2025年外研銜接版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、光纖主要由折射率較大的纖芯與折射率較小的外套組成。在光纖中傳輸?shù)男盘柺敲}沖光信號。當一個光脈沖從光纖中輸入，經(jīng)過一段長度的光纖傳輸之后，其輸出端的光脈沖會變寬，這種情況較嚴重（脈沖變寬到一定程度）時會導(dǎo)致信號不能被正確傳輸。引起這一差別的主要原因之一是光通過光纖纖芯時路徑長短的不同，如圖所示，沿光纖軸線傳輸?shù)墓饫w用時最短，在兩種介質(zhì)界面多次全反射的光線用時最長。為簡化起見，我們研究一根長直光纖，設(shè)其內(nèi)芯折射率為n1，外套折射率為n2。在入射端，光脈沖寬度（即光持續(xù)時間）為在接收端光脈沖寬度（即光持續(xù)時間）為且則（）

A.為了保證光脈沖不從外套“漏”出，內(nèi)芯和包套材料折射率的關(guān)系應(yīng)滿足：n1<n2B.內(nèi)芯材料的折射率n1越大，光脈沖將越不容易從外套“漏”出C.為了盡可能減小和的差值，應(yīng)該選用波長更短的光D.光在內(nèi)芯與包套界面處的臨界角2、在科幻電影《全面回憶》中有一種地心車；無需額外動力就可以讓人在幾十分鐘內(nèi)到達地球的另一端，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響；車與軌道及空氣之間的摩擦，乘客和車的運動為簡諧運動，則（）

A.乘客達到地心時的速度最大，加速度最大B.乘客只有在地心處才處于完全失重狀態(tài)C.乘客在地心處所受的回復(fù)力最小D.乘客所受地球的萬有引力大小不變3、如圖所示；小球由靜止從同一出發(fā)點到達相同的終點，發(fā)現(xiàn)小球從B軌道滑下用時最短，C軌道次之，A軌道最長，B軌道軌跡被稱為最速降線，設(shè)計師在設(shè)計過山車時大多采用B軌道。若忽略各種阻力，下列說法正確的是（）

A.由機械能守恒，小球在三條軌道的終點處速度相同B.三條軌道中小球沿B軌道滑下過程重力做功的平均功率最大C.沿C軌道滑下軌道對小球的支持力做功最多D.沿A軌道滑下軌道對小球的支持力沖量為零4、如圖所示，一籃球以水平初速度碰撞籃板后水平彈回，速率變?yōu)樵瓉淼膋倍碰撞時間忽略不計（碰撞過程重力對籃球的沖量可忽略不計），彈回后籃球的中心恰好經(jīng)過籃框的中心。已知籃球的質(zhì)量為m；不計摩擦和空氣阻力，則（）

A.碰撞過程中，籃球的機械能守恒B.籃板對籃球的沖量大小為C.碰撞過程中籃球的動量改變量大小為D.若籃球氣壓不足，導(dǎo)致k減小，在不變的情況下，要使籃球中心經(jīng)過籃框中心，應(yīng)使碰撞點更低5、如圖所示，a、b兩束相互平行的單色光，以一定的入射角照射到平行玻璃磚上表面，經(jīng)平行玻璃磚折射后匯聚成一束復(fù)色光c，從平行玻璃磚下表面射出。下列說法中正確的是（）

A.在真空中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度；B.增大入射角，a光在玻璃磚下表面可發(fā)生全反射；C.用同一裝置在相同條件下分別做雙縫干涉實驗，a光條紋間距?。籇.用a光、b光照射某金屬表面，若a光能發(fā)生光電效應(yīng)，則b光一定也能發(fā)生光電效應(yīng)。6、下列四幅圖中所涉及的物理知識論述；正確的是（）

A.圖中的海市蜃樓是光的全反射現(xiàn)象引起的B.圖是兩種光現(xiàn)象圖案，上方為光的衍射條紋、下方為光的干涉條紋C.圖液晶屏顯像利用了光的衍射現(xiàn)象D.圖中的泊松亮斑說明光具有粒子性評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、如圖為某質(zhì)點的振動圖像；下列判斷正確的是（）

