2025年湘教版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版高二物理上冊階段測試試卷377考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，AB為半徑R=2m的一段光滑圓槽，A、B兩點在同一水平高度上，且AB弧長10cm．將一小球從A點由靜止開始釋放，則它第一次運動到B點所用時間為（）A.B.C.πD.2π2、如圖所示；一根橡皮筋兩端固定在AB

兩點，橡皮筋處于ACB

時恰好為原長狀態(tài)，將彈丸放在橡皮筋內(nèi)側(cè)C

處并由C

處豎直向下拉至D

后點釋放，CD

均在AB

連線的中垂線上.

橡皮筋的質(zhì)量忽略不計，不計空氣阻力.

彈丸由D

運動到C

的過程中。

A.橡皮筋對彈丸的彈力一直在增大B.橡皮筋對彈丸的彈力一直在增大C.彈丸的機械能守恒D.彈丸的動能一直在增大3、一個彈簧振子在AB

間做簡諧運動，O

是平衡位置.

以某時刻作為計時零點(t=0)

經(jīng)過1/4

周期，振子具有正方向的最大加速度.

那么以下幾個振動圖中哪一個正確地反映了振子的振動情況？()

A.B.C.D.4、電磁感應(yīng)現(xiàn)象揭示了電與磁之間的內(nèi)在聯(lián)系，根據(jù)這一發(fā)現(xiàn)，發(fā)明了許多電器設(shè)備。以下電器中，哪些利用了電磁感應(yīng)原理()A.變壓器B.白熾燈泡C.發(fā)電機D.電吹風5、一束復色光由空氣射到一塊平行玻璃磚上，經(jīng)兩次折射后分成兩束單色光a、b。已知a光在玻璃中的傳播速度比b光大，則右圖中哪個光路圖是正確的（）6、在邊長100m

的正方形廣場邊緣，一同學沿如圖所示路徑順時針散步。在由a

點運動到b

點的過程中，該同學()。A.通過的路程是50m

B.通過的路程是400m

C.位移大小是50m

D.位移大小是400m

7、一個氡核86222Rn

衰變成釙核84218Po

并放出一個粒子，其半衰期為3.8

天.1g

氡經(jīng)過7.6

天剩余的氡的質(zhì)量，以及86222Rn

衰變成釙核84218Po

的過程釋放出的粒子是(

)

A.0.25g婁脕

粒子B.0.75g婁脕

粒子C.0.25g婁脗

粒子D.0.75g婁脗

粒子8、磁流體發(fā)電機可簡化為如下模型：兩塊長、寬分別為a、b的平行板，彼此相距L，板間通入己電離的速度為v的氣流，兩板間存在一磁感應(yīng)強度大小為B的磁場，磁場方向與兩板平行，并與氣流垂直。如圖所示，把兩板與外電阻R連接起來，在磁場力作用下，氣流中的正、負離子分別向兩板移動形成電流。設(shè)該氣流的電阻率為ρ，則下列說法中錯誤的是（）A.該磁流體發(fā)電機模型的上表面電勢高于下表面電勢B.產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=BavC.流過外電阻R的電流強度I=D.該磁流體發(fā)電機模型的路端電壓為U=評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、氫原子的能級如圖所示，氫原子從n=3能級向n=1能級躍遷所放出的光子，恰能使某種金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，則該金屬的逸出功為______eV，用一群處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時所發(fā)出的光照射該金屬，產(chǎn)生的光電子最大初動能為______eV．10、熱敏電阻是傳感電路中常用的電子元件．現(xiàn)用伏安法研究熱敏電阻在不同溫度下的伏安特性曲線；要求特性曲線盡可能完整．已知常溫下待測熱敏電阻的阻值約4～5Ω熱敏電阻和溫度計插入帶塞的保溫杯中，杯內(nèi)有一定量的冷水，其它備用的儀表和儀器具有：

A．電流表A1；量程0.6A，內(nèi)阻約1Ω

B．電流表A2；量程3A，內(nèi)阻約2Ω

C．電壓表V1；量程15V，內(nèi)阻約15kΩ

D．電壓表V2；量程3V，內(nèi)阻約5kΩ

E．滑動變阻器R1（0～100Ω）

F．滑視變阻器R2（0～20Ω）

G．電源E（3V；內(nèi)阻可忽略）

H．盛有熱水的熱水杯（圖中未畫出）

I．開關(guān)；導線若干。

（1）實驗中應(yīng)選用的電流表為______（填“A1”或“A2”），應(yīng)選用的電壓表為______（填。

“V1”或“V2”），應(yīng)選用的滑動變阻器為______（填“R1”或“R2”）

（2）在圖（a）的方框中畫出實驗電路原理圖；要求測量誤差盡可能?。?/p>

（3）根據(jù)電路原理圖，在圖（b）的實物圖上連線．

11、使用多用電表的歐姆檔粗測一根電阻絲的阻值，已知此電阻絲的阻值約為幾十kΩ，下面給出的操作步驟中，合理的實驗步驟順序是：______（填寫相應(yīng)的字母）．旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)其尖端應(yīng)對準的歐姆檔位是______；根據(jù)表中指針所示位置，電阻絲的阻值約為______Ω．

