湖北省宜昌一中龍泉中學(xué)2020屆高三物理下學(xué)期6月聯(lián)考試題含解析

1、湖北省宜昌一中、龍泉中學(xué)2020屆高三物理下學(xué)期6月聯(lián)考試題（含解析）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.下列說法正確的是（ ）a. 在關(guān)于物質(zhì)波的表達式=hv和中，能量和動量p是描述物質(zhì)的粒子性的重要物理量，波長和頻率是描述物質(zhì)的波動性的典型物理量b. th（釷）核衰變?yōu)閜a（鏷）核時，衰變前th核質(zhì)量等于衰變后pa核與粒子的總質(zhì)量c. 根據(jù)玻爾理論，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，同時電子的動能減小d. 光

2、電效應(yīng)實驗結(jié)論是：對于某種金屬，超過極限頻率的入射光的頻率越高，所產(chǎn)生的光電流就越強【答案】a【解析】【詳解】a. 在關(guān)于物質(zhì)波的表達式=hv和中，能量和動量p是描述物質(zhì)的粒子性的重要物理量，波長和頻率是描述物質(zhì)的波動性的典型物理量，故a正確b. 由質(zhì)量數(shù)守恒可知，釷核衰變?yōu)殓h核，衰變前th核質(zhì)量數(shù)等于衰變后pa核與粒子的質(zhì)量數(shù)之和，單是衰變前th核質(zhì)量大于衰變后pa核與粒子的總質(zhì)量故b錯誤c.根據(jù)玻爾理論，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，庫侖力對電子做正功，所以電子的動能增加，電勢能減小，故c錯誤d. 對于某種金屬，超過極限頻率的入射光的頻率越高，根據(jù)光電效

3、應(yīng)方程可知，所產(chǎn)生的光子的初動能增大故d錯誤2.如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，虛線分別為等勢線1、2、3，已知mnnq，a、b兩帶電粒子從等勢線2上的o點以相同的初速度飛出僅在電場力作用下，兩粒子的運動軌跡如圖所示，則( ) a. a一定帶正電，b一定帶負(fù)電b. a加速度減小，b加速度增大c. mn兩點電勢差umn大于nq兩點電勢差unqd. a粒子到達等勢線3的動能變化量比b粒子到達等勢線1的動能變化量小【答案】bc【解析】【分析】根據(jù)曲線運動的知識判斷粒子的受力方向，再根據(jù)帶電粒子在電場中受力的規(guī)律即可判斷電性，根據(jù)電場線判斷電場大小從而得到電場力的大小，根據(jù)牛頓第二定律即可判斷加

4、速度的變化；由電勢差與電場強度的關(guān)系可以判斷電勢差；粒子運動過程中電勢能與動能相互轉(zhuǎn)化，可通過判斷電勢能變化的大小來比較動能變化量【詳解】a.粒子受到的電場力一定與電場方向在同一直線上，再根據(jù)曲線運動的知識可知粒子受到的合外力應(yīng)指向彎曲的凹側(cè)，可得a、b粒子電性相反，但條件沒有給出電場線的方向，故無法判斷電性；b.由題意知a往電場線稀疏的區(qū)域運動，故電場力變小，加速度變小，b相反，故b正確；c.mn之間平均電場比nq之間的平均電場大，mn=nq，有u=ed可知，mn之間的電勢差更大，c正確；d.因為不知道兩個粒子帶電量的關(guān)系，故無法判斷電勢能的變化，也就沒有辦法比較動能變化量的關(guān)系【點睛】本題

5、是電場中軌跡問題，常見題型，比較簡單，需要注意不是勻強電場不能直接用u=ed3.如圖(甲)所示,虛線右側(cè)存在勻強磁場,磁場方向垂直紙面向外,正方形金屬線框電阻為r,邊長是l,自線框從左邊界進入磁場時開始計時,在外力作用下由靜止開始,以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進入磁場區(qū)域,t1時刻線框全部進入磁場.規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向.外力大小為f,線框中電功率的瞬時值為p,通過導(dǎo)體橫截面的電荷量為q,其中pt圖像為拋物線.則圖中這些量隨時間變化的關(guān)系不正確的是 )a. b. c. d. 【答案】abd【解析】詳解】a.線框做勻加速運動，其速度v=at，感應(yīng)電動勢e=blv，感應(yīng)電流，i與t成

