2019-2020學(xué)年廣東省揭陽(yáng)市惠來(lái)縣葵潭中學(xué)高三(上)第二次月考物理試卷

1、2019-2020 學(xué)年廣東省揭陽(yáng)市惠來(lái)縣葵潭中學(xué)高三（上）第二次月考物理試卷一、單選題（本大題共6 小題，共 36.0 分）1.2018 年 11 月 12 日中科院等離子體物理研究所發(fā)布消息：全超導(dǎo)托克馬克裝置EAST在實(shí)驗(yàn)中有了新的突破，等離子體中心電子溫度達(dá)到1 億攝氏度； 其主要核反應(yīng)方程為： 12 ?+12?23 ?+ ? 12 ?+ ?24 ?+ ?，則下列表述正確的是 ( )A. X 是質(zhì)子B. Y 是氚核C. X 與 Y是同位素D. 兩個(gè)核反應(yīng)都屬于裂變反應(yīng)2.如圖為跳水運(yùn)動(dòng)員從起跳到落水過(guò)程的示意圖，運(yùn)動(dòng)員從最高點(diǎn)到入水前的運(yùn)動(dòng)過(guò)程記為 I ，運(yùn)動(dòng)員入水后到最低點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程

2、記為II ，忽略空氣阻力，則運(yùn)動(dòng)員()A. 過(guò)程 I 的動(dòng)量改變量等于零B. 過(guò)程 II 的動(dòng)量改變量等于零C. 過(guò)程 I 的動(dòng)量改變量等于重力的沖量D. 過(guò)程 II 的動(dòng)量改變量等于重力的沖量3. 如圖甲所示，梯形硬導(dǎo)線(xiàn)框abcd 固定在磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與線(xiàn)框平面垂直，圖乙表示該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B 隨時(shí)間 t 變化的關(guān)系， ?= 0時(shí)刻磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。在 0 5?時(shí)間內(nèi)，設(shè)垂直ab 邊向上為安培力的正方向，線(xiàn)框ab 邊受到該磁場(chǎng)對(duì)它0的安培力F 隨時(shí)間 t 變化的關(guān)系圖為()A.B.C.D.4.高速公路的ETC 電子收費(fèi)系統(tǒng)如圖所示，ETC 通道的長(zhǎng)度是識(shí)別區(qū)起點(diǎn)到自動(dòng)欄桿的水平距離某

3、汽車(chē)以21.6 ?/?的速度勻速進(jìn)入識(shí)別區(qū)，ETC 天線(xiàn)用了 0.3 ?的時(shí)間識(shí)別車(chē)載電子標(biāo)簽，識(shí)別完成后發(fā)出“滴”的一聲，司機(jī)發(fā)現(xiàn)自動(dòng)欄桿沒(méi)有抬第1頁(yè)，共 12頁(yè)起，于是采取制動(dòng)剎車(chē)，汽車(chē)剛好沒(méi)有撞桿已知司機(jī)的反應(yīng)時(shí)間為0.7 ?，剎車(chē)的2，則該 ETC 通道的長(zhǎng)度約為 ( )加速度大小為 5 ?/?A. 4.2 ?B. 6.0 ?C. 7.8 ?D. 9.6 ?5. 位于貴州的“中國(guó)天眼” (?)是目前世界上口徑最大的單天線(xiàn)射電望遠(yuǎn)鏡，通過(guò) FAST 可以測(cè)量地球與木星之間的距離。當(dāng)FAST 接收到來(lái)自木星的光線(xiàn)傳播方向恰好與地球公轉(zhuǎn)線(xiàn)速度方向相同時(shí)，測(cè)得地球與木星的距離是地球與太陽(yáng)距離的

