(3份試卷匯總)2019-2020學(xué)年天津市和平區(qū)高一物理下學(xué)期期末綜合測(cè)試試題

1、2019-2020學(xué)年高一下學(xué)期期末物理模擬試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共1。小題，每小題4分，共4。分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合 題目要求的1 .（本題9分）關(guān)于作用力與反作用力做功，下列說(shuō)法不正確的是。A. 一對(duì)靜摩擦力做功之和一定為零B. 一對(duì)滑動(dòng)摩擦力做功之和一定為負(fù)值C.當(dāng)作用力做正功時(shí)，反作用力一定做負(fù)功D.當(dāng)作用力做正功時(shí)，反作用力可以做正功，也可以做負(fù)功，也可以不做功2.（本題9分）如圖所示，運(yùn)動(dòng)員把質(zhì)量為m的足球從水平地面踢出，足球在空中達(dá)到的最大高度為在最高點(diǎn)時(shí)的速度為v,不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g,則運(yùn)動(dòng)員踢球時(shí)對(duì)足球做的功為（）C. mgh+ mv2 D.

2、 mgh+mv23 .（本題9分）如圖所示，水平面上有一汽車(chē)A,通過(guò)定滑輪用繩子拉同一水平面的物體B,當(dāng)拉至圖示 位置時(shí)，兩繩子與水平面的夾角分別為甬二者速度分別為VA和VB,則（）A. va: vb=1： 1B. va: VB=sina： sinpC. va: vs=cosp： cosaD va: VB=sina： cosP4 .（本題9分）跳傘運(yùn)動(dòng)員張開(kāi)傘之后豎直向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，一陣風(fēng)過(guò)后，運(yùn)動(dòng)員在水平方向的分速度為 6m/s,此時(shí)運(yùn)動(dòng)員的實(shí)際速度為10m/s,則運(yùn)動(dòng)員豎直方向的分速度為A. 4m/s B. 6m/s C. 8m/s D. 10 m/s5 .（本題9分）如圖所示，物體A

3、和B的質(zhì)量均為m,且分別與跨過(guò)定滑輪的輕繩連接（不計(jì)繩與滑輪、 滑輪與軸之間的摩擦），在用水平變力F拉物體B沿水平方向向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正B.物體A做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C.繩子對(duì)物體A的拉力等于物體A的重力D.繩子對(duì)物體A的拉力大于物體A的重力6 .關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.物體在恒力作用下不可能做曲線運(yùn)動(dòng)B.物體在變力作用下一定做曲線運(yùn)動(dòng)C.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體任意時(shí)刻速度相同D.做平拋運(yùn)動(dòng)的物體在相同時(shí)間內(nèi)速度變化量相同7 .（本題9分）一個(gè)物體從某一確定的高度以V。的初速度水平拋出，已知它落地時(shí)的速度為vt ,重力加 速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）a.用e表示它

4、的速度方向與水平夾角，則sme=孑b.它的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是也一殳 gC.它的豎直方向位移是42gD.它的位移是 2g8 .如圖所示是網(wǎng)球發(fā)球機(jī)，某次室內(nèi)訓(xùn)練時(shí)將發(fā)球機(jī)放置于某一豎直墻面前，然后向墻面發(fā)射網(wǎng)球。假 定網(wǎng)球水平射出，某兩次射出的網(wǎng)球a, b運(yùn)動(dòng)軌跡如圖虛線所示，碰到墻面時(shí)與水平方向夾角分別為30。 和60。、若不考慮網(wǎng)球在空中受到的阻力，則a、b兩球A.a球初速度較大C. a球碰到墻面時(shí)速度較大B.a球在空中飛行的時(shí)間較長(zhǎng)D. a球速度變化量較大9 .（本題9分）-物體由靜止開(kāi)始做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間，內(nèi)通過(guò)的位移為“則它從出發(fā)開(kāi)始經(jīng)過(guò)；的位移所用的時(shí)間為A，4B-110 .（本題9分

5、）用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖）.設(shè)兩極板正對(duì)面積為S,極板間的距離為d,靜電計(jì)指針偏角為仇實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若A.保持S不變，增大d,則8變大B.保持S不變，增大d,則6變小C.保持d不變，減小S,則e變小D.保持d不變，減小S,則e不變二、多項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分,在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目 要求.全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得。分11 .（本題9分）如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r.閉合開(kāi)關(guān)S,增大可變電阻R的阻值后，電壓表示數(shù)的變化量為AU.在這個(gè)過(guò)程中，下列判斷正確的A.電流表的示數(shù)增大

6、B.電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大C.電容器的帶電量減小，減小量小于CAUD.電壓表示數(shù)變化量AU和電流表示數(shù)變化量AI的比值不變12 .下列說(shuō)法中不正確的是 A.作用在靜止物體上的力的沖量一定為零B.根據(jù) 一, w LJ可把牛頓第二定律表述為：物體動(dòng)量的變化率等于它所受的合外力C.物體的動(dòng)量發(fā)生改變，則合外力一定對(duì)物體做了功D.物體的動(dòng)能發(fā)生改變，其動(dòng)量一定發(fā)生改變13 .（本題9分）如圖所示，在固定的圓錐形漏斗的光滑內(nèi)壁上，有兩個(gè)質(zhì)量相等的小物塊A和B,它們分 別緊貼漏斗的內(nèi)壁，在不同的水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。則以下敘述正確的是（）A.物塊A的線速度大于物塊B的線速度B.物塊A的

7、角速度大于物塊B的角速度c.物塊A對(duì)漏斗內(nèi)壁的壓力大于物塊B對(duì)漏斗內(nèi)壁的壓力D.物塊A的周期大于物塊B的周期14 .（本題9分）如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量均為7的小球A、B套在半徑為R的圓環(huán)上，圓環(huán)可繞豎直方向的直徑旋轉(zhuǎn),兩小球隨圓環(huán)一起轉(zhuǎn)動(dòng)且相對(duì)圓環(huán)靜止.已知0A與豎直方向的夾角夕=53, 0A與0B垂直，小球B與圓環(huán)間恰好沒(méi)有摩擦力,重力加速度為g,sin530 =0.8,cos53°= 0.6.下列說(shuō)法正確的是（）A.圓環(huán)旋轉(zhuǎn)角速度的大小為京B.圓環(huán)旋轉(zhuǎn)角速度的大小為c.小球4受到的.重力和彈力合力水平向左D.小球A與圓環(huán)間摩擦力的大小為吆15 .如圖所示，細(xì)線的-端固定于。點(diǎn)，另一端

8、系一小球，在水平拉力F作用下，小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中（）A.小球的機(jī)械能保持不變B.小球受的合力對(duì)小球不做功C.水平拉力F的瞬時(shí)功率逐漸減小D.小球克服重力做功的瞬時(shí)功率逐漸增大16 .（本題9分）如圖所示，一個(gè)長(zhǎng)直輕桿兩端分別固定一個(gè)小球A和B, A球、B球質(zhì)量分別為2m、m, 兩球半徑忽略不計(jì)，桿的長(zhǎng)度為/。先將桿AB豎直靠放在豎直墻上，輕輕振動(dòng)小球B,使小球A在水平 面上由靜止開(kāi)始向右滑動(dòng)，當(dāng)小球B沿墻下滑距離為g時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）B.小球B的速度為史史 2C.小球B沿墻下滑!過(guò)程中，桿對(duì)B做的功為正陪/ 25D.小球B沿墻下滑:過(guò)程中，桿對(duì)A做的功為!

