2025年浙科版選修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版選修3物理上冊月考試卷618考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；勻強電場的電場強度方向與水平方向夾角為30°且斜向右上方，勻強磁場的方向垂直于紙面(圖中未畫出)．一質量為m；電荷量為q的帶電小球(可視為質點)以與水平方向成30°角斜向左上方的速度v做勻速直線運動，重力加速度為g．則。

A.勻強磁場的方向可能垂直于紙面向外B.小球可能帶正電荷C.電場強度大小為D.磁感應強度的大小為B=2、關于飽和汽壓和濕度，下列說法中正確的是（）A.溫度相同的不同液體的飽和汽的飽和汽壓都相同B.在溫度不變的情況下，飽和汽壓不隨體積變化C.在相對濕度相同的情況下，夏天比冬天的絕對濕度小D.絕對濕度越大，人感覺越潮濕3、能量的概念是人類在對物質運動規(guī)律進行長期探索中建立起來的，下列說法正確的是（）A.熱量可能會從低溫物體傳到高溫物體B.隨著技術進步，最終使熱機的效率達到100％C.能源在使用過程中，能量總量逐漸減少，因此要節(jié)約能源D.物體只要與外界進行熱交換，其內能就一定發(fā)生變化4、如圖所示，兩根平行直導軌MN、PQ固定在同一水平面內，間距為L。導軌的左端接有電源E和開關S，導體棒ab垂直于導軌放置?？臻g存在斜向右上方的勻強磁場，其方向與軌道平面成θ角，且與導體棒ab垂直。閉合開關S，導體棒ab仍保持靜止。已知通過導體棒的電流為I；則閉合開關S后，下列說法正確的是。

A.導體棒所受的摩擦力小于ILB，方向水平向左B.導體棒所受的摩擦力小于ILB，方向水平向右C.導體棒所受的安培力小于ILB，方向水平向左D.導體棒所受的安培力小于ILB，方向水平向右5、如圖所示，一帶電的粒子以一定的初速度進入某點電荷產生的電場中，沿圖中彎曲的虛線軌跡先后經過電場中的a、b兩點，其中a點的場強大小為Ea，方向與ab連線成角；b點的場強大小為Eb，方向與ab連線成角；粒子只受電場力的作用，下列說法中正確的是（）

A.點電荷Q帶正電B.a點的電勢低于b點電勢C.從a到b，系統(tǒng)的電勢能減小D.粒子在a點的加速度大于在b點的加速度6、下圖為某質點做簡諧運動的位移－時間圖像。由此可知。

A.該質點振動的振幅為20cmB.該質點振動的周期為2sC.0.5s和1.5s兩個時刻，質點具有相同的位移D.0.5s和1.5s兩個時刻，質點具有相同的速度7、質量分別為m1、m2的物體A、B靜止在光滑的水平面上,兩物體用輕彈簧連接,開始彈簧處于原長狀態(tài),其中m1<m2,某時刻同時在兩物體上施加大小相等方向相反的水平外力,如圖所示,從兩物體開始運動到彈簧的伸長量達到最大值的過程中,彈簧始終處在彈性限度范圍內．下列說法正確的是()

A.兩物體的動量一直增大B.物體A、B的動量變化量之比為m2:m1C.兩物體與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒D.物體A、B的平均速度大小之比m2:m18、入射光照射到某金屬表面上發(fā)生光電效應，若入射光的強度減弱，而頻率保持不變，那么A.從光照射金屬表面到發(fā)射出光電子之間的時間間隔將明顯增加B.逸出的光電子的最大初動能將減小C.單位時間內從金屬表面逸出的光電子數(shù)目將減少D.有可能不發(fā)生光電效應9、如圖所示，平面鏡與夾角為一條平行于平面鏡的光線經過兩個平面鏡的多次反射后，能夠沿著原來的光路返回．則平面鏡之間的夾角不可能是（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、兩列完全相同的機械波于某時刻的疊加情況如圖所示；圖中的實線和虛線分別表示波峰和波谷，此時______

