2025年浙江省高考仿真模擬物理試卷(三)（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025浙江高考物理仿真模擬卷(三)時間:90分鐘分值:100分選擇題部分一、選擇題Ⅰ(本題共13小題,每小題3分,共39分.每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的,不選、多選、錯選均不得分)1.[2024·杭州模擬]下列說法正確的是 ()A.在LC振蕩電路中,若僅把電容器的電容變?yōu)樵瓉淼?倍,則振蕩周期變?yōu)樵瓉淼囊话隑.若鈾元素的半衰期為τ,則經(jīng)過時間τ,8個鈾核中一定有4個發(fā)生了衰變C.大氣壓強是由地球表面空氣重力產(chǎn)生的,因此將開口瓶密閉后,瓶內(nèi)氣體脫離大氣,它自身重力太小,會使瓶內(nèi)氣體壓強遠小于外界大氣壓強D.乒乓球容易快速抽殺,是由于乒乓球的慣性較小2.[2024·寧波模擬]福道梅峰山地公園因其美麗的紅色“水杉林”,成為福州冬日新的“打卡點”.如圖所示某游客根據(jù)導(dǎo)航從福道的“三號口”入“五號口”出,在游覽公園過程中 ()A.瞬時加速度可能為零B.平均速度大小約為4.1km/hC.位移大小為2.4kmD.做勻速直線運動3.[2024·桐鄉(xiāng)高級中學(xué)模擬]一架直升機在空中勻速向右飛行,從飛機上放下一根質(zhì)地均勻的軟繩,假設(shè)軟繩所處范圍內(nèi)的空氣阻力大小恒定且不隨高度改變.則當軟繩穩(wěn)定時,其實際形狀最接近下圖中的 ()ABCD4.2023年12月18日23時59分,甘肅臨夏州積石山縣發(fā)生6.2級地震.一直升機懸停在距離地面100m的上空,一消防戰(zhàn)士沿豎直繩索從直升機下滑到地面救助受災(zāi)群眾.若消防戰(zhàn)士下滑的最大速度為5m/s,到達地面的速度大小為1m/s,加速和減速的最大加速度大小均為a=1m/s2,則消防戰(zhàn)士最快到達地面的時間為 ()A.15.1s B.24.1s C.23.1s D.22.1s5.如圖所示為風(fēng)杯式風(fēng)速傳感器,其感應(yīng)部分由三個相同的半球形空杯組成,稱為風(fēng)杯.三個風(fēng)杯對稱地位于水平面內(nèi)互成120°的三叉形支架末端,與中間豎直軸的距離相等.開始刮風(fēng)時,空氣流動產(chǎn)生的風(fēng)力推動靜止的風(fēng)杯開始繞豎直軸在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動,風(fēng)速越大,風(fēng)杯轉(zhuǎn)動越快.若風(fēng)速保持不變,三個風(fēng)杯最終會勻速轉(zhuǎn)動,根據(jù)風(fēng)杯的轉(zhuǎn)速,就可以確定風(fēng)速,則()A.若風(fēng)速不變,三個風(fēng)杯最終加速度為零B.任意時刻,三個風(fēng)杯轉(zhuǎn)動的速度都相同C.開始刮風(fēng)時,風(fēng)杯加速轉(zhuǎn)動,其所受合外力不指向旋轉(zhuǎn)軸D.風(fēng)杯勻速轉(zhuǎn)動時,其轉(zhuǎn)動周期越大,測得的風(fēng)速越大6.[2024·溫州模擬]在建筑裝修中,工人用一質(zhì)量為m、與墻面動摩擦因數(shù)為μ的磨石打磨豎直粗糙墻面,在與豎直面成θ角的推力F作用下,磨石以速度v向上勻速運動,如圖所示.重力加速度為g,則 ()A.磨石受到的摩擦力大小為μFsinθB.若僅略微減小θ角,則磨石將做減速運動C.若撤掉F,磨石會立刻向下運動D.若撤掉F,磨石受到的摩擦力大小變?yōu)棣蘭g7.2023年10月26日11時14分,搭載“神舟十七號”載人飛船的“長征二號”F遙十七運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心點火發(fā)射,約10分鐘后,“神舟十七號”載人飛船與火箭成功分離,進入預(yù)定軌道,在經(jīng)歷約6.5小時的對接過程后,飛船成功對接于空間站“天和”核心艙前向端口.若核心艙繞地球的運行可視為勻速圓周運動,地球的自轉(zhuǎn)周期為24h,引力常量為G,則下列說法正確的是 ()A.