9、吆/三、實(shí)驗(yàn)題:共2小題，每題8分，共16分17 .(本題9分)在利用重錘下落驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中：(1)實(shí)驗(yàn)中動(dòng)能的增加量略小于重力勢(shì)能的減少量，其主要原因是A、重物下落的實(shí)際距離大于測(cè)量值B、重物下落的實(shí)際距離小于測(cè)量值C、重物下落受到阻力D、重物的實(shí)際末速度大于計(jì)算值(2)如圖所示，有一條紙帶，各點(diǎn)距A點(diǎn)的距離分別為出，d2, d3,各相鄰點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T(mén),當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間,要用它來(lái)驗(yàn)證物體從B到G處的機(jī)械能是否守恒，則B點(diǎn)的速度表達(dá)式為vB=, G點(diǎn)的速度表達(dá)式為VG=(3)若B點(diǎn)和G點(diǎn)的速度“、vG以及BG間的距離h均為已知量，則當(dāng)滿足時(shí)，物體的機(jī)械能守恒.18 .(本題9

10、分)某同學(xué)用如圖所示的裝置“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)前，用水平儀先將光滑操作臺(tái)的臺(tái)面 調(diào)為水平。其實(shí)驗(yàn)步驟如下：a.用天平測(cè)出小球A、B的質(zhì)量mA、mB,且mA>rriB；b.先不放小球B,把輕彈簧的一端固定在固定擋板上，用細(xì)線將小球A與擋板連接，使擋板和A間的彈簧 處于壓縮狀態(tài)；剪斷細(xì)線，小球A沿平臺(tái)運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)彈簧后，A再沿平臺(tái)運(yùn)動(dòng)，最后滑落臺(tái)面，記錄小球 A的落地點(diǎn)P的位置；c.放上小球B,把輕彈簧的一端仍固定在固定擋板上，還用細(xì)線將小球A與擋板連接，使擋板和A間的彈 簧處于相同的壓縮狀態(tài)；剪斷細(xì)線，小球A沿平臺(tái)運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)彈簧后，和小球B沿一條直線碰撞后都滑落 臺(tái)面，記錄A、B滑塊的落

11、地點(diǎn)的N、M位置；&用刻度尺測(cè)出三個(gè)落地點(diǎn)N、P、M距操作臺(tái)邊緣的水平距離x】、xz、X3；實(shí)驗(yàn)步躲a中，要求其原因?yàn)椤＃?）實(shí)驗(yàn)前，用水平儀先將光滑操作臺(tái)的臺(tái)面調(diào)為水平，其原因?yàn)?o（3）如果A、B組成的系統(tǒng)水平動(dòng)量守恒，須滿足的關(guān)系是（用測(cè)量量表示）。（4）該實(shí)驗(yàn)還可以驗(yàn)證碰撞過(guò)程是否為彈性碰撞（碰撞過(guò)程中沒(méi)有機(jī)械能損失），只要再滿足的關(guān)系式，即可說(shuō)明兩小球的碰擅為彈性碰撞（用測(cè)量量表示）。四、解答題：本題共4題，每題5分，共20分19 .（6分）（本題9分）如圖所示，在絕緣水平面上，相距為L(zhǎng)的A、B兩點(diǎn)處分別固定著兩個(gè)等量正電荷.a、Lb是AB連線上兩點(diǎn)，其中Aa=Bb=-,O為

12、AB連線的中點(diǎn).一質(zhì)量為m帶電量為+q的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以初動(dòng)能E。從a點(diǎn)出發(fā)，沿AB直線向b運(yùn)動(dòng)，其中小滑塊第一次經(jīng)過(guò)。點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為初動(dòng)能的n倍 到達(dá)b點(diǎn)時(shí)動(dòng)能恰好為零，小滑塊最終停在。點(diǎn)，求：a a ° h B（i）小滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)內(nèi)（2）Ob兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U°b.（3）小滑塊運(yùn)動(dòng)的總路程S.20 . （6分）一轟炸機(jī)在海面上方h=500m高處沿水平直線飛行，以vlOOm/s的速度追趕一艘位于正前下 方以V2=20m/s的速度逃跑的敵艦，如圖所示。要準(zhǔn)確擊中敵艦，飛機(jī)應(yīng)在離敵艦水平距離為s處釋放炸 彈，釋放炸彈時(shí)，炸彈與飛機(jī)的速度相同，空氣阻力不計(jì)，重力

13、加速度g=10m/s2。求：令， h -5v2J（1）炸彈從被釋放到落到水面的時(shí)間；（2）炸彈剛落到水面時(shí)的速度大小；（結(jié)果保留一位小數(shù)）（3）要能準(zhǔn)確擊中敵艦，s應(yīng)為多大？21 . （6分）（本題9分）汽車(chē)以額定功率行駛7x102m距離后關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)，汽車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)能Ek與位侈x 的關(guān)系圖象如圖所示。已知汽車(chē)的質(zhì)量為1000kg,汽車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受阻力為2000N,求汽車(chē):(2)減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程的位移；(3)加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程所用的時(shí)間。22 . (8分)(本題9分)宇航員在一星球表面上高h(yuǎn)處由靜止釋放一個(gè)小球，經(jīng)過(guò)t時(shí)間小球落到星球表面，該星球的半徑為R,萬(wàn)有引力常量為G.求(1)該星球表面的重力加

14、速度g;(2)該星球的質(zhì)量M.參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合 題目要求的1. C【解析】一對(duì)互為作用力和反作用力的靜摩擦力因?yàn)闆](méi)有相對(duì)位移，故做功的代數(shù)和一定為零，故A正確；對(duì)相互 作用的滑動(dòng)摩擦力對(duì)相互作用的兩物體做功代數(shù)和一定為負(fù)值，其絕對(duì)值等于產(chǎn)生的內(nèi)能，即Q=f-AS, 故B正確；作用力與反作用力做功可能都是正功也可能都是負(fù)功，比如兩個(gè)磁鐵在它們的相互作用力的作 用下運(yùn)動(dòng)，如果從靜止開(kāi)始向相反的方向運(yùn)動(dòng)則都是在做正功，故C錯(cuò)誤；當(dāng)作用力做正功時(shí)，反作用力 可以做正功，也可以做負(fù)功，也可以不做功，選項(xiàng)D正確；此題選擇

