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文檔簡介
1、陜西省黃陵中學高新部2019屆高三上學期開學考試物理試題一選擇題(共8小題.32分)1.1.如圖,在光滑水平面上,放著兩塊長度相同,質量分別為m1和m2的木板,在兩木板的左端各放一個大小、 形狀、質量完全相同的物塊。開始時,各物均靜止,今在兩物體上各作用一水平恒力f1、f2,當物塊和木板分離時,兩木板的速度分別為v1和v2,物體和木板間的動摩擦因數相同,下列說法正確的是( )a. 若f1=f2,m1>m2,則v1>v2b. 若f1>f2,m1>m2,則v1<v2c. 若f1>f2,m1=m2,則v1>v2d. 若f1<f2,m1=m2,則v1&g
2、t;v2【答案】bd【解析】首先看f1=f2 時情況:由題很容易得到兩物塊所受的摩擦力大小是相等的,因此兩物塊的加速度相同,設兩物塊的加速度大小為a,對于m1、m2,滑動摩擦力即為它們的合力,設m1的加速度大小為a1,m2的加速度大小為a2,根據牛頓第二定律得:因為a1=mgm1,a2=mgm2,其中m為物塊的質量設板的長度為l,它們向右都做勻加速直線運動,當物塊與木板分離時:物塊與m1的相對位移l=12at12-12a1t12;物塊與m2的相對位移l=12at22-12a2t22;若m1m2,a1a2,所以得:t1t2;m1的速度為v1=a1t1,m2的速度為v2=a2t2,則v1v2,故a
3、錯誤若f1f2、m1>m2,根據受力分析和牛頓第二定律,則m1上的物塊的加速度大于m2上的物塊的加速度,即aaab;由于m1>m2,所以m1的加速度小于m2加速度,即a1<a2它們向右都做勻加速直線運動,當物塊與木板分離時:物塊與m1的相對位移l=12aat12-12a1t12物塊與m2的相對位移l=12abt22-12a2t22;由于aaab,所以得:t1t2,則v1v2,故b正確若f1f2、m1=m2,根據受力分析和牛頓第二定律,則m1上的物塊的加速度大于m2上的物塊的加速度,即aaab;由于m1=m2,所以m1、m2加速度相同,設m1、m2加速度為a它們向右都做勻加速直
4、線運動,當物塊與木板分離時:物塊與m1的相對位移l=12aat12-12at12物塊與m2的相對位移l=12abt22-12at22;由于aaab,所以得:t1t2,則v1v2,故c錯誤若f1f2、m1=m2,aaab,則v1v2,故d正確故選bd2.2.如圖所示,質量m=8 kg的小車靜止在光滑水平面上,在小車右端施加一水平拉力f=8 n,當小車速度達到1.5 m/s時,在小車的右端、由靜止輕放一大小不計、質量m=2 kg的物體,物體與小車間的動摩擦因數=0.2,小車足夠長,物體從放上小車開始,經t=1.5 s的時間,物體相對地面的位移為(g取10 m/s2) ( )a. 1 m b. 2.
5、1 m c. 2.25 m d. 3.1 m【答案】b【解析】試題分析:放上物體后,物體的加速度,小車的加速度:,物體的速度達到與小車共速的時間為t,則,解得t=1s;此過程中物體的位移:;共同速度為v=a1t=2m/s;當物體與小車相對靜止時,共同加速度為,再運動05s的位移,故物體從放上小車開始經t=15s的時間,則物體相對地面的位移為1m=11m=21m,故選b考點:牛頓第二定律的應用【名師點睛】該題是相對運動的典型例題,要認真分析兩個物體的受力情況,正確判斷兩物體的運動情況,再根據運動學基本公式求解,難度適中。3.3.如圖(甲)所示,足夠長的木板b靜置于光滑水平面上,其上放置小滑塊a木
6、板b受到隨時間t變化的水平拉力f作用時,木板b的加速度a與拉力f關系圖象如圖(乙)所示,則小滑塊a的質量為( )a. 4kg b. 3kg c. 2kg d. 1kg【答案】b【解析】試題分析:當f=8n時,加速度為a=2m/s2,對整體分析,由牛頓第二定律有f=(ma+mb)a,代入數據解得ma+mb=4kg,當f大于8n時,a、b發(fā)生相對滑動,根據牛頓第二定律得:對b有a=fmagmb=1mbfmagmb,由圖示圖象可知,圖線的斜率k=1mb=af=286=1,解得mb=1kg,滑塊a的質量為ma=3kg,b正確考點:考查了牛頓第二定律與圖像【名師點睛】知道滑塊和木板在不同拉力作用下的運動