6、正比，故a錯誤； b.線框進入磁場過程中受到的安培力，由牛頓第二定律得：，得，f-t圖象是不過原點的傾斜直線，故b錯誤；c.線框的電功率，p-t圖象是拋物線的一部分，故c正確；d. 線框的位移，電荷量，q-t圖象應(yīng)是拋物線，故d錯誤4.如圖所示，水平放置的平行金屬板a、b與電源相連，兩板間電壓為u，距離為d.兩板之間有垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為、圓心為o的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為。一束不計重力的帶電粒子沿平行于金屬板且垂直于磁場的方向射入金屬板間，然后沿直線運動，從a點射入圓形磁場，在圓形磁場中分成1、2兩束粒子，兩束粒子分別從c、d兩點射出磁場

7、。已知ab為圓形區(qū)域的水平直徑，不計粒子間相互作用，下列說法正確的是（）a. 金屬板a、b分別接電源的負(fù)、正極b. 進入圓形磁場的粒子的速度大小為c. 1、2兩束粒子的比荷之比為3:1d. 1、2兩束粒子在圓形有界磁場中運動的時間之比為3:2【答案】d【解析】【詳解】a粒子在圓形磁場區(qū)域內(nèi)向上偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則可知粒子帶正電；粒子在速度選擇器內(nèi)受到的洛倫茲力的方向也向上，由于粒子在速度選擇器內(nèi)做勻速直線運動，可知粒子受到的電場力的方向向下，所以電場的方向向下，金屬板a、b分別接電源的正極、負(fù)極，a錯誤；b金屬板ab間的電場強度由題意可知，正離子通過金屬板ab之間做勻速直線運動，根據(jù)平衡條件有所

8、以b錯誤；c軌跡如圖粒子在圓形磁場中的運動軌跡是一段圓弧，如下圖所示，是離子做圓周運動軌跡的圓心，從c點射出的粒子的半徑由幾何關(guān)系可知，從d點射出的粒子的半徑粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑則1、2兩束粒子的比荷之比為c錯誤；d根據(jù)周期公式 粒子在圓形有界磁場中運動的時間其中所以1、2兩束粒子在圓形有界磁場中運動的時間之比d正確。故選d。5.2019年10月31日為“2019年國際暗物質(zhì)日”，當(dāng)天，中國錦屏實驗室和英國伯畢實驗室作為兩個世界著名暗物質(zhì)實驗室首次進行了公開互動。假設(shè)某一行星繞恒星中心轉(zhuǎn)動，行星轉(zhuǎn)動周期的理論值與實際觀測值之比，科學(xué)家推測，在以兩星球球心連線為半徑的球體空間中均勻分

9、布著暗物質(zhì)，設(shè)恒星質(zhì)量為m，據(jù)此推測，暗物質(zhì)的質(zhì)量為a. k2mb. 4k2mc. （k2-1）md. （4k2-1）m【答案】c【解析】【詳解】abcd. 球體空間中均勻分布著暗物質(zhì)，設(shè)暗物質(zhì)質(zhì)量為m，行星質(zhì)量為，球心距離為r，由萬有引力定律，行星轉(zhuǎn)動周期的理論值為行星轉(zhuǎn)動周期的觀測值為解得故c正確abd錯誤。故選c。6.如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)n1=1000匝，副線圈匝數(shù)匝，原線圈中接一交變電源，交變電源電壓u=(v).電流表和電壓表都是理想電表，副線圈接有“220v，220w”的抽油煙機。下列說法正確的是（）a. 交變電流的頻率為100hzb. 電壓表的示數(shù)是1100vc. 電流