15、錯(cuò)誤的選項(xiàng)，故選C.點(diǎn)睛：本題細(xì)致的考查了作用力與反作用力的關(guān)系，及作用力與反作用力做功時(shí)的特點(diǎn)，有的學(xué)生想當(dāng)然 的認(rèn)為一個(gè)做正功，另一個(gè)必定做負(fù)功，這是不對(duì)的，本題是作用力與反作用力的一道好題.2. C【解析】【分析】【詳解】足球被踢起后在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，只受到重力作用，只有重力做功，足球的機(jī)械能守恒，足球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，機(jī)械能為E=mgh+1mv2,由于足球的機(jī)械能守恒,則足球剛被踢起時(shí)的機(jī)械能為£=巾目卜+:皿2,足球獲22得的機(jī)械能等于運(yùn)動(dòng)員對(duì)足球所做的功，因此運(yùn)動(dòng)員對(duì)足球做功：W=mgh+1mv2,故ABD錯(cuò)誤，C正確;故選C.【點(diǎn)睛】本題可以對(duì)踢球的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理，足球動(dòng)能的

16、增加量等于小明做的功；同時(shí)足球離開(kāi)腳后，由于慣性 繼續(xù)飛行，只有重力做功，機(jī)械能守恒.3. C【解析】【詳解】對(duì)A物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進(jìn)行分解，則有沿著繩子方向的速度大小為唳cos a ；對(duì)B物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進(jìn)行分解，則有沿著繩子方向的速度大小為唳cos/ ,由于沿著繩子方向速度大小相等，所以則有i，ACosa = ocos/7,因此ABD錯(cuò)誤，C正確；故選C.【點(diǎn)睛】考查學(xué)會(huì)對(duì)物體進(jìn)行運(yùn)動(dòng)的分解，涉及到平行四邊形定則與三角函數(shù)知識(shí)，同時(shí)本題的突破口是沿著繩子的方向速度大小相等.4. C【解析】【詳解】運(yùn)動(dòng)員的合速度為10m/s,水平分速度為6m/s,由平行

17、四邊形法則可知豎直分速度為匚口 二4二W=Sm s；故選c.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道分運(yùn)動(dòng)具有獨(dú)立性，互不干擾，知道速度的合成遵循平行四邊形定則.5. D【解析】AB、將B物體的速度Vb進(jìn)行分解如圖所示，則VA=VB8sa,a減小,Vb不變，則Va逐漸增大，說(shuō)明A物體向上做 加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤、B錯(cuò)誤；CD、設(shè)繩子對(duì)A的拉力大小為T(mén),由牛頓第二定律T-mg=ma,可知繩子對(duì)A的拉力T>mg,則物體A處于超重狀態(tài).故C錯(cuò)誤、D正確.故選D.【點(diǎn)睛】將B的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的分速度等于A的速度，根據(jù)平行四邊形定 則判斷A的速度如何變化，從牛頓第二定律可知繩子對(duì)

18、A的拉力與重力的關(guān)系.6. D【解析】【詳解】A.物體在恒力作用下也可能做曲線運(yùn)動(dòng)，例如平拋運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.當(dāng)變力與速度方向共線時(shí)，物體在變力作用下也可能做直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體任意時(shí)刻速度大小相同，但是方向不一定相同，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.做平拋運(yùn)動(dòng)的物體加速度恒定為g,則在相同時(shí)間內(nèi)速度變化量均為酊，相同，選項(xiàng)D正確.7. B【解析】【詳解】A、根據(jù)幾何關(guān)系知，sinO =,故A錯(cuò)誤；匕B、根據(jù)平行四邊形定則知，物體落地時(shí)的豎直分速度匕.=-說(shuō)，則物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間f = W =五三，故B正確；g gC、豎直方向的位移，=L=三二水平位移口 = %/= %.'：

19、 一,根據(jù)平行四邊形定則知，物體 2g 2g°° g的位移s =尸尸=上薦歷孑，故CD錯(cuò)誤.2g【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和平行四邊形定則進(jìn) 行研究.8. A【解析】【詳解】1hvnAB.在平拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，有：h=-gt2； x=vot；位移與水平方向夾角的正切值為：。=一 = ；速度 2x 2gt與水平方向夾角的正切值為：tanP=- = 則有：tan叩2tan-在平拋運(yùn)動(dòng)中，有：h=xetana= vytan 6% tan300 11七型。兩球碰到墻面時(shí)與水平方向夾角分別為30。和6。，所以，=嬴才=§，

20、由卜=筮可得:"昌 =£，初速度：-二£，可得：遼二£，所以a的初速度較大，而飛行的時(shí)間較小。故A正 他 3tv2 1確，B錯(cuò)誤；vn匕 1 vcos600 1C.由于末速度：匕=一、可知，=-=7 ,所以兩球碰到墻面時(shí)速度相等，故C錯(cuò)誤； cosp匕 2 V2cos300 1D.a飛行的時(shí)間較小，由Av=gAt可知a速度變化量較小。故D錯(cuò)誤；9. B【解析】【分析】【詳解】據(jù)位移時(shí)間公式可得：x = atvy 11它從出發(fā)開(kāi)始經(jīng)過(guò)7的位移時(shí)，有：二=二/，解得： = 77， 44 22故選B10. A【解析】【分析】【詳解】AB、電容器所帶電荷量Q不變

21、，由。=占）可知S不變，增大d,則。變小，而由C = g可得電容器 4 九 kdU的電壓U變大，從而使得靜電計(jì)的電壓U變大，其指針的偏角e變大，故A正確、B錯(cuò)誤；CD、同理可知保持d不變，減小S,則。變小，而由。=於可得電容器的電壓u變大，使得靜電計(jì)的電壓u變大，其指針的偏角8變大，故選項(xiàng)c、D均錯(cuò)誤.故選:A.二、多項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得。分11. BCD【解析】【詳解】AC.閉合開(kāi)關(guān)S,增大可變電阻R的限值后，電路中電流減小，電流表示數(shù)減小，由歐姆定律分析得知， 電阻兩端的