4、k 倍。若地球和木星繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)均視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)且軌道共面，則可知木星的公轉(zhuǎn)周期為 ( )A. (1 + ?)3B. (1 + ?)3334 年2 年C. (1 + ?)年D. ?年22226. 如圖，正點(diǎn)電荷固定在 O 點(diǎn)，以 O 為圓心的同心圓有 a、b、c 三點(diǎn)，一質(zhì)量為 m、電荷量為 -?的粒子僅在電場(chǎng)力作用下從 a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 b點(diǎn)，速率分別為?、?若 a、 b 的電勢(shì)分別為 ? 、 ? ，則 ()?A. a、 c 兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同22? -?B. 粒子的比荷=?2(?-? ?)C. 粒子在 a 點(diǎn)的加速度大于在b 點(diǎn)的加速度D. 粒子從 a 點(diǎn)移到 b 點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少

5、二、多選題（本大題共2 小題，共12.0 分）7.如圖，理想變壓器上接有3 個(gè)完全相同的燈泡，其中1 個(gè)燈泡與原線(xiàn)圈串聯(lián)，另外2 個(gè)燈泡并聯(lián)后接在副線(xiàn)圈兩端。已知交流電源的電壓?= 182sin100?(V)，3 個(gè)燈泡均正常發(fā)光，忽略導(dǎo)線(xiàn)電阻，則變壓器()A. 副線(xiàn)圈電壓的頻率為100HzB. 原線(xiàn)圈兩端的電壓為12VC. 原副線(xiàn)圈的電流比為2: 1D. 原副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為2: 18. 如圖，夾角為 120 的兩塊薄鋁板 OM 、 ON 將紙面所在平面分為 、兩個(gè)區(qū)域， 兩區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)， 磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為?、?。在 OM 板上表面處有一帶電粒子垂12直 OM 方向射入磁場(chǎng)?

6、中，粒子恰好以O(shè) 為圓心做圓周運(yùn)動(dòng)1回到出發(fā)點(diǎn)。 設(shè)粒子在兩區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的速率分別為?、?，運(yùn)12動(dòng)時(shí)間分別為 ?、?；假設(shè)帶電粒子穿過(guò)薄鋁板過(guò)程中電荷量不變，動(dòng)能損失一半，12不計(jì)粒子重力，則下列說(shuō)法中正確的是()A.粒子帶負(fù)電B. ?1: ?2 = 2: 1C.?1:? =2: 1D. ?: ?= 1:221 2三、填空題（本大題共1 小題，共5.0 分）9.一定質(zhì)量的理想氣體被活塞封閉在可導(dǎo)熱的豎直氣缸內(nèi)， 活塞可沿氣缸無(wú)摩擦地上下滑動(dòng)。開(kāi)始時(shí)活塞靜止，取一小盒沙子緩慢地倒在活塞的上表面上，在倒沙子的第2頁(yè)，共 12頁(yè)過(guò)程中，缸內(nèi)氣體內(nèi)能_( 填“增大”、“減小”或“不變”) ，氣體對(duì)活塞

7、_( 填“做正功”、 “做負(fù)功”或“不做功”)，氣體 _( 填“吸熱”或“放熱” )。四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2 小題，共15.0 分）10. 用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)測(cè)量勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的加速度。(1) 實(shí)驗(yàn)的主要步驟：用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光片的寬度d，結(jié)果如圖乙所示，讀得?= _mm；用刻度尺測(cè)量A 點(diǎn)到光電門(mén)所在位置B 點(diǎn)之間的水平距離x；滑塊從 A 點(diǎn)靜止釋放 ( 已知砝碼落地前擋光片已通過(guò)光電門(mén)) ；讀出擋光片通過(guò)光電門(mén)所用的時(shí)間t；改變光電門(mén)的位置，滑塊每次都從A 點(diǎn)靜止釋放，測(cè)量相應(yīng)的x 值并讀出 t 值。(2) 根據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)，以x1 為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙中作出1-?為橫坐標(biāo)， 22圖線(xiàn)

