物理-安徽省安慶市2024-2025學(xué)年高三下學(xué)期第二次模擬考試試卷（安慶二模）試題和答案

2025年安慶市高三模擬考試（二模）物理試題參考答案一、單選題:本題共8小題,每小題4分,共32分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合要求的。題號12345678答案BDACDCAD1.【答案】B【解析】根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，可得該核反應(yīng)方程為EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up4(2),1)H+EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up4(2),1)H→EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up4(3),2)He+EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up4(1),0)n所以反應(yīng)物X為EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(1),0)n，A項(xiàng)錯誤；該聚變反應(yīng)中有能量產(chǎn)生，故質(zhì)量有虧損，B項(xiàng)正確；要使該聚變反應(yīng)發(fā)生，必須克服兩氘核間巨大的庫侖力，才能達(dá)到核力作用的范圍，這樣兩個原子核才能結(jié)合成新的原子核，相對庫侖力而言，兩氘核間萬有引力可以忽略不計(jì)。C項(xiàng)錯誤；EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(3),2)He由兩個質(zhì)子和一個中子組成，D項(xiàng)錯誤。2.【答案】D【解析】由圖可知在0.5s時，物塊A的位移為正向最大，即到達(dá)N點(diǎn)，加速度最大，方向豎直向上。A項(xiàng)錯誤；t=1s時，物塊A的位移為0，位移由正轉(zhuǎn)負(fù)，物塊A的速度最大，方向豎直向上，B項(xiàng)錯誤；t=1.5s時，物塊A在M點(diǎn)，物塊A的回復(fù)力最大，方向豎直向下，回復(fù)力由重力和彈力的合力提供，彈力不一定向下，C項(xiàng)錯誤；物塊A所受合力做周期性的變化，周期為2s，7s為3.5個周期，振子路程為14A=56cm。故D項(xiàng)正確。3.【答案】A【解析】根據(jù)等時圓模型，如圖所示，只需要求出A’P、B’P、C’P的故A項(xiàng)正確。4.【答案】C【解析】解析：a→b過程為等溫變化，理想氣體的內(nèi)能不變，A項(xiàng)錯誤，該過程中氣體體積誤；P-V圖中，圖線與橫軸圍成的面積在數(shù)值上等氣體對外界或外界對氣體所做的功，據(jù)此由圖可知，c→a過程中外界對氣體做的功大于a→b過程中氣體對外界做的功，D項(xiàng)錯誤。5.【答案】D【解析】總電阻先增大后減小，電流先減小后增大A項(xiàng)錯誤；電流最大值為,B項(xiàng)錯誤；總電阻最大時，原線圈輸入功率最小，輸入功率最小值為，C項(xiàng)錯誤；總電阻最大時，電流最小為，R功率最小為，D項(xiàng)正確。6.【答案】CrEQ\*jc3\*hps15\o\al(\s\up6(2),T)EQ\*jc3\*hps16\o\al(\s\up6(兀),A)EQ\*jc3\*hps15\o\al(\s\up6(2),T)EQ\*jc3\*hps16\o\al(\s\up6(兀),B)TA=T，TB=7T，所以B項(xiàng)錯誤；設(shè)衛(wèi)星的線速度大小為v，則，故C項(xiàng)正確。設(shè)衛(wèi)星A、B從相距最近到相距最遠(yuǎn)的最時間間隔為t，則7.【答案】A【解析】極板N向極板M運(yùn)動的過程中，電容器電容增大，為充電電流，電流傳感器的電流方向C→B，A項(xiàng)正確；MN極板間距離最小時，電流傳感器上電流為0，B項(xiàng)錯誤；電性未知，電勢能變化未知，C項(xiàng)錯誤；二極管阻止了放電過程，不能形成電流周期性變化，不能實(shí)現(xiàn)實(shí)現(xiàn)準(zhǔn)確計(jì)步，D項(xiàng)錯誤8.【答案】D【解析】貨物與纜車沿山坡向上以加速度a運(yùn)行時，以貨物塊為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有：FN-mg=masin530f靜+N=macos53°f靜≤f=μFN解得:f靜=0.6ma-Nf=μFN=0.75mg+0.6ma所靜恒小于f，即摩擦力始終為靜摩擦力，沒有達(dá)到最大靜摩擦力（即自鎖車廂壁給的彈力恒為0。故貨物始終只受到3個力，A項(xiàng)錯誤；根據(jù)牛頓第三定律知車廂受到的摩擦力方向水平向左，B項(xiàng)錯誤；a=2m/s2時，f=macos53o車廂對貨物的摩擦力大小為60N,C項(xiàng)錯誤;a=10m/s時EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up3(2),N)D項(xiàng)正確。二、多選題:本題共2小題,每小題5分,共10分。在每小題給出的選項(xiàng)中,有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。題號9答案BDAC9.【答案】BD【解析】水槍噴水的流量，A項(xiàng)錯誤；噴水口單位時間內(nèi)噴出水的質(zhì)量為項(xiàng)正確；水槍的功率為項(xiàng)錯誤；取初速度方向?yàn)檎较颍蓜恿慷ɡ淼?Ft=-0.2mv-mv，則項(xiàng)正確。10.【答案】AC【解析】根據(jù)右手定則可判斷，cd桿中電流方向從d到c,根據(jù)左手定則可判斷，ab桿受到的安培力垂直紙面向外，故A項(xiàng)正確。當(dāng)cd桿向上勻速運(yùn)動時，回路中的電流I=,摩擦力f=μFN=μF安可知摩擦力與速度成正比，此時ab桿恰好靜止，彈簧無形變，則有mg=f,故可解出μ=,故B項(xiàng)錯誤。