22、電壓減小，電阻R兩端的電壓增大，而它們的總電壓即路端電壓增大，所以電阻兩端的 電壓減小量小于AU,則電容器的帶電量減小，減小量小于CAU.故A錯(cuò)誤，C正確。B.由圖，"% R增大，則電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大，故B正確。D.根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-I (R1+r),由數(shù)學(xué)知識(shí)得知，當(dāng)=用+，保持不變，故D正確。12. AC【解析】【分析】沖量是力在時(shí)間上的累積，與物體是否靜止無(wú)關(guān)；動(dòng)量是矢量，動(dòng)量變化可能是大小變化，也可能是方向 變化；動(dòng)能是標(biāo)量，只有大小沒(méi)有方向，動(dòng)能發(fā)生變化，速度大小一定變化，動(dòng)量變化?！驹斀狻緼.作用在靜止的物體上的合力的沖量一定為零，而分

23、力的沖量不一定為零，故A錯(cuò)誤；B.宏觀低速狀態(tài)下，物體的質(zhì)量為常量，因此動(dòng)量對(duì)時(shí)間的變化率本質(zhì)上是速度對(duì)時(shí)間的變化率，因此 物體所受到的合外力，等于物體動(dòng)量對(duì)時(shí)間的變化率，故B正確；C.物體的動(dòng)量發(fā)生改變可能是速度方向發(fā)生改變，而大小未變，此時(shí)物體的動(dòng)能沒(méi)有改變，合外力對(duì)物 體沒(méi)有做功，故C錯(cuò)誤；D.物體的動(dòng)能發(fā)生改變意味著物體的速度大小發(fā)生改變，則動(dòng)量一定改變，故D正確?！军c(diǎn)睛】本題主要考查了動(dòng)力學(xué)中基本的一些物理概念，較為簡(jiǎn)單。13. AD【解析】【詳解】AB.對(duì)A、B兩球進(jìn)行受力分析，兩球均只受重力和漏斗給的支持力.如圖所示.設(shè)內(nèi)壁與水平面的夾角為8.根據(jù)牛頓第二定律有：?*/ = *

24、= ?£.,解得：丁 ='學(xué)7M夕,由圖可知，A的半徑大，故A的速度大，角速度小，故A錯(cuò)誤，B正確;C .由圖可知，支持力入=金=¥，故C錯(cuò)誤；COS，D.由7 =三可知，A的角速度小，則周期大，故D錯(cuò)誤；.CD【點(diǎn)睛】?jī)汕蛟诓煌乃矫嫔献霭霃讲煌膭蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，因?yàn)樗艿闹亓εc支持力分別相等，即向心力相同,由牛頓第二定律可以解得其線速度間、角速度間、周期間的關(guān)系.14. AD【解析】小球B與圓環(huán)間恰好沒(méi)有摩擦力，由支持力和重力的合力提供向心力，有：mgtan3r=mW2Rsin37%解得:3=/工，則A正確，B錯(cuò)誤；對(duì)小球A受力分析如圖，可知小球A受到的重力、彈

25、力和摩擦力的合力 水平向左，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由圖可知:Nsin0-fcose=mw2Rsin6； Ncos6+fsin6-mg=0；聯(lián)立解得：f= - mg,故 D 正確；故選 AD.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵搞清物塊做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源，結(jié)合牛頓第二定律，抓住豎直方向上合力為零,水平方向上的合力提供向心力進(jìn)行求解.15. BD【解析】試題分析：由于以恒定速率從A到B,說(shuō)明動(dòng)能沒(méi)變，由于重力做負(fù)功，拉力不做功，所以外力F應(yīng)做正 功.因此機(jī)械能不守恒A錯(cuò)，B對(duì).因?yàn)樾∏蚴且院愣ㄋ俾蔬\(yùn)動(dòng)，即它是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，那么小球受到 的重力G、水平拉力F、繩子拉力T三者的合力必是沿繩子指向。點(diǎn).設(shè)繩子與豎直方向夾角

26、是0,則F=tan。（F與G的合力必與繩子拉力在同一直線上）得F=G*tan6而水平拉力F的方向與速度v的 G方向夾角也是9,所以水平力F的瞬時(shí)功率是P水平=F* V*cos6即P，w= （G*tan6）*V*cose = =G*V¥Aine顯然，從A到B的過(guò)程中，6是不斷增大的，所以水平拉力F的瞬時(shí)功率是一直增大的，C錯(cuò)D對(duì).考點(diǎn)：動(dòng)能定理、功率點(diǎn)評(píng)：本題考查了動(dòng)能定理，通過(guò)功率公式分析瞬時(shí)功率的大小問(wèn)題，本題綜合程度較高，屬于難題16. AD【解析】【詳解】/LAB.當(dāng)小球B沿墻下滑距離為不時(shí)，桿與水平方向的夾角的正弦是. 0 21，此時(shí)A、B兩小球的2sin U = = I 2

27、v/ 11速度關(guān)系滿足tan®,由機(jī)械能守恒定律得：%g =+？解得：小球A的速度為為2 22、= 叵。小球B的速度為以=匹且，故A正確，B錯(cuò)誤。 A 585C.由動(dòng)能定理得：囁小球B沿墻下滑（過(guò)程中，桿對(duì)B做的功為唯=-1儂，故C錯(cuò)誤;D由動(dòng)能定理得：卬八=八片，小球B沿墻下滑，過(guò)程中，桿對(duì)A做的功為1匕=：儂，故D正確; 三、實(shí)驗(yàn)題:共2小題，每題8分，共16分17. C 42T【解析】號(hào) Vl-V-Zgh【詳解】 第一空.在該實(shí)驗(yàn)中，由于摩擦力、空氣阻力等阻力的存在，重錘動(dòng)能的增加量略小于重力勢(shì)能的減少量, 故C正確；第二空.在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于該過(guò)程中的

28、平均速度，因此有:2T 2T第三空.G點(diǎn)速度%=黑=二/第四空.若從B到G機(jī)械能守恒，則;mvB2+mgh=JmvG,即VG2"B2=2gh,所以當(dāng)VG2“B2=2gh時(shí)，機(jī)械能 守恒.18 .保證小球A和小球B碰后，小球A不反彈；保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)；二二口二二二二，十二二二了 ；ccr二二匚/二二二二/十二二二一S【解析】Q)為了保證小球A和小球B碰后小球A不反彈，所以要求mA>me(2)實(shí)驗(yàn)前，用水平儀先將光滑操作臺(tái)的臺(tái)面調(diào)為水平，是為了保證小球離開(kāi)臺(tái)面后做平拋運(yùn)動(dòng)，所以 應(yīng)該把操作臺(tái)的臺(tái)面調(diào)為水平。(3)由于AB離開(kāi)臺(tái)面后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向上的高度相等，所以下落的時(shí)間相