A.質(zhì)點的振幅為10cmB.質(zhì)點的周期為4sC.t=4s時質(zhì)點的速度達到最大值D.t=7s時質(zhì)點的加速度達到最大值8、某人站在靜浮于水面的船上，從某時刻開始從船頭走向船尾，不計水的阻力，那么在這段時間內(nèi)人和船的運動情況是（）A.人勻速走動，船則勻速后退，且兩者的速度大小與它們的質(zhì)量成反比B.人勻加速走動，船則勻加速后退，且兩者的加速度大小一定相等C.不管人如何走動，在任意時刻兩者的速度總是方向相反，大小與它們的質(zhì)量成反比D.人走到船尾不再走動，船則停下9、在如圖所示裝置中，在曲軸AB上豎直懸掛一個彈簧振子。若不轉(zhuǎn)動把手C，讓彈簧振子上下振動，測得其周期為1s；若將把手C以0.5s的周期勻速轉(zhuǎn)動；振子的振動穩(wěn)定后，其振幅為2cm，則（）

A.把手C轉(zhuǎn)動后，彈簧振子的振動周期為0.5sB.為使彈簧振子的振幅增大為3cm，可讓把手C轉(zhuǎn)速減小C.為使彈簧振子的振幅減小為1cm，可讓把手C轉(zhuǎn)動周期減小D.把手C的轉(zhuǎn)速越大，彈簧振子的振幅越大10、在信息技術(shù)迅猛發(fā)展的今天；光盤是存儲信息的一種重要媒介。光盤上的信息通常是通過激光束來讀取的。若紅；藍激光束不是垂直投射到盤面上，則光線在通過透明介質(zhì)層時會發(fā)生偏折而改變行進的方向，如圖所示。下列說法中正確的是（）

A.圖中光束①是紅光，光束②是藍光B.在光盤的透明介質(zhì)層中，光束①比光束②傳播速度慢C.若光束①、②先后通過同一雙縫干涉裝置，光束①的條紋寬度比光束②的窄D.光束①比②更容易發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象11、下列關(guān)于動量的說法正確的是（）A.質(zhì)量大的物體，動量一定大B.質(zhì)量和速率都相等的物體，動量一定相同C.質(zhì)量一定的物體的速率改變，它的動量一定改變D.質(zhì)量一定的物體的運動狀態(tài)改變，它的動量一定改變12、如圖所示，方向相反的兩個水平恒力F1、F2同時作用在靜止于光滑水平面上的A、B兩物體上，已知物體A的質(zhì)量MA大于物體B的質(zhì)量MB；經(jīng)過相等時間同時撤去兩力，又經(jīng)過一段時間兩物體相碰并粘為一體且恰好靜止，則下列說法正確的是（）

A.F1、F2的大小關(guān)系是F1>F2B.F1、F2的大小關(guān)系是F1=F2C.從F1、F2開始作用到兩物體相碰并粘為一體靜止，整個過程系統(tǒng)動量守恒D.只有兩物體相碰過程系統(tǒng)動量守恒13、在均勻介質(zhì)中坐標原點О處有一波源做簡諧運動，其表達式為y=6sint（m），它在介質(zhì)中形成的簡諧橫波沿x軸正方向傳播，從波源起振開始計時，某時刻，在x=0到x=8m之間第一次形成的波形圖如圖所示；質(zhì)點M為該時刻波形圖上一點，則（）

A.在此后的周期內(nèi)，回復(fù)力對M做功為零B.在此后的周期內(nèi)，回復(fù)力對M的沖量為零C.此后M點第一次到達y=-3m處所需時間是sE.波速大小為16m/sE.波速大小為16m/s評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、如圖所示，是兩列頻率相同、質(zhì)點振動方向相同、振幅均為A的平面波相遇發(fā)生干涉的示意圖。圖中實線表示波峰，虛線表示波谷，O為P、M連線的中點。從圖示時刻經(jīng)過四分之一周期，M處質(zhì)點的振幅為____________，位移為____________，從圖示時刻經(jīng)過半個周期，O處質(zhì)點通過的路程為________________。

