遼寧省葫蘆島市高二物理下學期期末試卷（含解析）.doc

2014-2015學年遼寧省葫 蘆島市高二（下）期末物理試卷一、選擇題（共14小題每小題4分，1-9為單選題，10-14為多選題，選對但不全得2分，有錯選得0分）1首先發(fā)現(xiàn)電流的磁效應和電磁感應現(xiàn)象的物理學家分別是（）a 楞次和法拉第b 法拉第和楞次c 法拉第和奧斯特d 奧斯特和法拉第2如圖所示，矩形線框在磁場內做的各種運動中，能夠產(chǎn)生感應電流的是（）a b c d 3甲、乙兩物體從同一地點沿直線同方向運動，甲、乙運動速度時間圖象（均為直線）如圖所示，則下列判斷正確的是（）a 2s末甲乙相距最遠b 2s末甲乙相距最近c 4s內甲的位移等于乙的位移d 4s內甲的平均速度大于乙的平均速度4目前高速公路上區(qū)間測速是在廷議路段上布設兩個相鄰的監(jiān)控點，基于車輛通過前后兩個監(jiān)控點的時間來計算車輛在該路段上的平均行駛速度，并依據(jù)該路段上的限速標準判定車輛是否超速3月2日16時許，一輛車牌號為豫xx609的奧迪轎車在競崗澳高速鶴壁段東半幅由南向北行駛，定點測速拍下的記錄顯示，該車通過544公里處測速點的時速是78公里，通過520公里處測速點的時速為104公里，用時7分鐘下列最貼近實際的速度時間圖象是（）a b c d 5如圖所示，a、b亮燈相同，l是帶鐵芯的電阻可不計的線圈，下列說法中正確的是（）a 開關k合上穩(wěn)定，a、b同時亮著b 開關k斷開后，a一直保持亮著c 開關k合上瞬間，a、b同時亮d 開關k斷開瞬間，a立即熄滅，b閃亮一下再熄滅6如圖所示，在磁感應強度為b的勻強磁場中，一長為l的om金屬導棒，以一端點o為軸，以角速度逆時針垂直切割磁感線運動，關于o、m兩點電勢差的大小，下列說法正確的是（）a bl2b bl2c bl2d 2bl27某變電站用11kv的交變電壓輸電，輸送功率一定，輸電線的電阻為r，現(xiàn)若用變壓器將電壓升高到440kv送電，下面選項正確的是（）a 由i=，所以輸電線上的電流增為原來的20倍b 由i=，所以輸電線上的電流減為原來的c 由p=，所以輸電線上損失的功率增為原來的1600倍d 由p=i2r，所以輸電線上損失的功率增為原來的8如圖所示，一個閉合導體圓環(huán)固定在水平桌面上，一根條形磁鐵沿圓環(huán)的軸線運動，使圓環(huán)內產(chǎn)生了感應電流下列四幅圖中，產(chǎn)生的感應電流方向與條形磁鐵的運動情況相吻合的是（）a b c d 9在一次救災活動中，一輛救災車由靜止開始做勻變速直線運動，剛運動了8s，由于前方突然有巨石滾下，堵在路中央，所以又緊急剎車，勻減速運動經(jīng)4s停在巨石前，則關于汽車的運動情況，下列說法正確的是（）a 加速、減速中的加速度大小之比為a1：a2等于1：1b 加速、減速中的加速度大小之比為a1：a2等于2：1c 加速、減速中的位移之比為x1：x2等于2：1d 加速、減速中的位移之比為x1：x2等于1：210如圖所示，圖象中屬于交流電的有（）a b c d 11一個閉合矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁感線的軸勻速轉動，產(chǎn)生的感應電流如圖所示，下列判斷錯誤的是（）a t=0時刻，線圈平面與中性面垂直b t=0.02s時刻，磁通量最大c 該交變電流的頻率為100hzd 該線圈轉動角速度為100rad/s12如圖，理想變壓器原副線圈匝數(shù)之比為20：1，原線圈接入一電壓為u=u0sint的交流電源、副線圈接入一個r=5.5的負載電阻，若u0=220v，=100rad/s，電壓表、電流表均為理想表，則下述結論正確的（）a 副線圈中電壓表的讀數(shù)為11vb 負載電阻r上的電壓為11vc 原線圈中電流表的讀數(shù)為0.1ad 副線圈中輸出交流電的周期為0.02s13如圖所示，垂直紙面的正方形勻強磁場區(qū)域內，有一位于紙面且電阻均勻的正方形導體框abcd現(xiàn)將導體框分別朝兩個方向以v、3v速度勻速拉出磁場，則導體框從兩個方向移出磁場的兩過程中，下列說法中正確的是（）a 磁通量變化相同b 導體框中產(chǎn)生的感應電流方向相同c 導體框中產(chǎn)生的感應電流大小相等d 導體框ad邊受安培力大小相等14某物體做變速直線運動，其加速度方向不變，大小逐漸減小到零，該物體的運動情況可能是（）a 速度不斷增大，最后達到最大，并以此速度做勻速直線運動b 速度不斷減小，最后達到最小，并以此速度做勻速直線運動c 速度不斷減小，又不斷增大，最后做勻速直線運動d 速度不斷增大，又不斷減小，最后做勻速直線運動二、計算題必答（共3道小題，滿分26分。要求寫出必要的文字說明和重要的演算步驟）15一個初速度是2m/s，質量是4kg的運動物體，在受到方向跟初速度方向相同、大小恒為20n的合外力作用下做勻加速運動，求：（1）運動2s末物體達到的瞬時速度大??