7、規(guī)律是解決本題的關鍵,掌握處理圖象問題的一般方法,通常通過圖線的斜率和截距入手分析4.4.如圖所示,質量分別為m1、m2的a、b兩個物體放在斜面上,中間用一個輕桿相連,a、b與斜面間的動摩擦因數分別為1、2,它們在斜面上加速下滑,關于桿的受力情況。下列分析正確的是( )a. 若1=2,m1m2,則桿受到壓力b. 若1<2,m1m2,則桿受到拉力c. 若1<2,m1m2,則桿受到壓力d. 若1=2,m1m2,則桿無作用力【答案】acd【解析】試題分析:假設桿無彈力作用,那么滑塊受重力、支持力和滑動摩擦力,根據牛頓第二定律有:m1gsin1mg1cos=m1a1解得:a1=g(sin1
8、cos)同理對m2有:m2gsin2mg2cos=m2a2解得;a2=g(sin2cos)若12,則a1a2,b加速度較大,則桿受到壓力,故a正確;若1=2,則a1=a2,兩個滑塊加速度相同,說明無相對滑動趨勢,那么桿無彈力作用,故b錯誤,d正確;若12,則a1a2,a加速度較大,則桿受到拉力,故c正確所以acd正確, b錯誤??键c:牛頓第二定律的綜合應用【名師點睛】此題是牛頓第二定律的綜合應用題;關鍵是分析物體的受力情況,根據牛頓第二定律列得方程求解加速度,然后在根據不同的情況分析問題;本題先假設桿無彈力,根據牛頓第二定律分別求解出a和b的加速度,比較大小,然后判斷ab的相對運動趨勢,再判斷
9、ab間彈力的方向5.5.如圖所示,三個物體質量分別為m1=1.0kg、m2=2.0kg、m3=3.0kg,已知斜面上表面光滑,斜面傾角=30°,m1和m2之間的動摩擦因數=0.8不計繩和滑輪的質量和摩擦初始用外力使整個系統靜止,當撤掉外力時,m2將(g=10m/s2,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)( )a. 和m1一起沿斜面下滑 b. 和m1一起沿斜面上滑c. 相對于m1上滑 d. 相對于m1下滑【答案】d【解析】試題分析:假設m1和m2之間保持相對靜止,對整體分析,整體的加速度a=隔離對m2分析,根據牛頓第二定律得,fm2gsin30°=m2a解得f=最大靜摩擦力fm=m2
10、gcos30°=n=8,可知ffm,知道m(xù)2的加速度小于m1的加速度,m2相對于m1下滑故d正確,a、b、c錯誤故選:d6.6.如圖所示,表面粗糙質量m=2kg的木板,t=0時在水平恒力f的作用下從靜止開始沿水平面向右做勻加速直線運動,加速度a=2.5m/s2t=0.5s時,將一個質量m=1kg的小鐵塊(可視為質點)無初速地放在木板最右端,鐵塊從木板上掉下時速度是木板速度的一半.已知鐵塊和木板之間的動摩擦因數1=0.25,木板和地面之間的動摩擦因數2=0.25,g10m/s2則a. 水平恒力f的大小為10nb. 鐵塊放上木板后,木板的加速度為2m/s2c. 鐵塊在木板上運動的時間為1
11、sd. 木板的長度為1.625m【答案】ac【解析】a. 開始時木板在水平方向受到拉力與摩擦力,加速度為2.5m/s2,由牛頓第二定律可得:f=ma+2mg=2×2.5+0.25×2×10=10n,故a正確;b. 鐵塊放上木板后,木板在水平方向受到拉力、地面的摩擦力以及鐵塊對木板的摩擦力,由牛頓第二定律可得:ma=f2(m+m)g1mg代入數據解得:a=0.75m/s2,故b錯誤;c. 小鐵塊(可視為質點)無初速地放在木板最右端時木板的速度:v=at=2.5×0.5=1.25m/s鐵塊的加速度為:a=1g=0.1×10=1m/s2設鐵塊在木板上