a．將兩表筆短接；調(diào)節(jié)歐姆檔調(diào)零旋鈕使指針對準刻度盤上歐姆檔的零刻度，而后斷開兩表筆。

b．將兩表筆分別連接到被測電阻絲的兩端；讀出阻值后，斷開兩表筆。

c．旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)S；使其尖端對準歐姆檔的某一檔位。

d．旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)S，使其尖端對準OFF檔，并拔出兩表筆．12、元電荷e=

______．13、如圖，在光滑水平面上固定三個等質(zhì)量的帶電小球（均可視為質(zhì)點），A、B、C三球排成一直線．若釋放A球（另兩球仍固定）的瞬時，A球的加速度大小為1m/s2，方向向左；若釋放C球（另兩球仍固定）的瞬時，C球的加速度大小為2m/s2，方向向右；則釋放B的瞬時，B球的加速度大小為____m/s2，方向向____．

14、（1）某同學利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行．正確操作后，做出的光路圖及測出的相關(guān)角度如圖所示．①玻璃的折射率計算式為n=____（用圖中的θ1、θ2表示）；②如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減少誤差，應(yīng)選用寬度____（填“大”或“小”）的玻璃磚來測量．

（2）在《測定玻璃的折射率》的實驗中，已畫好玻璃磚界面的兩直線aa′和bb′后，不慎誤將玻璃磚向上平移，如圖中的虛線所示，若其他操作正確，則測得的折射率將____（填“偏大”“偏小”或“不變”）

15、1827年英國植物學家布朗用顯微鏡觀察水中懸浮的____，發(fā)現(xiàn)它們____運動，這種運動后來就叫做____。16、某同學用下列器材測定一節(jié)蓄電池的電動勢和內(nèi)阻．蓄電池的電動勢約為3V；內(nèi)阻很?。?/p>

A．量程是0.6A；內(nèi)阻約為0.5Ω的電流表；

B．量程是3V；內(nèi)阻是6kΩ的電壓表；

C．量程是l5V；內(nèi)阻是30kΩ，的電壓表；

D．阻值為0～1k；B，額定電流為0.5A的滑動變阻器；

E．阻值為0～10Ω；額定電流為2A的滑動變阻器；

F．定值電阻4Ω；額定功率4w；

G．電鍵S一個；導線若干．

（1）為了減小實驗誤差，電壓表應(yīng)選擇______（填器材代號），電路圖1中的導線應(yīng)連接到______（填“①”或“②”），改變滑動變阻器阻值時，為了使電壓表和電流表的讀數(shù)變化比較明顯，滑動變阻器應(yīng)選擇______（填器材代號）．

（2）用上問中的實驗電路進行測量，讀出電壓表和電流表的讀數(shù)，畫出對應(yīng)的U一I圖線如圖2中圖線（a）所示，另有一電阻的U一I圖線如圖2中圖線（b）所示．若把該電阻單獨與這節(jié)蓄電池連接成閉合回路，則電池兩端的電壓為______V．（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)17、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共18分)22、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象23、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、實驗探究題(共1題，共4分)24、實驗課上同學們利用打點計時器等器材，研究小車做勻變速直線運動的規(guī)律.

其中一個小組的同學從所打的幾條紙帶中選取了一條點跡清晰的紙帶，如圖所示.

圖中OABCD

是按打點先后順序依次選取的計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s.