A.a,b連線中點振動加強B.a,b連線中點速度為零C.a,b,c,d四點速度均為零E.再經過半個周期c、d兩點振動加強E.再經過半個周期c、d兩點振動加強11、如圖所示，豎直平面內有水平向左的勻強電場點與點在同一電場線上．兩個質量相等的帶正電荷的粒子，以相同的速度分別從點和點同時垂直進入電場，不計兩粒子的重力和粒子間的庫侖力．已知兩粒子都能經過點；在此過程中，下列說法正確的是。

A.從點進入的粒子先到達點B.從點進入的粒子電荷量較小C.從點進入的粒子動量變化較大D.從點進入的粒子電勢能變化較小12、如圖所示的U﹣I圖象中；直線I為某電源的路端電壓與電流的關系，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）

A.電源的內阻為0.5ΩB.電源的總功率為1.5WC.電源的輸出功率為1.5WD.電源內部消耗功率為1.5W13、如圖甲為豎直彈簧振子；物體在A；B之間做簡諧運動，O點為平衡位置，A點為彈簧的原長位置，從振子經過A點時開始計時，振動圖象如圖乙所示，下列說法正確的是。

A.t=1s時，振子加速度最大B.t=2s時，彈簧彈性勢能最大C.t=1s和t=2s兩個時刻，彈簧彈性勢能相等E.t=4s時，振子加速度大小為gE.t=4s時，振子加速度大小為g14、如圖所示是a、b兩光分別經過同一雙縫干涉裝置后在屏上形成的干涉圖樣；則（）

A.在同種均勻介質中，a光的傳播速度比b光的大B.從真空a、b兩光傳播速度相同C.從同種介質射入真空發(fā)生反射時，a光全反射臨界角小D.在相同的條件下，b光比a光更容易產生明顯的衍射現(xiàn)象15、下列關于原子和原子核的說法正確的是______________；E.結合能越大表示核子結合得越牢固，原子核越穩(wěn)定A.α粒子散射實驗中，少數(shù)α粒子發(fā)生了較大偏轉是由于庫侖斥力的影響B(tài).由波爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要輻射一定頻率的光子，同時電子的動能增大，電勢能減小，周期變小C.原子核能發(fā)生β衰變說明原子核內存在電子D.放射性元素的半衰期與它所處環(huán)境的溫度和壓強無關評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、如圖所示電路，當滑動變阻器的滑片P向右移動時，安培表A的示數(shù)如何變化？小明同學的分析思路如下：

試寫出以下步驟的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。17、某實驗愛好者設計了模擬路燈光控電路，利用光敏電阻作為光傳感器，配合使用斯密特觸發(fā)器來控制電路，他設計的電路如圖，他所使用的斯密特觸發(fā)器的輸入端信號____（“可以”或“不可以”）連續(xù)變化，為了更加節(jié)能，讓天色更暗時，路燈點亮，應將R1___一些（“增大”或“減小”）。18、研究性學習小組圍繞一個量程為30mA的電流計展開探究．

（1）為測量該電流計的內阻，同學甲設計了如圖（a）所示的電路．圖中電源電動勢未知，內阻不計．閉合開關，將電阻箱阻值調到10Ω時，電流計恰好滿偏；將電阻箱阻值調到85Ω時，電流計指針指在如圖（b）所示位置，則電流計的讀數(shù)為______m。A．由以上數(shù)據(jù)可得電流計的內阻Rg=______Ω

（2）同學乙將甲設計的電路稍作改變，在電流計兩端接上兩個表筆，如圖（c）所示，設計出一個簡易的歐姆表，并將表盤的電流刻度轉換為電阻刻度：閉合開關，將兩表筆斷開，調節(jié)電阻箱，使指針指在“30mA”處，此處刻度應標阻值為______Ω（填“0”或∞”）；再保持電阻箱阻值不變，在兩表筆間接不同阻值的已知電阻，找出對應的電流刻度，則“15mA“處對應表筆間電阻阻值為______Ω．

若該歐姆表使用一段時間后，電池內阻變大不能忽略，電源電動勢不變但將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，按正確使用方法再進行測量，其測量結果與原結果相比將______（選填“變大”、“變小”或“不變”）．19、如圖所示是一個簡單的組合邏輯電路；完成其真值表。

