2025年蘇教新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年蘇教新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，電量.質(zhì)量分別為q1.q2.m1.m2的兩個(gè)小球，用絕緣絲線懸于同一點(diǎn)，靜止后它們恰好位于同一水平面上，細(xì)線與豎直方向夾角分別為α.βA.若m1=m2，q12，則α<βB.若m1>m2，q1=q2，則α>βC.若m1=m2，q12，則α=βD.q1、q2是否相等與α、β誰(shuí)大誰(shuí)小無(wú)關(guān)，若m1>m2，則α<β2、某電場(chǎng)的部分電場(chǎng)線如圖所示；A；B是一帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)軌跡（圖中虛線）上的兩點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.粒子一定是從B點(diǎn)向A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)。

B.粒子在A點(diǎn)的加速度大于它在B點(diǎn)的加速度。

C.粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能。

D.電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)。

3、一物體作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)一段位移鈻?x

所用的時(shí)間為t1

，緊接著通過(guò)下一段位移鈻?x

所用時(shí)間為t2.

則物體運(yùn)動(dòng)的加速度為(

)

A.2?x(t1鈭?t2)t12(t1+t2)

B.?x(t1鈭?t2)t12(t1+t2)

C.2?x(t1+t2)t12(t1鈭?t2)

D.?x(t1+t2)t12(t1鈭?t2)

4、一位質(zhì)量為m

的運(yùn)動(dòng)員從下蹲狀態(tài)向上起跳，經(jīng)婁隴t

時(shí)間，身體伸直并剛好離開地面，速度為v.

在此過(guò)程中(

重力加速度為g)

()A.地面對(duì)他的沖量為mv+mg婁隴t

地面對(duì)他做的功為12mv2

B.地面對(duì)他的沖量為mv+mg婁隴t

地面對(duì)他做的功為零C.地面對(duì)他的沖量為mv

地面對(duì)他做的功為12mv2

D.地面對(duì)他的沖量為mv鈭?mg婁隴t

地面對(duì)他做的功為零5、某校高二部分學(xué)生分別乘兩輛汽車從學(xué)校出發(fā)去敬老院做義工．兩輛汽車在平直的公路上運(yùn)動(dòng)，甲車內(nèi)一同學(xué)看見前面的乙車向東運(yùn)動(dòng)，此時(shí)乙車內(nèi)的同學(xué)看見路旁的樹木向西移動(dòng)．如果以地面為參考系，那么上述觀察說(shuō)明（）A.兩車都向東運(yùn)動(dòng)，但甲車運(yùn)動(dòng)快B.兩車都向東運(yùn)動(dòng)，但乙車運(yùn)動(dòng)快C.兩車都向西運(yùn)動(dòng)，但甲車運(yùn)動(dòng)快E.兩車都向東運(yùn)動(dòng)，但甲車運(yùn)動(dòng)快E.兩車都向東運(yùn)動(dòng)，但甲車運(yùn)動(dòng)快6、如圖所示，厚薄均勻的長(zhǎng)方體金屬片，邊長(zhǎng)ab為2L，bc為L(zhǎng)，厚度為h．當(dāng)AB間接入的電壓為U時(shí)，電流為I，則CD間接入的電壓為U時(shí)，其電流為（）A.IB.IC.2ID.4I7、在物理學(xué)的學(xué)展過(guò)程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動(dòng)了人類歷史的進(jìn)步，下列表述符合物理史學(xué)的是(

)

A.開普勒認(rèn)為只有在一定的條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比B.牛頓認(rèn)為在足夠高的高山上以足夠大的水平速度拋出一物體，物體就不會(huì)再落到地球上C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，這和他豎信電和磁之間一定存在著聯(lián)系的哲學(xué)思想是分不開的D.安培首先引入電場(chǎng)線和磁感線，極大地促進(jìn)了他對(duì)電磁現(xiàn)象的研究8、如圖所示，在“探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)裝置中，A為小車，B為裝在砝碼的小盤，C為一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板，小車通過(guò)紙帶與電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器相連，小車的質(zhì)量為M，小盤（及砝碼）的質(zhì)量為m。下列說(shuō)法中不正確的是（）A.實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，再釋放小車B.每次改變小車質(zhì)量時(shí)，應(yīng)重新平衡摩擦力C.本實(shí)驗(yàn)中應(yīng)滿足m遠(yuǎn)小于M的條件D.平衡摩擦力時(shí)，不能懸掛小盤（及砝碼）評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、下列說(shuō)法正確的是（）A.光的頻率越低，其粒子性越顯著B.物質(zhì)波理論告訴我們，任何運(yùn)動(dòng)的微觀粒子都具有波粒二象性C.光子說(shuō)表明光也是一種粒子，所以光子的運(yùn)動(dòng)也可以用牛頓運(yùn)動(dòng)定律進(jìn)行分析D.光波不同于宏觀概念中的那種連續(xù)的波，它是表明大量光子運(yùn)動(dòng)規(guī)律的一種概率波10、在“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，若測(cè)得的g值比當(dāng)?shù)氐臉?biāo)準(zhǔn)值偏小，可能是因?yàn)椋ǎ〢.擺球的質(zhì)量偏大B.擺球的擺角偏小C.計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)，把懸線長(zhǎng)△t=0.1s=T當(dāng)作了擺長(zhǎng)l1=4A1=8cmD.測(cè)量周期時(shí)，將n次全振動(dòng)誤記成了（n-1）次11、雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，綠光通過(guò)單縫S

后，投射到具有雙縫的擋板上，雙縫S1

和S2

與單縫S

的距離相等，光通過(guò)雙縫后在與雙縫平行的屏上形成干涉條紋.