由圖中的數(shù)據(jù)可知，打點計時器打下C

點時小車運動的速度是____________m/s

小車運動的加速度是____________m/s2

．評卷人得分六、識圖作答題(共1題，共5分)25、研究人員對某草原生態(tài)系統(tǒng)進行了有關(guān)生態(tài)學調(diào)査。請據(jù)圖回答下列問題：（1）研究人員若要調(diào)查該草原生態(tài)系統(tǒng)中土壤小動物的豐富度，宜采用____________法進行取樣。若要調(diào)查某種田鼠的種群密度，宜采用____________法。（2）利用幾十年所調(diào)査的該草原生態(tài)系統(tǒng)中該種田鼠種群數(shù)量數(shù)據(jù)，計算當年種群數(shù)量與一年前種群數(shù)量的比值為λ，并得到如圖所示的曲線。分析曲線可知第9年該田鼠種群的年齡組成可能為_____________型，田鼠種群數(shù)量最少是第_______年，如果維持20年前后λ的增長趨勢，種群數(shù)量將呈__________型曲線増長。（3）由于鼠害日益嚴重，該草原生態(tài)系統(tǒng)的植被遭受極大的破壞，當人們意識到保護草原的重要性后，通過多種方式控制住了鼠害，草原植被也逐漸恢復，在這種演替過程中，人類發(fā)揮了巨大作用，說明人類活動往往會使群落演替按照不同于自然演替的__________進行。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】解：小球在AB弧上的運動與單擺的運動等效，則T=．

小球從A到B的時間t=．故C正確；A；B、D錯誤．

故選：C．

小球在AB弧上的運動與單擺的運動等效；根據(jù)單擺的周期公式求出球心第一次運動到B點的時間．

解決本題的關(guān)鍵掌握單擺的周期公式，并能靈活運用．【解析】【答案】C2、B【分析】略【解析】B

3、D【分析】【分析】根據(jù)14周期，振子具有正方向的最大加速度，可分析確定出t=0t=0時刻振子的位置以及速度的方向，從而確定正確的振子位移鈭?-時間圖線。

本題在選擇圖象時，關(guān)鍵研究t=0t=0時刻質(zhì)點的位置和位移如何變化..此題還要掌握簡諧運動的特征：a=鈭?kxm，知道加速度與位移的關(guān)系?！窘獯稹繌椈烧褡釉贏B

間做簡諧運動，O

是平衡位置，經(jīng)過14

周期，振子具有正方向的最大加速度，由簡諧運動的特征：a=鈭?kxm可知，t=T4振子位于負向最大位移處，說明t=0t=0時刻振子的位移為00且向負方向運動，故D正確，ABC錯誤。故選D。

【解析】D

4、A|C【分析】【解析】試題分析：變壓器原線圈輸入變化的電流，則在鐵芯內(nèi)有變化的磁通量，從而導致副線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢．故A正確；白熾燈泡則是通電后電流做功，從而發(fā)熱．故B錯誤；發(fā)電機是將在磁場中通過轉(zhuǎn)動的線圈從而產(chǎn)生電動勢，這也是磁生電的現(xiàn)象，故C正確；電吹風是通電后電動機轉(zhuǎn)動將暖風吹出，所以沒有利用電磁感應(yīng)原理，故D錯誤；故選：AC考點：電磁感應(yīng)在生活和生產(chǎn)中的應(yīng)用．【解析】【答案】AC5、B【分析】由n=c/v可知a光的折射率較小，由折射定律可知光路圖B對；【解析】【答案】B6、C【分析】【分析】路程等于物體運動軌跡的長度；位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長度。

解決本題的關(guān)鍵知道路程等于物體運動軌跡的長度，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長度；要求同學們在日常學習過程中要注意基本知識點的理解和應(yīng)用?！窘獯稹柯烦痰扔谖矬w運動軌跡的長度；所以該同學的路程s=50+300=350m

位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長度，所以位移的大小x=50m

故ABD錯誤，C正確。

故選C?！窘馕觥緾

7、A【分析】解：氡核的半衰期為3.8

天；根據(jù)半衰期的定義得：

m=m0(12)tT

其中m

為剩余氡核的質(zhì)量，m0

為衰變前氡核的質(zhì)量，T

為半衰期，t

為經(jīng)歷的時間．

由于T=3.8

天；t=7.6

天；

解得：m=0.25g

所以衰變掉的氡的質(zhì)量為m鈭?m0=0.75g

根據(jù)衰變過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒；由于生成物質(zhì)量數(shù)減小4

電荷數(shù)減小2

所以放出的粒子是婁脕

粒子．

故選：A

．

運用半衰期的定義進行定量計算．

根據(jù)衰變過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒列出衰變方程；得出是什么粒子．

知道放射性元素的半衰期是有一半該元素的原子核發(fā)生衰變所用的時間．

求解時注意m

為剩余的質(zhì)量．【解析】A

8、B【分析】解：根據(jù)左手定則知正電荷向上偏；負電荷向下偏，上極板帶正電，下極板帶負電，即上表面電勢高于下表面電勢；

最終電荷處于平衡有：

qvB=q

解得電動勢為：E=BLv。

內(nèi)電阻為：r=ρ=

根據(jù)閉合電路歐姆定律有：I==

那么路端電壓為：U=IR=

綜上所述；故ACD正確，B錯誤。

本題選擇錯誤的；

故選：B。

電離的氣體含有大量帶正電和負電的粒子；進入磁場受洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則判斷出正負電荷的偏轉(zhuǎn)方向，從而確定極板的正負極，確定出電流在外電路中的流向。最終電荷受電場力和洛倫茲力處于平衡，根據(jù)平衡求出電動勢的大小，從而根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電流的大小，再根據(jù)路端電壓U=IR，即可求解。