“神舟十七號”的發(fā)射速度可能小于第一宇宙速度B.核心艙的運行速度可能大于第一宇宙速度C.若已知核心艙的運行周期和軌道半徑,則可推算出地球同步軌道衛(wèi)星的軌道半徑D.若已知核心艙的運行線速度和軌道半徑,則可推算出地球的平均密度8.[2024·嘉興模擬]課間,某男同學(xué)利用未開封的礦泉水,進行負重深蹲訓(xùn)練,根據(jù)體育老師傳授的經(jīng)驗,將礦泉水環(huán)抱入懷中,與胸口保持相對靜止,穩(wěn)定后完成“下蹲—維持—站起”的深蹲動作.為了保證動作質(zhì)量,要“慢蹲快起”,即下蹲過程要慢且穩(wěn)(勻速),持續(xù)時間2秒,在最低點維持1.5秒靜止不動,隨后站起過程要快且穩(wěn)(勻速),持續(xù)時間0.5秒.每次下蹲深度(水桶從初始位置開始下移的最大距離)保持在60cm.該同學(xué)按照這樣的標準,持續(xù)做了2分鐘共計完成了30個深蹲.若該未開封的礦泉水總質(zhì)最為12kg,深蹲過程礦泉水的運動軌跡是豎直的,g取10m/s2,則在這2分鐘內(nèi)該同學(xué)在“站起”過程對礦泉水做的總功和“站起”過程對礦泉水做功的功率分別為 ()A.4320J,36W B.4320J,144W C.2160J,144W D.2160J,36W9.[2024·衢州模擬]如圖所示,軍事演習(xí)時,要轟炸傾角為θ的斜坡上的D點,坡底的大炮發(fā)射的炮彈剛好落在D點,且到達D點時速度剛好水平;轟炸機水平投出的炸彈也剛好落在D點,到達D點時炸彈速度方向與炮彈發(fā)射的初速度方向剛好相反,炸彈運動時間是炮彈運動時間的2倍,不計空氣阻力,關(guān)于炸彈和炮彈在空中運動過程中,下列說法正確的是 ()A.炸彈位移是炮彈位移的2倍B.炸彈最小速度是炮彈最小速度的4倍C.炸彈最大速度是炮彈最大速度的4倍D.炸彈下落高度是炮彈上升高度的4倍10.太陽能電池在空間探測器上被廣泛應(yīng)用.某太陽能電池在特定光照強度下工作電流I隨路端電壓U變化的圖線如圖中曲線①,輸出功率P隨路端電壓U的變化圖線如圖中曲線②.圖中給出了該電池斷路電壓U0和短路電流I0.當路端電壓為U1時,工作電流為I1,且恰達到最大輸出功率P1,則此時電池的內(nèi)阻為 ()A.QUOTEU1I1UB.QUOTEP1I12C.QUOTEU0I1-PD.QUOTEU0-U1I11.[2024·寧波模擬]如圖甲所示,水火箭又稱氣壓式噴水火箭、水推進火箭,由飲料瓶、硬紙片等環(huán)保廢舊材料制作而成.圖乙是水火箭的簡易原理圖:用打氣筒向水火箭內(nèi)不斷打氣,當內(nèi)部氣體壓強增大到一定程度時發(fā)射,發(fā)射時可近似認為水從水火箭中向下以恒定速度v0=40m/s噴出,且在不到0.1s時間內(nèi)噴完,使水火箭升空.已知水和水火箭的質(zhì)量分別為m1=0.4kg、m2=0.3kg,忽略空氣阻力,水剛好噴完時,水火箭的速度最接近()A.12m/s B.30m/s C.50m/s D.120m/s12.在物理學(xué)中圖像可以直觀地反映物理量之間的關(guān)系,如圖所示,甲圖是光電管中光電流與電壓的關(guān)系圖像,乙圖是c、d兩種金屬遏止電壓與入射光頻率之間的關(guān)系圖像,丙圖是放射性元素氡的質(zhì)量和初始時質(zhì)量比值與時間之間的關(guān)系圖像,丁圖是原子核的比結(jié)合能與質(zhì)量數(shù)之間的關(guān)系圖像,下列判斷正確的是 ()甲圖中,a光的頻率大于b光的頻率 B.乙圖中,金屬c的逸出功大于金屬d的逸出功C.丙圖中,每過3.8天要衰變掉質(zhì)量相同的氡 D.丁圖中,質(zhì)量數(shù)越大比結(jié)合能越大13.[2024·湖北武漢模擬]如圖甲所示,將帶電荷量為+Q的帶電體固定在粗糙絕緣水平地面上的O點(可視為點電荷),以O(shè)點為坐標原點,向右為正方向建立直線坐標系.現(xiàn)將質(zhì)量為m的帶電滑塊,從A點由靜止釋放,滑塊向右運動,最終靜止于C點,其速度隨位置的變化圖像如圖乙所示,滑塊經(jīng)過B點時的速度最大.已知OB=r0,且A為OB的中點,滑塊與地面之間的動摩擦因數(shù)為μ,靜電力常量為k,重力加速度為g,點電荷周圍的電勢φ=kQUOTEQrQr(Q為點電荷的電荷量,r為該點到點電荷的距離,以無窮遠處電勢為零).