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

______

0

1

______

1

0

______

1

1

______

20、如圖所示是一個用實驗測量得到的用電器兩端電壓隨時間變化的圖象，圖象反映了不同性質的電壓信號。其中圖甲叫做_____信號，圖乙叫做_____信號。

21、如圖所示是一定質量的理想氣體由狀態(tài)A經過狀態(tài)B到狀態(tài)C再到狀態(tài)D的圖像，已知狀態(tài)B的壓強為CD的延長線過坐標原點，D點坐標為那么狀態(tài)C的壓強___________，溫度___________；從狀態(tài)A經過狀態(tài)B再到狀態(tài)C的過程中氣體對外做的功___________。

22、某同學設計了一個加速度計，如圖所示．較重的滑塊2可以在光滑的框架1中平移，滑塊兩側用彈簧3拉著；R為滑動變阻器，4是滑動片，它與電阻器任一端間的電阻值都與它到這端的距離成正比．這個裝置實際上是一個加速度傳感器．工作時將框架固定在被測物體上，使彈簧及電阻R均與物體的運動方向平行．當被測物體加速運動時，滑塊將在彈簧的作用下，以同樣的加速度運動．通過電路中儀表的讀數(shù)，可以得知加速度的大?。阎獌蓚€電池E的電動勢相同，均為9V，內阻可以忽略不計；滑塊的質量為0.6kg，兩彈簧的勁度系數(shù)均為2×102N/m，電阻器的全長8.0cm，彈簧在彈性形變內，電壓表為指針式直流電壓表（可視為理想電壓表），零刻度在表盤中央（即可顯示正負電壓），當P端的電勢高于Q端時；指針向零點左側偏轉．當被測物體的加速度為零時，電壓表的示數(shù)為零；當被測物體的加速度達到最大時，電壓表的示數(shù)為滿偏量程．

（1）當加速度為零時，應將滑動片調到距電阻器左端______cm處；

（2）當物體具有圖示方向的加速度a時，電壓表的指針將向零點______（填“左”；“右”）側偏轉；

（3）若將電壓表的表盤換成直接表示加速度大小及方向的刻度盤，則表盤的刻度______（填“均勻”、“非均勻”）分布．23、圖甲是通過燈泡L的電流跟其兩端電壓關系的圖像，現(xiàn)將L與阻值為10Ω的電阻R連入圖乙所示電路，閉合開關S，L的實際功率為1.8W，則電源電壓是________V，此時通過R的電流是_______A。

24、質量為M的物塊靜止在光滑水平桌面上，質量為m的子彈以水平速度v0射入物塊后，以水平速度2v0/3射出．則物塊的速度為_______，此過程中損失的機械能為______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共14分)28、現(xiàn)要測定一段粗細均勻；電阻約為60Ω的合金絲的電阻率；若已測得其長度，要盡量精確的測量其電阻值R，器材有：

電池組（電動勢3.0V；內阻約1Ω）；

電流表（量程0～100mA；內阻約0.5Ω）；

電壓表（量程0～3V；內阻約3kΩ）；

滑動變阻器R1（0～10Ω；允許最大電流2.0A）；

滑動變阻器R2（0～500Ω；允許最大電流0.5A）；

電鍵一個；導線若干．

①以上器材中，所用的滑動變阻器應選_______．（填“R1”或“R2”）

②用螺旋測微器測量合金絲直徑時的刻度位置如圖甲所示，讀數(shù)為____mm．

③如圖乙所示是測量合金絲電阻的電路，閉合開關之前，滑動變阻器的滑片應移到____．(填“最左端”或“最右端”)

④閉合開關后，滑動變阻器的滑片從一端移到另一端，電壓表示數(shù)變化明顯，但電流表示數(shù)始終幾乎為零，由此可以推斷：電路中____(填“1、2、3”或“4、5、6”或“6、7、8”)之間出現(xiàn)了____．(填“短路”或“斷路”)

⑤在電路故障被排除后，為了更準確地測出合金絲的阻值，在不更換實驗器材的條件下，對實驗應改進的是____．（填選項前的字母）

A．電流表連接方式改為內接法。

B．滑動變阻器連接方式改為限流式29、用如圖所示的裝置測光的波長．

（1）將測量頭的分劃板中心刻線與某條亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時手輪上的示數(shù)如圖甲所示．然后同方向轉動測量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，記下此時圖乙中手輪上的示數(shù)為_______mm，求得相鄰亮紋的間距Δx為_______mm．

