2025年西師新版高三物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版高三物理上冊(cè)月考試卷220考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、理想變壓器原線圈接電壓為u=U0sinωt的交流電源上，在變壓器次級(jí)線圈中分別安裝有甲、乙兩插座，導(dǎo)線電阻為R，電路如圖所示．插座不接用電器時(shí)小燈泡正常發(fā)光，將某一用電器接在甲或乙插座上，下列說法正確的是（）A.若接在甲上，電壓表示數(shù)不變，燈變暗B.若接在甲上，電壓表示數(shù)不變，燈變亮C.若接在乙上，電壓表示數(shù)變大，燈變亮D.若接在乙上，電壓表示數(shù)變小，燈變暗2、足球比賽時(shí)某足球運(yùn)動(dòng)員用20N的力，把重為5N的足球踢出10m遠(yuǎn)，在這一過程中運(yùn)動(dòng)員對(duì)足球做的功為（）A.200JB.50JC.98JD.無法確定3、一物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，初速度未知，加速度大小為1m/s2，則物體在停止運(yùn)動(dòng)前最后1s內(nèi)的位移為（）A.5.5mB.5mC.1mD.0.5m4、如圖圖示，把輕質(zhì)導(dǎo)線圈用絕緣細(xì)線懸掛在磁鐵的N極附近，磁鐵的軸線穿過線圈的圓心且垂直線圈平面，當(dāng)線圈內(nèi)通以如圖方向的電流后，線圈將（）A.不動(dòng)B.轉(zhuǎn)動(dòng)C.向右擺動(dòng)D.向左擺動(dòng)5、圖甲是線圈P繞垂直于磁場的軸在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)所產(chǎn)生的正弦交流電壓圖象；把該交流電壓加在圖乙中變壓器的A；B兩端．已知理想變壓器原線圈Ⅰ和副線圈Ⅱ的匝數(shù)比為5：1，交流電流表和交流電壓表均為理想電表，電阻R=1Ω，其他各處電阻不計(jì)，以下說法正確的是（）

A.在t=0.1s和0.3s時(shí)，穿過線圈P的磁通量最大B.線圈P轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為10πrad/sC.電壓表的示數(shù)為2.83VD.電流表的示數(shù)為0.40A6、如圖示是由“與”門；“或”門和“非”門三個(gè)基本邏輯電路組成的一個(gè)組合邏輯電路；A、B、C為輸入端，Z為輸出端，在完成真值表時(shí)，輸出端Z空格中從左到右填寫都正確的是（）

