2025年滬教版必修三物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬教版必修三物理下冊(cè)月考試卷776考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，一直流電動(dòng)機(jī)與阻值R=9Ω的電阻串聯(lián)在電路上，電源電動(dòng)勢(shì)E=30V，內(nèi)阻r=1Ω，用理想電壓表測(cè)出電動(dòng)機(jī)兩端電壓U=10V，已知電動(dòng)機(jī)線圈電阻Rm=1Ω，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為10AB.通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流小于10AC.電動(dòng)機(jī)的輸出功率大于16WD.電動(dòng)機(jī)的輸出功率小于16W2、氫原子的核外電子從距核較近的軌道躍遷到距核較遠(yuǎn)的軌道的過(guò)程中()A.原子要吸收光子,電子的動(dòng)能增大,原子的電勢(shì)能增大B.原子要放出光子,電子的動(dòng)能減小,原子的電勢(shì)能減小C.原子要吸收光子,電子的動(dòng)能增大,原子的電勢(shì)能減小D.原子要吸收光子,電子的動(dòng)能減小,原子的電勢(shì)能增大3、如圖為電容式話筒的原理圖，為電源，為電阻；薄片P和Q為電容器兩金屬極板，人對(duì)著P說(shuō)話，P振動(dòng)而Q不動(dòng)，在P；Q間距離減小的過(guò)程中（）

A.電容器的電容變小B.通過(guò)的電流為零C.Q極板的帶電量變大D.中有從M流向N的電流4、下列關(guān)于甲；乙、丙、丁四幅圖的說(shuō)法；正確的是（）

A.圖甲中，當(dāng)兩導(dǎo)體棒以相同的速度在導(dǎo)軌上勻速向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒中能產(chǎn)生感應(yīng)電流B.圖乙中，當(dāng)導(dǎo)體棒在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以恒定的角速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒中能產(chǎn)生感應(yīng)電流C.圖丙中，當(dāng)閉合圓環(huán)導(dǎo)體（水平放置）某一直徑正上方的直導(dǎo)線中通有直電流時(shí)，閉合圓環(huán)導(dǎo)體中能產(chǎn)生感應(yīng)電流D.圖丁中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)時(shí)，不閉合的導(dǎo)體環(huán)中能產(chǎn)生感應(yīng)電流5、如圖所示，PQ為等量異種點(diǎn)電荷A、B連線的中垂線，C為中垂線上的點(diǎn)，M、N分別為AC、BC的中點(diǎn)；若取無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，則下列判斷正確的是（）

A.M、N兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同B.M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相同C.負(fù)電荷由M點(diǎn)移到C處，電場(chǎng)力做負(fù)功D.負(fù)電荷由無(wú)窮遠(yuǎn)處移到N點(diǎn)時(shí)，電勢(shì)能一定減少評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、在如圖所示的電路中，電表均為理想電表，閉合開關(guān)S，在將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下移動(dòng)的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的是()

A.電壓表和電流表的示數(shù)都增大B.電源的總功率變大C.燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小D.燈L2變亮，電容器的帶電量增加7、在如圖所示的電路中，R1、R2、R3和R4皆為定值電阻，R5為可變電阻，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，設(shè)電流表A1的讀數(shù)為I1，電流表A2的讀數(shù)為I2，電壓表V1的示數(shù)為U1，電壓表V2的讀數(shù)為U2，當(dāng)R5的滑動(dòng)觸點(diǎn)向a端移動(dòng)過(guò)程中，電流表A1的讀數(shù)變化量大小為ΔI1，電流表A2的讀數(shù)變化量大小ΔI2，電壓表V1的讀數(shù)變化量大小為ΔU1，電壓表V2的讀數(shù)變化量大小為ΔU2；則。

A.I1變大、ΔU1>ΔU2，不變B.I1變大、ΔU1<ΔU2，不變C.I1變大,I2變小，不變D.U1變小,U2變小,不變8、真空中相距為3a的兩個(gè)點(diǎn)電荷M、N,分別固定于x軸上和的兩點(diǎn)上,在它們連線上各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)E隨x變化關(guān)系如圖所示,以下判斷正確的是。

