2025年岳麓版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、太陽輻射到地球表面的功率約為1400W/m2.其中包含了各種波長的紅外線、可見光、紫外線等，以可見光部分最強。作為一種簡化，我們認為太陽光全部是平均波長600nm（1nm=10-9m）的黃綠光，每秒至少有5個這樣的光子進入人眼才能引起視覺，人眼睛的瞳孔約為10mm2，則人眼能看到最遠的與太陽相同的恒星與地球距離為多少倍的日地距離：（已知普朗克常數(shù)h=6.63x10-34J.s）A.9104B.9107C.91010D.910142、對于給定的電容器，下圖中描述其電量Q，電壓U和電容C之間關(guān)系正確的是（）A.B.C.D.3、在豎直向上的勻強磁場中，水平放置一個不變形的單匝導(dǎo)體線圈，線圈電阻恒定，規(guī)定線圈中感應(yīng)電流的正方向如圖甲所示，當磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間t如圖乙所示規(guī)律變化時，則正確表示線圈中感應(yīng)電流i隨時間t變化規(guī)律的圖像是（）

A.B.C.D.4、紅光與紫光相比（）A.在真空中傳播時，紫光的速度比較大B.在玻璃中傳播時，紅光的速度比較大C.玻璃對紅光的折射率較紫光的大D.在真空中傳播時，紅光的波長較紫光的短5、2020年10月11日零時起，全國鐵路將實施今年第四季度列車運行圖。新運行圖實施后，寶蘭高鐵首次開通了寶雞到烏魯木齊的直達動車。將來寶雞人游覽大美新疆，既可以選擇直達動車，也可以選擇普通列車，這些出行方式的選擇體現(xiàn)了哪種邏輯關(guān)系（）A.“與”邏輯B.“或”邏輯C.“非”邏輯D.“與非”邏輯6、如圖，一束電子沿z軸正向流動，則在圖中y軸上A點的磁場方向是（）

A.+x方向B.﹣x方向C.+y方向D.﹣y方向7、如圖所示，同一平面內(nèi)的三條平行導(dǎo)線串有兩個電阻R和r，導(dǎo)體棒PQ與三條導(dǎo)線接觸良好；勻強磁場的方向垂直紙面向里．導(dǎo)體棒的電阻可忽略，當導(dǎo)體棒向左滑動時，下列說法正確的是()

A.流過R的電流為由d到c，流過r的電流為由b到aB.流過R的電流為由c到d，流過r的電流為由b到aC.流過R的電流為由d到c，流過r的電流為由a到bD.流過R的電流為由c到d，流動r的電流為由a到b8、虹和霓是太陽光在水珠內(nèi)分別經(jīng)過一次和兩次反射后出射形成的；可用白光照射玻璃球來說明.兩束平行白光照射到透明玻璃球后，在水平的白色桌面上會形成MN和PQ兩條彩色光帶，光路如圖所示.M；N、P、Q點的顏色分別為。

A.紫、紅、紅、紫B.紅、紫、紅、紫C.紅、紫、紫、紅D.紫、紅、紫、紅9、電子是我們高中物理中常見的一種微觀粒子，下列有關(guān)電子說法正確的是（）A.湯姆孫研究陰極射線時發(fā)現(xiàn)了電子，并準確測出了電子的電荷量B.光電效應(yīng)實驗中，逸出的光電子來源于金屬中自由電子C.盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型認為核外電子的軌道半徑是量子化的D.元素發(fā)生α衰變時，能夠產(chǎn)生電子,并伴隨著γ射線產(chǎn)生評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖，為一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過“卡諾循環(huán)”，即從狀態(tài)A依次經(jīng)過狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A，其中與為等溫過程，與為絕熱過程（氣體與外界無熱量交換）。下列說法正確的是（）

A.過程氣體從外界吸熱B.過程氣體內(nèi)能增加C.過程氣體從外界吸熱D.過程氣體內(nèi)能增加11、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始經(jīng)狀態(tài)B、C、D又變化回A狀態(tài)，其狀態(tài)變化過程的圖象如圖所示，已知該氣體在狀態(tài)A時的壓強為Pa；下列說法正確的是（）