下列判斷不正確的是 ()滑塊帶正電 B.滑塊的電荷量為QUOTEC.滑塊經(jīng)過B點時的速率為QUOTE D.C點的位置坐標為3r0二、選擇題Ⅱ(本題共2小題,每小題3分,共6分.每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的,全部選對的得3分,選對但不全的得2分,有選錯的得0分)14.[2024·杭州模擬]2023年9月23日杭州亞運會的開幕式驚艷全世界,其中大蓮花“復(fù)現(xiàn)錢塘江”,地屏上交叉潮、一線潮、回頭潮、魚鱗潮……如圖所示,用兩個繩波來模擬潮水相遇,一水平長繩上系著一個彈簧和小球組成的振動系統(tǒng),振動的固有頻率為2Hz,現(xiàn)在長繩兩端分別有一振源P、Q同時開始以相同振幅上下振動了一段時間,某時刻兩個振源在長繩上形成波形如圖所示,兩列波先后間隔一段時間經(jīng)過彈簧振子所在位置,觀察到小球先后出現(xiàn)了兩次振動,小球第一次振動時起振方向向下,且振動并不顯著,而小球第二次的振幅明顯較大,則()由P振源產(chǎn)生的波先到達彈簧振子處 B.由P振源產(chǎn)生的波的波速較接近2m/sC.由Q振源產(chǎn)生的波的波速較接近4m/s D.兩列繩波無法在繩上形成穩(wěn)定的干涉圖樣15.如圖所示,有一邊長為2a的正方體玻璃磚,中心有一單色點光源O,該玻璃磚對該光源的折射率為n=QUOTE33,已知光在真空中傳播的速度為c.下列說法正確的是()A.該光在玻璃磚中傳播的速度為QUOTE3c33cB.光線從玻璃磚射出的最短時間為QUOTE3ac3aC.若不考慮多次反射,光線從玻璃磚射出的最長時間為QUOTE6ac6aD.從外面看玻璃磚被照亮的總面積為6a2非選擇題部分三、非選擇題(本題共5小題,共55分)16.實驗題(Ⅰ、Ⅱ兩題共14分)Ⅰ.(7分)(1)甲同學(xué)利用下圖所示的實驗裝置進行“探究物體加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗,該實驗用到了控制變量法,下列實驗也用到了該方法的是(填選項前的字

母).A.探究向心力大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系B.探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律C.用雙縫干涉實驗測量光的波長D.研究導(dǎo)體電阻與長度、橫截面積及材料的定量關(guān)系(2)乙同學(xué)用下圖所示的實驗裝置進行“驗證機械能守恒定律”的實驗.氣墊導(dǎo)軌上B處安裝了一個光電門,滑塊從A處由靜止釋放,驗證從A到B的過程中滑塊和槽碼的機械能守恒.①關(guān)于乙同學(xué)的實驗,下列操作中不必要的是

(填選項前的字母).A.將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平 B.使細線與氣墊導(dǎo)軌平行C.槽碼質(zhì)量遠小于滑塊和遮光條的總質(zhì)量 D.使A位置與B間的距離適當大些②乙同學(xué)在實驗中測量出了滑塊和遮光條的質(zhì)量為M、槽碼質(zhì)量為m、A與B間的距離為L、遮光條的寬度為d(d?L)和遮光條通過光電門的時間為t,己知當?shù)刂亓铀俣葹間,為驗證機械能守恒需要驗證的表達式是.

③甲同學(xué)參考乙同學(xué)做法,利用上圖裝置,想通過墊高軌道一端補償阻力后驗證小車和槽碼的機械能是否守恒,他的做法(選填“可行”或“不可行”).

(3)一同學(xué)利用圖甲所示裝置來測定當?shù)氐闹亓铀俣?已知光滑圓弧凹槽ABC的半徑為R,弧長為l(R遠大于l),B為圓弧軌道最低點,A、C關(guān)于B點所在的豎直線對稱.小鋼球的半徑為r(r遠小于l),當小鋼球經(jīng)過圓弧軌道最低點B時,光傳感器發(fā)出的光恰好能過小鋼球的球心.現(xiàn)將小鋼球從A點由靜止釋放,沿凹槽ABC自由往復(fù)運動,光傳感器接收端接收到一段時間內(nèi)的光信號強度變化情況如圖乙所示(只有ΔT已知).①該同學(xué)在分析光信號變化情況時,發(fā)現(xiàn)Δt與ΔT相比,非常小,可以忽略不計.由此可得出,小鋼球往復(fù)運動的周期為.