屏上O

點(diǎn)到兩縫的距離相等，P

點(diǎn)是距O

點(diǎn)最近的第一條亮條紋.

已知紅光、綠光和藍(lán)光三種色光比較，紅光的波長(zhǎng)最長(zhǎng)，藍(lán)光的波長(zhǎng)最短，那么如果將入射的單色光換成紅光或藍(lán)光，討論屏上O

點(diǎn)及其上方的干涉條紋的情況，下列敘述正確的是(

)

A.O

點(diǎn)是紅光的亮條紋B.紅光的第一條亮條紋在P

點(diǎn)的上方C.O

點(diǎn)不是藍(lán)光的亮條紋D.藍(lán)光的第一條亮條紋在P

點(diǎn)的上方12、矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生交變電流的電動(dòng)勢(shì)如圖1

所示，將該電源與電阻R=10婁賂

交流電壓表按照?qǐng)D2

所示的方式連接，不計(jì)電源內(nèi)阻，從圖可知(

)

A.在t=0

時(shí)刻，穿過(guò)線圈的磁通量為零B.1s

內(nèi)，通過(guò)電阻R

的電流方向改變50

次C.交流電壓表的示數(shù)為3V

D.電阻R

的熱功率為1.8W

13、如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的兩端與質(zhì)量分別為m1

和m2

的兩物塊AB

相連接，并靜止在光滑的水平面上?，F(xiàn)使A

瞬時(shí)獲得水平向右的速度3m/s

以此刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，兩物塊的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖象信息可得(

)

A.t2

時(shí)刻彈簧的彈性勢(shì)能最大B.兩物體的質(zhì)量之比為m1m2=12

C.t1

時(shí)刻彈簧處于壓縮狀態(tài)，t3

時(shí)刻彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)D.從計(jì)時(shí)開始到t4

的過(guò)程中，物塊AB

及彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能不守恒14、下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.物體所受合外力越大，其動(dòng)量變化一定越大B.物體所受合外力越大，其動(dòng)量變化一定越快C.物體所受合外力的沖量越大，其動(dòng)量變化一定越大D.物體所受合外力的沖量越大，其動(dòng)量一定變化得越快15、一根輕繩一端系一小球，另一端固定在O

點(diǎn)，在O

點(diǎn)有一個(gè)能測(cè)量繩的拉力大小的力傳感器，讓小球繞O

點(diǎn)在豎直平面內(nèi)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，由傳感器測(cè)出拉力F

隨時(shí)間t

的變化圖象如圖所示，下列判斷正確的是(

)

A.小球振動(dòng)的周期為2s

B.小球速度變化的周期為4s

C.小球動(dòng)能變化的周期為2s

D.小球重力勢(shì)能變化的周期為4s

16、關(guān)于減小遠(yuǎn)距離輸電線上的功率損耗，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.應(yīng)使用電阻率小的導(dǎo)線并提高輸電電壓B.由P=UI

應(yīng)該用低電壓小電流輸電C.由P=I2R

應(yīng)減小導(dǎo)線電阻或減小輸電電流D.由功率P=U2R

應(yīng)降低輸電電壓，增大導(dǎo)線電阻17、圖中K、L、M為靜電場(chǎng)中的三個(gè)相距很近的等勢(shì)面（K、M之間無(wú)電荷）．一帶電粒子射入此靜電場(chǎng)中后，依a→b→c→d→e軌跡運(yùn)動(dòng)．已知電勢(shì)．下列說(shuō)法中正確的是（）

A.粒子帶負(fù)電B.粒子在bc段做減速運(yùn)動(dòng)C.粒子在b點(diǎn)與d點(diǎn)的速率大小相等D.粒子在c點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能最大評(píng)卷人得分三、雙選題(共2題，共4分)18、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解19、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評(píng)卷人得分四、填空題(共4題，共28分)20、如圖，是學(xué)生實(shí)驗(yàn)用的有兩個(gè)量程的電壓表刻度盤，當(dāng)使用較小量程時(shí)，測(cè)量電壓最大值不得超過(guò)____V，每一小格表示____V；圖中指針示數(shù)為____V．若使用的是較大量程，則表盤刻度每小格表示____V；測(cè)量電壓最大值不得超過(guò)____V．

21、電磁感應(yīng)現(xiàn)象是英國(guó)物理學(xué)家__________首先發(fā)現(xiàn)的．探究這個(gè)現(xiàn)象應(yīng)選用如圖中_______（填“甲”或“乙”）所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)．22、一理想變壓器；其原線圈匝數(shù)為2200

匝，副線圈匝數(shù)為440

匝，并接一個(gè)100婁賂

的負(fù)載電阻，如圖所示．

(1)

當(dāng)原線圈接在44V

直流電源上時(shí)；電壓表示數(shù)為______V

電流表示數(shù)為______A.