A.狀態(tài)A的壓強大于狀態(tài)B的壓強B.B到C過程中，氣體分子的速率分布曲線一定發(fā)生變化C.C到D過程中，單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)增多D.D到A過程中，氣體吸收熱量大于120J12、關(guān)于熱學(xué)知識的下列敘述中正確的是（）A.布朗運動可以反映液體分子在做無規(guī)則的熱運動B.將大顆粒的鹽磨成細鹽，就變成了非晶體C.只要不違反能量守恒定律的機器都是可以制造出來的E.某氣體的摩爾體積為V，每個氣體分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數(shù)NA<E.某氣體的摩爾體積為V，每個氣體分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數(shù)NA<13、如圖所示，光滑絕緣水平桌面上直立一個單匝正方形導(dǎo)線框ABCD，線框的邊長為總電阻為在直角坐標系中，有界勻強磁場區(qū)域的下邊界與軸重合，上邊界滿足曲線方程磁感應(yīng)強度大小線框在沿軸正方向的拉作用下，以速度水平向右做勻速直線運動，直到邊穿出磁場。下列說法正確的是（）

A.當BC邊運動到磁場的中心線時，BC兩端電壓為3VB.感應(yīng)電動勢的有效值為C.力是恒力D.整個過程中產(chǎn)生的是正弦交變電流14、如圖所示，在直角三角形ABC內(nèi)充滿垂直紙面向外的勻強磁場（圖中未畫出），AB邊長度為d，∠B=．現(xiàn)垂直AB邊射入一質(zhì)量均為m、電荷量均為q、速度大小均為v的帶正電粒子，已知垂直AC邊射出的粒子在磁場中運動的時間為t0，而運動時間最長的粒子在磁場中的運動時間為t0（不計重力）．則下列判斷中正確的是（）

A.粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為4t0B.該勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為C.粒子在磁場中運動的軌道半徑為dD.粒子進入磁場時速度大小為15、如圖所示，用靜電計可以測量已充電的平行板電容器兩極之間的電勢差，現(xiàn)使B板帶正電，A板帶負電，則下列說法正確的是（）

A.將A板稍微向右移，靜電計指針張角將變小B.若將A板稍微向上移，靜電計指針張角將變小C.若將A板拿走，靜電計指針張角不為零D.若將玻璃板插入兩極板之間，靜電計指針張角將變小16、某學(xué)生研究串聯(lián)電路電壓特點的實驗時，接成如圖所示的電路，接通S后，電路中沒有電流，他將高內(nèi)阻的電壓表并聯(lián)在A、C兩點間時，電壓表讀數(shù)為U；當并聯(lián)在A、B兩點間時，電壓表讀數(shù)也為U；當并聯(lián)在B、C兩點間時；電壓表讀數(shù)為零，故障的原因可能是。

A.AB段斷路B.BC段斷路C.AB段短路D.BC段短路評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、左端封閉右端開口粗細均勻的倒置U形管，用水銀封住兩部分氣體，靜止時如圖所示，若讓管保持豎直狀態(tài)做自由落體運動，則氣體柱Ⅰ長度將________，氣體柱Ⅱ長度將________。（選填：“增大”；“減小”或“不變”）

18、圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內(nèi)間距相等的組等勢面，已知平面b上的電勢為2V．一電子經(jīng)過a平面時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV．則電勢為零的等勢面是_____，電子經(jīng)過c平面時的動能為_____eV．

19、如圖所示是一個用實驗測量得到的用電器兩端電壓隨時間變化的圖象，圖象反映了不同性質(zhì)的電壓信號。其中圖甲叫做_____信號，圖乙叫做_____信號。

20、關(guān)鍵環(huán)節(jié)題組：如圖所示,平行板電容器的板間距和板長均是L,有一帶電粒子(質(zhì)量為電荷量為-)從電容器左上角邊緣以初速度平行上板打入；能從另一側(cè)打出，求：

（1）帶電粒子在勻強磁場中的最小半徑____________

（2）兩板間有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為的范圍__________________