8、?如圖丙所示，求得該圖線(xiàn)的斜率-1-2?= _? ；由此進(jìn)一步求得滑塊的加速度 ?=_-23 位有效數(shù)字 )? .( 計(jì)算結(jié)果均保留11. 用如圖 a 所示的電路測(cè)量鉑熱敏電阻的阻值與溫度的關(guān)系。(1) 開(kāi)關(guān)閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)移至_端( 填“ A”或“ B” ) 。第3頁(yè)，共 12頁(yè)(2) 實(shí)驗(yàn)測(cè)得不同溫度下的阻值，并繪得如圖b 的 ? - ?關(guān)系圖線(xiàn)， 根據(jù)圖線(xiàn)寫(xiě)出該?熱敏電阻的 ? - ?關(guān)系式： ? = _(?)。?(3) 鉑的電阻對(duì)溫度變化很靈敏，可以制成電阻溫度計(jì)。請(qǐng)利用開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線(xiàn)、鉑熱敏電阻、圖 a 中某一電表和圖 c 所示的恒流源 ( 調(diào)節(jié)旋鈕時(shí)可以選擇不同的輸出電流，且

9、輸出電流不隨外部條件的變化而變化) ，設(shè)計(jì)一個(gè)簡(jiǎn)易電阻溫度計(jì)并在圖d的虛線(xiàn)框內(nèi)畫(huà)出電路原理圖。(4) 結(jié)合圖 b 的關(guān)系圖線(xiàn)，選擇恒流源的輸出電流為0.15?，當(dāng)選用的電表達(dá)到滿(mǎn)偏時(shí)，電阻溫度計(jì)所測(cè)溫度為_(kāi)。如果要提高該溫度計(jì)所能測(cè)量的最高溫度值，請(qǐng)?zhí)岢鲆环N可行的方法：_ 。五、計(jì)算題（本大題共3 小題，共42.0 分）12. 在豎直平面內(nèi)，一根長(zhǎng)為 L 的絕緣細(xì)線(xiàn)，一端固定在 O 點(diǎn)，另一端拴著質(zhì)量為 m、電荷量為 +?的小球。小球始終處在場(chǎng)強(qiáng)大小為3?2? 、方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，現(xiàn)將小球拉到與 O 點(diǎn)等高處， 且細(xì)線(xiàn)處于拉直狀態(tài)， 由靜止釋放小球， 當(dāng)小球的速度沿水平方向時(shí)， 細(xì)線(xiàn)被

10、拉斷， 之后小球繼續(xù)運(yùn)動(dòng)并經(jīng)過(guò)P 點(diǎn)，P 點(diǎn)與 O 點(diǎn)間的水平距離為 L。重力加速度為 g，不計(jì)空氣阻力，求：(1) 細(xì)線(xiàn)被拉斷前瞬間，細(xì)線(xiàn)的拉力大??；(2)?、P 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差。13. 傾角為 ?的斜面與足夠長(zhǎng)的光滑水平面在D 處平滑連接，斜面上AB 的長(zhǎng)度為 3L ，BC、CD 的長(zhǎng)度均為 3.5?，BC 部分粗糙，其余部分光滑，如圖，4 個(gè)“一口”形小滑塊工件緊挨在一起排在斜面上從下往上依次標(biāo)為上、2、 3、4，滑塊上長(zhǎng)為 L 的輕桿與斜面平行并與上一個(gè)滑塊接觸但不粘連，滑塊 1 恰好在 A 處。現(xiàn)將 4 個(gè)滑塊一起由靜止釋放， 設(shè)滑塊經(jīng)過(guò) D 處時(shí)無(wú)機(jī)械能損失， 輕桿不會(huì)與斜面相碰。