(2)

當(dāng)原線圈接在220V

交變電源上時(shí)，電壓表示數(shù)為______V

電流表示數(shù)為______A.此時(shí)輸入功率為______W

變壓器效率為______．23、某同學(xué)利用圖所示的裝置，通過(guò)半徑相同且質(zhì)量分別為m1、m2的A、B兩球所發(fā)生的碰撞來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．圖中o點(diǎn)為球離開軌道時(shí)球心的投影位置，p點(diǎn)為A球單獨(dú)平拋后的落點(diǎn)，p1、p2分別為A、B碰撞后A、B兩球的落點(diǎn)．已知A球始終從同一高度滾下．今測(cè)得op=x，op1=x1，op2=x2，則動(dòng)量守恒表達(dá)式為______，（用m1、m2、x1、x2表示）若表達(dá)式______成立，則可判斷AB發(fā)生彈性正碰．評(píng)卷人得分五、判斷題(共2題，共14分)24、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共24分)26、某同學(xué)用如圖所示裝置，通過(guò)半徑相同的A、B兩球的碰撞來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。（1）實(shí)驗(yàn)中必須要求的條件是（）A．斜槽軌道盡量光滑以減少誤差B．斜槽軌道末端的切線必須水平C．入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等，且大小相同D．入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下（2）在以下選項(xiàng)中，哪些是本次實(shí)驗(yàn)必須進(jìn)行的測(cè)量（）（填選項(xiàng)號(hào)）A．水平槽上未放B球時(shí)，測(cè)量A球落點(diǎn)P到O點(diǎn)的距離B．A球與B球碰撞后，測(cè)量A球落點(diǎn)M到O點(diǎn)的距離C．A球與B球碰撞后，測(cè)量B球落點(diǎn)N到O點(diǎn)的距離D．測(cè)量A球或B球的直徑E．測(cè)量A球和B球的質(zhì)量（或兩球質(zhì)量之比）F．測(cè)量釋放點(diǎn)G相對(duì)于水平槽面的高度G．測(cè)量水平槽面離地的高度（3）某次實(shí)驗(yàn)中得出的落點(diǎn)情況如下圖所示，假設(shè)碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，則入射小球質(zhì)量m1和被碰小球質(zhì)量m2之比為____________。27、（8分）在做“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，①以下對(duì)實(shí)驗(yàn)的幾點(diǎn)建議中，有利于提高測(cè)量結(jié)果精確度的是________。A．實(shí)驗(yàn)中適當(dāng)加長(zhǎng)擺線B．單擺偏離平衡位置的角度不能太大C．當(dāng)單擺經(jīng)過(guò)最大位置時(shí)開始計(jì)時(shí)D．測(cè)量多組周期T和擺長(zhǎng)L，作L－T2關(guān)系圖像來(lái)處理數(shù)據(jù)②某同學(xué)在正確操作和測(cè)量的情況下，測(cè)得多組擺長(zhǎng)L和對(duì)應(yīng)的周期T，畫出L－T2圖像，如圖所示。出現(xiàn)這一結(jié)果最可能的原因是：擺球重心不在球心處，而是在球心的正__________方(選填“上”或“下”)。為了使得到的實(shí)驗(yàn)結(jié)果不受擺球重心位置無(wú)法準(zhǔn)確確定的影響，他采用恰當(dāng)?shù)臄?shù)據(jù)處理方法：在圖線上選取A、B兩個(gè)點(diǎn)，找到兩點(diǎn)相應(yīng)的橫縱坐標(biāo)，如圖所示。用表達(dá)式g＝________計(jì)算重力加速度，此結(jié)果即與擺球重心就在球心處的情況一樣。28、甲同學(xué)采用如圖甲所示的電路測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。提供的器材：電壓表（0～3V）、電流表（0～0.6A）及滑動(dòng)變阻器R、電鍵S、導(dǎo)線。實(shí)驗(yàn)電路如圖甲所示。（1）連好電路后，當(dāng)該同學(xué)閉合電鍵S，發(fā)現(xiàn)電流表示數(shù)為0，電壓表示數(shù)不為0。檢查各接線柱均未接錯(cuò)，接觸良好，且電路未發(fā)生短路；他用多用電表的電壓檔檢查電路，把兩表筆分別接bc和、de時(shí)，示數(shù)均為0，把兩表筆接cd時(shí)，示數(shù)與電壓表示數(shù)相同，由此可推斷故障是：____________。（2）排除故障后，該同學(xué)順利完成實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的測(cè)量，如下表所示。并根據(jù)數(shù)據(jù)在空白的坐標(biāo)紙上，作出乙圖所示的U—I圖線，該圖存在多處不妥之處，請(qǐng)指出。（指出兩處不妥之處）。；。。I/A0.100.200.300.400.500.60U/V2.932.872.852.772.752.70（3）為了在實(shí)驗(yàn)中保護(hù)電流表和調(diào)節(jié)電阻時(shí)電壓表、電流表的示數(shù)變化均明顯，乙同學(xué)對(duì)甲同學(xué)的實(shí)驗(yàn)進(jìn)行改進(jìn)，設(shè)計(jì)了如圖丙所示的電路，丙電路中電阻R0應(yīng)該選取下列備選電阻的哪一個(gè)?答：。A．1ΩB．5ΩC．10ΩD．20Ω29、活動(dòng)課上；老師要求同學(xué)們用手中能伸縮的圓珠筆測(cè)量圓珠筆與課桌桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，某同學(xué)仔細(xì)觀察圓珠筆，發(fā)現(xiàn)筆內(nèi)有一根小彈簧，壓一下筆尾的小帽，筆尖就伸出．思考后，他設(shè)計(jì)了下面的實(shí)驗(yàn)：