本題綜合考查了電阻定律、閉合電路歐姆定律以及磁場的知識，關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及通過平衡求出電源的電動勢。【解析】B二、填空題(共8題，共16分)9、略

【分析】解：原子從能級n=3向n=1躍遷所放出的光子的能量為13.60-1.51=12.09eV，當光子能量等于逸出功時，恰好發(fā)生光電效應(yīng)，所以逸出功W0=12.09eV．

從能級n=4向n=1躍遷所放出的光子能量為13.6-0.85eV=12.75eV，根據(jù)光電效應(yīng)方程得，最大初動能Ekm=hv-W0=12.75-12.09=0.66eV．

故答案為：12.09；0.66．

能級間躍遷時輻射的光子能量等于兩能級間的能級差；根據(jù)光電效應(yīng)的條件求出金屬的逸出功，再根據(jù)光電效應(yīng)方程得出光電子的最大初動能．

解決本題的關(guān)鍵知道能級間躍遷輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，以及掌握光電效應(yīng)方程Ekm=hv-W0．【解析】12.09；0.6610、略

【分析】解：（1）通過熱敏電阻電流最大值約為Imax==A=0.75A，若電表表選A2，量程過大，指針偏轉(zhuǎn)角過小，誤差較大，故應(yīng)選A1．電源的電動勢為3V，選用的電壓表V1即可．要研究熱敏電阻在不同溫度下的伏安特性曲線，則需要電壓的變化范圍要盡可能的大，故滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，為方便調(diào)節(jié)，變阻器應(yīng)選R2．

（2）熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減??；故要研熱敏電阻在不同溫度下的伏安特性曲線，則需要電壓的變化范圍要盡可能的大，故滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，熱敏電阻的阻值常溫下約4～5Ω，故熱敏電阻為小電阻．故電流表采用外接法．故電路連接如圖所示．

（3）對照電路圖，按順序連接實物圖，如圖所示．

故答案為：

（1）Al，V2，R2．

（2）如圖所示。

（3）如圖所示

（1）根據(jù)歐姆定律，估算出通過熱敏電阻電流的范圍，選擇電流表的量程．電源的電動勢為3V，選用的電壓表V1即可．本實驗研究熱敏電阻的伏安特性曲線；電壓和電流必須從開始調(diào)節(jié)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選擇總電阻較小的變阻器，方便調(diào)節(jié)．

（2）根據(jù)電流表和電壓表的內(nèi)阻與熱敏電阻電阻進行比較；選擇電流表的接法．變阻器采用分壓式接法，調(diào)壓較大．

（3）對照電路圖；按順序連接實物圖．

本題考查了滑動變阻器的接法，電流表的接法，關(guān)鍵實驗?zāi)康拿鞔_、懂得實驗原理，分析好題意即可順利求解．【解析】A1；V2；R211、略

【分析】解：使用歐姆表測電阻時，應(yīng)選擇合適的擋位，然后進行歐姆調(diào)零，再測電阻，歐姆表使用完畢后，要把選擇開關(guān)置于OFF擋或交流電源最高擋，則正確的實驗步驟為：c、a、b；d；電阻絲的阻值約為幾十千歐；旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)其尖端應(yīng)對準的歐姆擋位是×1k，由圖示歐姆表可知，電阻絲的阻值為32×1k=32kΩ．

故答案為：cabd；×k；32k．

使用歐姆表測電阻時；應(yīng)選擇合適的擋位，然后進行歐姆調(diào)零，再測電阻，歐姆表使用完畢后，要把選擇開關(guān)置于OFF擋或交流電壓最高擋．

本題考查了用多用電表測電阻的步驟、歐姆表讀數(shù)，要掌握多用電表的使用方法與注意事項，歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)．【解析】cabd；×1k；32k12、略

【分析】解：元電荷的數(shù)值最早是由美國的物理學家密立根測得的；后來人們又做了許多測量，現(xiàn)在公認的元電荷的值為e=1.60217733鈭?19C

在我們的計算中；可取e=1.6隆脕10鈭?19

C.

故答案為：1.60217733鈭?19C

元電荷的數(shù)值是通過實驗測出來的；現(xiàn)在公認的元電荷的值為e=1.60217733鈭?19C

在我們的計算中，可取e=1.6隆脕10鈭?19

C.