②小鋼球在圓弧軌道上的運動與單擺運動相似,根據(jù)“用單擺測量重力加速度”實驗原理,可得當?shù)氐闹亓铀俣萭表達式為.

③由于在計算周期時忽略了Δt,由此測得重力加速度值與真實值相比是.(選填“偏大”或者“偏小”)

Ⅱ.(7分)某實驗小組測量一電源的電動勢及內(nèi)阻.實驗室準備器材如下:被測電源(電動勢約為8~10V,內(nèi)阻約為1~2Ω)電流表(量程為0~3A,內(nèi)阻為RA=0.3Ω)電壓表(量程為0~5V,內(nèi)阻為RV=5kΩ)定值電阻R1=1kΩ定值電阻R2=5kΩ定值電阻R3=25kΩ定值電阻R4=0.15Ω滑動變阻器(最大阻值為10Ω)單刀單擲開關(guān)導(dǎo)線若干(1)電路設(shè)計:實驗小組認為,電流表和電壓表的量程較小,需要用提供的定值電阻進行改裝,電路圖如圖甲所示.其中a處定值電阻應(yīng)該選用的是(填“R1”“R2”或“R3”);b處定值電阻選用的是R4,則當電流表的示數(shù)為1.25A時,通過電源的電流值為A.

(2)實物連線:用筆畫線代替導(dǎo)線,將圖乙所示實物圖連接成完整電路.(3)采集數(shù)據(jù):調(diào)節(jié)滑動變阻器,得到一系列電壓表與電流表一一對應(yīng)的數(shù)據(jù),如表中所示.數(shù)據(jù)組號123456電壓表示數(shù)U/V3.152.702.251.811.340.90電流表示數(shù)I/A0.600.801.001.201.401.60(4)數(shù)據(jù)處理:根據(jù)實驗數(shù)據(jù),作出U-I圖像.(5)得到結(jié)論:根據(jù)對電路結(jié)構(gòu)的理解、實驗數(shù)據(jù)和U-I圖像的處理,得到該電源的電動勢為E=V,內(nèi)阻為r=Ω.(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)

17.(8分)[2024·麗水模擬]一導(dǎo)熱汽缸內(nèi)用活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體.如圖甲所示,汽缸水平橫放時,缸內(nèi)空氣柱長為l0.已知大氣壓強為p0,環(huán)境溫度為T0,活塞橫截面積為S,汽缸的質(zhì)量為m=QUOTEp0S20gp0S20g(g為重力加速度),不計活塞與汽缸之間的摩擦(1)穩(wěn)定后,求汽缸內(nèi)空氣柱長度;(2)汽缸懸在空中時,大氣壓強不變,環(huán)境溫度緩慢地降至多少時能讓活塞回到初始位置;(3)第(2)小題過程中,若氣體內(nèi)能減少了ΔU,此氣體釋放了多少熱量.18.(11分)[2024·溫州模擬]某課外小組設(shè)計了如圖所示的趣味游戲裝置.傾角為30°的斜劈固定在水平地面上,長為L的直軌道與半徑為QUOTEL4L4的QUOTE1414圓弧軌道平滑連接,兩者一起固定在斜劈上表面右側(cè)(直軌道緊貼斜劈右邊緣),斜劈左側(cè)固定一與斜劈左側(cè)邊等長的豎直彈性擋板,長度可忽略的輕彈簧下端固定在直軌道下端,斜劈底端長為L的AB部分等分為4個中獎區(qū)域.小組設(shè)計游戲規(guī)則如下:游戲參與者拉動拉手壓縮輕彈簧,放手后彈簧將質(zhì)量為m的小球從斜劈底端彈出,小球通過直軌道和圓弧軌道后水平拋出,若小球直接擊中中獎區(qū)域則不會獲獎,只有碰撞擋板反彈(垂直擋板的分速度等大反向,沿擋板的分速度不變)后擊中中獎區(qū)域才能獲獎(不考慮小球落入中獎區(qū)域后反彈的情況).已知重力加速度大小為g,忽略一切摩擦阻力.(1)若小球到達圓弧軌道最高點時小球?qū)A弧軌道外側(cè)的壓力大小為mg,求小球從斜劈底端彈出時的動能;(2)若要獲得一等獎,求小球從斜劈底端彈出時動能Ek0的范圍.19.(11分)[2024·磐安模擬]為了確保載人飛船返回艙安全著陸,設(shè)計師在返回艙的底部安裝了4臺完全相同的電磁緩沖裝置,如圖甲所示,圖乙為其中一臺電磁緩沖裝置的結(jié)構(gòu)簡圖.艙體沿豎直方向固定著兩光滑絕緣導(dǎo)軌MN、PQ,導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)安裝電磁鐵(圖中未畫出),能產(chǎn)生垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小為B.