11、 已知每個(gè)滑塊的質(zhì)量為 m 并可視為質(zhì)點(diǎn)，滑塊與粗糙面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為?，重力加速度為 g。求：(1) 滑塊 1 剛進(jìn)入 BC 時(shí)，滑塊 1 上的輕桿所受到的壓力大?。?2)4 個(gè)滑塊全部滑上水平面后，相鄰滑塊之間的距離。第4頁(yè)，共 12頁(yè)14. 如圖所示，水平放置的導(dǎo)熱氣缸A 和 B 底面積相同，長(zhǎng)度分別為2L 和 L，兩氣缸通過(guò)長(zhǎng)度為 L 的絕熱管道連接；厚度不計(jì)的絕熱活塞a、 b 可以無(wú)摩擦地移動(dòng)， a的橫截面積為 b 的兩倍。開(kāi)始時(shí)A、 B 內(nèi)都封閉有壓強(qiáng)為 ?0、溫度為 ?0的空氣，活塞 a 在氣缸 A 最左端，活塞 b 在管道最左端?，F(xiàn)向右緩慢推動(dòng)活塞a，當(dāng)活塞 b 恰好到管道最右

12、端時(shí)， 停止推動(dòng)活塞a 并將其固定， 接著緩慢加熱氣缸B 中的空氣直到活塞 b 回到初始位置，求(?)活塞 a 向右移動(dòng)的距離；(?)活塞 b 回到初始位置時(shí)氣缸B 中空氣的溫度。第5頁(yè)，共 12頁(yè)答案和解析1.【答案】 B【解析】 解： A、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒可知X 是中子，故A 錯(cuò)誤；B、對(duì)第二個(gè)方程，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒可知Y 是氚核，故B 正確；C、 X 是中子， Y 是氚核， X 與 Y 不是同位素，故C 錯(cuò)誤；D 、 兩個(gè)核反應(yīng)都屬于聚變反應(yīng)，故D 錯(cuò)誤。故選： B。根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒判斷X 和和 Y 的種類(lèi)，這兩個(gè)方程都是聚變。本題考查了有關(guān)聚變的基礎(chǔ)知識(shí)，

13、在平時(shí)學(xué)習(xí)中注意基礎(chǔ)知識(shí)的理解和應(yīng)用，掌握裂變和聚變的特點(diǎn)。2.【答案】 C【解析】 解：AC、過(guò)程 I 中動(dòng)量改變量等于重力的沖量， 即為 mgt，不為零， 故 A 錯(cuò)誤、 C 正確；B、運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入水前的速度不為零，末速度為零，過(guò)程II 的動(dòng)量改變量不等于零，故B錯(cuò)誤；D 、過(guò)程 II 的動(dòng)量改變量等于合外力的沖量，不等于重力的沖量，故D 錯(cuò)誤；故選： C。分析兩個(gè)過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員速度的變化、受力情況等，由此確定動(dòng)量的變化是否為零。本題主要是考查動(dòng)量定理，解答本題要知道動(dòng)量的變化與合外力沖量的關(guān)系。3.【答案】 D【解析】 解： 0 - 2?，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為： ?，為定值，?1 = ?= ?00?

14、0 ?0，也為定值，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為： ? = ? = ?3? - 5?2 ?000因此感應(yīng)電流也為定值，那么安培力 ?= ?由于0-?， B 逐漸減小到零，故安培力逐漸減小到零，根據(jù)楞次定律，可知，線(xiàn)圈中0感應(yīng)電流方向順時(shí)針， 依據(jù)左手定則， 可知，線(xiàn)框 ab 邊受到安培力方向向上，即為正；同理， ?，安培力方向向下，為負(fù)，大小增大，0-2?0而在 2?0-3?0，沒(méi)有安培力；在 3?0-4?0，安培力方向向上，為正，大小減??；在 4?，安培力方向向下，為負(fù)，大小增大，故D正確，ABC錯(cuò)誤；0 -5?0故選： D。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)， 根據(jù)歐姆定律求解感應(yīng)電流， 根據(jù)安培力公式