（1）使筆尾部朝下；如圖所示，將筆向下按，直至小彈簧壓縮量最大，使小帽縮進(jìn)，然后放手，筆將向上彈起一定高度；

（2）在水平桌面上固定一個(gè)硬盒；將筆平放在水平桌面上，筆的尾部緊壓硬盒壁，水平推動(dòng)筆桿，使小帽縮進(jìn)，仍然使小彈簧壓縮量最大，然后放手，筆將在水平桌面上滑動(dòng)一端距離．

當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間；請(qǐng)你根據(jù)該同學(xué)的想法，完成下面的空格：

①上面第（1）步操作中需要測(cè)量的物理量是__________；

②上面第（2）步操作中需要測(cè)量的物理量是__________；

③根據(jù)你寫出的測(cè)量的物理量，該圓珠筆與課桌桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=__________．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C|D【分析】【解析】【答案】CD2、B|C【分析】

A；帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)；帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)，粒子可能是從B點(diǎn)向A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，也有可能是從A點(diǎn)向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的，故A錯(cuò)誤．

B；電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大；電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，粒子在A點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力大，根據(jù)牛頓第二定律得知，粒子在A點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度．故B正確．

C；帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)；假設(shè)由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力與軌跡上每一點(diǎn)的切線方向也就是速度方向成鈍角，所以電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，所以粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能大于它在B點(diǎn)的動(dòng)能，粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能．反之一樣．故C正確．

D；帶電粒子受電場(chǎng)力向右指向其軌跡的內(nèi)側(cè)；所以粒子帶正電，由于粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能，所以電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)，故D錯(cuò)誤．

故選BC．

【解析】【答案】根據(jù)做曲線運(yùn)動(dòng)的物體所受合外力指向其軌跡的內(nèi)側(cè)來(lái)判斷電場(chǎng)力方向；電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，確定場(chǎng)強(qiáng)的大小，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的大?。妶?chǎng)力做正功時(shí)，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功時(shí)，電勢(shì)能增加．

3、A【分析】【分析】物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；由推論：一段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中點(diǎn)時(shí)間的瞬時(shí)速度，可求出前后兩段時(shí)間中點(diǎn)時(shí)刻的速度，再由速度公式求解加速度。

本題巧用推論求解加速度，也可以運(yùn)用基本公式，對(duì)兩段分別列方程，組成方程組求解加速度，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段位移的平均速度，可以求得兩部分位移的中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，再由加速度的公式可以求得加速度的大小?！窘獯稹课矬w作勻加速直線運(yùn)動(dòng)在前一段鈻?x

所用的時(shí)間為t1

平均速度為：v鈥?1=?xt1

即為t12

時(shí)刻的瞬時(shí)速度；

物體在后一段鈻?x

所用的時(shí)間為t2

平均速度為：v鈥?2=?xt2

即為t22

時(shí)刻的瞬時(shí)速度；

速度由v1鈥?

變化到v2鈥?

的時(shí)間為：鈻?t=t1+t22

所以加速度：a=v2鈥?鈭?v1鈥??t=2?x(t1鈭?t2)t12(t1+t2)

所以A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A?！窘馕觥緼

4、B【分析】【分析】已知初末速度，則由動(dòng)量定理可求得地面對(duì)人的沖量；由功的公式可確定地面對(duì)人是否做功。在應(yīng)用動(dòng)量定理時(shí)一定要注意沖量應(yīng)是所有力的沖量，不要把重力漏掉。【解答】人的速度原來(lái)為零；起跳后變化v