；（2）前4s內物體運動的位移大小16如圖，兩平行金屬導軌位于同一水平面上，相距l(xiāng)=0.5m左端與一電阻r=2相連，整個系統(tǒng)置于勻強磁場中，磁感應強度大小為b=2t，方向豎直向下，一質量為m=1kg的導體棒置于導軌上，在水平外力作用下沿導軌以速度v=1m/s勻速向右滑動，滑動過程中始終保持與導軌垂直并接觸良好已知導體棒與導軌間的動摩擦因數(shù)為=0.2，重力加速度大小為g=10m/s2都貴和導體棒的電阻均可忽略求：（1）電阻r消耗的功率；（2）水平外力的大小17如圖甲所示，兩根足夠長、電阻不計的光滑平行金屬導軌相距l(xiāng)1=1m，導軌平面與水平面成=30角，上端連接阻值r=1.5的電阻，質量為m=0.2kg，阻值r=0.5的金屬棒ab放在兩導軌上，距離導軌最上端為l2=4m，棒與導軌垂直并保持良好接觸整個裝置處于一個勻強磁場中，該勻強磁場方向與導軌平面垂直，磁感應強度大小隨時間變化的情況如圖乙所示，為保持ab棒靜止，在棒上施加了一平行于導軌平面的外力fg=10m/s2求：（1）當t=2s時，外力f1的大??；（2）當t=3s時的瞬間，外力f2的大小和方向；（3）請 圖丙中畫出前4s外力f隨時間變化的圖象（規(guī)定f方向沿斜面向上為正）三、選考題（考生從三個模塊中選一個模塊作答，必須把模塊和題號標注清楚，否則按照選修3-3評判）物理-選修3-318下列說法正確的是（）a 物體吸收熱量，其溫度不一定升高b 水的飽和氣壓隨溫度的升高而增大c 熱量只能從高溫物體向低溫物體傳遞d 墨汁滴入水中的擴散運動是由于碳粒和水分子發(fā)生化學反應引起的e 當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距的減小而增大19下列說法正確的是（）a 一切與熱現(xiàn)象有關的宏觀自然過程都是不可逆的b 液晶顯示屏是應用液晶的光學各向異性制成的c 技術成熟后從單一熱源吸收熱量全部變成有用的功是可能的d 一定質量的理想氣體，溫度升高，其內能一定增加e 分子間的引力隨份子距離的增大而增大，份子間的斥力隨份子間距離的增大而減小20有一個導熱性能良好的圓柱形容器，頂部由一活塞密封，容器內盛有一定量的水銀，通過一根細管（體積可忽略）與外界相通，如圖所示，當溫度為31時，細管中水銀面與容器中水銀面相平，被封閉空氣柱的高度為h=40cm，此時水銀面距細管頂端出口處高度為h=24cm，已知大氣壓強p0相當于76cm水銀柱高產(chǎn)生的壓強求：若用力壓活塞，使它緩慢向下移動，整個過程中保持溫度不變，要使水銀恰好與細管頂端相平而不溢出，活塞移動距離h多大？物理-選修3-42014葫蘆島一模）只含有ab兩種單色光的復色光由某種介質射向真空，光路如圖所示，則下列說法正確的是（）a a光在玻璃磚中的傳播速度比b光大b a光的頻率比b光大c a光的臨界角比b光小d a光折射率比b光折射率小e a、b通過相同的雙縫干涉實驗裝置，a光的條紋間距比b光大2015春葫蘆島期末）如圖甲為簡譜橫波在t=0時刻的波形圖象，圖乙為橫波中x=6m處質點p的振動圖象，則下列說法正確的是（）a 波的傳播方向沿x軸負方向b 波的傳播方向沿x軸正方向c 波的傳播速度大小為2m/sd 在t=9s時刻，圖甲中質點p的振動速度最大e 在t=1s時刻與t=0時刻相比，x=5m處質點的加速度方向相反2015春葫蘆島期末）一棱鏡的截面為直角三角形abc，a=30，直角邊bc=a，棱鏡材料的折射率為n=，在此截面所在的平面內，一條光線以45的入射角從直角邊ac的中點m射入棱鏡，不考慮光線沿原路返回的情況求：光線從棱鏡射出的點到b的距離（直接寫結果不給分）物理-選修3-52015春葫蘆島期末）大量氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，當它們向各較低能級躍遷時，則下列說法正確的是（）a 做多只能放出6中不同能量的光子b 從能級n=4躍遷到能級n=3放出光子的能量最小c 從能級n=4躍遷到能級n=1放出光子的波長最長d 從能級n=4躍遷到能級n=1放出光子的頻率最高e 從能級n=2躍遷到能級n=1放出光子的波長最短2015春葫蘆島期末）下列說法正確的是（）a 為了解釋黑體輻射規(guī)律，普朗克提出電磁輻射的能量是量子化的b 衰變所釋放的電子是原子核內的中子轉變?yōu)橘|子時所產(chǎn)生的c 一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應，可能是因為這束光的光強太小d 鈾核（u）衰變?yōu)椋╬b）的過程中，要經(jīng)過8次衰變和10次衰變e 