10、表的示數(shù)為1a，抽油煙機的內(nèi)阻d. 電流表示數(shù)為0.2a【答案】bd【解析】【詳解】a由交變電源電壓表達式可知，交變電流的周期 ，則交流電的頻率a錯誤；b由交變電源電壓表達式可知交變電源電壓的最大值，根據(jù)而電壓表的讀數(shù)為有效值，b正確；c抽油煙機的功率為220w，則副線圈的電流油煙機不是純電阻電路，不能使用歐姆定律求其電阻值，所以其電阻不是220，c錯誤；d原線圈中的電流根據(jù) 解得電流表的示數(shù)為0.2a ，d正確。故選bd。7.如圖所示，一質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點）從離地面高h處水平拋出，第一次落地時的水平位移為，反彈的高度為，已知小球與地面接觸過程中水平方向速度不變且與地面接觸的時間為t，

11、重力加速度為g，不計摩擦和空氣阻力。下列說法正確的是（）a. 第一次與地面接觸的過程中，小球受到地面的平均作用力為b. 第一次與地面接觸的過程中，小球受到地面的平均作用力為c. 小球第一次落地點到第二次落地點的水平距離為2hd. 小球第一次落地點到第二次落地點的水平距離為【答案】bc【解析】【詳解】ab小球第一次與地面接觸前的豎直分速度解得接觸后的豎直分速度解得根據(jù)動量定理得 解得a錯誤b正確；cd小球第一次與地面接觸的時間，根據(jù) 解得水平分速度 解得接觸后根據(jù)解得可知小球第一次落地點和第二次落地點的水平距離 d錯誤c正確。故選bc。8.如圖所示，一個半徑和質(zhì)量不計的定滑輪o固定在天花板上，物

12、塊b和a通過輕彈簧栓接在一起，豎直放置在水平地面上保持靜止后用不可伸長的輕繩繞過滑輪連接物塊a和c，物塊c穿在豎直固定的細(xì)桿上，oa豎直，oc間距且水平，此時a、c間輕繩剛好拉直而無作用力。已知物塊a、b、c質(zhì)量均為不計一切阻力和摩擦，g取?，F(xiàn)將物塊c由靜止釋放，下滑時物塊b剛好被提起，下列說法正確的是（）a. 彈簧的勁度系數(shù)為b. 此過程中繩子對物塊a做的功為60jc. 此時物塊a速度的大小為d. 繩子對物塊c做功的大小大于物塊a動能的增加量【答案】acd【解析】【詳解】a初始a靜止，由共點力的平衡可得當(dāng)b剛好被提起時，由平衡方程可得由于過程中c下滑4m，故可得聯(lián)立解得故a正確；bc對ac及

13、彈簧構(gòu)成的整體系統(tǒng)，由于該過程中，除重力外，繩的拉力的功為零，彈簧的彈性勢能不變，故該過程系統(tǒng)機械能守恒，設(shè)當(dāng)c下滑4m時其速度為v，則此時a的速度為故有解得此時a的速度為該過程，對a列動能定理可得解得繩子對物塊a做的功為故b錯誤，c正確；d由于該過程中，繩子對物塊c做功的大小等于物塊繩子對做的功的大小，繩子對做得正功減去重力的負(fù)功為物體動能的增量，故d正確。故選acd。第卷三、非選擇題：共174分，第2232題為必考題，每個試題考生都必須作答。第3338題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。9.如圖所示是“探究影響通電導(dǎo)線受力的因素”的裝置圖。實驗時，先保持導(dǎo)線通電部分的長

14、度不變，改變電流的大??；然后保持電流不變，改變導(dǎo)線通電部分的長度。每次導(dǎo)體棒在場內(nèi)同一位置平衡時，懸線與豎直方向的夾角為。對該實驗： （1）下列說法正確的是_a該實驗探究了電流大小以及磁感應(yīng)強度大小對安培力的影響b該實驗探究了磁感應(yīng)強度大小以及通電導(dǎo)體棒對安培力的影響c若想增大，可以把磁鐵的n級和s級對調(diào)d若想減小，可以把接入電路的導(dǎo)體棒從1、4換成2、3兩端（2）若把電流為i，且接通2、3時，導(dǎo)體棒受到的安培力記為f1，當(dāng)電流減半且接通1、4時，導(dǎo)體棒受到的安培力為_?！敬鸢浮?(1). d (2). 【解析】【詳解】（1）1ab該實驗探究了導(dǎo)體棒通長度和電流大小對安培力的影響，故ab錯誤；