則由動(dòng)量定理可得：

I鈭?mg鈻?t=鈻?mv=mv

故地面對(duì)人的沖量為mv+mg鈻?t

而人在跳起時(shí)；人受到的支持力沒有產(chǎn)生位移，故支持力不做功，故B正確；

故選B。【解析】B

5、B【分析】解：因乙車看到路旁的樹木向西；則說(shuō)明乙相對(duì)地面在向東運(yùn)動(dòng)；

而甲中的同學(xué)看到乙車在向東；則說(shuō)明甲車相對(duì)乙車在向西運(yùn)動(dòng)，而相對(duì)地面可能是向西運(yùn)動(dòng)；靜止或也是向東運(yùn)動(dòng)，但向東時(shí)的速度小于乙車的速度；

故正確的只有B；

故選：B．

乙車內(nèi)的同學(xué)看見路旁的樹木向西移動(dòng)；說(shuō)明乙車相對(duì)地面向東運(yùn)動(dòng)；甲車內(nèi)一同學(xué)看見乙車向東運(yùn)動(dòng)，則說(shuō)明甲可能甲車的速度小于乙車的速度．

掌握參考系的概念是解決此類題目的關(guān)鍵，本題中乙車內(nèi)的同學(xué)看見路旁的樹木向西移動(dòng)，說(shuō)明該同學(xué)是以自己作為參考系得出的結(jié)論．【解析】【答案】B6、D【分析】解：當(dāng)AB接入電源U時(shí)，電阻R1=ρ當(dāng)CD接入電源U時(shí)，R2=ρ=

根據(jù)歐姆定律得；接入相同電壓時(shí)，電壓之比為：1：4；

故可知，所以I2=4I1=4I．故D正確；A；B、C錯(cuò)誤．

故選：D．

根據(jù)電阻定律R=求出兩種接法時(shí)的電阻之比；再根據(jù)歐姆定律求出電流之比，從而得出C與D間接入的電壓為U時(shí)的電流大?。?/p>

解決本題應(yīng)注意應(yīng)用電阻定律及歐姆定律，注意接不同方向時(shí)，電阻的阻值不同．【解析】【答案】D7、B【分析】解：A

胡克認(rèn)為只有在一定的條件下；彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比，故A錯(cuò)誤；

B；牛頓認(rèn)為在足夠高的高山上以足夠大的水平速度拋出一物體；就不會(huì)再落在地球上，故B正確；

C；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；故C錯(cuò)誤；

D；法拉第首先引入電場(chǎng)線和磁感線；極大地促進(jìn)了他對(duì)電磁現(xiàn)象的研究，故D錯(cuò)誤；

故選：B

．

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答；記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一．【解析】B

8、B【分析】解：A；實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源后釋放小車；故A正確；

B；平衡摩擦力；假設(shè)木板傾角為θ，則有：f=mgsinθ=μmgcosθ，m約掉了，故不需要重新平衡摩擦力，故B錯(cuò)誤；

C、讓小車的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小盤（及砝碼）的質(zhì)量，因?yàn)椋簩?shí)際上繩子的拉力F=Ma=所以應(yīng)該是m＜＜M，故C正確；

D；平衡摩擦力的方法是：不把懸掛小盤的細(xì)繩系在車上；即不給小車施加牽引力。在長(zhǎng)木板不帶定滑輪的一端下面墊一塊木板。反復(fù)移動(dòng)木板的位置，直至小車在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)可以保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。這時(shí)，小車拖著紙帶運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦阻力恰好與小車所受的重力在斜面方向上的分力平衡，故D正確。

故選：B。

實(shí)驗(yàn)時(shí)需要提前做的工作有兩個(gè)：①平衡摩擦力；且每次改變小車質(zhì)量時(shí)，不用重新平衡摩擦力，因?yàn)閒=mgsinθ=μmgcosθ，m約掉了。②讓小車的質(zhì)量M遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小盤（及砝碼）的質(zhì)量m。

會(huì)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析分析為什么要平衡摩擦力和讓小車的質(zhì)量M遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小桶（及砝碼）的質(zhì)量m，且會(huì)根據(jù)原理分析實(shí)驗(yàn)誤差。紙帶的處理在高中實(shí)驗(yàn)中用到多次，需要牢固的掌握?！窘馕觥緽二、多選題(共9題，共18分)9、BD【分析】解：A；在光的波粒二象性中；頻率越大的光，光子的能量越大，粒子性越顯著，頻率越小的光其波動(dòng)性越顯著．故A錯(cuò)誤．

B；物質(zhì)波理論告訴我們；任何運(yùn)動(dòng)的微觀粒子都具有波粒二象性．故B正確．

C；光子說(shuō)表明光也是一種粒子；對(duì)于光子等微觀粒子，不能用牛頓運(yùn)動(dòng)定律進(jìn)行分析．故C錯(cuò)誤．

D；光波不同于宏觀概念中的那種連續(xù)的波；它是表明大量光子運(yùn)動(dòng)規(guī)律的一種概率波．故D正確．

故選：BD．

光子既有波動(dòng)性又有粒子性；波粒二象性中所說(shuō)的波是一種概率波，對(duì)大量光子才有意義．波粒二象性中所說(shuō)的粒子，是指其不連續(xù)性，是一份能量．個(gè)別光子的作用效果往往表現(xiàn)為粒子性；大量光子的作用效果往往表現(xiàn)為波動(dòng)性．頻率越大的光，光子的能量越大，粒子性越顯著，頻率越小的光其波動(dòng)性越顯著．