。A1111B1111C1111Z

A.00010101

B.10000010

C.10101011

D.以上答案都不正確。

評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、如圖所示電路，水平放置的平行板電容器C如圖方式連入電路．電路中四個(gè)電鍵都是閉合的，這是電容器中一個(gè)帶電液滴靜止在其間．若只打開一個(gè)電鍵，判斷液滴的運(yùn)動(dòng)（）A.只打開K1，液滴仍保持靜止B.只打開K2，液滴將加速向上運(yùn)動(dòng)C.只打開K3，液滴仍保持靜止D.只打開K4，液滴將加速向下運(yùn)動(dòng)8、氫原子輻射出一個(gè)光子后，根據(jù)波爾理論，下述說法正確的是（）A.氫原子的能級(jí)減少B.氫原子的電勢(shì)能增大C.核外電子繞核旋轉(zhuǎn)的半徑增大D.核外電子的運(yùn)動(dòng)加速度增大9、下列說法正確的是（）A.當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間作用力減小，分子勢(shì)能增大B.在繞地球飛行的宇宙飛船中，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結(jié)果C.熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體，也能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體E.自然界發(fā)生的一切過程能量都守恒，符合能量守恒定律的宏觀過程都能自然發(fā)生E.自然界發(fā)生的一切過程能量都守恒，符合能量守恒定律的宏觀過程都能自然發(fā)生10、（2015秋?湖北期末）質(zhì)量分別為2kg和3kg的物塊A和B放在光滑水平面上并用輕質(zhì)彈簧相連，如圖所示，今對(duì)物塊A、B分別施以方向相反的水平力F1、F2，且F1=20N，F(xiàn)2=10N，當(dāng)系統(tǒng)穩(wěn)定后，下列說法正確的是（）A.彈簧的彈力大小為16NB.若F1=10N，F(xiàn)2=20N，則彈簧的彈力大小仍為16NC.如果只有F1作用，則彈簧的彈力大小變?yōu)?2ND.若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則繩對(duì)物體的拉力為15N11、圖中a、b、c為三物塊，M、N為兩個(gè)輕質(zhì)彈簧，R為跨過光滑定滑輪的輕繩，它們連接如圖并處于靜止?fàn)顟B(tài)（）A.可能N處于拉伸狀態(tài)而M處于壓縮狀態(tài)B.可能N處于壓縮狀態(tài)而M處于拉伸狀態(tài)C.可能N處于不伸不縮狀態(tài)而M處于拉伸狀態(tài)D.可能N處于不伸不縮狀態(tài)而M處于壓縮狀態(tài)12、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體沿p-V坐標(biāo)圖中曲線所示的方向發(fā)生變化，其中曲線BDA是以p軸、V軸為漸近線的雙曲線的一部分，則有（）A.氣體由A變到B一定是吸熱的B.氣體由B變?yōu)锳一定是吸熱的C.氣體由A變到B再變到A，吸熱多于放熱D.氣體由A變到B再變到A，放熱多于吸熱評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、向心加速度：用符號(hào)____表示單位：____計(jì)算公式：____、____、____．14、（2011秋?豐南區(qū)校級(jí)月考）如圖所示的C為平行板電容器，板間距離為d，金屬棒ab垂直放于平行導(dǎo)軌上，可沿導(dǎo)軌在磁場中平動(dòng)，要使電容器上板帶正電，下板帶負(fù)電．則ab應(yīng)向____（“左”或“右”）平動(dòng)．若金屬棒ab電阻為R，其他電阻不計(jì)，導(dǎo)軌間距離為L，要使板間質(zhì)量為m，帶電荷量為-q的油滴懸浮不動(dòng)，金屬棒ab運(yùn)動(dòng)的速度應(yīng)為____．15、小船渡河，河寬90m，船在靜水中的速度是3m/s，水流速度是4m/s，那那么渡河的最短時(shí)間為____．16、一個(gè)質(zhì)量為1kg的物體受到大小分別為F1=6N、F2=7N、F3=8N的三個(gè)共點(diǎn)力作用而處于平衡狀態(tài)，保證其他力不變，若只將力F1撤去，則物體的合力大小為____N，保證其他力不變，若只將力F1旋轉(zhuǎn)180°，則物體的加速度大小為____m/s2．17、（2014春?匯川區(qū)校級(jí)期中）如圖所示電路中，是兩只相同的電流表；電感線圈L的直流電阻與電阻R阻值相等．下面判斷是（填大于，等于，小于）：

A．開關(guān)S接通的瞬間，電流表的讀數(shù)____的讀數(shù)；

B．開關(guān)S接通，電路穩(wěn)定后再斷開的瞬間，電流表的讀數(shù)____的讀數(shù)．18、（2011秋?宣恩縣校級(jí)月考）如圖所示，一個(gè)重600N的人用200N的力通過繩子和定滑輪拉一個(gè)靜止在地面上重600N的物體M，則人對(duì)地面的壓力____N，物體M對(duì)地面的壓力____N．19、電磁波在真空中的傳播速度大小為____m/s；地球上一發(fā)射器向月球發(fā)射電磁波，需經(jīng)____s的時(shí)間才能接受到反射波（已知地球與月球間的距離為3.84×105km）。20、近年；我國的高鐵發(fā)展非常迅猛.

為了保證行車安全，車輛轉(zhuǎn)彎的技術(shù)要求是相當(dāng)高的.

如果在轉(zhuǎn)彎處鋪成如圖所示內(nèi)；外等高的軌道，則車輛經(jīng)過彎道時(shí)，火車的______(

選填“外輪”、“內(nèi)輪”)

對(duì)軌道有側(cè)向擠壓，容易導(dǎo)致翻車事故.

為此，鋪設(shè)軌道時(shí)應(yīng)該把______(

選填“外軌”、“內(nèi)軌”)

適當(dāng)降低一定的高度．

21、電磁波譜：電磁波按波長或頻率大小的順序排列成譜，就構(gòu)成了電磁波譜．按波長從大到小的順序是：無線電波、____、可見光、紫外線、____、γ射線．評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共10分)22、電子手表中的液晶在外加電壓的影響下能夠發(fā)光．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、作圖題(共4題，共8分)23、如圖所示，A、B、C、D是勻強(qiáng)電場中一正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，已知A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為UA=15V，UB=3V，UC=-3V；由此。