一個氫原子從量子數(shù)n=3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時最多可產(chǎn)生3條不同頻率的譜線2015春葫蘆島期末）兩木板m1=0.5kg，2=0.4kg，開始時m1、m2都靜止于光滑水平面上，小物塊m=0.1kg以初速度v=10m/s滑上m1的表面，最后停在m2上時速度為v2=1.6m/s，g取10m/s2求最后m1的速度v1若小物塊與兩木板間的動摩擦因數(shù)相同，小物塊相對兩木板上表面滑行的總長度為8m，求小物塊與兩木板間的動摩擦因數(shù)2014-2015學年遼寧省葫蘆島市高二（下）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共14小題每小題4分，1-9為單選題，10-14為多選題，選對但不全得2分，有錯選得0分）1首先發(fā)現(xiàn)電流的磁效應和電磁感應現(xiàn)象的物理學家分別是（）a 楞次和法拉第b 法拉第和楞次c 法拉第和奧斯特d 奧斯特和法拉第考點：物理學史專題：常規(guī)題型分析：根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可解答：解：首先發(fā)現(xiàn)電流的磁效應和電磁感應現(xiàn)象的物理學家分別是奧斯特和法拉第，故選：d點評：本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一2如圖所示，矩形線框在磁場內做的各種運動中，能夠產(chǎn)生感應電流的是（）a b c d 考點：導體切割磁感線時的感應電動勢分析：根據(jù)產(chǎn)生感應電流的條件：穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，判斷各個選項解答：解：a、線框在勻強磁場中運動時，穿過線框的磁感線條數(shù)不變，即磁通量不變，沒有感應電流產(chǎn)生，故a錯誤b、圖示的線框與磁場平行，穿過線框的磁通量為零，而且當線框平動時，磁通量始終為零，沒有變化，所以沒有感應電流產(chǎn)生，故b錯誤c、線框與磁場平行，穿過線框的磁通量為零，當線框向右平動時，磁通量保持為零，沒有變化，所以沒有感應電流產(chǎn)生，故c錯誤d、線框在磁場中轉動時，穿過線框的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應電流，故d正確故選：d點評：本題考查了感應電流產(chǎn)生的條件，分析清楚圖示情景、明確磁通量是否發(fā)生變化，即可正確解題3甲、乙兩物體從同一地點沿直線同方向運動，甲、乙運動速度時間圖象（均為直線）如圖所示，則下列判斷正確的是（）a 2s末甲乙相距最遠b 2s末甲乙相距最近c 4s內甲的位移等于乙的位移d 4s內甲的平均速度大于乙的平均速度考點：勻變速直線運動的圖像；勻變速直線運動的速度與時間的關系專題：運動學中的圖像專題分析：本題考查追及問題，明確甲乙兩物體的運動性質，乙一直做勻加速運動，乙先做初速度為零的勻加速直線運動然后做勻減速直線運動把握相遇特點，根據(jù)vt圖象特點：“面積”表示位移等等進行求解解答：解：a、在前2s內，甲的速度大，甲乙兩者之間距離逐漸增大，2s末到速度相等時，甲的速度仍比乙的大小，兩者間距仍在增大，所以2s末不是相距最遠，也不是相距最近故a、b錯誤c、在vt圖中，圖象與橫坐標圍成的面積表示物體發(fā)生的位移，由圖可知當t=4s時，兩圖象與橫坐標圍成的面積相等，說明位移相等，故c正確d、4s內位移相等，所用時間相等，則平均速度相等故d錯誤故選：c點評：在同一坐標中表示兩種圖象，要明確兩圖象代表的運動形式，能和實際運動相結合，注意圖象交點的含義，如本題中圖象交點表示速度相等，并不一定相遇其位移關系等只能根據(jù)圖象與時間軸所圍成的面積進行判斷4目前高速公路上區(qū)間測速是在廷議路段上布設兩個相鄰的監(jiān)控點，基于車輛通過前后兩個監(jiān)控點的時間來計算車輛在該路段上的平均行駛速度，并依據(jù)該路段上的限速標準判定車輛是否超速3月2日16時許，一輛車牌號為豫xx609的奧迪轎車在競崗澳高速鶴壁段東半幅由南向北行駛，定點測速拍下的記錄顯示，該車通過544公里處測速點的時速是78公里，通過520公里處測速點的時速為104公里，用時7分鐘下列最貼近實際的速度時間圖象是（）a b c d 考點：勻變速直線運動的圖像專題：運動學中的圖像專題分析：根據(jù)vt圖象與坐標軸所圍的“面積”表示位移，分析位移是否等于24km，從而選擇符號題意的選項解答：解：根據(jù)vt圖象與坐標軸所圍的“面積”表示位移，可得：若轎車以速度104km/h勻速運動時通過7min時的位移為 x=vt=104km/hh12.1km可知a、b、c三個圖象中轎車的位移都小于12.1km據(jù)題意，轎車的位移為544km520km=24km，可知，a、b、c都不符合實際，只有d最貼近實際故abc錯誤，d正確故選：d點評：解決本題的關鍵是掌握速度圖象的意義：圖象與坐標軸所圍的“面積”表示位移，也可以通過計算平均速度來分析5如圖所示，a、b亮燈相同，l是帶鐵芯的電阻可不計的線圈，下列說法中正確的是（）a 開關k合上穩(wěn)定，a、b同時亮著b 開關k斷開后，a一直保持亮著c 開關k合上瞬間，a、b同時亮d 