解決本題的關(guān)鍵知道光具有波粒二象性，光的波粒二象性是指光波同時(shí)具有波和粒子的雙重性質(zhì)，但有時(shí)表現(xiàn)為波動(dòng)性，有時(shí)表現(xiàn)為粒子性．【解析】【答案】BD10、CD【分析】解：

A、由單擺周期公式可得重力加速度為：可見重力加速度與擺球質(zhì)量無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤．

B；由重力加速度表達(dá)式可知其與擺角無(wú)關(guān)；故B錯(cuò)誤．

C、計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)，把懸線長(zhǎng)當(dāng)做擺長(zhǎng)，而擺長(zhǎng)應(yīng)該是懸線長(zhǎng)度加小球半徑，故導(dǎo)致l偏小，由重力加速度為：可知重力加速度偏小，故C正確．

D、測(cè)量周期時(shí)，將n次全振動(dòng)誤記成了（n-1）次，實(shí)際周期應(yīng)該為：導(dǎo)致周期比實(shí)際的大，由重力加速度為：可知重力加速度偏小，故D正確．

故選：CD．

由單擺周期公式可得重力加速度為：據(jù)此來(lái)分析能使測(cè)得的g值比當(dāng)?shù)氐臉?biāo)準(zhǔn)值偏小的原因．

掌握單擺周期公式，會(huì)進(jìn)行適當(dāng)?shù)淖冃伪硎拘枰牧浚荒芊治稣`差來(lái)源．【解析】【答案】CD11、AB【分析】解：ACO

點(diǎn)到雙縫的路程差為0

則O

點(diǎn)出現(xiàn)光的亮條紋，不論是紅光還是藍(lán)光.

故A正確，C錯(cuò)誤．

B、紅光的波長(zhǎng)大于綠光的波長(zhǎng)，根據(jù)鈻?x=Ld婁脣

則紅光條紋間距較大；紅光的第一條亮條紋中心線在P

點(diǎn)在上方，故B正確；

D、藍(lán)光的波長(zhǎng)小于綠光的波長(zhǎng)，根據(jù)鈻?x=Ld婁脣

則藍(lán)光條紋間距較小；藍(lán)光的第一條亮條紋中心線在P

點(diǎn)在下方，故D錯(cuò)誤．

故選：AB

．

當(dāng)距離雙縫的路程差等于半波長(zhǎng)的偶數(shù)倍時(shí)；出現(xiàn)亮條紋，路程差是半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)，出現(xiàn)暗條紋．

解決本題的關(guān)鍵知道形成明暗條紋的條件，以及掌握雙縫干涉條紋的間距公式．【解析】AB

12、AD【分析】解：A

在t=0

時(shí)刻；電動(dòng)勢(shì)最大，此時(shí)線圈處在中性面上；故穿過(guò)線圈的磁通量為零；故A正確；

B；該交流電的周期為0.02s

一個(gè)周期內(nèi)電流方向改變兩次，故1s

內(nèi)通過(guò)電阻R

的電流方向改變50

次；故B錯(cuò)誤；

C、電壓表的示數(shù)為有效值，故U=62=32V

故C錯(cuò)誤；

D、R

的熱功率P=U2R=(32)210=1.8W

故D正確；

故選：AD

．

根據(jù)交流電表圖象可明確交流電的周期和最大值；根據(jù)周期可明確頻率，根據(jù)最大值可求得有效值；注意求解電壓表示數(shù)及熱功率時(shí)要用有效值．

本題考查對(duì)交流電圖象的認(rèn)識(shí)，要注意明確哪些物體量能通過(guò)圖象直接求出，哪些物理量能通過(guò)公式計(jì)算求解．【解析】AD

13、BC【分析】解：A

由圖線可知；A

向右做減速運(yùn)動(dòng)，B

做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者速度相等時(shí)，彈簧壓縮至最短，即t1

時(shí)刻彈簧彈性勢(shì)能最大，然后B

繼續(xù)加速，A

繼續(xù)減速，當(dāng)B

速度達(dá)到最大時(shí)，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，即t2

時(shí)刻彈簧的彈性勢(shì)能為零，故A錯(cuò)誤。

B；由圖象可知兩物塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程：開始階段A

逐漸減速；B

逐漸加速，A

的速度比B

的大，彈簧被壓縮，t1

時(shí)刻二者速度相同，系統(tǒng)動(dòng)能最小，彈簧的彈性勢(shì)能最大，彈簧的壓縮量最大，然后彈簧逐漸恢復(fù)原長(zhǎng)，B

依然加速，A

先減速為零，然后反向加速，t2

時(shí)刻，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)狀態(tài)，由于此時(shí)兩物塊速度相反，因此彈簧的長(zhǎng)度將逐漸增大，兩木塊均減速，當(dāng)t3