（2）已知雙縫間距d=2.0×10－4m，測得雙縫到屏的距離l=0.700m，由計算式_______，求得所測紅光波長為_______nm．評卷人得分六、解答題(共2題，共8分)30、如圖所示，足夠長導軌傾斜放置，導軌平面與水平面夾角θ＝37°，導軌間距L＝0.4m，其下端連接一個R＝2Ω的定值電阻，其它電阻不計．兩導軌間存在垂直于導軌平面向下的勻強磁場，磁感應強度B＝0.5T．一質量為m＝0.02kg的導體棒ab垂直于導軌放置，導體棒與導軌間的動摩擦因數(shù)現(xiàn)將導體棒由靜止釋放，取重力加速度g＝10m/s2；sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。

（1）求ab棒下滑過程中電阻R消耗的最大功率；

（2）若導體棒從靜止加速到v＝1m/s的過程中，通過R的電量q＝0.3C，求此過程中系統(tǒng)產生的總熱量Q；

（3）若磁場方向變?yōu)樨Q直向下；大小不變，導軌光滑，求運動過程中的最大速度。

31、如圖所示電路，E=6V，r=2歐姆，R1=10歐姆，R2的最大值為20歐姆，調節(jié)R2；可以得到：

（1）R1的最大功率？

（2）R2的最大功率？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

用假設法確定小球的電性；根據(jù)小球做勻速直線運動；受合力為零，可求電場強度和磁感應強度．

【詳解】

B；小球做勻速直線運動；受到合力為零，假設小球帶正電，則小球的受力情況如圖1所示：

小球受到洛倫茲力沿虛線當方向末知；小球受到重力與電場力的合力與洛倫茲力不可能平衡，所以小球不可能做勻速度直線運動，假設不成立，小球實際一定帶負電，故B錯誤；

A；小球受力情況如圖2示：

小球受洛倫茲力一定斜向右上方；根據(jù)左手定則，勻強磁場的方向一定垂直于紙面向里，故A錯誤；

C、根據(jù)幾何關系，電場力大小qE=mg，洛倫茲力大小qvB=mg；

解得E=mg/q，B=故C錯誤，D正確．

故選D．2、B【分析】【詳解】

AB．在一定溫度下,飽和汽壓是一定的；飽和汽壓隨溫度的升高而增大，飽和汽壓與液體的種類有關，與體積無關，A錯誤，B正確；

CD．空氣中所含水蒸氣的壓強，稱為空氣的絕對濕度

相對濕度相同時；夏天的絕對濕度大，因為夏天溫度高，飽和氣壓也大，人感覺到的空氣潮濕程度是由相對濕度決定的，CD錯誤。

故選B。3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．由熱力學第二定律可知；熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體，熱量可以從低溫物體傳向高溫物體，但要引起其它變化，故A正確；

B．盡管技術不斷進步；熱機的效率仍不能達到100%，故B錯誤；

C．根據(jù)熱力學第二定律可知；能源的使用過程能量的總量守恒，但可利用能源會逐步減少，因此節(jié)約能源是我們每個人的責任，故C錯誤；

D．物體與外界進行熱交換，其內能不一定發(fā)生變化，由熱力學第一定律

可知還要看外界對物體做功情況；故D錯誤。

故選A。4、A【分析】【分析】

根據(jù)電流的方向利用左手定則確定安培力的方向；再根據(jù)共點力平衡條件確定摩擦力的大小和方向。

【詳解】

由圖可知，電流由b到a；則根據(jù)左手定則可知，安培力斜向右下方，根據(jù)平衡條件可知，摩擦力水平向左，大小等于安培力沿水平方向上的分力，故摩擦力一定小于BIL，故A正確，BCD錯誤。