導(dǎo)軌內(nèi)的緩沖滑塊K內(nèi)部用絕緣材料填充,外側(cè)繞有n匝閉合矩形線圈abcd,其總電阻為R,ab邊長為L.著陸時電磁緩沖裝置以速度v0與地面碰撞后,滑塊K立即停下,此后在線圈與軌道的磁場作用下使艙體減速,從而實現(xiàn)緩沖.導(dǎo)軌MN、PQ及線圈的ad和bc邊足夠長,返回艙質(zhì)量為m(緩沖滑塊K質(zhì)量忽略不計),重力加速度為g,一切摩擦阻力不計.(1)求緩沖滑塊K剛停止運動時,艙體的加速度大小;(2)求艙體著陸時(即導(dǎo)軌MN、PQ剛觸地前瞬時)的速度v的大小;(3)若艙體的速度大小從v0減到v的過程中,艙體下落的高度為h,則該過程中每臺電磁緩沖裝置中產(chǎn)生的焦耳熱Q為多少.20.(11分)足夠大空間存在xOy坐標系,x軸水平,y軸豎直,一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的粒子從坐標原點以初速度v0沿x軸射入,不計粒子重力.若空間分別施加豎直向下的電場強度為E的勻強電場與垂直xOy平面向里的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場,可使粒子分別通過圖中關(guān)于x軸對稱的A、A'點.(1)求E和B的大小;(2)若空間同時施加上述(1)中電場和磁場,求粒子通過圖中平行x軸的虛線時的速度大小;(3)若空間同時施加上述(1)中電場和磁場,求粒子運動過程中最大速度和最小速度的值;(4)若空間同時施加上述(1)中電場和磁場,且已知粒子運動過程中在y軸方向上的分運動為簡諧運動,且周期為QUOTE,以粒子入射為t=0時刻,求該粒子在y軸方向上分運動的y-t函數(shù)表達式.——★參考答案★——1.D[解析]根據(jù)LC電路的周期公式知T=2πQUOTELCLC,若僅把電容器的電容變?yōu)樵瓉淼?倍,則振蕩周期變?yōu)樵瓉淼?倍,A錯誤;半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律,少量放射性元素的衰變是一個隨機事件,對于8個放射性元素,無法準確預(yù)測其衰變的個數(shù).B錯誤;地球上某個位置的空氣產(chǎn)生的壓強是地球表面的空氣受到重力作用而產(chǎn)生的,而被密封在容器中的氣體,其壓強是大量的做無規(guī)則運動的氣體分子對容器壁不斷碰撞而產(chǎn)生的.它的大小不是由被封閉氣體的重力所決定的,其壓強與溫度和體積均有關(guān),因此若溫度與體積不變,則氣體壓強等于外界大氣壓強,C錯誤;質(zhì)量越大慣性越大,乒乓球質(zhì)量小慣性也小,容易快速抽殺,D正確.2.A[解析]游客根據(jù)導(dǎo)航從福道的“三號口”入“五號口”出,在游覽公園過程中某段時間內(nèi)可能做勻速直線運動,瞬時加速度可能為零,故A正確;2.4公里是路程的大小,平均速度是位移與時間的比值,由于位移大小未知,所以平均速度大小不可求解,故B、C錯誤;由圖可知,游客運動軌跡是曲線,游客做曲線運動,故D錯誤.3.A[解析]設(shè)繩與豎直方向夾角為θ,在軟繩上任意選取一微元,受重力、阻力和拉力作用,如圖所示,根據(jù)力的合成,有tanθ=QUOTE,由于空氣阻力不隨高度變化,所以θ角不發(fā)生變化,故選A.4.B[解析]已知,消防戰(zhàn)士下滑的最大速度為vm=5m/s,到達地面的速度大小為v=1m/s.若要求消防戰(zhàn)士最快到達地面,則消防戰(zhàn)士應(yīng)先以最大的加速度a=1m/s2加速到最大速度vm=5m/s,然后以最大速度勻速運動一段時間,然后再以大小為a=1m/s2的加速度減速到達地面且速度變?yōu)?m/s.則消防戰(zhàn)士最快到達地面的時間為上述三段運動時間之和.