15、c把磁鐵的n極和s極對調(diào)，不改變b的大小，故f不變，故c錯誤；d把接入電路的導(dǎo)體棒從1、4兩端換成2、3兩端，l減小，故安培力f減小，則減小，故d正確；故選d。（2）2若把電流為i且接通2、3時，導(dǎo)體棒受到的安培力記為f1；則當(dāng)電流減半且接通1、4時，導(dǎo)體棒的安培力為10.圖甲所示為某實驗小組測量a、b兩個箱子質(zhì)量的裝置圖,其中d為鐵架臺,e為固定在鐵架臺上的輕質(zhì)定滑輪(質(zhì)量和摩擦可忽略),f為光電門,c為固定在a上、寬度為d的細(xì)遮光條(質(zhì)量不計)此外該實驗小組還準(zhǔn)備了砝碼一套(總質(zhì)量m0=1kg)和刻度尺等,請在以下實驗步驟中按要求作答: (1)在鐵架臺上標(biāo)記一位置o,并測得該位置與光電門之

16、間的高度差h(2)取出質(zhì)量為m的砝碼放在a中,剩余砝碼都放在b中,讓a從位置o由靜止開始下降(3)記錄下遮光條通過光電門的時間t,根據(jù)所測數(shù)據(jù)計算出a下落到f處的速率v=_;下落過程中的加速度大小a=_(4)改變m,重復(fù)(2)(3)步驟,得到多組m及a的數(shù)據(jù),作出_(填“a-m”或“a-”)圖像如圖乙所示(圖中橫、縱坐標(biāo)物理量的單位均采用國際制單位)(5)由圖像可得,a的質(zhì)量ma=_kg,b的質(zhì)量mb=_kg(保留兩位有效數(shù)字,重力加速度大小g取10m/s2)【答案】 (1). (2). (3). (4). 3.0kg (5). 1.0kg【解析】【詳解】(1)由很短時間內(nèi)的平均速度近似等于瞬

17、時速度可知， ；(2)由勻變速直線運動的速度位移公式得：，解得：；(3)由牛頓第二定律得：，解得：，所以應(yīng)作出的圖象；(4)圖象斜率為：，截距為：，聯(lián)立解得：11.如圖甲所示，滑道項目大多建設(shè)在景區(qū)具有一定坡度的山坡間，成為游客的代步工具，又可以增加游玩的趣味性，在某景區(qū)擬建一個滑道，示意圖如圖乙，滑道共三段，第一段是傾角比較大的加速下坡滑道ab，第二段是傾角比較小的滑道bc，游客在此段滑道恰好做勻速運動，若游客從靜止開始在a點以加速度做勻加速運動，經(jīng)過到b點并達到最大速度，然后進入bc段做勻速運動，設(shè)計的第三段上坡滑道cd作為下客平臺，使游客做勻減速運動后速度減為零（乘客經(jīng)過兩段軌道銜接處可

18、視作速度大小不變），游客乘坐滑道，從山頂a處到達下客平臺d處總共用時，游客在各段滑道運動的總路程為，求：(1)在ab段運動加速度的大小；(2)乘客在bc段勻速運動的時間。【答案】(1)4m/s2；(2)3s【解析】【詳解】(1)在ab段，由運動學(xué)公式得代入數(shù)據(jù)解得a1=4m/s2(2)ab段位移為bc段位移為cd段位移為總位移為l=l1+l2+l3t=t1+t0+t3可得代入數(shù)據(jù)解得12.如圖，光滑的平行金屬導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌間距為l，左側(cè)接一阻值為r的電阻矩形區(qū)域abfe內(nèi)存在垂直軌道平面向下的有界勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為b導(dǎo)軌上ac段和bd段單位長度的電阻為r0，導(dǎo)軌其余部分電阻不計，且