（1）可求D點(diǎn)電勢(shì)UD得大??？

（2）若該正方形的邊長為a=2cm，且電場方向與正方形所在平面平行，求場強(qiáng)為E的大??？并在圖中畫出經(jīng)過A的一條電場線．24、如圖所示，畫出桿在A，B兩點(diǎn)受到的彈力的示意圖．25、質(zhì)量均勻的鋼管AB的B端支在光滑水平面上，A端用一根豎直懸繩吊在頂板上(如圖所示)．問鋼管受到幾個(gè)力的作用？各是什么性質(zhì)的力？方向怎樣？畫出鋼管的受力示意圖．26、在如圖中；根據(jù)磁感線方向，標(biāo)出磁體的N，S極．

評(píng)卷人得分六、畫圖題(共2題，共18分)27、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時(shí)刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時(shí)的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）28、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請(qǐng)畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】該題中，當(dāng)將用電器接到插座上后，變壓器的負(fù)載增加，消耗的功率增大，回路中的電流增大．當(dāng)增大的電流流過R時(shí)，才會(huì)使電壓表的示數(shù)發(fā)生變化．【解析】【解答】解：A；B、當(dāng)將用電器接到插座甲上后；變壓器的負(fù)載增加，消耗的功率增大，流過變壓器的電流增大，但是流過電阻R上的電流不變，所以電阻R消耗的電壓不變，所以電壓表的示數(shù)不變，燈泡的亮度不變．故AB錯(cuò)誤；

C；D、當(dāng)將用電器接到插座乙上后；乙與燈泡并聯(lián)，使得并聯(lián)部分的電阻值小于燈泡的電阻值，電路中的總電阻減小，所以電路中的總電流增大，回路中的電流增大．流過R的電流值增大，所以R上消耗的電壓增大；由于變壓器副線圈上的電壓不變，所以并聯(lián)部分的電壓降減小，即電壓表的示數(shù)減小，燈泡消耗的功率減小，變暗．

故C錯(cuò)誤；D正確．

故選：D2、D【分析】【分析】計(jì)算力做功根據(jù)W=FLcosθ，要找出在該力作用下通過的位移即可，力為20N，沒有告訴位移，故無法判斷做功【解析】【解答】解：因?yàn)閃=Fs；F=20N，s不能確定，故做功不能確定；

故選：D3、D【分析】【分析】采用逆向思維，結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式求出最后1s內(nèi)的位移．【解析】【解答】解：采用逆向思維，物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則x=．故D正確；A；B、C錯(cuò)誤．

故選：D．4、D【分析】【分析】將環(huán)形電流等效為小磁針，根據(jù)同性相斥，異性相吸判斷線圈的運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：根據(jù)右手螺旋定則；環(huán)形電流可以等效為小磁針，小磁針的N極指向右，根據(jù)異性相吸，知線圈向左運(yùn)動(dòng)．故D正確．

故選D．5、D【分析】【分析】電表讀數(shù)為交流電有效值，不能與瞬時(shí)值混淆，輸出功率也是用有效值計(jì)算P=U2I2．電流表讀數(shù)可根據(jù)公式電流與匝數(shù)成反比求得．【解析】【解答】解：A；由圖象可知；在t=0.1s、0.3s時(shí)，電壓最大，此時(shí)是磁通量的變化率最大，此時(shí)穿過線圈的磁通量為零，所以A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)圖象可以知道，交流電的周期是0.4s，由ω==5πrad/s；所以B錯(cuò)誤；

C；電壓表讀數(shù)為副線圈有效值；原線圈的電壓的有效值為10V，由電壓與匝數(shù)成正比可得副線圈的電壓有效值為2V，所以電壓表的示數(shù)為2V，所以C錯(cuò)誤．

D、電流表讀數(shù)：因I2==2A由電流與匝數(shù)成反比得I1==0.40A；所以電流表讀數(shù)為0.40A，所以D正確．

故選D．6、C【分析】

A；B輸入與門；C輸入非門，兩個(gè)輸出端又同時(shí)輸入或門，當(dāng)A、B為0且C為0時(shí)，AB輸出為0，C輸出為1，1和0輸入或門，輸出為1．

同理得出輸出端Z此后的輸出情況；

故為“1；0，1，0，1，0，1，1．故C正確，A；B、D錯(cuò)誤．

故選C．

【解析】【答案】與門的特點(diǎn)是當(dāng)條件都滿足；事件才能發(fā)生；或門的特點(diǎn)是只要有一個(gè)條件滿足，事件就能發(fā)生；非門的特點(diǎn)是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)相反．