消防戰(zhàn)士加速運動的最短時間和位移分別為t1=QUOTEvmavma=QUOTE5151s=5s,x1=QUOTE1212aQUOTEt12t12=QUOTE1212×1×52m=12.5m,消防戰(zhàn)士減速運動的最短時間和位移分別為t3=QUOTEv-vm-av-vm-a=QUOTE1-5-11-5-1s=4s,x3=vmt3-QUOTE1212aQUOTEt32t32=QUOTEm=12m,則消防戰(zhàn)士在勻速運動過程所經(jīng)歷的時間為t2=QUOTEx-x1-x3vmx-x1-x3vm=QUOTE100-12.5-125100-12.5-125s=15.1s,故消防戰(zhàn)士最快到達地面的時間為t=t1+t5.C[解析]若風(fēng)速不變,三個風(fēng)杯最終做勻速圓周運動,其合外力不為零,根據(jù)牛頓第二定律可知,其加速度不為零,故A錯誤;三個風(fēng)杯屬于同軸轉(zhuǎn)動,角速度相同,而三個風(fēng)杯做圓周運動的半徑相同,由v=rω可知,任意時刻三個風(fēng)杯的線速度大小相同,方向不同,即速度不同,故B錯誤;未刮風(fēng)時,風(fēng)杯處于平衡狀態(tài),重力和連接風(fēng)杯的桿對風(fēng)杯的彈力平衡,而開始刮風(fēng)時,風(fēng)杯加速轉(zhuǎn)動,其所受合力方向并不指向旋轉(zhuǎn)軸,故C正確;當風(fēng)杯勻速轉(zhuǎn)動時,根據(jù)v=QUOTE2蟺rT2蟺rT可知,其轉(zhuǎn)動周期越大,測得的風(fēng)速越小,故D錯誤6.A[解析]對磨石受力分析如圖所示,在豎直方向上,由平衡條件得Fcosθ=Ff+mg,水平方向有FN=Fsinθ,其中Ff=μFN,聯(lián)立可得磨石受到的摩擦力大小為Ff=Fcosθ-mg=μFsinθ,故A正確;若僅略微減小θ角,則Fcosθ變大,Fsinθ變小,根據(jù)Ff=μFsinθ,可知Ff變小,則有Fcosθ>Ff+mg,合力方向向上,磨石向上做加速運動,故B錯誤;若撤掉F,由于慣性,磨石仍會向上運動,并不會立刻向下運動,故C錯誤;若撤掉F,墻面對磨石的彈力變?yōu)?,則磨石受到的摩擦力大小變?yōu)?,故D錯誤.7.C[解析]“神舟十七號”的發(fā)射速度一定大于第一宇宙速度,小于第二宇宙速度,故A錯誤;核心艙繞地球做勻速圓周運動時的運行速度不可能大于第一宇宙速度,故B錯誤;若已知核心艙的運行周期和軌道半徑,根據(jù)開普勒第三定律,可推算出地球同步軌道衛(wèi)星的軌道半徑,故C正確;由于地球半徑未知,已知核心艙的運行線速度和軌道半徑,無法推算出地球的平均密度,故D錯誤.8.C[解析]單次站起過程對礦泉水做功W1=mgh=72J,“站起”過程對礦泉水做功的功率P=QUOTEW1tW1t=QUOTE720.5720.5W=144W,2分鐘內(nèi)共站起30次,則總功為W=30W1=2160J,故選C.9.D[解析]炮彈做斜拋運動,根據(jù)題意可知D點是斜拋的最高點,利用逆向思維,在豎直方向上有h1=QUOTE1212gt2,炸彈做平拋運動,豎直方向有h2=QUOTE1212g(2t)2,解得h2=4h1,即炸彈下落高度是炮彈上升高度的4倍,故D正確;由于到達D點時炸彈速度方向與炮彈發(fā)射的初速度方向剛好相反,令這兩個速度方向與水平方向夾角為α,對炮彈的運動進行分析,利用逆向思維有tanα=QUOTEgtv1gtv1=QUOTE12gt212v1t12gt212v1t=2QUOTEh1x1h1x1=2tanθ,對炸彈的運動進行分析,則有tanα=QUOTE=QUOTE=2QUOTEh2x2h2x2=2tanθ,可知,炮彈與炸彈的發(fā)射初始位置的連線沿斜坡,其中v1、v2分別為炮彈與炸彈的水平分速度大小,解得x2=QUOTEh2h1h2h1x1=4x1,即炸彈位移是炮彈位移的4倍,故A錯誤;由于上述v1、v2分別為炮彈與炸彈的水平分速度大小,即分別為炮彈與炸彈的最小速度,根據(jù)上述解得v2=2v1,即炸彈最小速度是炮彈最小速度的2倍,故B錯誤;根據(jù)題意可知,炸彈在D點速度最大,炮彈在B點速度最大,結(jié)合上述,炸彈與炮彈的最大速度分別為vD=QUOTEv2cos偽v2cos偽,vB=QUOTEv1cos偽v10.C[解析]根據(jù)題意可知,太陽能電池的電動勢為U0,路端電壓為U1時,太陽能電池的總功率為P總=U0I1,太陽能電池內(nèi)阻的功率為P內(nèi)=P總-P1,根據(jù)P內(nèi)=QUOTEI12I12r,聯(lián)立可得r=QUOTEU0I