A.處的電勢(shì)一定為零B.點(diǎn)電荷M、N一定為同種電荷C.在兩點(diǎn)電荷之間沿x軸正向電勢(shì)降低D.點(diǎn)電荷M、N所帶電荷量的絕對(duì)值之比為4：19、在如圖所示的電路中，各電表均為理想電表，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動(dòng)變阻器。平行板電容器中帶電微粒P處于靜止?fàn)顟B(tài)。當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片向a端移動(dòng)時(shí)；則（）

A.電流表讀數(shù)減小，V1的示數(shù)減小B.微粒P將向下運(yùn)動(dòng)C.V2示數(shù)變大D.電容器所帶的電荷量增加10、如圖所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m且電荷量為q的帶電小球，用一絕緣輕質(zhì)細(xì)繩懸掛于O點(diǎn)，繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，現(xiàn)加一水平向右的足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=小球初始位置在最低點(diǎn)，若給小球一個(gè)水平向右的初速度，使小球能夠在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，忽略空氣阻力，重力加速度為g。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒B.小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能不守恒C.小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程的最小速度為D.小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程的最大速度至少為11、兩個(gè)完全相同的金屬小球（可視為點(diǎn)電荷），帶電量分別為+Q和+5Q，相距為r，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.在它們連線的中點(diǎn)上，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為B.在它們連線的中點(diǎn)上，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為C.若兩者相互接觸后再放回原來(lái)的位置上，則它們間的庫(kù)侖力為原來(lái)的1.8倍D.若兩者相互接觸后再放回原來(lái)的位置上，則它們間的庫(kù)侖力為原來(lái)的0.8倍12、一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能隨位移x變化關(guān)系如圖所示，其中段是關(guān)于直線對(duì)稱的直線，段是曲線；則下列說(shuō)法正確的是（）

A.處電場(chǎng)強(qiáng)度最小B.在O、處電勢(shì)的關(guān)系為C.段帶電粒子做勻變速直線運(yùn)動(dòng)D.段電場(chǎng)強(qiáng)度方向不變，大小不變，段的電場(chǎng)強(qiáng)度大小減小、方向均不變13、四個(gè)電荷量大小相等的點(diǎn)電荷位于邊長(zhǎng)為a的正方形四個(gè)角上，兩組對(duì)邊的中垂線分別在x、y軸上，交點(diǎn)為原點(diǎn)O，各電荷電性如圖所示，P、Q分別為坐標(biāo)軸上的點(diǎn)；取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，下列說(shuō)法正確的是()

A.O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零B.PM兩點(diǎn)間電勢(shì)差等于QM兩點(diǎn)間電勢(shì)差C.將正電荷從P點(diǎn)移到Q點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功D.負(fù)電荷在Q點(diǎn)的電勢(shì)能大于在M點(diǎn)的電勢(shì)能14、四個(gè)相同的電流表分別改裝成兩個(gè)安培表和兩個(gè)電壓表，安培表A1的量程大于A2的量程，電壓表V1的量程大于V2的量程；把它們按圖接入電路中，則()

A.A1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大B.A1指針偏轉(zhuǎn)角度比A2指針偏轉(zhuǎn)角度大C.V1讀數(shù)比V2讀數(shù)大D.V1指針偏轉(zhuǎn)角度比V2指針偏轉(zhuǎn)角度大評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、感應(yīng)起電：當(dāng)一個(gè)帶電體靠近導(dǎo)體時(shí)，由于電荷間相互吸引或排斥，導(dǎo)體中的自由電荷便會(huì)趨向或____________帶電體，使導(dǎo)體靠近帶電體的一端帶____________電荷，遠(yuǎn)離帶電體的一端帶____________電荷，這種現(xiàn)象叫作靜電感應(yīng)。利用____________使金屬導(dǎo)體帶電的過(guò)程叫作感應(yīng)起電。16、如圖所示虛線為電場(chǎng)中的一簇等勢(shì)面，兩等勢(shì)面間的電勢(shì)差為10且的電勢(shì)高于的電勢(shì)，相鄰兩等勢(shì)面電勢(shì)差相等，一個(gè)電子在電場(chǎng)中通過(guò)的軌跡如圖中實(shí)線所示，電子過(guò)點(diǎn)的動(dòng)能為8它經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為________電子在點(diǎn)的電勢(shì)能比在點(diǎn)的電勢(shì)能________．