19、ac=bd=x1一質(zhì)量為m，電阻不計的金屬棒mn置于導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌垂直且接觸良好金屬棒受到一個水平拉力作用，從磁場的左邊界由靜止開始作勻加速直線運動，加速度大小為a棒運動到cd處撤去外力，棒在運動到磁場右邊界ef處恰好靜止求：（1）金屬棒在區(qū)域abdc內(nèi)切割磁感線時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢隨位移x（相對b點）的表達式；（2）試求撤去外力后在區(qū)域cdfe內(nèi)切割磁感線時棒的速度v隨位移x（相對d點）的變化規(guī)律以及df的長度x2應(yīng)滿足什么條件（3）金屬棒在整個運動過程中電阻r的最大電流值和最小值【答案】（1）（2）；（3），【解析】【詳解】（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：根據(jù)速度位移公式得：聯(lián)立解得：（2）

20、根據(jù)速度位移公式得：解得：又回路中的總電阻：根據(jù)動量定理得：又 聯(lián)立解得：當(dāng)時，則有：解得：（3）在df段：速度減小，感應(yīng)電動勢減小且回路總電阻恒定，所以感應(yīng)電流減小，當(dāng)速度減為零時，感應(yīng)電流也為零，即電流最小值為零；或當(dāng)t=0時電流最小值為零；在bd段：最大電流值討論： 當(dāng)滿足，即：，且（在bd段內(nèi)能達到最大電流），當(dāng)時，導(dǎo)體棒加速運動到cd處，13.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，再變化到狀態(tài)c，其狀態(tài)變化過程的pv圖象如圖所示則根據(jù)圖象上所提供的數(shù)據(jù)可以得到該氣體從狀態(tài)a到狀態(tài)c的過程中內(nèi)能的變化量是_；該氣體從狀態(tài)a到狀態(tài)c的過程中_（填“吸收”或“放出”）的熱量是_j（大氣壓

21、強p01.0105 pa）【答案】 (1). 0； (2). 吸收； (3). 2000【解析】【詳解】123a、c兩個狀態(tài)的溫度相等，所以內(nèi)能的變化量u0從狀態(tài)a到狀態(tài)c的過程中，氣體體積增大，對外做功w-p0v-2000 j根據(jù)熱力學(xué)第一定律uwq ，此過程中需要吸收熱量，吸收的熱量q=2000j14.如圖為某高壓鍋結(jié)構(gòu)示意圖，鍋蓋上有兩個氣孔，氣孔1使鍋內(nèi)與外界連通，此時鍋內(nèi)氣體與外界大氣壓強相等。當(dāng)鍋內(nèi)溫度達到40時，氣孔1會封閉，將鍋內(nèi)外隔離。若鍋內(nèi)溫度繼續(xù)升高，鍋內(nèi)氣體壓強增大，當(dāng)壓強增大到設(shè)計的最大值時，氣體會頂起氣孔2上的限壓閥。已知限壓閥的質(zhì)量為20g，氣孔2的橫截面積為，鍋的容積為，現(xiàn)在鍋內(nèi)放入20、極少量的水，然后蓋好鍋蓋加熱，很快水完全汽化后氣孔1封閉。求：（氣體可視為理想氣體，大氣壓強）(1)氣孔2上的限壓閥被頂起時，鍋內(nèi)氣體的溫度是多少？(2)從氣孔1封閉到溫度升到120，漏出的氣體占?xì)饪?封閉時鍋內(nèi)氣體的百分比。【答案】(1)118.25；(2)0.50%【解析】【詳解】(1)氣體在氣孔1封閉到氣孔2上限壓閥被頂起的過程中，據(jù)查理定律限壓閥解得(2)密封的氣體在限壓閥頂起至升溫到120進行等壓變化，據(jù)蓋呂薩