15、判斷下來說法的正誤：

（1）簡諧運動是勻變速運動。（______）

（2）簡諧運動的圖像描述的是振動質(zhì)點的軌跡。（______）16、人船模型。

（1）模型圖示。

（2）模型特點。

①兩物體滿足動量守恒定律：mv人－Mv船＝____

②兩物體的位移滿足：m－M＝____，x人＋x船＝L；

得x人＝L，x船＝L

（3）運動特點。

①人動則船___，人靜則船___，人快船___，人慢船___，人左船____；

②人船位移比等于它們質(zhì)量的______；人船平均速度（瞬時速度）比等于它們質(zhì)量的____，即＝＝17、（1）波的衍射現(xiàn)象：波能______障礙物繼續(xù)傳播的現(xiàn)象，產(chǎn)生明顯衍射現(xiàn)象的條件是縫、孔的寬度或障礙物的尺寸跟波長相差_______或者______波長。

（2）一切波都能發(fā)生衍射，它是波特有的現(xiàn)象。18、（1）當物體受力方向與運動方向垂直時，該力的沖量為0______

（2）某個恒力經(jīng)歷一段時間對物體做功為0時，沖量不為0______19、某探究小組做了這樣一個實驗：把一個壓力傳感器固定在地面上，把質(zhì)量不計的彈簧豎直固定在壓力傳感器上，如圖甲所示。t=0時刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復(fù)。測出這一過程中壓力傳感器的示數(shù)F隨時間t變化的圖像如圖乙所示。則在的時間內(nèi)，小球速度最小的時刻為__________，小球加速度最大的時刻為__________。

20、用一個擺長為80.0cm的單擺做實驗；要求擺動的最大角度小于5°，則開始時將擺球拉離平衡位置的距離應(yīng)不超過_______cm（保留1位小數(shù)）。（提示：單擺被拉開小角度的情況下，所求的距離約等于擺球沿圓弧移動的路程。）

某同學(xué)想設(shè)計一個新單擺，要求新單擺擺動10個周期的時間與原單擺擺動11個周期的時間相等。新單擺的擺長應(yīng)該取為_______cm。評卷人得分四、實驗題(共1題，共9分)21、為了驗證動量守恒定律(探究碰撞中的不變量)；某同學(xué)選取了兩個材質(zhì)相同；體積不等的立方體滑塊A和B，按下述步驟進行實驗：

步驟1：在A；B的相撞面分別裝上橡皮泥；以便二者相撞以后能夠立刻結(jié)為整體；

步驟2：安裝好實驗裝置如圖；鋁質(zhì)軌道槽的左端是傾斜槽，右端是長直水平槽。傾斜槽和水平槽由一小段圓弧連接，軌道槽被固定在水平桌面上，在軌道槽的側(cè)面與軌道等高且適當遠處裝一臺數(shù)碼頻閃照相機；

步驟3：讓滑塊B靜置于水平槽的某處；滑塊A從斜槽某處由靜止釋放，同時開始頻閃拍攝，直到A；B停止運動，得到一幅多次曝光的數(shù)碼照片；

步驟4：多次重復(fù)步驟3，得到多幅照片，挑出其中最理想的一幅，P掉B木塊只剩下A木塊；打印出來，將刻度尺緊靠照片放置，如圖所示。

(1)由圖分析可知，滑塊A與滑塊B碰撞發(fā)生的位置________。

①在P5、P6之間。

②在P6處。

③在P6、P7之間。

(2)為了探究碰撞中動量是否守恒，需要直接測量或讀取的物理量是________。

①A、B兩個滑塊的質(zhì)量m1和m2

②滑塊A釋放時距桌面的高度。

③頻閃照相的周期。

④照片尺寸和實際尺寸的比例。

⑤照片上測得的s45、s56和s67、s78

⑥照片上測得的s34、s45、s56和s67、s78、s89

⑦滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)。

寫出驗證動量守恒的表達式___________________________________________．評卷人得分五、解答題(共2題，共6分)22、如圖所示，有5個大小不計的物塊1、2、3、4、5放在傾角為的足夠長斜面上，其中物塊1的質(zhì)量為物塊2、3、4、5的質(zhì)量均為物塊1與斜面間光滑，其他物塊與斜面間動摩擦因數(shù)物塊2、3、4、5的間距均為物塊1、2的間距為開始時用手固定物塊1，其余各物塊都靜止在斜面上?，F(xiàn)在釋放物塊1，使其自然下滑并與物塊2發(fā)生碰撞，接著陸續(xù)發(fā)生其他碰撞。假設(shè)各物塊間的碰撞時間極短且都是彈性碰撞，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為求。