17、如圖所示，菱形ABCD的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，頂角A為60°，對(duì)角線AB水平、CD豎直，O是兩條對(duì)角線的交點(diǎn)。兩個(gè)帶相等電荷量的負(fù)點(diǎn)電荷固定在菱形的兩個(gè)頂點(diǎn)A、B上，若將一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的小球在C點(diǎn)由靜止釋放，小球向上最高可運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)，若在C點(diǎn)給小球某一向上的初速度，小球最高可運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，已知重力加速度為g，則CO兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差UCO=______；小球從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)過(guò)程中，經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)的速度vO=________。

18、一根導(dǎo)線長(zhǎng)0.2m，通以3A的電流，在磁場(chǎng)中某處受到的最大的磁場(chǎng)力是則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小是____T，如果該導(dǎo)線的長(zhǎng)度和電流都減小一半，則該處的B的大小是______T。19、勻強(qiáng)磁場(chǎng)。

（1）概念：各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的____相等、_____相同的磁場(chǎng)。

（2）磁感線特點(diǎn)：勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感線是間隔____的平行直線。評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)20、連線題：請(qǐng)將下列電路元器件的實(shí)物圖與其符號(hào)相連。

21、以下是幾種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線的分布情況；請(qǐng)標(biāo)出圖中各電荷的電性。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共10分)22、某小組要做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)；所選用的器材如下：

A．小燈泡（5.5V0.55A）

B．學(xué)生電源（電動(dòng)勢(shì)為9V；內(nèi)阻約1Ω）

C．電流表A（量程為0～0.6A；內(nèi)阻約0.2Ω；量程為0～3A，內(nèi)阻約0.04Ω）

D．電壓表V（量程為0～3V，內(nèi)阻約3kΩ；量程為0～15V，內(nèi)阻約15kΩ）

E．滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值10Ω；最大允許電流1A）

F．滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值1500Ω；最大允許電流0.3A）

G．開關(guān)一個(gè)；導(dǎo)線若干。

（1）請(qǐng)?jiān)谔摼€框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖，并標(biāo)出選擇的滑動(dòng)變阻器。（______）

（2）請(qǐng)根據(jù)（1）中所畫的電路圖，補(bǔ)充完成圖甲中實(shí)物電路的連線。（_______）

（3）閉合開關(guān)，改變滑動(dòng)變阻器滑片的位置，并記錄對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)I、電壓表示數(shù)U。某次測(cè)量中電流表選擇0～0.6A量程，電壓表選擇0～15V量程，電流表、電壓表示數(shù)如圖乙所示，可知該狀態(tài)下小燈泡電阻的測(cè)量值Rx==___________Ω（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

（4）某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)正確作出的小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示。現(xiàn)把實(shí)驗(yàn)中使用的小燈泡接到如圖丁所示的電路中，其中電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻r=1Ω，定值電阻R=9Ω，此時(shí)燈泡的實(shí)際功率為___________W（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

23、某中學(xué)興趣小組自制了“水果電池”，甲乙兩名同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)（約）和內(nèi)阻（約）。

（1）甲同學(xué)借助以下器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)：

A.微安表G1（量程為內(nèi)阻為）；

B.微安表G2（量程為內(nèi)阻約為）；

C.電壓表V（量程為）

D.滑動(dòng)變阻器

E.滑動(dòng)變阻器

F.定值電阻（阻值為）：

G.定值電阻（阻值為）；

H.開關(guān)；導(dǎo)線若干。

①為了測(cè)量結(jié)果更準(zhǔn)確，電表應(yīng)選擇___________和___________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇___________，定值電阻應(yīng)選擇___________。（填寫器材前的字母）