29、同，根據(jù)水平方向上二二二二，可知水平位移與平拋的速度成正比，所以可以用水平位移代替平拋初速度來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒，即一口匚 2 = 一口二/ 十 一口一孑(4)如果要驗(yàn)證碰撞過(guò)程是否為彈性碰撞(碰撞過(guò)程中沒(méi)有機(jī)械能損失)，則需要保證碰撞前后系統(tǒng)的動(dòng)能 相等，同理用水平位移代替速度來(lái)驗(yàn)證，即二二匚/二二:二/十二口二/故本題答案是：(1).保證小球A和小球B碰后，小球A不反彈； (2).保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)；(3).匚2 二二二匚j 十二口二?。?4).二口匚= ""/+ -"? ；點(diǎn)睛：理解實(shí)驗(yàn)的原理，學(xué)會(huì)利用平拋求碰撞前后的速度，并驗(yàn)證動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒。四、解答題：

30、本題共4題，每題5分，共20分19 .(1)T (2)位(3)_二二二 -【解析】【分析】【詳解】解；(1油動(dòng)能定理：a到。過(guò)程U仙-JLinig ( = nE-EQ 。到 b 過(guò)程ueb(f - 4切g(shù) = O-w£o又，a、b關(guān)于。點(diǎn)對(duì)稱(chēng)，有：uw = -Uob®由式得：7(2)對(duì)滑塊從。到b過(guò)程，由動(dòng)能定理UqN - prng = D-嗚4九一 1由式得=不一£。 2g(3)對(duì)滑塊從a開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最終靜止于。點(diǎn)過(guò)程，由動(dòng)能定理u 1KM-即啖= 0-Eq由式得s=2亨L420. (1) 10s(2)141.4m/s(3)800m【解析】【詳解】(1)根據(jù)力(2

31、)匕.=0=V = J解得 v=141.4m/s(3) t = S + v2t解得s=800m21. (1) L =%二/二(2)二2 = 400二(3)匚=16,25.【解析】【詳解】(1)由圖像可知，汽車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程動(dòng)能為二匚=二二；=所以勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度為二=，三=4。二/口 X u(2)由圖像可知，汽車(chē)勻減速運(yùn)動(dòng)的位移二二=noo- - 700- = 400-(3)結(jié)合圖像可知汽車(chē)勻速時(shí)的動(dòng)能為二:=8 Ki爐二而剛開(kāi)始時(shí)汽車(chē)的動(dòng)能為二二。=5 x 4二 在勻加速階段運(yùn)動(dòng)走過(guò)的位移為二=50。二二5例二 機(jī)車(chē)的額定功率為二二二二二2000 x40= 8x4二在此過(guò)程中利用動(dòng)能定理可知：

32、解得： = 16.25L綜上所述本題答案是：（1）-二的二/二（2）匚2 = 400二（3） -=16.25-【點(diǎn)睛】應(yīng)用動(dòng)能定理應(yīng)注意的幾個(gè)問(wèn)題（1）明確研究對(duì)象和研究過(guò)程，找出始末狀態(tài)的速度。（2）要對(duì)物體正確地 進(jìn)行受力分析，明確各力做功的大小及正負(fù)情況（待求的功除外）。（3）有些力在物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不是始終存 在的。若物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中包括幾個(gè)階段，物體在不同階段內(nèi)的受力情況不同，在考慮外力做功時(shí)需根據(jù)情 況區(qū)分對(duì)待【解析】【詳解】（1）設(shè)該星球表面的重力加速度為g,由自由落體的規(guī)律得:（2）由萬(wàn)有引力定律與牛頓第二定律得:聯(lián)立以上各式解得加=也£2019-2020學(xué)年高一下學(xué)期期

33、末物理模擬試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共1。小題，每小題4分，共4。分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合 題目要求的1 .（本題9分）質(zhì)量為m的物體以初速度v豎直向上拋出，經(jīng)時(shí)間3達(dá)到最高點(diǎn)，以豎直向上為正方向, 在這個(gè)過(guò)程中，物體的動(dòng)量變化量和重力的沖量分別是A. mv 和一mgtB. mv 和 mgtC. 一mv 和一mgtD. mv 和 mgt2.（本題9分）2?！蹦晗掳肽晡覈?guó)發(fā)射了北斗三號(hào)衛(wèi)星.北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的發(fā)射需要經(jīng)過(guò)幾次變軌，例如某 次變軌，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1上，然后在P處變軌到橢圓軌道2上，最后由軌道2在Q處變軌 進(jìn)入圓軌道3,軌道1、2相切于P點(diǎn)，軌道2、3相切于Q

34、點(diǎn).忽略空氣阻力和衛(wèi)星質(zhì)量的變化，則以下 說(shuō)法正確的是A.該衛(wèi)星從軌道1變軌到軌道2需要在P處減速B.該衛(wèi)星在軌道從軌道1到軌道2再到軌道3,機(jī)械能逐漸增大C.該衛(wèi)星在軌道3的動(dòng)能大于在軌道1的動(dòng)能D.該衛(wèi)星在軌道3上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的加速度小于在軌道2上Q點(diǎn)的加速度3 .天文興趣小組查找資料得知：某天體的質(zhì)量為地球質(zhì)量的a倍，其半徑為地球半徑的b倍，表面無(wú)大氣層，地球的第一宇宙速度為v.則該天體的第一宇宙速度為（）4 .（本題9分）一汽車(chē)在水平公路上行駛，設(shè)汽車(chē)在行駛過(guò)程中所受阻力不變.汽車(chē)的發(fā)動(dòng)機(jī)始終以額定功率輸出，關(guān)于牽引力和汽車(chē)速度的下列說(shuō)法中正確的是（）A.汽車(chē)加速行駛時(shí)，牽引力不變，速度增

35、大B.汽車(chē)加速行駛時(shí)，牽引力減小，速度增大C.汽車(chē)加速行駛時(shí)，牽引力增大，加速度增大D.汽車(chē)加速行駛時(shí)，牽引力不變，加速度不變5.（本題9分）輛行駛在公路上的卡車(chē)與路旁障礙物相撞，相撞瞬間車(chē)項(xiàng)上一個(gè)松拖脫的零件被拋出而陷在泥里.處理事故的交警為了判斷卡車(chē)是否超速，需要測(cè)量的量是A.卡車(chē)的高度和卡車(chē)的長(zhǎng)度B.卡車(chē)的高度和卡車(chē)的重量C.卡車(chē)的長(zhǎng)度，零件陷落點(diǎn)與脫落點(diǎn)的水平距離D.卡車(chē)的高度，零件陷落點(diǎn)與脫落點(diǎn)的水平距離6 .（本題9分）勻速下降的跳傘運(yùn)動(dòng)員，其機(jī)械能的變化情況是（A.機(jī)械能不變B.機(jī)械能減少C.動(dòng)能減少，重力勢(shì)能減少D.動(dòng)能增加，重力勢(shì)能減少7 .（本題9分）現(xiàn)有一組方向平行于x軸