（1）物塊1；2第一次碰后瞬間的速度大??；

（2）從釋放物塊1到物塊1；2發(fā)生第五次碰撞所需時間；

（3）從釋放物塊1到物塊1；2發(fā)生第五次碰撞所有物塊與斜面間摩擦產(chǎn)生的總熱量。

23、如圖，質(zhì)量為m的b球用長h的細繩懸掛于水平軌道BC的出口處，質(zhì)量也為m的小球a，從距BC高h的A處由靜止釋放，沿ABC光滑軌道滑下，在C處與b球正碰并與b粘在一起。已知BC軌道距地面有一定的高度，懸掛b球的細繩能承受的最大拉力為2.8mg，b球與水平軌道無作用力。試問：

（1）a與b球碰后瞬間的速率多大？

（2）a、b兩球碰后；細繩是否會斷裂？（要求通過計算回答）

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

A．發(fā)生全反射的必要條件是：光必須從光密介質(zhì)攝入光疏介質(zhì)，即從折射率大的介質(zhì)射入折射率小的介質(zhì)，所以當內(nèi)芯的折射率比包套材料的折射率大時，即時；光在內(nèi)芯與外套的界面上才能發(fā)生全反射，故A錯誤；

B．內(nèi)芯材料的折射率越大；光脈沖將越不容易從外套“漏”出，故B正確；

C．光脈沖寬度對應(yīng)一定的波長范圍；故C錯誤；

D．對于光由介質(zhì)射入空氣（或真空）的情況

而光在內(nèi)芯與包套界面處臨界角不等于光由內(nèi)芯射入空氣（或真空）的臨界角；故D錯誤。

故選B。2、C【分析】【詳解】

AC．乘客向地心運動時速度增大；加速度減??；通過地心時的速度達到最大值，加速度為零，則回復(fù)力為0，故回復(fù)力最小，故A錯誤，C正確；

B．乘客處于地心時；加速度為零，不是失重狀態(tài)，故B錯誤；

D．設(shè)地球質(zhì)量為M，乘客和車的質(zhì)量為m，地球密度為ρ，則

在距離地心為r時：地球?qū)Τ丝秃蛙嚨娜f有引力充當回復(fù)力

又

聯(lián)立得

即萬有引力與r成正比；故D錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

A．由機械能守恒；小球在三條軌道的終點處速度大小相同，但是方向不同，A錯誤；

B．三條軌道中小球下降的高度相同；所以重力做功相同，又因為從B軌道滑下用時最短，所以沿B軌道滑下過程重力做功的平均功率最大，B正確；

C．無論沿哪條軌道下滑；支持力始終與速度方向垂直，不做功，C錯誤；

D．沿A軌道滑下時軌道對小球的支持力不為零；所以該過程中軌道對小球的支持力沖量不為零，D錯誤。

故選B。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由題意可知；在碰撞運動中，籃球的速度減小，籃球的動能減小，機械能減小，A錯誤；

BC．以籃球彈回的方向為正方向，由動量定理可得I=mkv0?（?mv0）=（1+k）mv0

碰撞過程中籃球的動量改變量大小為（1+k）mv0；B正確，C錯誤；

D．若籃球氣壓不足，導(dǎo)致k減小，在不變的情況下，kv0減小，要使籃球中心經(jīng)過籃框中心，即籃球彈回后水平位移不變，時間t要增大；應(yīng)使碰撞點更高，D錯誤。

故選B。5、C【分析】【詳解】

A．在真空中，a光的傳播速度等于b光的傳播速度；故A錯誤；

B．因為光線是從玻璃磚上表面經(jīng)過一次折射到下表面的，所以增大入射角，a光在玻璃磚下表面不可能達到臨界角；因此不可能發(fā)生全反射，故B錯誤；

C．兩束光的入射角相同，a光的折射角較小，所以a光的折射率較大，則頻率較大，波長短，根據(jù)

可知，a光條紋間距??；故C正確；

D．a(chǎn)光頻率大，可以發(fā)生光電效應(yīng)，b光頻率?。豢赡苄∮跇O限頻率，所以可能不發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯誤。