時(shí)刻，二木塊速度相等，系統(tǒng)動(dòng)能最小，彈簧最長(zhǎng)，因此從t3

到t4

過(guò)程中彈簧由伸長(zhǎng)狀態(tài)恢復(fù)原長(zhǎng)。系統(tǒng)動(dòng)量守恒，選擇開始到t1

時(shí)刻列方程可知：m1v1=(m1+m2)v2

將v1=3m/sv2=1m/s

代入得：m1m2=12

故B、C正確。

D；從計(jì)時(shí)開始到t4

的過(guò)程中；物塊AB

及彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，故D錯(cuò)誤。

故選：BC

由于水平面光滑；可知兩物塊和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒，系統(tǒng)動(dòng)能最小時(shí)，彈性勢(shì)能最大，據(jù)此根據(jù)圖象中兩物塊速度的變化可以分析系統(tǒng)動(dòng)能和彈性勢(shì)能的變化情況。

對(duì)于這類彈簧問題注意用動(dòng)態(tài)思想認(rèn)真分析物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，注意過(guò)程中的功能轉(zhuǎn)化關(guān)系；解答時(shí)注意動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒列式分析，同時(shí)根據(jù)圖象，分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)情況?！窘馕觥緽C

14、BC【分析】解：A

物體所受合外力大沖量不一定大；故其動(dòng)量變化一定越大，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)動(dòng)量定理公式Ft=m?鈻?v

有：F=鈻?P鈻?t

故物體所受合外力越大，其動(dòng)量變化一定越快，故B正確；

C、D

根據(jù)動(dòng)量定理公式Ft=m?鈻?v

物體所受合外力的沖量越大，其動(dòng)量變化一定越大，故C正確，D錯(cuò)誤；

故選BC．

動(dòng)量定理是動(dòng)力學(xué)的普遍定理之一.

內(nèi)容為物體動(dòng)量的增量等于它所受合外力的沖量即Ft=m?鈻?v

或所有外力的沖量的矢量和．

本題關(guān)鍵明確動(dòng)量定理的內(nèi)容，能夠根據(jù)動(dòng)量定理的表達(dá)式進(jìn)行分析討論，基礎(chǔ)題．【解析】BC

15、BC【分析】解：A

小球運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中在最低點(diǎn)拉力最大；最大位移處拉力最小，在一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過(guò)平衡位置，所以小球的周期為4s.

故A錯(cuò)誤．

B

小球的速度變化周期等于小球的點(diǎn)運(yùn)動(dòng)周期；等于4s.

故B正確．

C

簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)半個(gè)周期運(yùn)動(dòng)到關(guān)于平衡位置對(duì)稱的點(diǎn)；此時(shí)兩點(diǎn)速度大小相等，方向相反，因?yàn)閯?dòng)能沒有方向，所以動(dòng)能的變化周期等于半個(gè)小球的周期，為2s.

故C正確．

D

簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)半個(gè)周期運(yùn)動(dòng)到關(guān)于平衡位置對(duì)稱的點(diǎn)；此時(shí)兩點(diǎn)速度大小相等，方向相反，高度關(guān)于平衡位置對(duì)稱，所以重力勢(shì)能的變化周期為2s.

故D錯(cuò)誤．

故選BC．

小球在豎直平面內(nèi)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；在最低點(diǎn)繩子的拉力和重力的合力提供向心力，此時(shí)拉力最大；在最大位移處，繩子的拉力等于重力的一個(gè)分力，此時(shí)拉力最小.

根據(jù)在一次全振動(dòng)中兩次經(jīng)過(guò)平衡位置，求出小球的周期.

速度的變化的周期等于小球運(yùn)動(dòng)的周期.

根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)半個(gè)周期運(yùn)動(dòng)到關(guān)于平衡位置對(duì)稱的點(diǎn)，可求出小球動(dòng)能的變化周期，以及重力勢(shì)能的變化周期．

解決本題的關(guān)鍵知道簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)對(duì)稱性，知道經(jīng)過(guò)半個(gè)周期運(yùn)動(dòng)到關(guān)于平衡位置對(duì)稱的點(diǎn)，此時(shí)速度大小相等，方向相反．【解析】BC

16、AC【分析】解：根據(jù)P=I2R

知；通過(guò)減小輸電導(dǎo)線的電阻或減小輸電的電流可以減小功率的損耗.

根據(jù)P=UI

知，需要提高輸電電壓，減小輸電電流.