開關k斷開瞬間，a立即熄滅，b閃亮一下再熄滅考點：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)分析：開關k閉合的瞬間，電源的電壓同時加到兩燈的兩端，兩燈同時發(fā)光由于線圈的電阻可以忽略，燈a逐漸被短路，隨后a燈變暗，b燈變亮斷開開關k的瞬間，b燈立即熄滅，a燈突然閃亮一下再熄滅解答：解：ac、開關k閉合的瞬間，兩燈同時獲得電壓，所以a、b同時發(fā)光由于線圈的電阻可以忽略，燈a逐漸被短路，流過a燈的電流逐漸減小最后熄滅，b燈電流逐漸增大，故a錯誤，c正確；bd、斷開開關k的瞬間，b燈的電流突然消失，立即熄滅，流過線圈的電流將要減小，產(chǎn)生自感電動勢，相當電源，自感電流流過a燈，所以a燈突然閃亮一下再熄滅，故bd錯誤故選：c點評：對于自感線圈，當電流變化時產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源，當電路穩(wěn)定時，相當于導線，將所并聯(lián)的電路短路6如圖所示，在磁感應強度為b的勻強磁場中，一長為l的om金屬導棒，以一端點o為軸，以角速度逆時針垂直切割磁感線運動，關于o、m兩點電勢差的大小，下列說法正確的是（）a bl2b bl2c bl2d 2bl2考點：向心力；牛頓第二定律專題：牛頓第二定律在圓周運動中的應用分析：根據(jù)轉動切割產(chǎn)生的感應電動勢公式求出a、b兩端的電勢差；金屬棒中各點切割感線的速度不等，應用平均速度求解感應電動勢的大小線速度與角速度的關系式v=l解答：解：由法拉第電磁感應定律得：om產(chǎn)生的感應電動勢為：e=bl，m點的速度為：vm=l，v0=0，om段的平均速度為：=om段的電勢差為：e=bl2，故選：b點評：解決本題的關鍵掌握轉動切割產(chǎn)生的感應電動勢公式e=bl2，會運用右手定則判斷電勢的高低7某變電站用11kv的交變電壓輸電，輸送功率一定，輸電線的電阻為r，現(xiàn)若用變壓器將電壓升高到440kv送電，下面選項正確的是（）a 由i=，所以輸電線上的電流增為原來的20倍b 由i=，所以輸電線上的電流減為原來的c 由p=，所以輸電線上損失的功率增為原來的1600倍d 由p=i2r，所以輸電線上損失的功率增為原來的考點：交流的峰值、有效值以及它們的關系；遠距離輸電專題：交流電專題分析：根據(jù)p=ui，結合輸送電壓的變化求出輸電線上電流的變化根據(jù)p損=i2r求出損失功率的變化解答：解：a、根據(jù)p=ui得，i=輸送功率一定，輸送電壓變?yōu)樵瓉淼?0倍，則輸送電流變?yōu)樵瓉淼墓蔭b錯誤c、根據(jù)p損=i2r得，輸送電流變?yōu)樵瓉淼膭t損失的功率變?yōu)樵瓉淼墓蔯錯誤d正確；故選：d點評：解決本題的關鍵知道輸送功率與輸送電壓、電流的關系，知道損失的功率p損=i2r8如圖所示，一個閉合導體圓環(huán)固定在水平桌面上，一根條形磁鐵沿圓環(huán)的軸線運動，使圓環(huán)內產(chǎn)生了感應電流下列四幅圖中，產(chǎn)生的感應電流方向與條形磁鐵的運動情況相吻合的是（）a b c d 考點：楞次定律專題：電磁感應與電路結合分析：由楞次定律：感應電流磁場總是阻礙線圈原磁通量的變化，結合是n極還是s極的運動，從而可以判斷出感應電流的方向解答：解：a、由圖示可知，在磁鐵s極上升過程中，穿過圓環(huán)的磁場方向向上，在磁鐵遠離圓環(huán)時，穿過圓環(huán)的磁通量變小，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應電流沿逆時針方向，故a錯誤；b、由圖示可知，在磁鐵s極下落過程中，穿過圓環(huán)的磁場方向向下，在磁鐵靠近圓環(huán)時，穿過圓環(huán)的磁通量變大，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應電流順時針方向，故b錯誤；c、同時，在磁鐵n極上升過程中，穿過圓環(huán)的磁場方向向上，在磁鐵遠離圓環(huán)時，穿過圓環(huán)的磁通量變大，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應電流沿順時針方向，故c錯誤；d、由圖示可知，在磁鐵n極下落過程中，穿過圓環(huán)的磁場方向向下，在磁鐵靠近圓環(huán)時，穿過圓環(huán)的磁通量變大，由楞次定律可知，從上向下看，圓環(huán)中的感應電流逆時針方向，故d正確；故選：d點評：本題考查了楞次定律的應用，正確理解楞次定律阻礙的含義是正確解題的關鍵，同時掌握楞次定律的應用步驟：先確定原磁場方向，再判定通過線圈的磁通量如何變化，然后由“增反減同”，從而確定感應電流磁場方向，最后由右手螺旋定則，確定結果9在一次救災活動中，一輛救災車由靜止開始做勻變速直線運動，剛運動了8s，由于前方突然有巨石滾下，堵在路中央，所以又緊急剎車，勻減速運動經(jīng)4s停在巨石前，則關于汽車的運動情況，下列說法正確的是（）a 加速、減速中的加速度大小之比為a1：a2等于1：1b 