（3）兩板間有垂直兩板向上的勻強電場，電場強度為的范圍_____21、一根電阻R=0.6Ω的導(dǎo)線彎成一個半徑r=1m的圓形線圈,線圈質(zhì)量m=1kg，此線圈放在絕緣光滑的水平面上，在y軸右側(cè)有垂直線圈平面的磁感應(yīng)強度B=0.5T的勻強磁場，如圖所示．若線圈以初動能Ek0=5J沿x軸方向滑進磁場，當進入磁場0.5m時，線圈中產(chǎn)生的電能為E=3J．求此時線圈的運動速度的大小為______m/s，此時線圈加速度的大小為______m/s2

22、用內(nèi)阻為的電壓表和內(nèi)阻為的電流表測電阻，在圖甲、乙兩種情況下，電壓表的示數(shù)都是60V，電流表的示數(shù)都是則的測量值為______真實值是______的測量值為______真實值是______用伏安法測電阻應(yīng)采用電流表______較好”外接法”或”內(nèi)接法”

23、如圖所示，小球A的質(zhì)量為mA=5kg，動量大小為PA=4kg.m/s，小球A沿著光滑水平面向右運動，與靜止的B球發(fā)生彈性碰撞，碰后A的動量大小變?yōu)镻A'=1kg·m/s，方向仍然向右．則由此可知碰撞后小球B的動量大小為______kg·m/s，小球B的質(zhì)量為____kg.

評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)27、做測定玻璃折射率實驗時；同學(xué)們被分成若干實驗小組，以下是其中兩個實驗小組的實驗情況：

（1）甲組同學(xué)在實驗時，用他們測得的多組入射角i與折射角r作出圖象如圖甲所示，則下列判定正確的是()

A.光線是從空氣射入玻璃的。

B.該玻璃的折射率約為0.67

C.該玻璃的折射率約為1.5

D.該玻璃置于空氣中時臨界角約為45°

（2）乙組同學(xué)先畫出圖乙所示的坐標系，再在y＜0區(qū)域放入某介質(zhì)（以x軸為界面），并通過實驗分別標記了折射光線、入射光線、反射光線通過的一個點，它們的坐標分別為A（8，3）、B（1，－4）、C（7；－4），則：

①入射點O′（圖中未標出）的坐標為___________；

②通過圖中數(shù)據(jù)可以求得該介質(zhì)的折射率n＝___________。28、要測量內(nèi)阻較大的電壓表的內(nèi)電阻；可采用“電壓半值法”，其實驗電路如圖。實驗操作如下：

（1）先將滑動變阻器的滑動頭調(diào)至最左端，將的阻值調(diào)至最大。

（2）閉合和調(diào)節(jié)使電壓表滿偏。

（3）斷開保持滑動變阻器的滑動頭的位置不變，調(diào)節(jié)使電壓表半偏，此時的值即為電壓表的內(nèi)阻值。

某同學(xué)在做該實驗的時候，用的是量程的電壓表，他發(fā)現(xiàn)不管怎么調(diào)節(jié)都無法讓電壓表滿偏；他靈機一動，利用半值法的思想，自己按照如下步驟做了實驗：

a.閉合和調(diào)節(jié)使電壓表的示數(shù)為

b.斷開保持滑動變阻器的滑動頭的位置不變，調(diào)節(jié)使電壓表示數(shù)為

c.讀出此時電阻箱的讀數(shù)為

則可知按照該同學(xué)的測量方法，電壓表內(nèi)阻為________。（用帶的表達式表示）29、圖a為某同學(xué)組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA，內(nèi)阻為480Ω。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位；5個擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆×100Ω擋。

(1)圖a中的A端與______（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。

(2)關(guān)于R6的使用，下列說法正確的是_______（填正確答案標號）。

A．在使用多用電表之前，調(diào)整R6使電表指針指在表盤左端電流“0”位置。

B．使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調(diào)整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置。

C．使用電流擋時，調(diào)整R6使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置。

(3)根據(jù)題給條件可得R1＋R2=_______Ω，R4=________Ω。

(4)某次測量時該多用電表指針位置如圖b所示。若此時B端是與“1”相連的，則多用電表讀數(shù)為_______；若此時B端是與“3”相連的，則讀數(shù)為________；若此時B端是與“5”相連的，則讀數(shù)為___________。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