15、 ?= ?求解安培力；根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，再由左手定則判定安培力的方向，從而即可求解。本題根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和安培力公式判斷安培力大小情況； 根據(jù)楞次定律判斷安培力方向，并掌握左手定則的應(yīng)用，及能與右手定則的區(qū)別。4.【答案】 D【解析】 解： 21.6?/? = 6?/?汽車(chē)在前 0.3?+ 0.7?內(nèi)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，位移為：第6頁(yè)，共 12頁(yè)?1 = ?(?01 + ?)2= 6 (0.3 + 0.7)? = 6?隨后汽車(chē)做減速運(yùn)動(dòng)，位移為：262? =?=? = 3.6?022?2 5所以該 ETC 通道的長(zhǎng)度為：?= ?+ ? =6? + 3.6? = 9.6?12故

16、ABC 錯(cuò)誤， D 正確故選： D。汽車(chē)先勻速后減速， 分別由勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的公式與勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的公式求解汽車(chē)兩段位移，然后取和即可。該題考查勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的公式的應(yīng)用，解答的關(guān)鍵是明確汽車(chē)的兩段運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，然后合理選擇公式。5.【答案】 A【解析】 解：該題中， 太陽(yáng)、 地球、木星的位置關(guān)系如圖：設(shè)地球的公轉(zhuǎn)半徑為?，木星的公轉(zhuǎn)半徑為?，測(cè)得地球12與木星的距離是地球與太陽(yáng)距離的222? = ? + (?)211k 倍，則有：22= (1 + ?)?133?由開(kāi)普勒第三定律有：1=222?12332?2222可得： ? =3? = (1 + ?)2?2?111由于地球公轉(zhuǎn)周期為1 年，則有：

17、3年? = (1 + ?)422故 A 正確， BCD 錯(cuò)誤故選： A。畫(huà)出太陽(yáng)、地球、木星的位置關(guān)系，由幾何關(guān)系求出木星的公轉(zhuǎn)比較，然后由開(kāi)普勒第三定律即可求出。該題考查開(kāi)普勒第三定律的應(yīng)用， 解答的關(guān)鍵是結(jié)合題目中的條件， 正確找到木星與地球的軌道半徑之間的關(guān)系。6.【答案】 C【解析】 解： A、由題意可知， a、c 兩點(diǎn)處于同一同心圓，因此它們的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向不同，故A 錯(cuò)誤；B -?ab、?，根據(jù)動(dòng)能定理，的粒子僅在電場(chǎng)力作用下從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)，速率分別為 ?、11222? -?2則有： ? =，解得粒子的比荷=? ?，故 B 錯(cuò)誤；? -?2(? -?)? 2?2 ?C、因 a

18、 點(diǎn)離正點(diǎn)電荷較近，則a 點(diǎn)的電場(chǎng)線(xiàn)比b 點(diǎn)處較密，因此其電場(chǎng)力比b 點(diǎn)大，那么在 a 點(diǎn)的加速度大于在b 點(diǎn)的加速度，故C 正確；D 、負(fù)粒子從 a 點(diǎn)移到 b 點(diǎn)，即從高電勢(shì)移到低電勢(shì)，那么電勢(shì)能增大， 電場(chǎng)力做負(fù)功，故D錯(cuò)誤；故選： C。依據(jù)點(diǎn)電荷周?chē)幱谕膱A上電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等；根據(jù)動(dòng)能定理， 即可求解粒子的比荷；依據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的疏密程度來(lái)判定電場(chǎng)強(qiáng)度強(qiáng)弱，從而判定加速度大??；最后根據(jù)負(fù)電荷從高電勢(shì)到低電勢(shì)，電勢(shì)能增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，進(jìn)而即可求解?？疾殡妶?chǎng)強(qiáng)度是矢量，掌握動(dòng)能定理的內(nèi)容，理解電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能高低的關(guān)系，注意電場(chǎng)線(xiàn)的疏密與加速度大小判定。第7頁(yè)，共 12頁(yè)7.【答案】 BD