12、運動的時間為t2,鐵塊從木板上掉下時速度是木板速度的一半,則:2at2=v+at2 代入數據得:t2=1s,故c正確;d. 這段時間內鐵塊相對于木板滑動的距離為:l=vt2+12at2212at22代入數據得:l=1.125m,故d錯誤。故選:ac。7.7.將三個質量均為m的小球a、b、c用細線相連后(bc間無細線相連),再用細線懸掛于o點,如圖所示用力f拉小球c,使三個小球都處于靜止狀態(tài),且細線oa與豎直方向的夾角保持為=37°,則f的最小值為()a. 1.5mg b. 1.8mg c. 2.1mg d. 2.4 mg【答案】b【解析】試題分析:靜止時要將三球視為一個整體,重力為3
13、mg,當作用于c球上的力f垂直于oa時,f最小,由正交分解法知:水平方向fcos37°=tsin37°,豎直方向fsin37°+tcos37°=3mg,解得fmin=18mg故選b考點:物體的平衡【名師點睛】這道題考查靜力學平衡問題以及受力分析中的隔離法與整體法,本題使用的是整體法。8.8.如圖所示,粗糙的水平地面上的長方形物塊將一重為g的光滑圓球抵在光滑豎直的墻壁上,現用水平向右的拉力f緩慢拉動長方體物塊,在圓球與地面接觸之前,下面的相關判斷正確的是()a. 球對墻壁的壓力逐漸減小b. 水平拉力f逐漸減小c. 地面對長方體物塊的摩擦力逐漸增大d. 地面
14、對長方體物塊的支持力逐漸增大【答案】b【解析】對小球進行受力分析,如圖所示:小球受力平衡,則有:n1=gtan,n2gcos ,當水平向右的拉力f緩慢拉動長方體物塊時,增大,則tan增大,所以n1增大,cos減小,則n2增大,根據牛頓第三定律可知,球對墻壁的壓力逐漸增大,故a錯誤;對小球和長方形物塊整體進行受力分析,整體處于平衡狀態(tài),受力平衡,受到重力、地面的支持力、拉力f和墻壁對球水平向右的壓力以及水平向左的滑動摩擦力,豎直方向受力平衡,則地面對物塊的支持力等于整體的重力,不發(fā)生改變,動摩擦因數不變,則滑動摩擦力不變,故cd錯誤;對長方形物塊受力分析,受到重力、地面的支持力、拉力f、球對物塊
15、的壓力n2以及滑動摩擦力作用,如圖所示:受力平衡,則水平方向有:f+n2sin=f,根據牛頓第三定律可知,n2=n2,由于n2增大,增大,f不變,則f減小,故b正確故選b.點睛:本題主要考查了共點力平衡條件的直接應用,要求同學們能靈活選擇研究對象,并能正確對物體進行受力分析,根據平衡條件結合幾何關系求解,特別要注意對整體受力分析后,根據共點力平衡條件得出支持力不變,從而判斷摩擦力為恒力,難度適中.二多選題(共4小題,16分)9.9.一輛小汽車在一段平直的公路上做勻加速直線運動,a、b是運動過程中經過的兩點已知汽車經過a點時的速度為2m/s,經過b點時的速度為8m/s則汽車從a到b的運動過程中,
16、下列說法正確的是()a. 汽車經過ab位移中點時速度是4m/sb. 汽車經過ab中間時刻的速度是5m/sc. 汽車前一半時間發(fā)生位移與后一半時間發(fā)生位移之比7:13d. 汽車前一半位移所用時間與后一半位移所用時間之比13:7【答案】bc【解析】【詳解】a.設中間位置的速度為v,則v2va2=2ax,vb2v2=2ax,聯立解得v=va2+vb22=22+822m/s=34m/s。故a錯誤;b.汽車經過中間時刻的速度v=va+vb2=2+82m/s=5m/s。故b正確;c.前一半時間內的平均速度v1=va+v2=2+52m/s=3.5m/s,后一半時間內的平均速度v2=v+vb2=5+82m/s
17、=6.5m/s,根據x=vt知,前一半時間內的位移與后一半時間發(fā)生的位移之比為x1x2=v1v2=713。故c正確;d.前一半位移內的平均速度v1=va+v24m/s,后一半位移內的平均速度v2=v+vb27m/s,根據x=vt知,汽車在前一半位移所用的時間與后一半位移所用時間的比為7:4。故d錯誤。故選:bc。10.10.如圖所示,兩個光滑斜面在b處平滑連接,小球在a點獲得大小為8m/s的速度沿斜面向上運動,到達b點時速度大小為6m/s,到達c點時速度減為0已知ab=bc,下列說法正確的是()a. 小球在ab、bc段的加速度大小之比為9:16b. 小球在ab、bc段運動時間之比為3:7c.