設(shè)日地距離為r，則設(shè)人眼到最遠的與太陽相同的恒星的距離為R，則其中解得:

則。

故選B.2、A【分析】【詳解】

AB.電容是電容器本身的屬性；與是否帶電；是否有電勢差無關(guān)，A正確B錯誤。

C.根據(jù)電容方程：可知：對于確定電容器，Q與U成正比；C錯誤。

D.根據(jù)題意，對于給定的電容器，電容是定值，D錯誤3、D【分析】【詳解】

在時間0~1s內(nèi)，原磁場向上且增強，感應(yīng)電流的磁場向下，由右手定則可判斷出線圈的感應(yīng)電流方向沿如圖所示的正方向，由于原磁場的變化是均勻的，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢不變，線圈中的感應(yīng)電流也不變；在時間1s~2s內(nèi)，原磁場不變，感應(yīng)電流為0；當時間2s~3s內(nèi)的情況與時間0~1s內(nèi)的情況相反，感應(yīng)電流為負方向且不變。故D項符合題意，ABC三項不符合題意。4、B【分析】【詳解】

A.在真空中；紫光和紅光傳播的速度相同．故A錯誤．

BC.因為紅光的頻率小于紫光的頻率，折射率常隨頻率的升高而增大，所以紅光的折射率小于紫光的折射率，根據(jù)知；在玻璃中，紅光的傳播速度大．故B正確，C錯誤．

D.根據(jù)c=λf知，紅光的頻率小，則紅光的波長長．故D錯誤．5、B【分析】【分析】

【詳解】

由題意可知；從寶雞到烏魯木齊可以乘坐到達動車，也可以選擇普通列車，故是或的關(guān)系，故B正確，ACD錯誤。

故選B。6、A【分析】【詳解】

據(jù)題意，電子流沿z軸正向流動，電流方向沿z軸負向，由安培定則可以判斷電流激發(fā)的磁場以z軸為中心沿順時針方向（沿z軸負方向看），通過y軸A點時方向向外，即沿x軸正向。

故選A。

【點睛】

首先需要判斷出電子束產(chǎn)生電流的方向，再根據(jù)安培定則判斷感應(yīng)磁場的方向。7、B【分析】【詳解】

由右手定則可判斷切割磁感線形成電源的正負極如圖所示；由閉合電路電流流向可知B對；

8、A【分析】【詳解】

試題分析：色光的波長越長，頻率越小，折射率越小，所以經(jīng)玻璃球折射后，紫光的偏折最大，紅光的偏折較小，即光帶MN的最左端為紫光，右端為紅光，光帶PQ的最左端為紅光，最右端為紫光，故A正確．

考點：光的折射9、B【分析】【詳解】

A；湯姆孫研究陰極射線時發(fā)現(xiàn)了電子；但電子的電荷量是由密立根油滴實驗測出的，故選項A錯誤；

B；根據(jù)光電效應(yīng)現(xiàn)象的定義可知光電效應(yīng)實驗中；逸出的光電子來源于金屬中自由電子，故選項B正確；

C；玻爾理論認為電子軌道半徑是量子化的；盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型認為在原子的中心有一個很小的核，叫原子核，原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量都集中在原子核里，帶負電的電子在核外空間里繞著核旋轉(zhuǎn)，故選項C錯誤；

D、元素發(fā)生衰變時，能夠產(chǎn)生電子，并伴隨著射線產(chǎn)生，故選項D錯誤．二、多選題(共7題，共14分)10、A:D【分析】【詳解】

A．過程氣體溫度不變；內(nèi)能不變，體積膨脹，氣體對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知氣體從外界吸熱，A正確；

BD．的過程中，氣體對外界做功，則

且為絕熱過程，則

根據(jù)

知

即氣體內(nèi)能減小，溫度降低，即的溫度高于溫度，氣體溫度降低，內(nèi)能減少，過程內(nèi)能增加；B錯誤，D正確；

C．過程氣體溫度不變，內(nèi)能不變，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)

知

氣體對外放熱；C錯誤。

故選AD。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程A到B的過程中，體積不變，溫度升高，壓強增大，狀態(tài)A的壓強小于狀態(tài)B的壓強，故A錯誤；