當(dāng)cd桿以速度向上勻速運(yùn)動時，與原來相比，abkΔx,彈簧伸長量即ab桿下降的高度克服摩擦產(chǎn)生的熱量故C項(xiàng)項(xiàng)錯誤。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共16分。將符合題意的內(nèi)容填寫在橫線上，或按題目要求作答?！敬鸢浮竣貯②UA；UA/IB(每空2分)【解析】①當(dāng)S2接2位置時，可把電流表與電源看作一個等效電源，根據(jù)閉合電路歐姆定律E＝U斷可知，電動勢等于真實(shí)值，短路電流偏小所以作出的U-I圖線應(yīng)是A線；②接1時短路電流準(zhǔn)確，接2時斷路電壓準(zhǔn)確，E＝UA，r=UA/IB12.（10分）【解析】(1)小鋼球從A位置由靜止釋放時，細(xì)線與豎直方向成θ角，小鋼球通過最低點(diǎn)位置B時，光電門記錄遮光時間為t，則小鋼球通過光電門的速度VB=2r/t；小鋼球從A到B過程中若無空氣阻力等則機(jī)械能守恒，有mgL(1-cosθ)=m|((),2,解得t2=gL(12-rEQ\*jc3\*hps11\o\al(\s\up9(2),c)osθ)(2)小鋼球擺動過程中輕繩上拉力的最小值F，F(xiàn)=mgcosθ；最大值T有：則三式聯(lián)立解得：T=3mg-2F,所以繪制乙圖T-F圖像的直線斜率理論值為-2；(3)小鋼球質(zhì)量m=30g，根據(jù)乙圖截距知:3mg=0.88,計(jì)算出重力加速度g=9.78m/s2(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)，實(shí)際上由于小鋼球擺動過程中始終受空氣阻力的影響，速度始終偏小導(dǎo)致繩上拉力偏小，所以截距偏小，所以與當(dāng)?shù)貙?shí)際重力加速度相比“偏小”。四、解答題（本大題共3小題，共42分，解答應(yīng)寫出必要的文字說明。方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案得不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。）13、(10分)【解析】（1）根據(jù)折射率公式n=…2分（2）對于正六邊形晶體，延長AB邊和CD邊交于I點(diǎn)，其楔角∠GIH=60°,在ΔHGI中由正弦定理可列：=…………2分又HI=45cm,所以求得GH=63cm…………1分又n=,所以v=…………1分故…………1分14.（14分）【解析】(1)小球釋放后由動能定理可得：mg…………1分在B點(diǎn)有…………1分得NB=18N由牛頓第二定律可知，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?8N……1分（2）小球恰好過圓軌道最高點(diǎn)，有…………1分…………1分且vB=vC=2m/s解得：r=0.48m…………1分小球離開圓軌道后與物塊相碰時，由動量守恒及機(jī)械能守恒可知：mvC=mv1+Mv1'…………1分…………1分（3）小球反彈后能到達(dá)圓環(huán)軌道高度為分解得h'=0.3m<r，故小球不能過固定圓軌道圓心等高點(diǎn)，以原來速度大小返回后與物塊發(fā)生第2次碰撞…………1分mv1=mv2+Mv2'解得小球速度物塊速度，………………1分故物塊停下時有：μMgx總=mvEQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up1(2),2)+MvEQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up1('2),2)…………1分解得：x總=1m…………1分（算出物塊第二次碰后到第三次碰前有：μMgx1=MvEQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up1('2),2)解得：x1=0.75m可酌情給分）15.（18分）【解析】（1）在xoz平面內(nèi)，設(shè)粒子從A點(diǎn)到O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動的半徑為R，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，解得：R=L…………1分由向心力公式有…………1分聯(lián)立解得…………1分(2)由題意知，粒子在xoy面內(nèi)的運(yùn)動軌跡與直線x=L相切，切點(diǎn)記為C（如圖所示由運(yùn)動的分解知：粒子在x軸、y軸方向上均做勻變速直線運(yùn)動，設(shè)電場強(qiáng)度大小為E，粒子在x、y方向上的分加速度大小分別為ax、ay，則有：………1分………1分設(shè)粒子從O點(diǎn)運(yùn)動P點(diǎn)的時間為t，則從O點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的時間為tX方向有…………1分y方向有………1分聯(lián)立解得…………2分(3)粒子從O點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的過程中，x軸上滿足：可得：…………1分代入可解得………………1分由（2）問分析知：粒子每次在電場中運(yùn)動的時間均為t，從第1次出磁場至第n次出磁場，粒子在電、磁場中均運(yùn)動（n-1）次。若僅考慮粒子在電場中y軸正向的加速，由于每次加速的ay不變，相當(dāng)于粒子從初速為零開始勻加速了（n-1）t的時間，粒子在這段時間內(nèi)加速的總位移為：…………1分粒子在磁場中的運(yùn)動為螺旋狀運(yùn)動，粒子每次進(jìn)磁場時垂直于磁場方向的速度為v不變，由運(yùn)動的分解可把粒子在磁場中的運(yùn)動看成xoz面內(nèi)線速度為v的勻速圓周運(yùn)動（半徑仍為R）和y軸正向的勻速直線運(yùn)動，設(shè)每次磁場中運(yùn)動過程中，粒子在y方向勻速運(yùn)動的分速度大小分別為v1y、分析易知，粒子每次在磁場中運(yùn)動的時間均為其做圓周運(yùn)動的半個周期時間，設(shè)此時間為t'，則有：…………1