二、多選題(共6題，共12分)7、BC【分析】【分析】平行板電容器板間懸浮著一油滴P，油滴所受的重力與電場力平衡；當(dāng)電場力減小時(shí)，油滴會(huì)向下運(yùn)動(dòng)；當(dāng)電場力增加時(shí)，油滴會(huì)向上運(yùn)動(dòng)；根據(jù)條件分別分析哪種情況下板間場強(qiáng)和油滴的電場力是變化的．【解析】【解答】解：A、只打開K1；電容器通過電阻放電，板間場強(qiáng)逐漸減小，油滴所受的電場力減小，油滴將向下運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤．

B、只打開K2；電容器兩板間的電壓增大，穩(wěn)定時(shí)，其電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)，板間場強(qiáng)增大，油滴所受的電場力增大，油滴將向上運(yùn)動(dòng)．故B正確．

C、只打開K3；電容器兩板間的電壓不變，場強(qiáng)不變，油滴所受的電場力不變，油滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)．故C正確．

D、只打開K4；電容器的電量不變，板間場強(qiáng)不變，油滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)．故D錯(cuò)誤．

故選：BC．8、AD【分析】【分析】氫原子輻射出一個(gè)光子后，從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，軌道半徑減小，根據(jù)庫侖引力提供向心力，得出電子速度的變化，從而得出電子動(dòng)能的變化，根據(jù)氫原子能量的變化得出電勢(shì)能的變化．【解析】【解答】解：A；氫原子輻射出一個(gè)光子后；從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，氫原子的能量減小，能級(jí)減少，故A正確。

B、氫原子的能量減小，軌道半徑減小，根據(jù)k=m；得軌道半徑減小，電子速率增大，動(dòng)能增大；

由于氫原子能量減??；則氫原子電勢(shì)能減?。蔅錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤。

D、核外電子的運(yùn)動(dòng)加速度a=k；所以運(yùn)動(dòng)加速度增大，故D正確。

故選AD．9、BD【分析】解：A；當(dāng)分子間表現(xiàn)為斥力時(shí)；距離增大時(shí)，分子力做正功，分子勢(shì)能減?。还蔄錯(cuò)誤；

B；在繞地球飛行的宇宙飛船中；自由飄浮的水滴呈球形，這是液體表面張力作用的結(jié)果，故B正確；

C；熱量可以自發(fā)的從高溫物體傳到低溫物體；也可以從低溫物體傳到高溫物體；但會(huì)引起其他方面的變化；故C錯(cuò)誤；

D；液晶顯示器是利用了液晶對(duì)光具有各向異性的特點(diǎn)；故D正確；

E；自然界發(fā)生的一切過程能量都守恒；符合能量守恒定律，但宏觀熱現(xiàn)象要符合熱力學(xué)第二定律才能發(fā)生，故E錯(cuò)誤；

故選：BD．

自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結(jié)果；液晶顯示器是利用了液晶對(duì)光具有各向異性的特點(diǎn)；兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時(shí)；分子間的距離越大，分子勢(shì)能越大；宏觀熱現(xiàn)象要符合熱力學(xué)第二定律才能發(fā)生．

本題考查了分子力與分子勢(shì)能、液體表面張力、熱力學(xué)第一定律、熱力學(xué)第二定律等，知識(shí)點(diǎn)多，難度小，關(guān)鍵是記住基礎(chǔ)知識(shí)．【解析】【答案】BD10、AC【分析】【分析】先用整體法求出加速度，然后用隔離法隔離出物體A，運(yùn)用牛頓第二定律求出彈簧的彈力．【解析】【解答】解：A；兩個(gè)物體一起向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；對(duì)兩個(gè)物體整體運(yùn)用牛頓第二定律，有：