B．B到C過程中；溫度降低，氣體分子平均動能減小，氣體分子的速率分布曲線一定發(fā)生變化，故B正確；

C．C到D過程中；體積不變，分子數(shù)密度不變，溫度降低，分子平均動能（速率）減小，單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)減小，故C錯誤；

D．理想氣體從D到A的過程為等壓變化；外界對氣體做功。

溫度升高，△U＞0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律W+Q=△U知，氣體吸熱Q＞120J；故D正確。

故選BD。12、A:D:E【分析】【詳解】

A．布朗運動是固體小顆粒的運動；間接反映了液體分子在做無規(guī)則的熱運動，A正確；

B．將大顆粒的鹽磨成細鹽；不改變固體的微觀結(jié)構(gòu)，所以細鹽仍為晶體，B錯誤；

C．第二類永動機不違背能量守恒定律；但違背熱力學(xué)第二定律，不可能造出，C錯誤；

D．絕熱條件下，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知

壓縮氣體；外界對氣體做功，氣體內(nèi)能一定增加，D正確；

E．對于氣體分子而言，氣體分子占據(jù)的體積大于氣體分子實際的體積則

E正確。

故選ADE。13、B:D【分析】【詳解】

AD．感應(yīng)電動勢E=BLv=0.3Bvsinx

所以產(chǎn)生的是正弦交變電流，當BC邊運動到磁場的中心線，即x=0.15m時E=3V

感應(yīng)電動勢是3V，BC兩端電壓是路端電壓；小于感應(yīng)電動勢3V，故A錯誤，D正確；

B．由A可知，感應(yīng)電動勢最大值Em=3V

由于是正弦交流電，則有效值

故B正確；

C．安培力F安=BIy=y=0.3sinx

則安培力是變力，線框做勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，拉力等于安培力，則拉力F是變力；故C錯誤。

故選BD。14、A:B:C【分析】帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，垂直AC邊射出的粒子在磁場中運動的時間是T，即T=t0，則得周期T=4t0，故A正確．由得．故B正確．設(shè)運動時間最長的粒子在磁場中的運動軌跡所對的圓心角為θ，則有得畫出該粒子的運動軌跡如圖，設(shè)軌道半徑為R，由幾何知識得：

可得故C正確．根據(jù)解得．故D錯誤；故選ABC.

點睛：帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動解題一般程序是：

1；畫軌跡：確定圓心；幾何方法求半徑并畫出軌跡．

2；找聯(lián)系：軌跡半徑與磁感應(yīng)強度、速度聯(lián)系；偏轉(zhuǎn)角度與運動時間相聯(lián)系；時間與周期聯(lián)系．

3、用規(guī)律：牛頓第二定律和圓周運動的規(guī)律.15、A:C:D【分析】【詳解】

A．將A板稍微向右移，即減小兩極板之間的距離，由電容的決定式

可知，電容增大，電容器的電量不變，由

可知；板間電壓減小，靜電計指針張角變小，故A正確；

B．將A板稍微上移時，正對面積減小，由電容的決定式

可知，電容增小，電量不變，由

可知；板間電壓增大，靜電計指針張角變大，故B錯誤；

C．若將A板拿走；B板上帶電量不變，靜電計相當于驗電器，指針張角不為零，故C正確；

D．將玻璃板插入兩板之間，電容的決定式

可知，電容增大，電量不變，由

可知；板間電壓減小，靜電計指針張角變小，故D正確。

故選ACD。16、A:D【分析】【詳解】

A.接通S后，將電壓表并聯(lián)在A、C兩點間時電壓表讀數(shù)為U，說明電源沒有故障。當并聯(lián)在A、B兩點間時，電壓表讀數(shù)也為U，當并聯(lián)在B、C兩點間時，電壓表的讀數(shù)為零，說明AB間有斷路；故A正確；

B.因為電路中沒有電流，B、C間為定值電阻，根據(jù)歐姆定律U=IR可知，B、C間電壓就應(yīng)為零，這時，A點電勢與電源的正極電勢相等，B點電勢與電源的負極電勢相等。若B、C間斷路，電壓表并聯(lián)在A、B兩點間時，讀數(shù)不應(yīng)為U；與題設(shè)條件不符，故B錯誤。