36、的電場(chǎng)線，若從x軸的坐標(biāo)原點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)帶電粒子，僅在 電場(chǎng)力的作用下，該粒子沿著X軸的正方向從x1=。處運(yùn)動(dòng)到X2=1.2cm處，其電勢(shì)。陵位置x坐標(biāo)變化的 情況如圖所示.下列有關(guān)說(shuō)法正確的是（）8 .該粒子從x】=0處運(yùn)動(dòng)到xz =1.2 cm處的過(guò)程中，電勢(shì)能一直減小C.在x軸上x(chóng)=0.6cm的位置，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為。D.在x軸上。0.6 cm的范圍內(nèi)和0.6L2 cm的范圍內(nèi)電場(chǎng)的方向一定相反8.飛行器在太空飛行，主要靠太陽(yáng)能電池提供能量.若一太陽(yáng)能電池板，測(cè)得它的開(kāi)路電壓為800 mV, 短路電流為4。mA.若將該電池板與一阻值為2。Q的電阻器連成一閉合電路，則它的路端電壓是（） A

37、. 0.10 VB. 0.20 VC. 0.30 VD. 0.40 V9 .（本題9分）發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律和首次比較精確地測(cè)出引力常量的科學(xué)家分別是（）A.卡文迪許、牛頓B.牛頓、卡文迪許C.牛頓、伽利略D.開(kāi)普勒、伽利略10 .（本題9分）關(guān)于機(jī)械能守恒，下列說(shuō)法正確的是A.機(jī)械能守恒的物體，一定只受到重力的作用11 做變速運(yùn)動(dòng)的物體，機(jī)械能不可能守恒C.除受到重力外還受到其他力作用的物體，機(jī)械能不可能守恒D.外力對(duì)物體做負(fù)功時(shí)，物體的機(jī)械能也可能守恒二、多項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分,在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目 要求.全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)

38、的得。分H.（本題9分）天文學(xué)家有這樣一個(gè)大膽推測(cè)：地球有一個(gè)從未謀面的“兄弟”，其運(yùn)行軌道就在地球的運(yùn) 行軌道上，也就是說(shuō)從地球上看，這個(gè)“地球兄弟”永遠(yuǎn)在太陽(yáng)的背面與地球捉迷藏，所以人類(lèi)一直未能發(fā) 現(xiàn)它.由以上信息不可以確定這顆行星的（設(shè)地球的公轉(zhuǎn)周期、軌道半徑、平均密度、自轉(zhuǎn)周期為已知）（） A.公轉(zhuǎn)周期B,平均密度 C.軌道半徑D,自轉(zhuǎn)周期c.這一過(guò)程中，物塊和小車(chē)組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能為fxD.這一過(guò)程中，物塊和小車(chē)組成的系統(tǒng)增加的機(jī)械能為F（l+x）fl16 .（本題9分）a, b兩個(gè)物體做平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，設(shè)它們拋出的初速度分別為打，小，從拋出 至碰到臺(tái)上的時(shí)間分別為ta,

39、tb,貝U（）A. Va>VbB. Va<VbC. ta>tbD. ta<tb三、實(shí)驗(yàn)題:共2小題，每題8分，共16分17 .（本題9分）如圖所示，在“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)中，兩彈簧測(cè)力計(jì)將橡皮條拉伸到。點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的是A.應(yīng)平行于木板拉彈簧測(cè)力計(jì)，且兩個(gè)測(cè)力計(jì)都不能超過(guò)最大刻度B.只需記錄兩個(gè)彈簧秤的示數(shù)C.應(yīng)保證BO、CO相互垂直D.改用一只彈簧測(cè)力計(jì)拉橡皮筋時(shí)，只需保證橡皮條方向與原來(lái)一致18. （本題9分）圖乙是驗(yàn)證合外力的功與速度變化間的關(guān)系某次實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶，其中A、B、C、 D、E、F是計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T(mén).距離如圖乙所示，則打B

40、點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度為.四、解答題：本題共4題，每題5分，共20分19. （6分）（本題9分）如圖所示，軌道ABC被豎直地固定在水平桌面上，A距離水平地面高H = 0.75m,C距離水平地面高h(yuǎn)=0.45m. 一質(zhì)量m = 010 kg的小物塊自A點(diǎn)從靜止開(kāi)始下滑，從C點(diǎn)以水平速度飛出后落在水平地面上的D點(diǎn).現(xiàn)測(cè)得C、D兩點(diǎn)的水平距離為l = 0.60m.不計(jì)空氣阻力，取g = 10m/s2.小物塊從C點(diǎn)飛出時(shí)速度的大??；（2）小物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中克服摩擦力做的功.20. （6分）雙星系統(tǒng)一般都遠(yuǎn)離其他天體，由兩顆距離較近的星體組成，在它們之間萬(wàn)有引力的相互 作用下，繞中心連線上的某點(diǎn)做周

41、期相同的勻速圓周運(yùn)動(dòng).已知某雙星系統(tǒng)中兩顆星之間的距離為r, 運(yùn)行周期為T(mén),引力常量為G,求兩顆星的質(zhì)量之和.21. （6分）（本題9分）如圖所示，MN是半徑為R=0.8m的豎直四分之一光滑圓弧軌道，豎直固定在水平 桌面上，軌道末端處于桌子邊緣并與水平桌面相切于N點(diǎn)。把一質(zhì)量為m=lkg的小球B靜止放于N點(diǎn)， 另一個(gè)完全相同的小球A由M點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)與B球發(fā)生正碰，碰后粘在一起水平飛出，落在 地面上的碰點(diǎn)。若桌面高度為h=0.8m,取重力加速度g=10m/sL不計(jì)空氣阻力，小球可視為質(zhì)點(diǎn)。求：（1）小球A運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)與小球B碰前的速度%的大??；（2）小球A與小球B碰后瞬間的共同速度9的大

42、??；（3） P點(diǎn)與N點(diǎn)之間的水平距離x.22. （8分）（本題9分）一個(gè)滑雪運(yùn)動(dòng)員，質(zhì)量m=60kg,從山坡頂端由靜止沿坡勻加速下滑，山坡的傾角6=30。，山坡長(zhǎng)x=28m。測(cè)得運(yùn)動(dòng)員在0.40s內(nèi)速度增加了 1.4m/s,重力加速度g=l。求：（1）運(yùn)動(dòng)員滑到山坡底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率；（2）運(yùn)動(dòng)員下滑過(guò)程中阻力做的功。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共1。小題，每小題4分，共4。分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合 題目要求的1. C【解析】【詳解】以豎直向上為正方向，物體動(dòng)量的變化： P=PM»=0mv=mv,重力的沖量：Idmgt；A. mv和一mgt；與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A