F1-F2=（mA+mB）a①

再對(duì)物體A受力分析；運(yùn)用牛頓第二定律，得到：

F1-F=mAa②

由①②兩式解得：

F=16N．故A正確．

B、若F1=10N、F2=20N；則。

F1-F2=（mA+mB）a

再對(duì)物體B受力分析；運(yùn)用牛頓第二定律，得到：

F2-F=mBa

聯(lián)立解得；F=14N，故B錯(cuò)誤．

C、如果只有F1作用；整體向左勻加速運(yùn)動(dòng)，則有：

對(duì)B研究得：彈簧的彈力大小為F=mBa=mB?=3×N=12N；故C正確．

D；若把彈簧換成輕質(zhì)繩；同理根據(jù)牛頓第二定律列式得到繩對(duì)物體的拉力大小也是16N．故D錯(cuò)誤．

故選：AC11、AD【分析】【分析】先分析N彈簧，由于上面與細(xì)線相連，所以N彈簧可能處于原長也可能被拉伸，當(dāng)N處于原長時(shí)細(xì)線的拉力為零，M彈簧在a物體的作用下處于壓縮狀態(tài)；當(dāng)N彈簧處于拉伸狀態(tài)時(shí)，細(xì)線對(duì)a又拉力，拉力的大小與a物體的重力存在三種關(guān)系：等于、大于、小于，然后分3種情況去分析M彈簧．【解析】【解答】解：A；當(dāng)N彈簧處于拉伸狀態(tài)時(shí)；細(xì)線對(duì)a又拉力，當(dāng)拉力小于a物體的重力時(shí)，M彈簧處于壓縮狀態(tài)，故A正確．

B；由于N彈簧上面與細(xì)線相連；故N彈簧可能處于原長也可能被拉伸，但是N彈簧決對(duì)不可能被壓縮，故B錯(cuò)誤．

C；當(dāng)N彈簧處于原長時(shí)；細(xì)線的拉力為零，M彈簧在a物體的作用下處于壓縮狀態(tài)，故C錯(cuò)誤．

D；當(dāng)N彈簧處于拉伸狀態(tài)時(shí)；細(xì)線對(duì)a又有拉力，當(dāng)拉力等于a物體的重力時(shí)，M彈簧處于原長狀態(tài)；當(dāng)拉力大于a物體的重力時(shí)，M彈簧處于伸長狀態(tài)；故D正確．

故選：AD．12、AC【分析】【分析】理想氣體內(nèi)能僅由溫度決定，溫度不變，氣體內(nèi)能不變；等溫變化的p-V圖象是雙曲線的一部分，根據(jù)圖象判斷氣體狀態(tài)發(fā)生變化時(shí)，各狀態(tài)參量如何變化，然后由熱力學(xué)第一定律分析答題．【解析】【解答】解：A；由圖象可知；p-V圖象的BDA是雙曲線的一部分，則由A到B變化是等溫變化，氣體的溫度不變，氣體內(nèi)能不變，即：△U=0；由圖象可知，由A到B過程氣體體積變大，氣體對(duì)外做功，W＜0，由熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知：Q＞0，氣體要吸熱，故A正確；

B；由圖象可知；p-V圖象的BDA是雙曲線的一部分，則由B到A變化是等溫變化，氣體的溫度不變，氣體內(nèi)能不變，即：△U=0；由圖象可知，由A到B過程氣體體積變小，外界對(duì)氣體做功，W＞0，由熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知：Q＜0，氣體要放熱，故B錯(cuò)誤；

C；氣體由A到B的過程要吸收熱量；吸收的熱量等于氣體對(duì)外做的功Q=W，在B到A的過程中，氣體要放出熱量，放出的熱量等于外界對(duì)氣體做的功Q'=W'，由圖象可知，從A到B與從B到A過程，氣體體積變化量相等，當(dāng)從A到B過程，氣體壓強(qiáng)變化量大，W＞W(wǎng)'，則Q＞Q'，即：氣體由A變到B再變到A，吸熱多于放熱，故C正確，D錯(cuò)誤；

故選AC．三、填空題(共9題，共18分)13、anm/s2ω2R【分析】【分析】向心加速度與速度垂直，在勻速圓周運(yùn)動(dòng)中，公式為：an==ω2R，其中ω=．【解析】【解答】解：向心加速度：用符號(hào)an表示；單位：m/s2

向心加速度的公式為：

an==ω2R=；

故答案為：an，m/s2，、ω2R、．14、右【分析】【分析】根據(jù)電容器極板的電性，分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向，由右手定則判斷金屬棒的運(yùn)動(dòng)方向．由液滴靜止，受力平衡，得到板間電壓，再由E=BLv求解ab的運(yùn)動(dòng)速度．【解析】【解答】解：要使電容器上板帶正電，下板帶負(fù)電，ab棒中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)應(yīng)由b指向a，根據(jù)右手定則判斷可知，ab應(yīng)向右運(yùn)動(dòng)．