19、【解析】解：A、由瞬時(shí)值表達(dá)式有： ?= 18 2?100?(?)，可知角速度為： ?= 100?，?100?則頻率為： ?= 2? =2? = 50?，故 A錯(cuò)誤；BCD 、設(shè)每只燈的額定電流為I ，額定電壓為U，因并聯(lián)在副線(xiàn)圈兩端的兩只小燈泡正常發(fā)光，所以副線(xiàn)圈中的總電流為2I，原副線(xiàn)圈電流之比為1： 2，根據(jù)原副線(xiàn)圈中電流之比與匝數(shù)成反比得原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)之比為：?1?22?=?121又 ?1 = ?1 得原線(xiàn)圈兩端電壓為：22?1?1 =? ?2 = 2?2根據(jù)閉合電路歐姆定律得交流電源電壓為：?= ?+ 2?= 3?該交流電的最大值為18，則有效值為18V，所以 3?= 18?2?則

20、燈泡的額定電壓為6VBD正確，C錯(cuò)誤。，原線(xiàn)圈兩端得電壓等于 2?= 12?，故故選： BD。設(shè)每只燈的額定電流為I ，因并聯(lián)在副線(xiàn)圈兩端的兩只小燈泡正常發(fā)光，所以副線(xiàn)圈中的總電流為 2I，由電流關(guān)系求出匝數(shù)比；根據(jù)原副線(xiàn)圈兩端電壓之比與匝數(shù)成正比交流電源電壓。本題解題的突破口在原副線(xiàn)圈的電流關(guān)系，注意明確四個(gè)燈正常發(fā)光為解題的關(guān)鍵。還要特比注意交流電源電壓應(yīng)是兩個(gè)燈泡兩端電壓之和再加上原線(xiàn)圈兩端電壓。8.【答案】 AC【解析】 解： A、磁場(chǎng)垂直于紙面向里，由題意可知，粒子沿順時(shí)針?lè)较蜃鰣A周運(yùn)動(dòng)，由左手定則可知，粒子帶負(fù)電，故A 正確；B、粒子穿過(guò)薄鋁板時(shí)動(dòng)能損失一半，即為：12112? =

21、?22221解得： ?：?2= 2：1，故 B 錯(cuò)誤；12?C、粒子在磁場(chǎng)中做勻速運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：?= ?解得： ?=?，?由題意可知， 粒子在兩磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r相等，則有：?：?：12= ?= 2121，故 C 正確；2?D 、粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為：?= ?粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：?=?2?=，?由題意可知，粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角分別為：?1 = 120 ， ?2 = 240 ，?1?1?2120 11粒子在磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比：? =? =240 2 =22，故 D 錯(cuò)誤；221故選： AC。根據(jù)左手定則判斷粒子電性；根據(jù)動(dòng)能關(guān)系判

22、斷速度關(guān)系；根據(jù)洛倫茲力提供向心力判斷磁感應(yīng)強(qiáng)度的關(guān)系；根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中的周期公式結(jié)合圓心角判斷運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系。本題考查了帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，認(rèn)真審題、理解題意是解題的前提，分析清第8頁(yè)，共 12頁(yè)楚粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的關(guān)鍵， 應(yīng)用左手定則、 牛頓第二定律與粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式即可解題。9.【答案】 不變做負(fù)功放熱【解析】 解：一定質(zhì)量的理想氣體被活塞封閉在可導(dǎo)熱的豎直氣缸內(nèi)，緩慢倒入沙子過(guò)程中，活塞下移，氣體對(duì)活塞做負(fù)功，由于氣缸導(dǎo)熱，所以氣體對(duì)外放出熱量，內(nèi)能不變。故答案為：不變；做負(fù)功；放熱。根據(jù)熱力學(xué)第一定律結(jié)合理想氣體內(nèi)能的決定因素進(jìn)行分析。本題主要是考查了熱力學(xué)第一定律的