該題考查常用的常數(shù)，要牢記元電荷的數(shù)值為1.60217733鈭?19C

在我們的計算中，可取e=1.6隆脕10鈭?19

C.【解析】1.60217733鈭?19C

13、略

【分析】

小球A受到小球B和C的作用力分別記為FBA和FCA，小球B分別受到小球A和C的作用力分別記為FAB和FCB，小球C受到A和B的作用力記為FAC和FBC

對小球A有：FBA+FCA=ma1①

對小球B有：FAB+FCB=ma2②

對小球C有：FAC+FBC=ma3③

由于FBA和FAB互為作用力和反作用力，故其大小相等方向相反，有FBA+FAB=0；故有。

①+②+③得：

ma1+ma2+ma3=0

根據(jù)題意取向左為正方向，則有：

據(jù)ma1+ma2+ma3=0知方向與正方向相同即向左．

即釋放B球時，B球的加速度大小為1m/s2；方向向左．

故答案為：1；左．

【解析】【答案】在光滑的水平面上；小球所受重力和支持力平衡，使小球產(chǎn)生加速的力就是小球間相互作用的庫侖力，根據(jù)牛頓第三定律解出其加速度滿足的規(guī)律．

14、略

【分析】

（1）①由幾何知識得：光線在玻璃磚上表面折射時的入射角為i=90°-θ1，折射角為r=90°-θ2；由折射定律得：

n==．②選用寬度大的玻璃磚來測量；可減小角度產(chǎn)生的誤差．

（2）如右圖所示，實線表示將玻璃磚向上平移后實際的光路圖，而虛線是未將玻璃磚向上平移時作圖時所采用的光路圖，通過比較發(fā)現(xiàn)，入射角和折射角沒有變化，則由折射定律n=得知；測得的折射率將不變．

故答案為：

（1）①n=．②大。

（2）不變。

【解析】【答案】（1）①用“插針法”測定玻璃的折射率的原理是折射定律n=i、r分別是入射角和折射角；是入射光線和折射光線與光線的夾角，由圖根據(jù)幾何知識得到入射角和折射角，就能得到玻璃的折射率計算式．②為了減少誤差，應(yīng)選用寬度大的玻璃磚來測量．

（2）通過作光路圖；將玻璃磚向上平移的光路圖與未向上平移的光路圖進行比較，分析入射角和折射角是否變化，由折射定律分析折射率變化．

15、花粉不停地做無規(guī)則的布朗運動【分析】【解答】著名布朗運動的實驗；是英國植物學家布朗發(fā)現(xiàn)的，布朗把花粉放入水中，然后取出一滴這種懸浮夜，放在顯微鏡下觀察，發(fā)現(xiàn)花粉小顆粒像著魔似的不停運動，而且每個小顆粒的運動方向和速度都改變的快，不會停下來，這些小顆粒實際上是由上萬個分子組成的分子團，由于受液體分子的無規(guī)則撞擊而不平衡，從而表現(xiàn)出無規(guī)則運動．

思路【分析】根據(jù)布朗運動的發(fā)現(xiàn)歷史分析.

【分析】本題考查了布朗運動的物理學史16、略

【分析】解：（1）根據(jù)題意得內(nèi)阻很小；為零減小誤差所以采用電流表內(nèi)接法，即選擇①．

改變滑動變阻器阻值時；為了使電壓表和電流表的讀數(shù)變化比較明顯，滑動變阻器應(yīng)選擇E．

（2）若把該電阻單獨與這節(jié)蓄電池連接成閉合回路；

由電源U一I圖線可知電動勢為3.2v，內(nèi)阻r=-R0=1Ω；

由電阻的U一I圖線得串聯(lián)的電阻是5Ω；

若把該電阻單獨與這節(jié)蓄電池連接成閉合回路，則電池兩端的電壓為U=R=2.67V

故答案為：（1）①；E

（2）2.67

（1）根據(jù)題意得內(nèi)阻很小；為零減小誤差所以采用電流表內(nèi)接法．為方便實驗操作應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器．

（2）表示電源的伏安特性曲線是往下傾斜的直線；表示電阻的伏安特性曲線是過原點的曲線，若將兩圖象畫在同一坐標系中，其交點即表示該電源與該電阻接在了同一個電路中了．

本題考查了實驗器材的選取、求電源電動勢與內(nèi)阻等問題，要掌握實驗器材的選取原則，要會由電源的U-I圖象求電源電動勢與內(nèi)阻【解析】；①；E；2.67三、判斷題(共5題，共10分)17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度