18、小球經過bc中間位置時速度大小為3m/sd. 小球由a運動到c的平均速率為4.2m/s【答案】bd【解析】【詳解】a. 對ab段,根據速度位移公式得:a1=va2vb22xab=282xab,a2=vb2vc22xbc=362xbc,ab=bc,得a1:a2=7:9,故a錯誤;b. 根據平均速度的推論知,ab段的時間t1=xabva+vb2=xab7,bc段運動的時間t2=xbcvb+vc2=xbc3,解得t1:t2=3:7,故b正確;c. bc段中間位置時的速度大小v=vb2+vc22=62+02m/s=32m/s,故c錯誤;d. 物體由a運動c的平均速率為v=2xt1+t2=2x
19、x7+x3=4.2m/s,故d正確;故選:bd11.11.從地面豎直上拋一物體a的同時,在離地面高h處有相同質量的另一物體b開始做自由落體運動,兩物體在空中同時到達距地面高h時速率都為v(兩物體不會相碰),則下列說法正確的是( )a. h=43hb. 物體a豎直上拋的初速度大小是物體b落地時速度大小的2倍c. 物體a、b在空中運動的時間相等d. 兩物體落地前各自的機械能都守恒且兩者機械能相等【答案】ad【解析】a項,設a、b兩物體達到地面高h時所用時間為t,則根據自由落體運動的規(guī)律有v2=2g(hh) ,v=gt ;設a物體豎直上拋的初速度為v0 ,有v=v0gt,v02v2=2gh ;則解得
20、v0=2v,h=43h ,故a項正確。b項,物體a豎直上拋的初速度v0=2v,設物體b落地時的速度為v ,則有v2=2gh ,由a項分析知v02v2=2gh,h=43h,聯立解得v=2v ,所以v0=v,故b項錯誤。c項,根據豎直上拋的對稱性可知物體a在空中運動的時間ta=2×v0g=4vg ,物體b在空中運動的時間為tb=vg=2vg=12ta,故c項錯誤。d項,以地面為參考平面,在地面時兩者的速度相等,質量相等,則動能相等,所以機械能也相等,由于只有重力做功,機械能守恒,故d項正確。綜上所述本題答案是:ad12.12.如圖所示,在足夠高的空間內,小球位于空心管的正上方h處,空心管
21、長為l,小球球心與管的軸線重合,并在豎直線上。當釋放小球,小球可能穿過空心管,不計空氣阻力,則下列判斷正確的是a. 兩者同時無初速度釋放,小球不能穿過管b. 兩者同時釋放,小球具有豎直向下的初速度v0,管無初速度,則小球一定能穿過管,且穿過管的時間與當地重力加速度有關c. 兩者同時釋敢,小球具有豎直向下的初速度v0,管無初速度,則小球一定能穿過管,但穿過管的時間與當地重力加速度無關d. 兩者均無初速度釋放,但小球提前了t時間釋放,則小球一定能穿過管,但穿過管的時間與當地重力加速度無關【答案】ac【解析】a、若兩者無初速度同時釋放,則在相同時間內下降的高度相同,可知小球在空中不能穿過管,故a正確
22、;b、兩者同時釋放,小球具有向下的初速度,管無初速度,根據x=v0t+12gt212gt2=h+l,知,經過t=h+lv0,小球穿過管,故c正確,b錯誤;d、兩者均無初速度釋放,但小球提前了t時間釋放,根據x=12g(t+t)212gt2=12gt2+gtt=h+l,可知小球能穿過管,穿過管的時間與當地的重力加速度有關,故d正確。點睛:解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式,抓住位移之差進行求解,難度不大。三、實驗題(16分,每空2分)13.13.(1)某同學在探究“彈力和彈簧伸長的關系”時,安裝好實驗裝置,讓刻度尺零刻度與彈簧上端平齊,在彈簧下端掛1個鉤碼,靜止時彈簧長度為l1,如圖甲
23、所示,圖乙是此時固定在彈簧掛鉤上的指針在刻度尺(最小分度是1毫米)上位置的放大圖,示數l1=_cm。在彈簧下端分別掛2個、3個、4個、5個相同鉤碼,靜止時彈簧長度分別是l2、l3、l4、l5。要得到彈簧伸長量x,還需要測量的是_。作出fx曲線,得到彈力與彈簧伸長量的關系。(2)該同學更換彈簧,進行重復實驗,得到如圖丙所示的彈簧彈力f與伸長量x的關系圖線,由此可求出該彈簧的勁度系數為_n/m。圖線不過原點的原因是_?!敬鸢浮?(1). 25.85 (2). 彈簧原長 (3). 200n/m (4). 彈簧有自重【解析】試題分析:(1)由mm刻度尺的讀數方法可知圖2中的讀數為:25.85cm;本實