加速、減速中的加速度大小之比為a1：a2等于2：1c 加速、減速中的位移之比為x1：x2等于2：1d 加速、減速中的位移之比為x1：x2等于1：2考點：勻變速直線運動的位移與時間的關系；勻變速直線運動的速度與時間的關系專題：直線運動規(guī)律專題分析：根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出加速、減速階段的加速度大小之比根據(jù)勻變速直線運動的平均速度公式=求出平均速度之比，從而求出加速和減速階段的位移之比解答：解：ab、設勻加速階段的末速度為v，則加速階段的加速度大小為a1=，勻減速階段的加速度大小a2=，則加速度大小之比為a1：a2=t2：t1=4：8=1：2故a、b錯誤cd、根據(jù)x=，知勻加速階段的位移為 x1=，減速階段的位移x2=，則x1：x2=t1：t2=2：1故c正確，d錯誤故選：c點評：解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式，并能靈活運用平均速度公式求位移10如圖所示，圖象中屬于交流電的有（）a b c d 考點：交變電流分析：直流電是指電流的方向不發(fā)生變化的電流，其大小可以變化，交流電是指電流的方向發(fā)生變化的電流，但是它的電流的大小可以不變解答：解：交流電是指電流的方向發(fā)生變化的電流，電流的大小是否變化對其沒有影響，電流的方向變化的是abc，故abc是交流電，d是直流電故選：abc點評：交流電的最大的特點是電流方向在不斷的變化，對于其大小是否變化沒有要求11一個閉合矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁感線的軸勻速轉動，產(chǎn)生的感應電流如圖所示，下列判斷錯誤的是（）a t=0時刻，線圈平面與中性面垂直b t=0.02s時刻，磁通量最大c 該交變電流的頻率為100hzd 該線圈轉動角速度為100rad/s考點：交流發(fā)電機及其產(chǎn)生正弦式電流的原理專題：交流電專題分析：從圖象得出電流最大值對應的時間、周期，從而算出頻率；磁通量最大時電動勢為零，磁通量為零時電動勢最大，一個周期內電流方向改變兩次解答：解：a、由圖象可知，t=0時刻，感應電流為零，則感應電動勢為零，磁通量最大，線圈平面處于中性面位置，故a錯誤；b、由圖象可知，0.02s時，感應電流為零，則感應電動勢為零，磁通量最大，故b正確；c、由圖象可知，t=0.02s，頻率f=hz，故c錯誤；d、由圖象可知，t=0.02s，該線圈轉動角速度為：=100rad/s，故d正確本題選錯誤的；故選：ac點評：本題考查了對交流電圖象的認識，要具備從圖象中獲得有用信息的能力和結合圖象解題的能力基礎題目12如圖，理想變壓器原副線圈匝數(shù)之比為20：1，原線圈接入一電壓為u=u0sint的交流電源、副線圈接入一個r=5.5的負載電阻，若u0=220v，=100rad/s，電壓表、電流表均為理想表，則下述結論正確的（）a 副線圈中電壓表的讀數(shù)為11vb 負載電阻r上的電壓為11vc 原線圈中電流表的讀數(shù)為0.1ad 副線圈中輸出交流電的周期為0.02s考點：變壓器的構造和原理；正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率專題：交流電專題分析：根據(jù)瞬時值的表達式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結論解答：解：a、b、由瞬時值的表達式可知，原線圈的電壓最大值為220v，所以原線圈的電壓的有效值為220=220v，在根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，副線圈的電壓的有效值為v，即為電壓表的讀數(shù)和負載電阻r上的電壓，故a正確，b錯誤；c、副線圈的電流為a，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比可得，原線圈的電流大小為a，故c正確d、變壓器不會改變電流的周期，電流的周期為t=s，故d正確故選：acd點評：掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關系，最大值和有效值之間的關系即可解決本題13如圖所示，垂直紙面的正方形勻強磁場區(qū)域內，有一位于紙面且電阻均勻的正方形導體框abcd現(xiàn)將導體框分別朝兩個方向以v、3v速度勻速拉出磁場，則導體框從兩個方向移出磁場的兩過程中，下列說法中正確的是（）a 磁通量變化相同b 導體框中產(chǎn)生的感應電流方向相同c 導體框中產(chǎn)生的感應電流大小相等d 導體框ad邊受安培力大小相等考點：法拉第電磁感應定律分析：導體框向右、向下移出磁場，根據(jù)楞次定律，判斷出感應電流方向相同，根據(jù)左手左手定則分析安培力方向關系，根據(jù)歐姆定律和法拉第電磁定律研究感應電流大小的關系解答：解：a、由磁通量定義=bs，則有磁通量變化相同，故a正確 