②在方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖___________。

（2）乙同學(xué)利用量程合適的電壓表和電流表進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，分別采用了兩種不同的電路接法，如圖（a）、（b），為定值電阻，把兩個(gè)實(shí)驗(yàn)電路測(cè)量出的電壓和電流數(shù)據(jù)描繪在同一個(gè)圖內(nèi)，如圖（c）所示，則圖線Ⅱ是通過(guò)電路___________（填“a”或“b”）測(cè)得的。根據(jù)圖像坐標(biāo)信息可以修正該實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差，則修正后這個(gè)水果電池的電動(dòng)勢(shì)___________，內(nèi)阻___________結(jié)果用中的字母表示）。

評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共21分)24、在勻強(qiáng)電場(chǎng)中有A、B、C三點(diǎn)，AB⊥BC且AB=10cm，BC=30cm，將一帶電量為1×10－8C的負(fù)電荷由A移到B，電場(chǎng)力做功為2×10－8J，若將一帶電量為1×10－8C的正電荷由C移到A，要克服電場(chǎng)力做功為4×10－8J，求出場(chǎng)強(qiáng)E的大小及方向。

25、如圖所示，一電荷量為Q的正點(diǎn)電荷固定在傾角為30°的光滑絕緣斜面底部的C點(diǎn)，斜面上有A、B兩點(diǎn)，且A、B和C在同一直線上，A和C相距為L(zhǎng)，B為AC中點(diǎn)?，F(xiàn)將一帶電小球從A點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)帶電小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度正好又為零，已知帶電小球在A點(diǎn)處的加速度大小為靜電力常量為k；求：

（1）小球帶正電還是負(fù)電？

（2）小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的加速度大小。

（3）B和A兩點(diǎn)間的電勢(shì)差。（用k，Q和L表示）

26、如圖甲，A、B為兩塊相距很近的平行金屬板，AB間電壓為緊貼A板有一電子源，不停的飄出質(zhì)量為m，帶電量為e的電子（可視為初速度為0）。在B板右側(cè)兩塊平行金屬板M、N間加有如圖乙所示的電壓，電壓變化的周期板間中線與電子源在同一水平線上。極板長(zhǎng)L，距偏轉(zhuǎn)板右邊緣s處有熒光屏，經(jīng)時(shí)間t統(tǒng)計(jì)（）只有50%的電子能達(dá)到熒光屏上。（板外無(wú)電場(chǎng)）；求：

（1）電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)板時(shí)的速度；

（2）時(shí)刻沿中線射入偏轉(zhuǎn)板間的電子剛射出偏轉(zhuǎn)板時(shí)與板間中線的距離；

（3）電子打在熒光屏上的范圍Y。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【詳解】

AB．根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：

解得

故A錯(cuò)誤；B正確；

CD．電動(dòng)機(jī)的輸出功率：

故CD錯(cuò)誤．2、D【分析】【詳解】

從距核較近的軌道躍遷到距核較遠(yuǎn)的軌道過(guò)程中；原子要吸收光子，能級(jí)增大，總能量增大；

根據(jù)知；電子的動(dòng)能減小，則電勢(shì)能增大．

A.原子要吸收光子；電子的動(dòng)能增大，原子的電勢(shì)能增大，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.原子要放出光子；電子的動(dòng)能減小，原子的電勢(shì)能減小，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.原子要吸收光子；電子的動(dòng)能增大，原子的電勢(shì)能減小，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.原子要吸收光子，電子的動(dòng)能減小，原子的電勢(shì)能增大，與結(jié)論相符，選項(xiàng)D正確．3、C【分析】【詳解】

根據(jù)電容決定式

在P、Q間距離減小的過(guò)程中，電容器的電容變大，根據(jù)

由于不變，可知電容器所帶電荷量增加，則電阻中有從N流向M的電流。

故選C。4、B【分析】【詳解】

A．圖甲中；當(dāng)兩導(dǎo)體棒以相同的速度在導(dǎo)軌上勻速向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，兩導(dǎo)體棒所構(gòu)成回路的面積固定不變，而磁場(chǎng)也不變，則回路中的磁通量不變，因此不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；

B．圖乙中，當(dāng)導(dǎo)體棒在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以恒定的角速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)；導(dǎo)體棒切割磁感線，從而產(chǎn)生動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)，故B正確；