故選C。6、A【分析】【詳解】

A．圖中的海市蜃樓是光的全反射現(xiàn)象引起的；選項A正確；

B．圖是兩種光現(xiàn)象圖案；上方圖案平行等距，為光的干涉條紋；下方圖案平行不等距，為光的衍射條紋，選項B錯誤；

C．圖液晶屏顯像利用了光的偏振現(xiàn)象；選項C錯誤；

D．圖中的泊松亮斑說明光具有波動性；選項D錯誤。

故選A。二、多選題(共7題，共14分)7、B:C:D【分析】【詳解】

AB.根據(jù)質(zhì)點的振動圖像知；質(zhì)點的振幅為5cm，質(zhì)點振動的周期為4s，故A錯誤，B正確；

C.t=4s時；質(zhì)點經(jīng)過平衡位置且向上運動，速度達到最大值，故C正確；

D.t=7s時，質(zhì)點處于負向最大位移處，加速度達到最大值，故D正確。8、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

ACD．以人和船構(gòu)成的系統(tǒng)為研究對象，其總動量守恒，設(shè)v1、v2分別為人和船的速率，則有

故有

可見選項ACD正確；

B．人和船若勻加速運動，則有

所以

本題中m人與M船不一定相等；所以兩者的加速度大小不一定相等，選項B錯誤。

故選ACD。9、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．把手勻速轉(zhuǎn)動時；彈簧振子做受迫振動，其振動周期等于驅(qū)動力的周期，即為0.5s，故A正確；

B．要使彈簧振子的振幅增大；可讓把手轉(zhuǎn)速減小，周期增大，與固有周期接近或相等時，振幅可增大，故B正確；

C．要使彈簧振子的振幅減??；可讓把手轉(zhuǎn)速增大，周期減小，故C正確；

D．把手C的轉(zhuǎn)速越大；周期越小，與固有周期相差越大，振幅越小，故D錯誤。

故選ABC。10、B:C【分析】【詳解】

A．由圖可知介質(zhì)對①光的折射率比對②光的折射率大；所以①光的頻率高于②光的頻率，故圖中光束①是藍光，光束②是紅光，A錯誤；

B．由可知；折射率大，波速小，故在光盤的透明介質(zhì)層中，光束①比光束②傳播速度慢，B正確；

C．由可知；通過同一雙縫干射裝置，波長短，條紋間距窄。因為①光的頻率高于②光的頻率，故①光的波長小于②光的波長，即光束①的條紋寬度比光束②的窄，C正確；

D．因為①光的波長小于②光的波長；所以②光更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，D錯誤。

故選BC。11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)動量的定義；它是質(zhì)量和速度的乘積，因此它由質(zhì)量和速度共同決定，A錯誤；

B．又因為動量是矢量；它的方向與速度的方向相同，而質(zhì)量和速率都相等的物體，其動量大小一定相等，但方向不一定相同，B錯誤；

C．質(zhì)量一定的物體的速率改變；則它的動量大小就一定改變，C正確；

D．質(zhì)量一定的物體的運動狀態(tài)改變；它的速度就一定改變，它的動量也就改變，D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由于粘合體靜止，對兩物體相碰過程根據(jù)動量守恒定律得MAvA+MBvB=（MA+MB）v

其中v=0，得MAvA=–MBvB

根據(jù)動量定理得F1t=MAvA

同理F2t=MBvB

時間相同，所以F1、F2等大反向；A錯誤；

B．根據(jù)A的計算結(jié)果可知；B正確；

C．由于F1、F2等大反向；系統(tǒng)合外力為零，故整個過程系統(tǒng)動量守恒，C正確；

D．由于F1、F2等大反向；系統(tǒng)合外力為零，故整個系統(tǒng)動量守恒，D錯誤。

故選BC。13、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．再經(jīng)過周期，質(zhì)點M將運動到與平衡位置對稱的位置，根據(jù)對稱性，速度大小相等但方向相反，所以在此后的周期內(nèi)動能增量為零但動量變化量不為零；根據(jù)動能定理知回復(fù)力對M做功為零，根據(jù)動量定理知回復(fù)力對M的沖量不為零，故A正確B錯誤；