油滴靜止不動(dòng)，則有mg=q

又U=E=BLv

聯(lián)立解得v=

故答案為：右；．15、30s【分析】【分析】當(dāng)靜水速的方向與河岸垂直時(shí)，渡河時(shí)間最短，從而即可求解．【解析】【解答】解：當(dāng)靜水速的方向與河岸垂直時(shí)，渡河時(shí)間最短，為：t==s=30s．

故答案為：30s．16、612【分析】【分析】物體處于平衡狀態(tài)，合力為零，當(dāng)撤去一個(gè)力時(shí)，剩余力的合力與該力大小相等，方向相反．結(jié)合合力的大小，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度．【解析】【解答】解：三個(gè)力處于平衡，將F1撤去，剩余力的合力與F1的大小相等；則物體所受的合力為6N．

只將力F1旋轉(zhuǎn)180°，則物體所受的合力F合=2F1=12N，物體的加速度a=．

故答案為：6，12．17、小于等于【分析】【分析】電路中有線圈，當(dāng)通過線圈的電流發(fā)生變化時(shí)會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)去阻礙線圈中電流變化．【解析】【解答】解：閉合S瞬間，由于線圈的電流變大，導(dǎo)致其產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，從而阻礙電流的變大，所以電流表A1示數(shù)小于A2示數(shù)；

開關(guān)S接通電路穩(wěn)定后，電流不變，線圈相當(dāng)于直導(dǎo)線，電阻也為R，故兩個(gè)支路電流相等，故電流表A1的讀數(shù)等于A2的讀數(shù)；

答：小于，等于18、400400【分析】【分析】重600N的人，用200N的力通過繩子和定滑輪拉一個(gè)靜止在地面上重600N的物體，人和物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)，分別以人和物體為研究對(duì)象，分析受力，由平衡條件求出地面對(duì)人的支持力和地面對(duì)物體的支持力，根據(jù)牛頓第三定律得到壓力．【解析】【解答】解：以人為研究對(duì)象；人受到重力；向上的拉力和地面的支持力，由平衡條件，地面對(duì)人的支持力：

N1=G人-F拉=600N-200N=400N；

根據(jù)牛頓第三定律；人對(duì)地面的壓力為400N；

再以物體為研究對(duì)象；物體受到重力；向上的拉力和地面的支持力，由平衡條件，地面對(duì)物體的支持力：

N2=G物-F拉=600N-200N=400N

根據(jù)牛頓第三定律；物體M對(duì)地面的壓力為400N；

故答案為：400，400．19、3×1082.56【分析】【解答】電磁波與光在真空中的傳播速度是相等的，其大小為3×108m/s．電磁波從地球發(fā)出返回地球通過的路程s=2×3.84×108m=7.68×108m，電磁波的傳播時(shí)間

【分析】電磁波在真空中的傳播速度及相關(guān)簡單運(yùn)算。20、略

【分析】解：火車拐彎需要有指向圓心的向心力；若內(nèi)；外軌等高，則火車拐彎時(shí)由外軌的壓力去提供，則火車的外輪對(duì)軌道有側(cè)向擠壓，若火車拐彎時(shí)不側(cè)向擠壓車輪輪緣，要靠重力和支持力的合力提供向心力，則鋪設(shè)軌道時(shí)應(yīng)該把內(nèi)軌降低一定的高度，使外軌高于內(nèi)軌．

故答案為：外輪；內(nèi)軌。

火車拐彎需要有指向圓心的向心力；若內(nèi)；外軌等高，則火車拐彎時(shí)由外軌的壓力去提供，若火車拐彎時(shí)不側(cè)向擠壓車輪輪緣，要靠重力和支持力的合力提供向心力，進(jìn)而判斷降低哪一側(cè)的高度．

本題是生活中圓周運(yùn)動(dòng)問題，關(guān)鍵是分析受力情況，分析外界提供的向心力與所需要的向心力的關(guān)系，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】外輪；內(nèi)軌21、紅外線X射線【分析】【分析】電磁波譜按照波長從大到小的順序依次是無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線和γ射線．【解析】【解答】解：按照波長從大到小的順序依次是無線電波；紅外線、可見光、紫外線、X射線和γ射線．

故答案為：紅外線；X射線四、判斷題(共1題，共10分)22、×【分析】【分析】液晶像液體一樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)；液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光，而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過．【解析】【解答】解：液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光；而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×五、作圖題(共4題，共8分)23、略

【分析】【分析】連接AC，在AC上找出與B點(diǎn)等電勢(shì)點(diǎn)，作