C．圖丙中；當(dāng)閉合圓環(huán)導(dǎo)體（水平放置）某一直徑正上方的直導(dǎo)線中通有直電流時(shí)，通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)在以通電導(dǎo)線的投影為對(duì)稱軸的閉合圓環(huán)導(dǎo)體前后面中，磁場(chǎng)方向相反，則閉合圓環(huán)導(dǎo)體的磁通量為零，因此不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；

D．圖丁中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)時(shí)；電路中的電阻增大，電流減小。從而使電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)發(fā)生變化，使不閉合的導(dǎo)體環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，但因?yàn)閷?dǎo)體環(huán)不閉合，沒(méi)有形成完整的回路，因此環(huán)中沒(méi)有感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

A．M、N兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等；但方向不同，故A錯(cuò)誤；

B．PQ線上各點(diǎn)的電勢(shì)均為零，PQ左側(cè)電勢(shì)為負(fù)，右側(cè)電勢(shì)為正，則M點(diǎn)電勢(shì)低于N點(diǎn)電勢(shì)；故B錯(cuò)誤；

C．負(fù)電荷由M點(diǎn)移到C處；電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做正功，故C錯(cuò)誤；

D．無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，N點(diǎn)電勢(shì)大于零，則負(fù)電荷由無(wú)窮遠(yuǎn)處移到N點(diǎn)時(shí)；電勢(shì)能一定減小，故D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)6、B:C【分析】【分析】

由題中“在將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下移動(dòng)的過(guò)程中”可知；本題考查含電容器電路變化，根據(jù)歐姆定律和電容器規(guī)律可分析本題。

【詳解】

A.將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下移動(dòng)的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器電阻變小，因此電流表示數(shù)變大，但是電路總電阻變小，電壓表所測(cè)電壓為路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

所以電壓表示數(shù)會(huì)變??；故A錯(cuò)誤；

B.電源的總功率可以表示為

電阻變??；電流變大，電動(dòng)勢(shì)不變，因此電源總功率變大，故B正確；

C.因?yàn)闊鬖1在干路上，電阻變小，總電流變大，因此燈L1變亮；電壓表示數(shù)變小，故C正確；

D.因?yàn)闊鬖2于滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，因此其兩端電壓等于路端電壓，因?yàn)殡妷罕硎緮?shù)變小，故燈L2變暗，電容器電壓也變小，根據(jù)公式

可知，電容器電容不變，電壓表小，電荷量也變小，故D錯(cuò)誤、7、B:C:D【分析】【詳解】

AB.當(dāng)R5的滑動(dòng)觸點(diǎn)向圖中a端移動(dòng)時(shí)，R5變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律知，總電流I1變大，路端電壓變小，U1變小．根據(jù)閉合電路歐姆定律知：U2=E-I（r+R1+R3）

I增大，則U2變小，因此I2變?。欢鳸1變小、U2變小、R1+R3的總電壓增大，則知△U1＜△U2

由閉合電路歐姆定律知：U1=E-Ir

則

不變；故A錯(cuò)誤B正確．

CD.同理，等于電阻R2，及電阻R4的之和，可知不變，故BCD正確．8、B:D【分析】【詳解】

A.x=2a處的場(chǎng)強(qiáng)為零；但由于電勢(shì)與場(chǎng)強(qiáng)無(wú)關(guān)，則場(chǎng)強(qiáng)為零的地方電勢(shì)不一定為零，故A錯(cuò)誤；

B.x從0到3a；場(chǎng)強(qiáng)先正方向減少到零又反方向增加，異種電荷兩電荷之間場(chǎng)強(qiáng)不為零，因此必為同種電荷，故B正確；

C.由于兩點(diǎn)電荷為同種電荷，則根據(jù)同種電荷電場(chǎng)線的分布規(guī)律可知，電勢(shì)不會(huì)沿x軸正向降低；而是先降低后升高，故C錯(cuò)誤；

D.x=2a處的合場(chǎng)強(qiáng)為0，由得：

得QM：QN=4：1，

故D正確．9、A:C:D【分析】【詳解】

A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片向a端移動(dòng)時(shí)，電阻R3變大，外電路總電阻變大，總電流變小，電流表示數(shù)減小，電阻R2的阻值不變，故其兩端電壓變小，即V1的示數(shù)減??；故A正確；