24、驗中需要是彈簧的形變量,故還應測量彈簧的原長;(2)有圖象可知,斜率表示彈簧的勁度系數,k=70.035=200n/m;圖線不過原點的原因是由于彈簧有自重,使彈簧變長考點:考查了探究“彈力和彈簧伸長的關系”實驗【名師點睛】本實驗的目的探究在彈性限度內彈簧彈力與彈簧伸長量的關系,得到的f-t圖象,可由圖象得出彈簧的勁度系數,會誤差分析14.14.在暗室中用如圖所示的裝置做“測定重力加速度”的實驗。實驗器材有:支架、漏斗、橡皮膏、尖嘴玻璃管、螺絲夾子、接水鋁盒、一根熒光刻度的米尺、頻閃儀。具體實驗步驟如下:在漏斗內盛滿清水,旋松螺絲夾子,水滴會以一定的頻率一滴滴地落下;用頻閃儀發(fā)出的白閃光將水滴流
25、照亮,由大到小逐漸調節(jié)頻閃儀的頻率直到第一次看到一串仿佛固定不動的水滴;用豎直放置的米尺測得各個水滴所對應的刻度;采集數據進行處理。(1)實驗中第一次看到一串仿佛固定不動的水滴時,頻閃儀的閃光頻率等于_。(2)實驗中第一次觀察到水滴“固定不動”時的閃光頻率為30 hz,某同學讀出其中比較圓的水滴到第一個水滴的距離如圖所示,根據數據測得當地重力加速度g=_m/s2;第8個水滴此時的速度v8=_m/s。(結果保留三位有效數字)(3)造成該實驗系統誤差的原因可能有_(答出一條即可)。【答案】 (1). 水滴滴落頻率; (2). 9.72; (3). 2.28; (4). 空氣阻力;【解析】【詳解】(
26、1)頻閃儀頻率等于水滴滴落的頻率時,則每滴下來的一滴水,頻閃儀都在相同的位置記錄,故可看到一串仿佛固定不動的水滴。(2)s67=19.3613.43=5.93cm,s78=26.3919.36=7.03cm,s89=34.4826.39=8.09cm,s90=43.6734.48=9.19cm,由逐差法可得:g=0.0919+0.08090.05930.07034×(130)2m/s2=9.72m/s2.第8滴水的速度為:v8=s78+s892t=0.0703+0.08092×130m/s=2.28m/s;(3)造成該實驗系統誤差的原因可能有空氣阻力的影響。三、計算題(36
27、分)15.15.如圖(甲)所示,為一傾角=37°的足夠長斜面,將一質量為m=1g的物體無初速度在斜面上釋放,同時施加一沿斜面向上的拉力,拉力隨時間變化的關系圖象如圖(乙)所示,物體與斜面間的動摩擦因數=0.25,取g=10m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求: (1)2s末物體的速度;(2)前16s內物體發(fā)生的位移【答案】(1)v1=5m/s (2)x=30m【解析】(1)由分析可知物體在前2 s內沿斜面向下做初速度為零的勻加速直線運動,由牛頓第二定律可得mgsinf1mgcosma1,v1a1t1,代入數據可得a12.5 m/s2,v15
28、 m/s.(2)物體在前2 s內發(fā)生的位移為x1,則x112a1t5 m.當拉力為f24.5 n時,由牛頓第二定律可得f2mgcosmgsinma2代入數據可得a20.5 m/s2物體經過t2時間速度減為0,則v1a2t2解得t210 st2時間發(fā)生的位移為x2,則x212a2t25 m由于f2<mgcosmgsin,隨物體在剩下4 s時間內處于靜止狀態(tài)故物體在前16 s內所發(fā)生的位移xx1x230 m,方向沿斜面向下本題答案是:(1)5m/s (2)30m方向沿斜面向下點睛:運用牛頓第二定律求物體運動的加速度,在結合運動學公式求物體運動的位移。16.16.如圖所示,在海濱游樂場里有一種滑沙運動某人坐在滑板上從斜坡的高處a點由靜止開始滑下,滑到斜坡底端b點后,沿水平的滑道再滑行一段距離到c點停下來若人和滑板的總質量m=60.0g,滑板與斜坡滑道和水平滑道間的動摩擦因數均為=0.50,斜坡的傾角=37°(sin37°=0.6,cos37°=0.8),斜坡與水平滑道間是平滑連接的,整個運動過程中空氣阻力忽略不計,重力加速度g取10m/s2求:(1)人從斜坡上滑下的加速度為多大?(2)若ab的長度為25m,求bc的長度為多少?【答案】(1)a1=2.0m/s2 (2)sbc=1
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