1-P1I111.C[解析]由于水在不到0.1s時間內(nèi)噴完,可知水和水火箭間的作用力較大,水和水火箭的重力可以忽略,水和水火箭組成的系統(tǒng)動量近似守恒,規(guī)定向下為正方向,則有m1v0-m2v=0,解得水火箭的速度v=QUOTEm1v0m2m1v0m2=QUOTEm/s≈53m/s,故選12.A[解析]由圖可知,a光的遏止電壓大,根據(jù)eUc=hν-W0,同一光電管逸出功相同,所以a光頻率大,故A正確;根據(jù)eUc=hν-W0,有W0=hν-eUc,當頻率相等時,由于金屬c遏止電壓大,所以c的逸出功小,故B錯誤;由圖可知氡半衰期為3.8天,由于每次衰變后的氡質(zhì)量均變成原來的一半,故每過3.8天要衰變掉質(zhì)量不相同的氡,故C錯誤;質(zhì)量數(shù)大,比結(jié)合能不一定大,故D錯誤.13.D[解析]滑塊從A點由靜止釋放,其向右運動,可知滑塊與帶電體之間互相排斥,即兩者之間帶同種電荷,滑塊帶正電,故A項正確,不符合題意;在B點滑塊受到的電場力為F=qEB,由于點電荷有EB=QUOTEkQr02kQr02,由題意可知,在B點其速度最大,即在B點滑塊的合力為零,有μmg=QUOTEkQqr02kQqr02,解得q=QUOTE,故B正確,不符合題意;由題意可知,滑塊在A點的電勢為φA=QUOTEkQr02kQr02,在A點的電勢能為EpA=qφA,在B點的電勢為φB=QUOTEkQr0kQr0,在B點的電勢能為EpB=qφB,由A到B由能量守恒定律有EpA=EpB+μmg·QUOTEr02r02+QUOTE1212mQUOTEvB2vB2,解得vB=QUOTE,故C正確,不符合題意;在C點的電勢為φC=QUOTEkQrCkQrC,在C點的電勢能為EpC=qφC,從A到C由能量守恒定律有EpA=EpC+μmgQUOTErC-r02rC-r02,解得rC1=2r0、rC2=QUOTE1212r0(不符合題意,14.BD[解析]由P、Q激發(fā)的機械波的波形圖及傳播方向可知,P波源產(chǎn)生的波起振方向向上,Q波源產(chǎn)生的波起振方向向下,所以先到達彈簧振子處的是由Q波源產(chǎn)生的波,故A錯誤;波源P激發(fā)的機械波使小球產(chǎn)生了較強的振動,即共振,說明P的振動頻率接近2Hz,所以波速接近于v=λf=2m/s,同種介質(zhì)中的波速是相等的,由Q振源產(chǎn)生的波的波速也接近2m/s,故B正確,C錯誤;圖中兩列波的波長不同,波速是相等,由f=QUOTE可知兩列波頻率不同,所以不會形成穩(wěn)定的干涉圖樣,故D正確.15.AB[解析]當光在玻璃磚內(nèi)運動的位移最短即垂直立方體各個面射出時,光所經(jīng)歷的時間最短,光在玻璃磚內(nèi)傳播的速度為v=QUOTEcncn,傳播的最短時間為tmin=QUOTEavav,聯(lián)立可得v=QUOTE3c33c3、tmin=QUOTEa3ca3c,A、B正確;選取其中的一個面進行分析,光線發(fā)生全反射的臨界角為sinC=QUOTE1n1n,當入射角大于臨界角C時將不會有光線射出,光在各個面上照亮的部分為圓形,設(shè)半徑為r,根據(jù)幾何關(guān)系有tanC=QUOTErara,解得r=QUOTE2a22a2,最長時間tmax=QUOTE32a2c32a2c,圓的面積為S'=πr2,照亮的總面積為S=6S',聯(lián)立解得S=3πa2,C16.Ⅰ.(1)AD(2)①C②QUOTE(M+m)d22t2(M+m)d②QUOTE③偏大[解析](1)探究向心力大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系用到了控制變量法,故A正確;探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律用到了等效替代法,故B錯誤;用雙縫干涉實驗測量光的波長用到了累積法,故C錯誤;研究導(dǎo)體電阻與長度、橫截面積及材料的定量關(guān)系用到了控制變量法,故D正確.