23、知識(shí)，要能夠根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷氣體內(nèi)能的變化與哪些因素有關(guān)( 功和熱量 )；熱力學(xué)第一定律在應(yīng)用時(shí)一定要注意各量符號(hào)的意義；?的正表示內(nèi)能變化，Q 為正表示物體吸熱；W 為正表示外界對(duì)物體做功。10.【答案】 6.60 2.38 104 0.518【解析】 解： (1) 游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為6mm，游標(biāo)讀數(shù)為 0.05 12? = 0.60?，則 ?= 6.60?。?(2) 滑塊通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度為：?= ?根據(jù)速度位移公式得：2? = 2?2有： ?2 = 2?12?整理得：2= 2?(2.0-1.0)4根據(jù)圖線(xiàn)知圖線(xiàn)的斜率為：?= 104 -1-2； 2.38 100.42?2?24

24、2-62根據(jù) ?=?=2.38 10 6.60 1022得： ?=22?/? = 0.518?/? 。?故答案為：(1) 6.60 ； (2)2.3810 4(2.28 10 4 2.52 10 4均正確 ) ，0.518(0.497 0.549 均正確 )(1) 游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀。(2) 根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度求出滑塊通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度，結(jié)合速1度位移公式得出2 -?的關(guān)系式，從而求出滑塊的加速度。?解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理， 對(duì)于圖線(xiàn)問(wèn)題， 一般的解題思路是得出物理量間的關(guān)系式，結(jié)合圖線(xiàn)的斜率或截距進(jìn)行求解。11.【答案】 (1)?(2)

25、50 + ?(3) 如圖所示，(4)50；將恒流源的電流調(diào)小【解析】 解： (1) 開(kāi)關(guān)閉合前，為了保護(hù)電路，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)位于阻值最大處，即滑片應(yīng)滑到B 端；第9頁(yè)，共 12頁(yè)(2) 根據(jù)圖象的直線(xiàn)的特點(diǎn)，可以選設(shè) ? = ?+ ?，再由圖象上的兩個(gè)特殊點(diǎn)求出k 和 b，?當(dāng) ?= 0 時(shí)，?= 50?，從而得到 ?= 50 ，而當(dāng) ?= 100 時(shí)，?= 150?，從而求得 ?= 1，所以該熱敏電阻的 ? - ?關(guān)系式： ? = ?+ 50 。?(3) 由于題目所給的器材是一恒流源，輸出的電流恒定，而熱敏電阻變化時(shí)，其兩端的電壓要變化，所以從熱敏電阻電壓的變化就知道電阻，故設(shè)計(jì)的電路圖

26、如圖所示。(4) 由于利用電壓表的量程為 15V，且使用的是 0.15?的恒流源，則此時(shí)熱敏電阻的阻值15?為 ?= 0.15? =100?，再?gòu)膱D a 中查出溫度 ?= 50 ；由于電壓表的量程一定，?= ?，所以要提高測(cè)量R 的范圍，則要控制恒流變小，或換更大量程的電壓表，等均可。故答案為： (1)?(2)50 + ?(3) 如圖所示，(4)50；將恒流源的電流調(diào)小。(1) 開(kāi)關(guān)閉合前，為了保護(hù)電路，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)位于阻值最大處；(2) 根據(jù)電流表和電壓表的量程和分度值讀出電流和電壓，然后根據(jù)歐姆定律的變形公式求出 ?的阻值；?(3) 明確題意，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理即可確定應(yīng)采用的實(shí)驗(yàn)電路；(