故選：A。

【點睛】

本題考查安培力以及共點力的平衡條件，要注意明確左手定則的應用，準確分析安培力的方向是解題的關鍵。5、C【分析】【詳解】

將Ea、Eb延長相交，交點即為Q點的位置；如圖所示。

A．由圖可知場源電荷在Q位置；電場方向指向場源電荷，故電荷為負電荷，根據(jù)曲線運動所受合力指向曲線內側，所以粒子帶正電，故A正確；

B．由圖可知，Ra＞Rb，且點電荷的電場中等勢面是以場源電荷為圓心的同心圓，沿著電場線方向，電勢逐漸降低，故a點的電勢高于b點電勢；故B錯誤；

C．由于a點的電勢高于b點電勢，由正電荷在電勢高處電勢能大，即粒子從a到b電勢能減?。还蔆正確；

D．由圖可知，Ra＞Rb，且根據(jù)可知粒子在a點的場強小于在b點的場強，故粒子在a點的加速度小于在b點的加速度；故D錯誤。

故選AC。

6、C【分析】【詳解】

A.從圖像可以看出振幅為10cm；A錯誤。

B.從圖像看出振動周期為4s；B錯誤。

CD.從圖像可以看出0.5s和1.5s兩個時刻，質點位移相同，但速度方向相反，C正確D錯誤。7、D【分析】【詳解】

A；當水平外力大于彈簧的彈力時；兩物體做加速運動，則兩物體的速度一直增大,動量一直增大，當水平外力小于彈簧的彈力時，兩物體做減速運動，速度減小，動量減小，故選項A錯誤；

B、以兩物體以及彈簧組成的系統(tǒng)為研究對象，因合外力為零則系統(tǒng)的動量守恒，以物體運動方向為正方向，由動量守恒定律得則有成立，又物體動量的變化量為物體動量的變化量為可知兩物體動量變化量之比為1:1，故選項B錯誤；

C；從施加外力到彈簧的伸長量最大的過程中；水平外力一直做正功，則兩物體與彈簧組成的系統(tǒng)機械能一直增大，故選項C錯誤；

D、由于任意時刻兩物體的動量均等大反向，則平均速度之比為故選項D正確．8、C【分析】【詳解】

A．光的強弱影響的是單位時間內發(fā)出光電子的數(shù)目；不影響發(fā)射出光電子的時間間隔，A錯誤；

B．根據(jù)光電效應方程知

入射光的頻率不變；則最大初動能不變，B錯誤；

C．光的強弱影響的是單位時間內發(fā)出光電子的數(shù)目；入射光的強度減弱，單位時間內從金屬表面逸出的光電子數(shù)目將減少，光電流減弱，C正確；

D．入射光的頻率不變；則仍然能發(fā)生光電效應，D錯誤。

故選ABD。9、D【分析】【詳解】

畫光的反射光路圖如下圖所示。

由圖知，光線第1次反射的入射角為：

第2次入射時的入射角為：

第3次的入射角為：

第次的入射角為：

要想沿原來光路返回需要光線某次反射的入射角為零，所以有

解得

由于為自然數(shù)，所以θ不能等于

故選D。二、多選題(共6題，共12分)10、A:C:D【分析】【分析】

兩列波相遇時振動情況相同時振動加強；振動情況相反時振動減弱．兩列頻率相同的相干波，當波峰與波峰相遇或波谷與波谷相遇時振動加強，當波峰與波谷相遇時振動減弱，則振動情況相同時振動加強；振動情況相反時振動減弱．同一介質里，波速是相同，則波長與頻率成反比．

【詳解】

a是兩個波谷相遇，振動加強，但此時速度為0；b是兩個波峰相遇，振動加強，但此時速度為0；a、b兩點是振動加強區(qū)，所以a、b連線中點振動加強；此時是平衡位置，速度不為0；c和d兩點是波峰和波谷相遇點，c；d兩點振動始終減弱，振幅為0，即質點靜止，故AC正確，B錯誤；再經過半個周期c、d兩點仍是振動減弱，故D正確，E錯誤．

【點睛】

波的疊加滿足矢量法則，當振動情況相同則相加，振動情況相反時則相減，且兩列波互不干擾．例如當該波的波峰與波峰相遇時，此處相對平衡位置的位移為振幅的二倍；當波峰與波谷相遇時此處的位移為零．11、B:D【分析】【詳解】