b、根據(jù)楞次定律可知，它們的磁通量均減小，則產(chǎn)生感應電流的方向都是順時針方向故b正確 c、由切割感應電動勢公式e=blv，可知，感應電動勢大小不同，而電阻相同，則感應電流大小也不相同故c錯誤 d、由c選項分析可知，感應電流大小不同，再根據(jù)f=bil，可知，ad邊受安培力大小不相等，故d錯誤故選：b點評：考查楞次定律與左手定則的應用，掌握法拉第電磁感應定律的內容，注意安培力表達式，及磁通量的概念14某物體做變速直線運動，其加速度方向不變，大小逐漸減小到零，該物體的運動情況可能是（）a 速度不斷增大，最后達到最大，并以此速度做勻速直線運動b 速度不斷減小，最后達到最小，并以此速度做勻速直線運動c 速度不斷減小，又不斷增大，最后做勻速直線運動d 速度不斷增大，又不斷減小，最后做勻速直線運動考點：加速度；速度專題：直線運動規(guī)律專題分析：當加速度的方向與速度方向相同，做加速運動，當加速度的方向與速度方向相反時，做減速運動解答：解：a、若物體做加速運動，速度方向與加速度方向相同，加速度減小，速度仍然增大，當加速度減小為0時，速度最大，而后做勻速直線運動故a正確，d錯誤b、當加速度方向與速度方向相反，速度減小，物體加速度減小為零時速度達到最小，而后做勻速直線運動，故b正確；c、當加速度還未減小到零，速度已減小到零，則會反向做加速運動，當加速度減小到零，做勻速直線運動故c正確故選：abc點評：解決本題的關鍵掌握判斷加速運動還是減速運動的方法，關鍵看加速度方向和速度方向的關系二、計算題必答（共3道小題，滿分26分。要求寫出必要的文字說明和重要的演算步驟）15一個初速度是2m/s，質量是4kg的運動物體，在受到方向跟初速度方向相同、大小恒為20n的合外力作用下做勻加速運動，求：（1）運動2s末物體達到的瞬時速度大??；（2）前4s內物體運動的位移大小考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系專題：牛頓運動定律綜合專題分析：由牛頓第二可求得加速度，再由速度公式可求得2s末的速度；由位移公式可求得4s內的位移解答：解：（1）由牛頓第二定律f=ma勻變速直線運動v=v0+at聯(lián)立解得：2s末速度v=12m/s；（2）前4s內位移s=v0t+解得s=48m答：（1）運動2s末物體達到的瞬時速度大小為12m/s；（2）前4s內物體運動的位移大小48m點評：本題考查牛頓第二定律的應用，要注意明確加速度作為受力分析和運動學公式應用的橋梁作用16如圖，兩平行金屬導軌位于同一水平面上，相距l(xiāng)=0.5m左端與一電阻r=2相連，整個系統(tǒng)置于勻強磁場中，磁感應強度大小為b=2t，方向豎直向下，一質量為m=1kg的導體棒置于導軌上，在水平外力作用下沿導軌以速度v=1m/s勻速向右滑動，滑動過程中始終保持與導軌垂直并接觸良好已知導體棒與導軌間的動摩擦因數(shù)為=0.2，重力加速度大小為g=10m/s2都貴和導體棒的電阻均可忽略求：（1）電阻r消耗的功率；（2）水平外力的大小考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；電磁感應中的能量轉化專題：電磁感應中的力學問題分析：（1）根據(jù)法拉第電磁感應定律求出感應電動勢，由歐姆定律求出電流的大小由公式p=i2r求出電阻r的功率（2）導體棒勻速向右滑動時，水平外力與安培力和摩擦力的和是平衡力，根據(jù)平衡條件求解水平外力f的大小解答：解：（1）導體切割磁感線運動產(chǎn)生的電動勢為：e=blv根據(jù)歐姆定律，閉合回路中的感應電流為：i=電阻r消耗的功率為：p=i2r聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得：p=0.5w （2）對導體棒受力分析，受到向左的安培力和向左的摩擦力，向右的外力，三力平衡，故有：f=mg+f安而安培力為：f安=bil=bl解得外力為：f=2.5n答：（1）電阻r消耗的功率是0.5w；（2）水平外力的大小是2.5w點評：本題是電磁感應與電路、力學知識的綜合，安培力是聯(lián)系力與電磁感應的橋梁，安培力經(jīng)驗公式f=是常用的式子，要會推導17如圖甲所示，兩根足夠長、電阻不計的光滑平行金屬導軌相距l(xiāng)1=1m，導軌平面與水平面成=30角，上端連接阻值r=1.5的電阻，質量為m=0.2kg，阻值r=0.5的金屬棒ab放在兩導軌上，距離導軌最上端為l2=4m，棒與導軌垂直并保持良好接觸整個裝置處于一個勻強磁場中，該勻強磁場方向與導軌平面垂直，磁感應強度大小隨時間變化的情況如圖乙所示，為保持ab棒靜止，在棒上施加了一平行于導軌平面的外力fg=10m/s2求：（1）當t=2s時，外力f1的大??