故AC正確，BD錯(cuò)誤．

故選：AC

．

根據(jù)P=UI

求出輸電線上的電流；結(jié)合P=I2R

分析輸電線上損耗的功率與什么因素有關(guān)．

解決本題的關(guān)鍵知道根據(jù)P脣冒=I2R

要減小功率損耗，應(yīng)減小導(dǎo)線電阻，或減小輸電電流【解析】AC

17、B:C:D【分析】【詳解】

A、K、L、M為三個(gè)等勢(shì)面，電勢(shì)畫出電場(chǎng)線，方向大致向左，由軌跡彎曲方向知道，電場(chǎng)力方向大致向左，可知電荷帶正電，故A錯(cuò)誤；

B、b→c電場(chǎng)力F與速度v夾角為鈍角；電場(chǎng)力對(duì)正電荷做負(fù)功，動(dòng)能減小，做減速運(yùn)動(dòng)，故B正確；

C、粒子沿a→b→c→d→e軌跡運(yùn)動(dòng)，由b經(jīng)c到d，b、d兩點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，電場(chǎng)力做的總功為零，動(dòng)能不變，b點(diǎn)與d點(diǎn)的速率大小相等；故C正確；

D、粒子由a經(jīng)b到c，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，由c經(jīng)d到e，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，所以粒子在c點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能最大；故D錯(cuò)誤．

三、雙選題(共2題，共4分)18、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B19、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B四、填空題(共4題，共28分)20、略

【分析】

當(dāng)使用較小量程時(shí)，測(cè)量電壓最大值不得超過(guò)3.0V．總共有30格，則每一小格表示．圖中指針示數(shù)為1.70V．使用的是較大量程，則表盤刻度每小格表示測(cè)量電壓的最大值不得超過(guò)15V．

故答案為：30.11.700.515

【解析】【答案】電表每小格代表的數(shù)是：讀數(shù)為：格子數(shù)×每小格代表的數(shù)．

21、略

【分析】【解析】試題分析：電磁感應(yīng)現(xiàn)象是英國(guó)物理學(xué)家法拉第發(fā)現(xiàn)，甲圖能夠反映感應(yīng)電流與切割磁感線、運(yùn)動(dòng)方向之間的聯(lián)系?？键c(diǎn)：物理學(xué)史【解析】【答案】法拉第甲22、0；0；44；0.44；19.36；100%【分析】解：(1)

變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象；當(dāng)原線圈接在44V

直流電源上時(shí)，原線圈電流恒定，副線圈中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故電流表與電壓表的讀數(shù)都為零；

(2)

當(dāng)原線圈接在220V

交流電源上時(shí)，根據(jù)變壓器的變壓比公式，有：U1U2=n1n2=2200440

解得：U2=44V

電流為：I2=U2R=0.44A

理想變壓器輸出功率與輸入功率相等；

故輸入功率P=U2I2=44隆脕0.44=19.36W

變壓器的效率為100%

故答案為：(1)00(2)440.4419.36100%

．

(1)

變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象；當(dāng)原線圈接在44V

直流電源上時(shí)，原線圈電流恒定，副線圈中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；

(2)

當(dāng)原線圈接在220V

交流電源上時(shí)；根據(jù)變壓器的變壓比公式求解副線圈的輸出電壓，根據(jù)歐姆定律求解輸出電流，根據(jù)P=UI

求解輸出功率，理想變壓器輸出功率與輸入功率相等．

本題第一問關(guān)鍵明確變壓器的工作原理，容易出錯(cuò)，變壓器只能改變交流電壓，不能改變直流電壓；第二問是基本規(guī)律的運(yùn)用，關(guān)鍵熟悉理想變壓器的變壓比公式．【解析】00440.4419.36100%

23、略

【分析】解：碰撞過(guò)程中，如果水平方向動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：m1v1=m1v1′+m2v2；

小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)拋出點(diǎn)的高度相等；它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，兩邊同時(shí)乘以時(shí)間t；

m1v1t=m1v1′t+m2v2t；

則有：m1?=m1?+m2?

今測(cè)得op=x，op1=x1，op2=x2；

即有m1?x=m1?x1+m2?x2；由此可認(rèn)為成功驗(yàn)證了碰撞中的動(dòng)量守恒．

若碰撞是彈性碰撞，動(dòng)能是守恒的，則有m1v12=m1v1′2+m2v2′2

即m1?2=m1?2+m2?2成立，即有：m1?x2=m1?x12+m2?x22；

故答案為：m1?x=m1?x1+m2?x2，m1?x2=m1?x12+m2?x22．

實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證兩個(gè)小球系統(tǒng)碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，即要驗(yàn)證m1v1=m1v1′+m2v2；可以通過(guò)平拋運(yùn)動(dòng)將速度的測(cè)量轉(zhuǎn)化為水平射程的測(cè)量，并依據(jù)彈性碰撞，動(dòng)能守恒，從而即可求解．

該題考查用“碰撞試驗(yàn)器”驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，該實(shí)驗(yàn)中，雖然小球做平拋運(yùn)動(dòng)，但是卻沒有用到速和時(shí)間，而是用位移x來(lái)代替速度v，成為是解決問題的關(guān)鍵．此題難度中等，屬于中檔題．【解析】m1?x=m1?x1+m2?x2；m1?x2=m1?x12+m2?x22五、判斷題(共2題，共14分)24、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、