43、錯(cuò)誤；B. mv和mgt；與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C. 一mv和一mgt；與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D. -mv和mgt；與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；2. B【解析】【詳解】A.衛(wèi)星在軌道上運(yùn)行時(shí)，軌道的半長(zhǎng)軸越大，需要的能量越大，由于軌道2半長(zhǎng)軸比軌道1半徑大，因此該衛(wèi)星從軌道1變軌到軌道2需要在P處點(diǎn)火加速，故A錯(cuò)誤；B.衛(wèi)星在軌道上運(yùn)行時(shí)，軌道的半長(zhǎng)軸越大，需要的能量越大，所以衛(wèi)星從軌道1到軌道2再到軌道3, 機(jī)械能逐漸增大.故B正確；C.根據(jù)v = 且二 衛(wèi)星在軌道3的線速度小于在軌道1的線速度，由紇可知，衛(wèi)星在軌道3 的動(dòng)能小于在軌道1的動(dòng)能，故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)牛頓第二定律和萬(wàn)有引力定

44、律（7駕="心得:6/ = G 所以衛(wèi)星在軌道3上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的加速度等于在軌道2上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的加速度，故D錯(cuò)誤;故選B.【解析】【分析】 物體在地面附近繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度叫做第一宇宙速度，大小7.9km/s,可根據(jù)衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行時(shí)的速度公式v=/半 解得.【詳解】設(shè)地球質(zhì)量M,某天體質(zhì)量是地球質(zhì)量的a倍，地球半徑r,某天體徑是地球半徑的b倍由萬(wàn)有引力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)得：G也=機(jī)上 r r解得：衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行時(shí)的速度公式V = J手分別代入地球和某天體各物理量得;故選A.【點(diǎn)睛】 本題要掌握第一宇宙速度的定義，正確利用萬(wàn)有引力公式列出第一宇宙速度的表達(dá)式.4. B【

45、解析】【分析】【詳解】根據(jù)P=Fv,汽車(chē)發(fā)動(dòng)機(jī)功率一定時(shí)，牽引力的大小一定與速度大小成反比，所以加速行駛時(shí)，速度增大, 牽引力減小，當(dāng)汽車(chē)牽引力等于阻力時(shí)，車(chē)速最大，故ACD錯(cuò)誤，B正確；故選B.5. D【解析】零件被拋出做平拋運(yùn)動(dòng),且平拋運(yùn)動(dòng)的初速度等于卡車(chē)原來(lái)的速度，則卜=* , x = y，解得 =工后， 要測(cè)量卡車(chē)原來(lái)的速度，只要測(cè)出零件平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，由上知，需要測(cè)量的量是車(chē)的高度h,零件脫 落點(diǎn)與陷落點(diǎn)的水平距離x,故D正確，A、B、C錯(cuò)誤；故選D.【點(diǎn)睛】零件被拋出做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出平拋運(yùn)動(dòng)的初速度表達(dá)式，從而確定需要測(cè)量 的量.6. B【解析】運(yùn)動(dòng)員勻速下降，

46、說(shuō)明運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能保持不變，運(yùn)動(dòng)員下降說(shuō)明運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能減小，而運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械 能等于運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能和重力勢(shì)能之和，故可知運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能減小，B正確.7. B【解析】【分析】【詳解】在x軸上。1.2cm的范圍內(nèi)，電勢(shì)不斷降低，則知x軸上電場(chǎng)的方向一直沿x軸正方向，則粒子由靜止 開(kāi)始沿著x軸的正方向運(yùn)動(dòng)，所受的電場(chǎng)力沿x軸正方向，與電場(chǎng)方向相同，所以該粒子一定帶正電，在 該過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，其電勢(shì)能減小，故AD錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)0 X圖象的斜率等于電場(chǎng)強(qiáng)度，知 該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，是勻強(qiáng)電場(chǎng)，則知在x軸上x(chóng)=0.6cm的位置，電場(chǎng)強(qiáng)度大小不等于0,為：E =- = 5000V / m ,故 C

47、錯(cuò)誤；故選 B.| Ax | 0.6x10 -【點(diǎn)睛】根據(jù)電勢(shì)的變化分析電場(chǎng)的方向.根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)方向結(jié)合圖象判斷粒子電性；根據(jù)圖象的斜率等于電場(chǎng)強(qiáng) 度，判斷電場(chǎng)的性質(zhì)；根據(jù)電場(chǎng)力做功情況判斷電勢(shì)能的變化.8. D【解析】【詳解】設(shè)電池板的內(nèi)阻為r,其開(kāi)路電壓等于它的電動(dòng)勢(shì)，依題意有：E=800mV； I «=E/r,解得電源內(nèi)阻：E 800廠=廠=刀7。= 20。，電池板連上20Q阻值后，流過(guò)電阻的電流大小為：/短E 8001 = = -lfJA = 20mA ；此時(shí)的路端電壓為：U=IR=20x20mV=400mV=0.4V；故 D 正確，ABC 錯(cuò)R + r 20 + 20誤.9

48、. B【解析】試題分析：發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律的是牛頓，卡文迪許通過(guò)扭秤實(shí)驗(yàn)首次比較精確地測(cè)出引力常量的值，開(kāi)普 勒發(fā)現(xiàn)了開(kāi)普勒三定律，伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)推出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，而是改變物體運(yùn) 動(dòng)的原因，故B正確考點(diǎn)：考查了物理學(xué)史10. D【解析】【詳解】A.機(jī)械能守恒的物體，一定只有重力做功，不一定只受到重力的作用；故A錯(cuò)誤.B.做變速運(yùn)動(dòng)的物體，機(jī)械能可能守恒，如平拋運(yùn)動(dòng)的物體做變速運(yùn)動(dòng)，其機(jī)械能守恒；故B錯(cuò)誤.C除受到重力外還受到其他力作用的物體，若其他力對(duì)物體不做功，或做功代數(shù)和為零，物體的機(jī)械能守 恒；故C錯(cuò)誤.D.外力對(duì)物體做負(fù)功時(shí)，若外力就是重力，則物體的機(jī)械能守恒；故D

49、正確.二、多項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目 要求.全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得。分11. BD【解析】【詳解】A萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：行星的周期“意T2由于軌道半徑相等，則行星公轉(zhuǎn)周期與地球公轉(zhuǎn)周期相等，A可以確定，不符合題意；B.這顆行星的密度與地球的密度相比無(wú)法確定，B無(wú)法確定，符合題意；C.根據(jù)題意，此行星運(yùn)行軌道就在地球的運(yùn)行軌道上，故這顆行星的軌道半徑等于地球的軌道半徑，C可以確定，不符合題意；D.這顆行星的自轉(zhuǎn)周期與地球周期相比無(wú)法確定，故D無(wú)法確定，符合題意。故選BDo12. AC【解析】

