點電荷場強公式求解。

【詳解】

[1]根據(jù)點電荷場強公式得：只在F處放一電量為-Q的點電荷，則中心O處的電場強度的大小

[2]若再在A、B、C、D、E處各放一電量為+Q的點電荷，根據(jù)電場強度的疊加原理得B和E的疊加后場強為零，A和D的疊加后場強為零，所以中心O處的電場強度的大小等于F和C的場強疊加，即

【點睛】

本題運用電場強度的疊加，及幾何圖形的對稱性來結(jié)合求解。【解析】17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】不再變化18、略

【分析】【詳解】

[1]氣體狀態(tài)由過程中

所以是等壓過程；氣體壓強不變。

[2]的整個過程氣體溫度不變，內(nèi)能不變，則

整個過程中氣體放出的熱量為由熱力學(xué)第一定律可知

解得整個過程外界對氣體所做的功為【解析】不變Q19、略

【分析】【詳解】

[1][2]理想氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B，壓強不變，體積變大，分子的密集程度減小，所以在相同時間內(nèi)撞在單位面積上的分子數(shù)減小，從狀態(tài)A經(jīng)B、C再回到狀態(tài)A，內(nèi)能不變，一個循環(huán)過程中，A到B氣體對外做的功

B到C過程中外界對氣體做功

C到A體積不變不做功，所以

根據(jù)

解得

即一個循環(huán)氣體吸熱2J，所以一個循環(huán)中氣體吸收的熱量大于放出的熱量?！窘馕觥竣?減?、?大于20、略

【分析】【詳解】

由質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒得：X應(yīng)為：即為中子，由于衰變是自發(fā)的，且周期與外界因素無關(guān)，核聚變目前還無法控制，所以目前獲得核能的主要方式是核裂變；【解析】中子核裂變四、作圖題(共3題，共12分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共40分)24、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)內(nèi)接的特點；結(jié)合歐姆定律以及串并聯(lián)電路的特點，即可分析出測量值與真實值之間的關(guān)系；

（2）先算出電表的分度值；若測量的最小分度為“1“時要估讀到下一位，若測量的最小分度為“2“或“5“時讀到本位即可．

【詳解】

（1）金屬絲的直徑為：0.5mm+0.01mm×19.8=0.698mm；

（2）電流表外接法測量電阻；由于電壓表分流的影響，故金屬絲電阻的測量結(jié)果將比真實值偏??；

（3）電壓表的分度值為0.1V；要估讀到下一位，故其讀數(shù)為2.60V；

電流表選擇的是0～0.6A量程；分度值為0.02A，故其讀數(shù)為0.52A.

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器和電表的讀數(shù)方法，螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．讀電表讀數(shù)時要注意計算電表的分度值，然后再確定是否估讀，若測量的最小分度為“1“時要估讀到下一位，若測量的最小分度為“2“或“5“時讀到本位即可．內(nèi)外接選擇的方法：大電阻選內(nèi)接測量結(jié)果偏大，小電阻選外界測量結(jié)果偏小，口訣：“大內(nèi)大，小外?。薄窘馕觥?.697（0.695﹣0.698）偏小2.60（2.59﹣2.61）0.5225、略

【分析】【詳解】

第一空.電流表A與電阻R1串聯(lián)等效為一個電壓表，通過該電壓表的電流很小，可忽略不計，當電流表示數(shù)為I時，干路的電流為根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)整理得

第二空.根據(jù)題圖乙可得電流表示數(shù)為185μA；

第三空.185μA的倒數(shù)為

第四空.圖像如圖；

第五空第六空.由圖象得圖線的斜率縱軸的截距由解得【解析】（1）（2）①185（183～187）②54.1（53.5～54.6）（3）圖見解析1.52（1.48～1.56）3.08（3.00～3.16）26、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據(jù)圖甲所示電路圖連接實物電路圖；實物電路圖如圖所示。

(2)[2][3]由圖示電路圖可知，滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路安全，閉合開關(guān)前應(yīng)將把滑動變阻器的滑片P滑到a端，再將電阻箱R0的阻值調(diào)到零；

[4]第二步；調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，使電壓表的示數(shù)為3.0V；

(3)[5]由串聯(lián)電路特點可知，電壓表與電阻箱阻值相等，即：電壓表內(nèi)阻

[6]把電阻箱接入電路時，電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流變小，路端電壓變大，分壓電路兩端電壓變大，當電壓表示數(shù)為1.5V時，電阻箱兩端電壓大于1.5V，即R0的分壓要大一些，故的實際值要小一些，實驗認為電壓表內(nèi)阻等于電阻箱阻值，由此可知，電壓表內(nèi)阻測量值大于真實值?！窘馕?/p>