BD．帶電粒子P原來(lái)處于平衡狀態(tài)，重力和電場(chǎng)力平衡；電流變小后，R1和r的阻值都不變，故其兩端電壓變小，則R2與R3兩端的總電壓變大，即電容器所并聯(lián)電路兩端的電壓變大，電場(chǎng)力變大，帶電粒子P將向上運(yùn)動(dòng)；電容C不變，根據(jù)

可知電容器所帶的電荷量增加；故B錯(cuò)誤；D正確；

C．當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片向a端移動(dòng)時(shí)，電流變小，R1、R2和r的阻值都不變，其兩端電壓變小，故R3兩端電壓變大，即電壓表V2示數(shù)變大；C正確；

故選ACD。10、B:D【分析】【詳解】

A．小球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中；由于有電場(chǎng)力做功，機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；

C．小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的等效最高點(diǎn)和最低點(diǎn)分別為A點(diǎn)和B點(diǎn)；如圖所示。

等效重力

小球在等效最高點(diǎn)的最小速度v1滿足

解得

選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．小球由等效最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到等效最低點(diǎn)速度最大，由動(dòng)能定理有

解得v2=

選項(xiàng)D正確。

故選BD。11、A:C【分析】【詳解】

AB．+Q在連線的中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度

+5Q在連線的中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度

兩場(chǎng)強(qiáng)疊加，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為

B錯(cuò)誤A正確；

CD．原來(lái)兩者之間的庫(kù)侖力

兩者相互接觸后再放回原來(lái)的位置上，它們電荷均分，電荷量分別帶+3Q，則它們間的庫(kù)侖力變?yōu)?/p>

D錯(cuò)誤C正確。

故選AC。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系。

場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)的關(guān)系。

可得。

由數(shù)學(xué)知識(shí)可知圖象切線的斜率等于處的斜率可以認(rèn)為與前段時(shí)間相等；故此時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度并不是最小的，故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系。

粒子帶負(fù)電。

則知電勢(shì)能越大；粒子所在處的電勢(shì)越低，所以有。

故B正確；

C．由圖可知，段和段電場(chǎng)方向相反；故加速度并不相同，不是一直做勻變速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D．段電場(chǎng)方向不變，大小不變，段圖象的斜率減??；故的電場(chǎng)強(qiáng)度大小減小，方向不變，故D正確。

故選BD。13、A:B【分析】【詳解】

A．由場(chǎng)強(qiáng)疊加原理可知，O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零；選項(xiàng)A正確；

B．根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，可知x軸和y軸是兩條等勢(shì)線，則P與Q的電勢(shì)相等，則PM兩點(diǎn)間電勢(shì)差等于QM兩點(diǎn)間電勢(shì)差；選項(xiàng)B正確；

C．P與Q的電勢(shì)相等，將正電荷從P點(diǎn)移到Q點(diǎn)；電場(chǎng)力不做功，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．因Q點(diǎn)的電勢(shì)高于M點(diǎn)，則負(fù)電荷在Q點(diǎn)的電勢(shì)能小于在M點(diǎn)的電勢(shì)能；選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

故選AB.14、A:C【分析】【詳解】

A．電流表A1的量程大于A2的量程，故電流表A1的內(nèi)阻小于A2的內(nèi)阻；電壓表V1的量程大于V2的量程，故V1的電阻大于V2的電阻；由圖可知，兩電流表并聯(lián)，故兩流表兩端的電壓相等，故A1中的電流要大于A2中的電流，故A1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大；故A正確；

B．因兩表由同一電流表改裝而成；而將電流表擴(kuò)大量程時(shí)為并聯(lián)一小電阻，故相當(dāng)于為四個(gè)電阻并聯(lián)，故兩表頭中電流相同，故兩表的偏角相同；故B錯(cuò)誤；