；（2）當t=3s時的瞬間，外力f2的大小和方向；（3）請 圖丙中畫出前4s外力f隨時間變化的圖象（規(guī)定f方向沿斜面向上為正）考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；電磁感應中的能量轉化專題：電磁感應功能問題分析：（1）在03s時間內b均勻增大，回路中產(chǎn)生恒定的感應電流，由法拉第電磁感應定律求感應電動勢，由閉合電路歐姆定律得到電流根據(jù)ab棒靜止，受力平衡，由平衡條件求解外力的大?。?）由平衡條件求解外力f2的大?。?）03s內，由平衡條件得到f與t的關系式在34s內，b不變，沒有感應電流產(chǎn)生，ab不受安培力，再由平衡條件求得f，即可畫出圖象解答：解：（1）當t=2s時，回路中產(chǎn)生的感應電動勢：e=l1l2=14v=2v電流：i=a=1a由楞次定律判斷可知，ab所受的安培力沿軌道向上；ab棒保持靜止，受力平衡，設外力沿軌道向上，則由平衡條件有：mgsin30b2il1f1=0 可解得外力：f1=0 （2）當t=3s時的瞬間，設此時外力沿軌道向上，根據(jù)平衡條件得：f2+b3il1mg sin30=0 解得：f2=0.5n，負號說明外力沿斜面向下（3）規(guī)定f方向沿斜面向上為正，在03s內，根據(jù)平衡條件有：mgsin30bil1f=0而b=0.5t（t）則得：f=10.5t（n）當t=0時刻，f=1n在34s內，b不變，沒有感應電流產(chǎn)生，ab不受安培力，則由平衡條件得：f=mgsin30=1n畫出前4s外力f隨時間變化的圖象如圖所示答：（1）當t=2s時，外力f1的大小是0；（2）當t=3s時的瞬間，外力f2的大小為0.5n，方向沿斜面向下；（3）畫出前4s外力f隨時間變化的圖象如圖所示點評：本題是電磁感應與力學知識、電路等知識的綜合，解決本題的關鍵掌握法拉第電磁感應定律e=ns、導體棒切割產(chǎn)生的感應電動勢e=blv、安培力公式f=bil和平衡條件三、選考題（考生從三個模塊中選一個模塊作答，必須把模塊和題號標注清楚，否則按照選修3-3評判）物理-選修3-318下列說法正確的是（）a 物體吸收熱量，其溫度不一定升高b 水的飽和氣壓隨溫度的升高而增大c 熱量只能從高溫物體向低溫物體傳遞d 墨汁滴入水中的擴散運動是由于碳粒和水分子發(fā)生化學反應引起的e 當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距的減小而增大考點：熱力學第一定律；布朗運動；分子間的相互作用力分析：根據(jù)熱力學第一定律分析影響內能的因素；根據(jù)熱力學第二定律可知熱量傳遞的方向；同時明確分子勢能與分子間作用力的關系解答：解：a、物體吸收熱量時，如果同時對外做功，則溫度有可能降低；故a正確；b、水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大；故b正確；c、由熱力學第二定律可知，熱量可以由低溫物體向高溫物體傳遞，但要引起其他方面的變化；故c錯誤；d、汁滴入水中的擴散運動是由于碳粒的不規(guī)則運動引起的；選項d錯誤；e、當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大，選項e正確；故選：abe點評：本題應明確：分子間同時存在引力和斥力，隨著分子間距的增加，引力和斥力同時減??；溫度是分子熱運動平均動能的標志；熱力學第一定律公式：u=q+w；熱力學第二定律，熱力學基本定律之一，內容為不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響；不可能從單一熱源取熱使之完全轉換為有用的功而不產(chǎn)生其他影響；不可逆熱力過程中熵的微增量總是大于零19下列說法正確的是（）a 一切與熱現(xiàn)象有關的宏觀自然過程都是不可逆的b 液晶顯示屏是應用液晶的光學各向異性制成的c 技術成熟后從單一熱源吸收熱量全部變成有用的功是可能的d 一定質量的理想氣體，溫度升高，其內能一定增加e 分子間的引力隨份子距離的增大而增大，份子間的斥力隨份子間距離的增大而減小考點：熱力學第二定律；分子間的相互作用力專題：熱力學定理專題分析：本題根據(jù)熱力學第二定律、液晶的特性、熱力學第一定律和分子動理論進行分析解答解答：解：a、根據(jù)熱力學第二定律知一切與熱現(xiàn)象有關的宏觀自然過程都是不可逆的故a正確；b、液晶顯示屏是應用液晶的光學各向異性制成的，故b正確c、根據(jù)熱力學第二定律知熱機的效率不可能達到100%，則不可能從單一熱源吸收熱量全部變成有用的功，故c錯誤d、一定質量的理想氣體內能只跟溫度有關，溫度升高，其內能一定增加，故d正確e、分子間的引力和斥力都隨分子距離的增大而減小，故e錯誤故選：abe點評：對于分子力，要抓住分子間的引力和斥力是同時存在的，且分子間的引力和斥力都隨分子距離的增大而減小20有一個導熱性能良好的圓柱形容器，頂部由一活塞密封，容器內盛有一定量的水銀，通過一根細管（體積可忽略）與外界相通，如圖所示，當溫度為31時，細管中水銀面與容器中水銀面相平，被封閉空氣柱的高度為h=40cm，此時水銀面距細管頂端出口處高度為h=24cm，已知大氣壓強p0相當于76cm水銀柱高產(chǎn)生的壓強求：若用力壓活塞，使它緩慢向下移動，整個過程中保持溫度不變，要使水銀恰好與細管頂端相平而不溢出，活塞移動距離h多大？