(2)①為了減小實驗誤差,應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平,故A必要,不符合題意;為使細線的拉力等于滑塊的合外力,應(yīng)使細線與氣墊導(dǎo)軌平行,故B必要,不符合題意;實驗中不需要滿足槽碼重力大小等于繩子的拉力,則不需要使槽碼質(zhì)量遠小于滑塊和遮光條的總質(zhì)量,故C不必要,符合題意;為便于數(shù)據(jù)處理,應(yīng)使A位置與B間的距離適當大些,故D必要,不符合題意.②滑塊通過光電門的瞬時速度v=QUOTEdtdt,則系統(tǒng)動能的增加量ΔEk=QUOTE1212(M+m)v2=QUOTE(M+m)d22t2(M+m)d22t2,系統(tǒng)重力勢能的減小量ΔEp③通過墊高軌道一端補償阻力后,系統(tǒng)存在摩擦力做功,機械能不守恒,他的做法不可行.(3)①根據(jù)圖乙可知ΔT=QUOTET02T02,由于Δt與ΔT相比非常小,可以忽略不計,解得小鋼球往復(fù)運動的周期為T0=2Δ②單擺的擺長L=R-r,根據(jù)T0=2πQUOTELgLg,結(jié)合上述解得g=QUOTE.③由于在計算周期時忽略了Δt,即測量的周期偏小,根據(jù)上述可知,測得重力加速度值與真實值相比是偏大.Ⅱ.(1)R23.75(2)如圖所示(5)9.001.40[解析](1)電壓表與定值電阻R2=5kΩ串聯(lián),則二者整體可加載總電壓為U加載=QUOTEUVRVRV+R2UVRVRV+R2=10V,而與定值電阻R1=1kΩ串聯(lián),可加載總電壓為6V,小于被測電源電動勢的可能值范圍,而與定值電阻R3=25kΩ串聯(lián),可加載總電壓為30V,遠大于被測電源電動勢的可能值范圍,故a處定值電阻應(yīng)該選用的是R2;電流表與定值電阻R4=0.15Ω并聯(lián),當電流表的示數(shù)為1.25A時,有IARA=I4R4,可得I4=2.50A,(2)實物圖如圖所示.(5)結(jié)合電路圖,有2U=E-3I(r+R并),且R并=QUOTE=0.1Ω,則有U=QUOTEE2E2-1.5(r+0.1)I,根據(jù)U-I圖像可得1.5(r+0.1)=QUOTE=QUOTE2.70-0.901.60-0.802.70-0.901.60-0.80Ω,解得r=1.40Ω,將數(shù)據(jù)U=0.90V、I=1.60A代入可得0.90V=QUOTEE2E2-1.5×(1.40+0.1)×1.60V,解得E=9.00V.17.(1)QUOTE20192019l0(2)QUOTE19201920T0(3)ΔU+QUOTEp0l0S20p[解析](1)設(shè)汽缸豎直懸掛時,內(nèi)部氣體壓強為p1,空氣柱長度為l1,由玻意耳定律可知p0l0=p1l1 (1分)對汽缸受力分析,由平衡條件可得p1S+mg=p0S (1分)聯(lián)立可得,穩(wěn)定后汽缸內(nèi)空氣柱長度為l1=QUOTE20192019l0 (1分)(2)由蓋-呂薩克定律可知QUOTESl1T0Sl1T0=QUOTESl0T解得T1=QUOTE19201920T0 (1分)(3)由熱力學(xué)第一定律可知-ΔU=Q+W (1分)其中W=p1S(l1-l0) (1分)解得Q=-QUOTE螖U+p0l則氣體釋放的熱量為Q=ΔU+QUOTEp0l0S20p018.(1)QUOTE13mgL1613mgL16(2)QUOTE29402940mgL≤Ek0≤QUOTE25322532mgL[解析](1)設(shè)小球在圓弧最高點時速度為v1,由牛頓第二定律可得mg+mgsinθ=mQUOTEv12L4v12解得v1=QUOTE38gL38gL (1分小球從斜劈底端彈出到圓弧最高點的過程中,由動能定理有-mgsinθ·QUOTEL+L4L+L4=QUOTE1212mQUOTEv12v12-Ek0解得Ek0=QUOTE13mgL1613mgL16 (1分(2)小球從圓弧最高點射出之后做類平拋運動,有QUOTE5454L=QUOTE1212gsinθ·t2 (1分)解得t=QUOTE5Lg5Lg (1分當小球恰好到達一等獎左側(cè)邊緣時,有L=v2t (1分)解得v2=QUOTEgL5gL5又-mgsinθ·QUOTEL+L4L+L4=QUOTE1212mQUOTEv22v22解得Ek1=QUOTE29402940mgL (1分)當小球反彈后恰好到達一等獎右側(cè)邊緣時,有QUOTEL4L4+L=v3t