C．根據(jù)波形圖可知M的橫坐標

且此時與質(zhì)點M關(guān)于坐標原點對稱的質(zhì)點的縱坐標y=-3m，故M點第一次到達y=-3m就是與質(zhì)點M關(guān)于坐標原點對稱的質(zhì)點的振動形式傳到了質(zhì)點M所在位置，該過程波傳播的距離等于2xM，根據(jù)振動方程可知

故周期

由波形圖可知波長

則波速

此后M點第一次到達y=-3m處所需時間

故C正確；

D．波源起振開始計時經(jīng)過6s將繼續(xù)沿x軸正向傳播12m，故t=6s時，該波傳播到x=12m處；故D正確；

E．由C可得波速大小為2m/s；故E錯誤。

故選ACD三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【詳解】

[1]由題意可知，M點為波峰與波峰相遇，則M點有振動加強點，振幅為振子離開平衡位置的最大距離，則從圖示時刻經(jīng)過四分之一周期，M處質(zhì)點的振幅為2A

[2]圖示時刻M點位于波峰處，經(jīng)過四分之一周期后，M振動到平衡位置；則位移為0

[3]O點為P、M連線的中點，由于P點為波谷與波谷相遇點也為振動加強點，所以，O點為振動加強點，振幅為2A，從圖示時刻經(jīng)過半個周期，O處質(zhì)點通過的路程為【解析】2A04A15、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]簡諧運動中；回復(fù)力隨位移的變化而變化，是變力，所以簡諧運動是非勻變速運動。故錯。

(2)[2]簡諧運動的圖像描述的是質(zhì)點的位移隨時間變化的規(guī)律，不是振動質(zhì)點的軌跡，故錯?！窘馕觥垮e錯16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]兩物體滿足動量守恒定律

[2]因為

兩物體的位移滿足

（2）[3][4][5][6][7]人動則船動；人靜則船靜，人快船快，人慢船慢，人左船右。

（3）[8]根據(jù)

則有

人船位移比等于它們質(zhì)量的反比。

[9]根據(jù)

則有

人船平均速度（瞬時速度）比等于它們質(zhì)量的反比【解析】①.0②.0③.動④.靜⑤.快⑥.慢⑦.右⑧.反比⑨.反比17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]波的衍射現(xiàn)象：波能繞過障礙物繼續(xù)傳播的現(xiàn)象。

[2][3]產(chǎn)生明顯衍射現(xiàn)象的條件是縫、孔的寬度或障礙物的尺寸跟波長相差不大或者小于波長。【解析】①.繞過②.不大③.小于18、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據(jù)沖量的定義

當物體受力方向與運動方向垂直時，F(xiàn)不為零，t不為零；沖量不為零。

(2)[2]某個恒力經(jīng)歷一段時間對物體做功為0時，F(xiàn)不為零，t不為零，沖量不為零?！窘馕觥竣?錯誤②.正確19、略

【分析】【詳解】

[1]依題意，由圖乙可知在時刻，小球與彈簧開始接觸，此時小球加速度為g，方向豎直向下；在時間內(nèi)，由于彈簧彈力開始小于重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，小球加速度方向豎直向下，隨著彈簧彈力的逐漸增大，加速度逐漸減小，即開始一段時間內(nèi)，小球先做加速度逐漸減小的加速運動；當彈簧彈力等于重力時，小球加速度為零，速度達最大；接著小球受到的彈力大于重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，小球加速度方向豎直向上，且隨著彈簧彈力的增大，加速度逐漸增大，即小球做加速度逐漸增大的減速運動，直到t2時刻；小球速度為0，此時彈簧彈力最大。

[2]若小球從彈簧原長處釋放，根據(jù)簡諧運動特點，彈簧壓縮到最短時，彈力而小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放后，彈簧壓縮到最短時，最大彈力則t2時刻的加速度

則所以t2時刻的加速度最大?！窘馕觥縯2t220、略

【分析】【分析】

【詳解】

拉離平衡位置的距離。

題中要求擺動的最大角度小于且保留1位小數(shù)，所以拉離平衡位置的不超過

根據(jù)單擺周期公式結(jié)合題意可知。

代入數(shù)據(jù)為。

解得新單擺的擺長為。

【