考點：理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：容器內氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)題意求出氣體的狀態(tài)參量，然后應用玻意耳定律求出氣體的體積，然后求出活塞移動的距離解答：解：氣體發(fā)生等溫變化，活塞移動距離h，使水銀恰好與細管頂端相平而不流出，初狀態(tài)：p1=p0=76cmhg，v1=hs=40s，末狀態(tài)：p2=p0+h=100cmhg，v2=（hh）s=（40h）s，氣體發(fā)生等溫變化，由玻意爾定律：p1v1=p2v2，代入數(shù)據(jù)解得：h=9.6cm；答：活塞移動距離h是9.6cm點評：本題考查了求活塞移動的距離，分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，求出氣體的狀態(tài)參量，應用玻意耳定律 即可解題物理-選修3-42014葫蘆島一模）只含有ab兩種單色光的復色光由某種介質射向真空，光路如圖所示，則下列說法正確的是（）a a光在玻璃磚中的傳播速度比b光大b a光的頻率比b光大c a光的臨界角比b光小d a光折射率比b光折射率小e a、b通過相同的雙縫干涉實驗裝置，a光的條紋間距比b光大考點：光的折射定律專題：光的折射專題分析：根據(jù)b光發(fā)生了全反射，a光未發(fā)生全反射，通過臨界角，由公式sinc=比較出a、b兩光的折射率，從而得出兩光的頻率大小，結合v=比較出在介質中傳播速度的大小根據(jù)干涉條紋的間距與波長成正比，分析干涉條紋間距的大小解答：解：a、c、d、由圖看出b光發(fā)生了全反射，而a光未發(fā)生全反射，說明b光的臨界角小于a光的臨界角，根據(jù)全反射臨界角公式sinc=知，a光的折射率比b光的折射率小根據(jù)v=得，a光在玻璃磚中的傳播速度比b光大故ad正確，c錯誤b、a光的折射率比b光小，則a光的頻率比b光小故b錯誤e、a光的頻率小，波長長，而干涉條紋的間距與波長成正比，則知a、b通過相同的雙縫干涉實驗裝置，a光的條紋間距比b光大故e正確故答案為：ade點評：解決本題的突破口通過臨界角比較出折射率的大小，并掌握頻率、波長、在介質中的速度等等等與折射率的關系2015春葫蘆島期末）如圖甲為簡譜橫波在t=0時刻的波形圖象，圖乙為橫波中x=6m處質點p的振動圖象，則下列說法正確的是（）a 波的傳播方向沿x軸負方向b 波的傳播方向沿x軸正方向c 波的傳播速度大小為2m/sd 在t=9s時刻，圖甲中質點p的振動速度最大e 在t=1s時刻與t=0時刻相比，x=5m處質點的加速度方向相反考點：波長、頻率和波速的關系；橫波的圖象分析：在乙圖上讀出t=0時刻p質點的振動方向，在甲圖上判斷出波的傳播方向由波動圖象讀出波長，由振動圖象讀出周期，求出波速根據(jù)質點的位置分析加速度的大小和方向解答：解：ab、在乙圖上讀出t=0時刻p質點的振動方向沿y軸正方向，在甲圖上判斷出該波的傳播方向沿x軸負方向故a正確，b錯誤c、由甲讀出該波的波長為=8m，由乙圖讀出周期為t=4s，則波速為v=2m/s故c正確d、在t=9s=2t時刻，圖甲中質點p到達波峰，振動速度為零，故d錯誤e、在t=1s時刻與t=0時刻相比，波傳播的距離 v=vt=2m，根據(jù)波形平移法可知，x=7m處的狀態(tài)傳到x=5m處，則在t=1s時刻與t=0時刻相比，x=5m處質點的位移方向相反，則加速度方向相反故e正確故選：ace點評：題考查識別、理解振動圖象和波動圖象的能力，要把握兩種圖象聯(lián)系的能力，熟練運用波形平移法分析質點的狀態(tài)2015春葫蘆島期末）一棱鏡的截面為直角三角形abc，a=30，直角邊bc=a，棱鏡材料的折射率為n=，在此截面所在的平面內，一條光線以45的入射角從直角邊ac的中點m射入棱鏡，不考慮光線沿原路返回的情況求：光線從棱鏡射出的點到b的距離（直接寫結果不給分）考點：光的折射定律專題：光的折射專題分析：光線以45的入射角時，先根據(jù)折射定律求出光線在ac面的折射角r根據(jù)幾何知識確定光線在ab面上的入射角由sinc=求出臨界角c，判斷在ab面上能否發(fā)生全反射，畫出光路圖，求出光線從棱鏡射出點的位置離b點的距離解答：解：設光線在ac面上的入射角為i，折射角為r由折射定律 n=可得光線第一次折射角為 r=30光線射到ab界面上d點時，入射角等于60而臨界角的正弦值sinc=，則臨界角c60則光線在ab界面上發(fā)生全反射，光線垂直bc面從e點射出棱鏡由幾何關系可知，md=a，ad=1.5a，db=2aad=0.5a則光線出射點到b的距離為： eb=dbcos60=a答：光線從棱鏡射出的點到b的距離是a點評：本題是折射定律、全反射和幾何知識的綜合應