50、從A到B的過(guò)程中，小球僅受重力，只有重力做功，所以小球的機(jī)械能守恒.故A正確.小球從BeC的 過(guò)程中只有重力和彈力做功，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，但小球的機(jī)械能不守恒.故B錯(cuò)誤.B 到C的過(guò)程中，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球減小的機(jī)械能等于彈簧的彈性勢(shì)能的增加量.故C正確.小球到B 點(diǎn)時(shí)，重力大于彈力，小球?qū)⒗^續(xù)向下加速，隨著彈力的增加，在BC間某位置彈力等于重力時(shí)，加速度 為零，此時(shí)小球的動(dòng)能最大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AC.13. ACD【解析】【詳解】AB、以小球P、Q為研究對(duì)象，處于平衡裝態(tài)，根據(jù)受力平衡，由圖可知，墻壁對(duì)球的壓力Fz逐漸增大，木板對(duì)球的支持力F1逐漸增大，根據(jù)牛頓第三定律可知

51、墻壁受 到的壓力增大，木板受到的壓力增大，故A正確，B錯(cuò)誤；C、以小球Q為研究對(duì)象，處于平衡裝態(tài)，根據(jù)受力平衡，P球?qū)球的支持力K=nig sin（90°-<9） = mg cos 0 ,木板給 Q 球的支持力 F4 = mg cos（90°-<9） = mg sin 0 ,當(dāng)斜木板和豎直墻壁的夾角6角緩慢減小時(shí)，P球?qū)球的支持力增大，擋板給Q球的支持力減小，根據(jù)牛頓第三定 律可知Q球?qū)球的壓力增大，對(duì)木板的壓力減小，故C正確；D、小球P為研究對(duì)象，處于平衡裝態(tài)，合外力為零，P球受到重力、墻壁對(duì)球的壓力、木板對(duì)球的支持 力和Q球?qū)球的壓力，所以P球受到墻

52、壁、木板和Q球的作用力的合力與P球受到重力大小相等，方 向相反，故D正確；故選ACD.【點(diǎn)睛】對(duì)球進(jìn)行正確受力分析，把握其受力特點(diǎn)：一個(gè)力大小和方向不變（重力），一個(gè)力方向不變（墻給球的 支持力），另一個(gè)力的大小、方向均發(fā)生變化（擋板給球的作用力），對(duì)于這類(lèi)動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，可以采用“圖 解法”進(jìn)行.14. BCD【解析】設(shè)行星的質(zhì)量為m,公轉(zhuǎn)半徑為r,太陽(yáng)的質(zhì)量為M,根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得：G絲 =機(jī)與<=?二=2療廠=心，解得：T=2rt, r越大，T越大.故A錯(cuò)誤.v=D正確.故選BCD.15. BD【解析】【詳解】A.對(duì)物塊，由動(dòng)能定理可知，物塊的動(dòng)能：Ek= (F-f) (x+l

53、)A錯(cuò)誤；B.對(duì)小車(chē)，由動(dòng)能定理可得，小車(chē)的動(dòng)能為：Ek=fxB正確；C.系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能等于系統(tǒng)克服滑動(dòng)摩擦力做功，這一過(guò)程中，小物塊和小車(chē)產(chǎn)生的內(nèi)能為fl, C錯(cuò)誤;D.由能量守恒定律可知，物塊和小車(chē)增加的機(jī)械能為F (x+l) -flD正確。故選bdo16. AD【解析】【詳解】根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向是自由落體運(yùn)動(dòng)，有。=；g/，得'；因?yàn)閔b>h,所以ta<tb平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上是勻速直線運(yùn)動(dòng)，有X=Vot,由圖知Xa>Xb,所以Va>Vb,故BC錯(cuò)誤，AD正確；故 選AD.點(diǎn)睛：本題就是對(duì)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的考查，平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為在水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)，

54、和豎直方向 上的自由落體運(yùn)動(dòng)來(lái)求解.三、實(shí)驗(yàn)題:共2小題，每題8分，共16分17. A【解析】【分析】驗(yàn)證力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)原理是：理論值與實(shí)際值的對(duì)比。合力的理論值使用作圖法，需要記錄兩 分力的大小和方向；根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握實(shí)驗(yàn)中的注意事項(xiàng)。【詳解】拉橡皮筋時(shí)，彈簧秤、橡皮條、細(xì)繩應(yīng)貼近木板且與木板平面平行；并且示數(shù)不能超過(guò)最大刻度，故A正 確；記錄兩個(gè)彈簧秤的示數(shù)和力的方向，故B錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)中不需要應(yīng)保證兩個(gè)拉力的方向要相互垂直，故 C錯(cuò)誤；為了保證效果相同，改用一只彈簧測(cè)力計(jì)拉橡皮條時(shí)，不但保證橡皮條方向與原來(lái)一致而且自由 端仍要拉到。點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。所以A正確，BCD錯(cuò)誤。【點(diǎn)睛】本題

55、考查了“等效法”的應(yīng)用和平行四邊形定則等基礎(chǔ)知識(shí)，對(duì)于這些基礎(chǔ)知識(shí)在平時(shí)練習(xí)中要不斷加強(qiáng)訓(xùn) 練。18. (Axx+Axz) /2T【解析】B是AC的中間時(shí)刻，所以B點(diǎn)的速度就等于AC過(guò)程中的平均速度：即：以=產(chǎn)=-tac 27四、解答題；本題共4題，每題5分，共20分19. (1) 0.30s (2)2.0m/s (3)0.10J【解析】小物塊從C水平飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，由= 分)得小物塊從C到D運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t = 后 =0.3s (2分)X(2)從C到D,小物塊水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，丫=一(3分) t得丫="2皿人”，此速度即從C點(diǎn)飛出時(shí)的速度.(2分)(3)物塊從A運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得汨趴H 一力)一邪: =一加/0 (4分) ，2得克服摩擦力做功用，=0力(2分)【解析】【詳解】對(duì)雙星系統(tǒng)，角速度相同，貝卜6嗎=加療4=加療心 尸解得：Gm = co2rr ； GM = co2rr2 ；r=ri+r2；三式聯(lián)立解得：M+加=±二GT221. (1) 4m/s(2) 2m/s(3)0.8m【解析】【分析】(1)小球在圓弧軌道內(nèi)下滑過(guò)程中，由動(dòng)能定理即可求出；(2)小球到達(dá)N點(diǎn)，