C.若A、B短路，電壓表并聯(lián)在A、B兩點間時；電壓表讀數(shù)應(yīng)為零，與題設(shè)條件不符，故C錯誤。

D.由題知，電壓表并聯(lián)在B、C兩點間時，讀數(shù)為零，可能B、C間短路；故D正確。

故選：AD三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【詳解】

[1][2]設(shè)大氣壓強為P0，由圖示可知，封閉氣體壓強

當U型管做自由落體運動時，水銀處于完全失重狀態(tài)，對封閉氣體不產(chǎn)生壓強，封閉氣體壓強都等于大氣壓P0。

可知氣柱I的壓強變大，溫度不變，由玻意耳定律可知，氣體體積變小，氣柱長度變??；氣柱Ⅱ部分氣體壓強不變，溫度不變，由理想氣體狀態(tài)方程可知，氣體體積不變，氣柱長度不變?！窘馕觥繙p小不變18、略

【分析】【分析】

根據(jù)只有電場力做功；動能與電勢能之和不變，當電場力做負功時，動能轉(zhuǎn)化為電勢能，在電勢為零處，電勢能為零，從而即可求解．

【詳解】

虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，一電子經(jīng)過a時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV，動能減小了6eV，電勢能增加了6eV，因此a、d的電勢差為6V；等勢面間的電勢差為2V，因平面b上的電勢為2V，由于電子的電勢能增加，等勢面由a到f是降低的，因此平面c上的電勢為零；在平面b上電勢為2V；則電子的電勢能為-2eV，動能為8eV，電勢能與動能之和為6eV，當電子經(jīng)過平面c時，其電勢能為0，動能為6eV；

【點睛】

考查電場力做功與電勢能變化的關(guān)系，掌握電勢能與動能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的關(guān)鍵．【解析】C619、略

【分析】【分析】

【詳解】

圖甲電壓信號隨時間連續(xù)變化，是模擬信號，圖乙電壓信號隨時間不連續(xù)，取值是離散的，是數(shù)字信號?！窘馕觥磕M數(shù)字20、略

【分析】【詳解】

（1）當恰好能恰能從下極板邊緣飛出粒子運動的半徑最??；如圖：

由幾何關(guān)系可知，粒子的最小半徑為：Rmin=L

（2）設(shè)粒子在磁場中運動的半徑為R，由洛倫茲力提供向心力，則得qvB=m

得

可得：

可知，當半徑最小時對應(yīng)的速度最小，則v0≥

（3）由于板間電場強度方向豎直向上；粒子帶負電，可知加速度的方向向下。

-q粒子在水平方向上勻速運動；在豎直方向上向下勻加速運動，則有。

水平方向：L=v0t

豎直方向：L=at2

又由牛頓第二定律得

聯(lián)立解得，

可知若粒子穿過電場，則：v0≥

【點睛】

本題中帶電粒子在組合場中運動，要掌握類平拋運動的研究方法：運動的合成和分解，磁場中畫軌跡是解題的關(guān)鍵。【解析】（1）L（2）v0≥（3）v0≥21、略

【分析】【詳解】

（1）由能量守恒定律得：

代入數(shù)據(jù)解得：

（2）進入磁場x=0.5m時，切割磁感線的有效長度：

感應(yīng)電動勢：E=BLv

線圈受到的安培力：

由牛頓第二定律得：F=ma

代入數(shù)據(jù)解得：a=2.5m/s2．【解析】22.522、略

【分析】【分析】

求電阻的真實值時，應(yīng)考慮電表內(nèi)阻的影響，然后根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律求解即可．伏安法測電阻內(nèi)外接法的選擇方法是：當滿足時，電流表應(yīng)用外接法，滿足時；電流表應(yīng)用內(nèi)接法．

【詳解】

甲圖中：電阻測量值：真實值為：乙圖中：電阻測量值為：真實值為：比較它們的絕對誤差可知，伏安法測時，采用內(nèi)接法測量誤差較小，所以電流表應(yīng)用內(nèi)接法較好．【解析】300290300333內(nèi)接法23、略

【分析】【詳解】

以向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：解得：由機械能守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：．【解析】33四、作圖題(共3題，共15分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直