由題及圖可得兩粒子的豎直位移相等、速度相等，且故兩粒子到達P點的時間相等，故A錯誤．在相等時間內M點的粒子運動的水平位移較小，所以M點的加速度較小，根據(jù)可知從M點進入的粒子電荷量較小，故B正確；根據(jù)動量定理可知，粒子的動量變化等于合外力的沖量，由于從M點進入的粒子電荷量較小，所以受到的電場力較小，則合外力的沖量也較小，所以從M點進入的粒子動量變化較小，故C錯誤；從M點進入的粒子受到的電場力小，且在電場力作用下運動的位移也較小，所以電場力做功較小，則電勢能變化就小，故D正確；故選BD12、C:D【分析】試題分析：由圖象Ⅰ可知電源的電動勢為3.0V；短路電流為2.0A；由圖象Ⅱ可得外電路電阻R為1.5Ω，兩圖象的交點坐標即為電阻R和電源構成閉合回路時的外電壓和干路電流，再求功率．

解：A、由圖象Ⅰ可知，電源電動勢E=3.0V，短路電流I短=2.0A，則電源內阻為：r==Ω=1.5Ω；故A錯誤．

BC、由兩圖象的交點坐標，可得電源的路端電壓為1.5V，干路電流為1.0A，電源的總功率P總=EI=3W；輸出功率為P=UI=1.5×1.0W=1.5W，故B錯誤，C正確．

D、電路中的電流為1.0A，電源內部消耗功率為P內=I2r=12×1.5W=1.5W；故D正確．

故選CD

【點評】根據(jù)U﹣I圖象Ⅰ正確讀出電源的電動勢和短路電流，根據(jù)U﹣I圖象正確讀出外電路兩端的電壓和流過電阻的電流，是解決此類問題的出發(fā)點．13、B:D:E【分析】【詳解】

A.t=1s時；振子在平衡位置，加速度為零，選項A錯誤；

B.t=2s時；振子到達最低點，此時彈簧彈性勢能最大，選項B正確；

C.t=2s時刻彈簧的壓縮量比t=1s時刻大，t=2s時刻彈簧的彈性勢能比t=1s時刻大；選項C錯誤；

D.由振動圖像可知，t=3s時，振子經過O點向上運動；選項D正確.

E.t=4s時，振子回到A點，此時振子的加速度大小為g，選項E正確.14、B:C:D【分析】【詳解】

A.根據(jù)公式：根據(jù)圖像可知，b的波長長，根據(jù)所以b的頻率小，b的折射率小，根據(jù)在同種介質中b光的傳播速度大；A錯誤．

B.真空中光的傳播速度相同；B正確．

C.b的折射率小，根據(jù)可知，b光發(fā)生全發(fā)射的臨界角大；C正確．

D.因為b光的波長長，所以b光比a光更容易產生明顯的衍射現(xiàn)象，D正確．15、A:B:D【分析】A；α粒子散射實驗中；α粒子帶正電，原子核質量很大也帶正電，它們接近時就表現(xiàn)出很大的庫侖斥力作用，使α粒子產生大角度偏轉，故A正確；

B；由玻爾理論可知；氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，同時電子的動能增大，電勢能減小，周期變小，故B正確；

C；衰變反應發(fā)生在原子核內部；原子核由質子和中子組成，故C錯誤；

D；放射性元素的半衰期與核內部自身因素有關；與原子所處的化學狀態(tài)和外部條件都無關，與它所處環(huán)境的溫度和壓強無關，故D正確；

E；原子核的比結合能越大；核子結合得就越牢固，原子核越穩(wěn)定，而不是原子核的結合能越大，故E錯誤；

故選ABD。

【點睛】α粒子散射實驗中，使少數(shù)α粒子產生大角度偏轉的力是原子核對粒子的庫侖斥力，氫原子在輻射出一個光子后，向低能級躍遷，核外電子的動能增大，放射性元素的半衰期與它所處環(huán)境的溫度和壓強無關，原子核的比結合能越大，核子結合得就越牢固，原子核越穩(wěn)定。三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【詳解】

②根據(jù)閉合電路歐姆定律得：總電流減小，所以路端電壓變大；④根據(jù)并聯(lián)電路電流關系：總電流變小，而變大，則一定變小【解析】17、略

【分析】【分析】

光敏電阻的電阻隨光照增強而減?。惶彀禃r，電阻比較大，光敏電阻兩端的電勢差比較大，則輸入門電路為高電勢，而另一輸入端為低電勢，最后路燈亮；天亮時，光敏電阻比較小，則光敏電阻兩端的電勢差比較小，則輸入門電路為低電勢，而另一輸入端為低電勢，路燈熄滅。