C．兩電壓表串聯(lián)，故通過(guò)兩表的電流相等，故V1的讀數(shù)比V2的讀數(shù)大；故C正確；

D．因表頭與電阻串聯(lián)；故為四個(gè)電阻串聯(lián)，因此通過(guò)兩表頭的電流相等，兩表的偏轉(zhuǎn)角度一樣，故D錯(cuò)誤；

故選AC。三、填空題(共5題，共10分)15、略

【解析】①.遠(yuǎn)離②.異種③.同種④.靜電感應(yīng)16、略

【分析】【詳解】

A、B間電勢(shì)差為10V，根據(jù)圖可知相鄰的兩個(gè)等勢(shì)面間的電勢(shì)差為2.5伏，由M到N電場(chǎng)力做功為動(dòng)能減少所以N點(diǎn)動(dòng)能為0.5ev,因?yàn)殡妶?chǎng)力做負(fù)功所以電勢(shì)能增加．

思路分析：根據(jù)等勢(shì)線的分布判斷相鄰等上面的電勢(shì)差；根據(jù)電場(chǎng)力做功判斷電勢(shì)能的變化．

試題點(diǎn)評(píng)：考查電場(chǎng)能的性質(zhì)【解析】0.5；小17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)幾何關(guān)系，CO之間的距離為L(zhǎng)，電荷從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理，有

得

[2]電荷從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理，有

根據(jù)對(duì)稱性知

解得【解析】18、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)

得

[2]磁感應(yīng)強(qiáng)度B是磁場(chǎng)本身的屬性，與有無(wú)電流元以及電流大小無(wú)關(guān)．所以當(dāng)該導(dǎo)線的長(zhǎng)度和電流都減小一半，該處的B的大小仍為0.1T?！窘馕觥?.10.119、略

【解析】①.大小②.方向③.相等四、作圖題(共2題，共20分)20、略

【分析】【詳解】

實(shí)物圖中第一個(gè)為電動(dòng)機(jī)；電動(dòng)機(jī)符號(hào)為符號(hào)圖中的第二個(gè)；

實(shí)物圖中第二個(gè)為電容器；電容器符號(hào)為符號(hào)圖中的第三個(gè)；

實(shí)物圖中第三個(gè)為電阻；電阻符號(hào)為符號(hào)圖中的第四個(gè)；

實(shí)物圖中第四個(gè)為燈泡；燈泡符號(hào)為符號(hào)圖中的第一個(gè)。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)；終止與負(fù)電荷及等量同種，等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)，可標(biāo)出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共10分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻為。

R=Ω=10Ω更接近電流表的內(nèi)阻，故電流表采用外接法，本實(shí)驗(yàn)需要多測(cè)幾組數(shù)據(jù)，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法，為方便調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用最大阻值較小的R1；電路圖如圖甲所示。

（2）[2]電壓表量程應(yīng)選0～15V；電流表量程應(yīng)選0～0.6A，根據(jù)圖甲所示的電路圖連接實(shí)物圖，如圖乙所示。

（3）[3]由題圖乙知，電流為I=0.50A，電壓為U=4.0V；由歐姆定律的推導(dǎo)式得。

Rx==8.0Ω（4）[4]設(shè)小燈泡兩端的電壓為U，通過(guò)小燈泡的電流為I；由閉合電路歐姆定律得。

U=E-I（R＋r）=6-10I在圖丙中作出電源的U-I圖象，圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)即為通過(guò)小燈泡的電流及小燈泡兩端的電壓，由圖丙可知，U=2.2V（2.1V～2.3V均可），I=0.38A（0.37A～0.39A均可）；則小燈泡的實(shí)際功率為。

P=UI=2.2V×0.38A≈0.84W（0.78W～0.90W均可）。【解析】8.00.84（0.78～0.90）23、略

【分析】【詳解】

（1）①[1][2][3][4]由于電動(dòng)勢(shì)約可知電壓表量程太大，不能選用；則需要選用已知內(nèi)阻的微安表G1與定值電阻串聯(lián)改成大量程的電壓表，選擇微安表G2測(cè)電流，故電表應(yīng)選擇A和B；定值電阻應(yīng)選擇G；由于電池內(nèi)阻約為了調(diào)節(jié)方便，使電表示數(shù)變化明顯，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇E。