27、4) 根據(jù)歐姆定律即可確定電阻，由圖象即可確定溫度；再根據(jù)電路原理確定提高溫度值的方法。本題考查了實(shí)物電路的連接、 歐姆定律、串聯(lián)電路的特點(diǎn)、 電表的讀數(shù)及電阻的計(jì)算等，關(guān)鍵是根據(jù)圖象找出鉑絲電阻的阻值與溫度的關(guān)系式和歐姆定律的靈活運(yùn)用。12.【答案】 解： (1) 小球受到豎直向上的電場(chǎng)力 ?= ?= 1.5? ?所以小球被釋放后將向上繞O 點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)， 到達(dá)圓周最高點(diǎn)時(shí)速度沿水平方向，設(shè)此時(shí)速度為 v，(?- ?)?=12由動(dòng)能定理得：2 ? 設(shè)細(xì)線(xiàn)被拉斷前瞬間的拉力為? ，由牛頓第二定律得：?聯(lián)立 式解得： ? = 1.5?2? + ?-?= ? ?(2) 細(xì)線(xiàn)斷裂后小球做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，

28、加速度a 豎直向上，由牛頓第二定律得： ?- ?=? 設(shè)細(xì)線(xiàn)斷裂后小球經(jīng)時(shí)間t 到達(dá) P 點(diǎn)，則有 ?= ? 小球在豎直方向上的位移為?=122? 解得： ?= ?4O、P 兩點(diǎn)沿電場(chǎng)方向( 豎直方向 ) 的距離為 ?= ?+ ? O、P 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差?= ? ?15?聯(lián)立 式解得?=8?答： (1) 細(xì)線(xiàn)被拉斷前瞬間，細(xì)線(xiàn)的拉力大小是1.5?；第10 頁(yè)，共 12頁(yè)15?(2)?、 P 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差是8??！窘馕觥?(1) 根據(jù)動(dòng)能定理求得小球在最高點(diǎn)的速度，再由牛頓第二定律求得繩子拉力；(2) 對(duì)小球進(jìn)行受力分析求得小球運(yùn)動(dòng)加速度，由水平位移求得運(yùn)動(dòng)時(shí)間，進(jìn)而求得豎直位移，從而得到高度

29、差，再根據(jù)?= ?可求得電勢(shì)差。帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中受到的電場(chǎng)力恒定，故一般通過(guò)受力分析( 或運(yùn)動(dòng)分析 )，由牛頓第二定律，通過(guò)加速度得到運(yùn)動(dòng)情況(或受力情況 )。13.BC 段時(shí)， 4 個(gè)滑塊的【答案】 解： (1) 以 4 個(gè)滑塊為研究對(duì)象，設(shè)第一個(gè)滑塊剛進(jìn)加速度為 a，由牛頓第二定律有：4?-?= 4? 以滑塊1 為研究對(duì)象，設(shè)剛進(jìn)入BC 段時(shí)，輕桿受到的壓力為F，由牛頓第二定律有：?+ ?-?= ? 已知 ?= ?聯(lián)立可得： ?=34 ?(2) 設(shè) 4 個(gè)滑塊完全進(jìn)入粗糙段時(shí)， 也即第 4 個(gè)滑塊剛進(jìn)入 BC 時(shí)，滑塊的共同速度為 v。這個(gè)過(guò)程， 4 個(gè)滑塊向下移動(dòng)了6L 的距離， 1、2、3 滑塊在粗糙段向下移動(dòng)的距離分別為 3L、2L、 L。4?6?-?(3?+ 2?+ ?)=12由動(dòng)能定理，有：24? 可得： ?= 3?由于動(dòng)摩擦因數(shù)為?= ?，則 4 個(gè)滑塊都進(jìn)入 BC 段后，所受合外力為0，各滑塊均以速度 v 做勻速運(yùn)動(dòng)。第 1 個(gè)滑塊離開(kāi) BC 后做勻加速下滑，設(shè)到達(dá)D 處時(shí)速度為 ?，由動(dòng)能定理： ?17?=1212? -? 2212可得： ? = 4 ?1當(dāng)?shù)?/p>