【詳解】

斯密特觸發(fā)器的工作原理是：當加在它的輸入端A的電壓逐漸上升到某個值（1.6V）時；輸出端Y會突然從高電平跳到低電平（0.25V），而當輸入端A的電壓下降到另一個值的時候（0.8V），Y會從低電平突然跳到高電平（3.4V）。天暗時，光敏電阻阻值大，A端的電勢升高，當A段的電勢升高到一定的值時，經過非門，輸出端Y為低電勢，LED導通，路燈亮，故斯密特觸發(fā)器的輸入端信號可以連續(xù)變化；

R1調大時，天更暗時，光敏電阻變大，才導致分壓變大，則A端的電勢高，輸出端Y為低電勢，LED燈亮，故讓天色更暗時，路燈點亮，應將R1增大一些?！窘馕觥靠梢栽龃?8、略

【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：（1）據(jù)十分之一估讀法；讀數(shù)為：12.0A；

當電阻箱阻值為10Ω時有：當電阻箱阻值為85Ω時：則電流計內阻有：電源電動勢為：．

（2）將電流計改裝成歐姆表后，指針處于30mA處時有：代入數(shù)據(jù)可以求得電阻箱此時阻值為：當指針示數(shù)為15mA時，電流總電流為：歐姆表讀數(shù)為：

（3）電源內阻增大后；將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，說明電源內阻與電阻箱阻值之和與原來相等，故測量結果不變．

考點：本題考查歐姆表的內部結構．【解析】12.040∞8不變19、略

【分析】【分析】

【詳解】

該邏輯電路由非門和與門構成；非門電路特點是輸出端情況與輸入端相反，即當輸入端為“1”時，輸出端為“0”，當輸入端為“0”時，輸出端為“1”，與門電路的特點是指決定某事件的條件全部具備時，該事件才發(fā)生，即當輸入端全為“1”時，才會輸出“1”，其他輸入情況，輸出均為“0”

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

0

0

1

0

1

0

1

1

1

0

[1]0

[2]0

[3]1

[4]0【解析】001020、略

【分析】【分析】

【詳解】

圖甲電壓信號隨時間連續(xù)變化，是模擬信號，圖乙電壓信號隨時間不連續(xù)，取值是離散的，是數(shù)字信號。【解析】模擬數(shù)字21、略

【分析】【詳解】

[1]由理想氣體狀態(tài)方程

知圖像的斜率與壓強成正比，即斜率

所以

解得

[2]由B到C為等容變化，所以

解得

[3]從A到B為等壓變化，氣體膨脹，對外做正功，即

從B到C氣體進行等容變化，則

從狀態(tài)A經過狀態(tài)B再到狀態(tài)C的過程中氣體對外做的功【解析】22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]當加速度為零時，滑塊應處于電阻器的中央，電阻器的全長8.0cm，則應將滑動片調到距電阻器左端4cm處；

（2）[2]當物體具有圖示方向的加速度a時，滑塊所受的彈簧的拉力的合力向右，滑塊相對框架向左移動，根據(jù)順著電流方向電勢降低，可知P端的電勢低于Q點的電勢，則電壓表的指針將向零點右側偏轉；

（3）[3]設加速度為a時，電壓表的讀數(shù)為U，則2kx=ma

又

聯(lián)立解得

由于U與a成正比，所以表盤的刻度應均勻。

點睛：本題中應變式加速度計體現(xiàn)了一種重要的實驗設計思想--轉換思想，即把難以直接測量的力學量轉換為容易測量的電學量。這類題目是力與電綜合題，關鍵要尋找力電聯(lián)系的橋梁。【解析】（1）4；（2）右；（3）均勻23、略

【分析】【詳解】

[1]由圖甲可知：燈泡L與電阻R并聯(lián)，根據(jù)從圖像上可以看出，當L的實際功率為1.8W時，對應的實際電壓為6V，實際電流為0.3A，則電源電壓

[2]通過R的電流【解析】60.624、略

【分析】【詳解】

子彈穿過物塊過程動量守恒解得

系統(tǒng)損失的機械能即動能【解析】四、作圖題(共3題，共18分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電