高考理綜物理安徽卷

1、2011年高考理綜物理（安徽卷）f14一質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為的斜面上。現(xiàn)對物塊施加一個豎直向下的恒力f，如圖所示。則物塊a仍處于靜止狀態(tài) b沿斜面加速下滑c受到的摩擦力不變 d受到的合外力增大14、a【解析】由于質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為的斜面上，說明斜面對物塊的作用力與物塊的重力平衡，斜面與物塊的動摩擦因數(shù)tan。對物塊施加一個豎直向下的恒力f，使得合力仍然為零，故物塊仍處于靜止狀態(tài)，a正確，b、d錯誤。摩擦力由mgsin增大到(fmg)sin，c錯誤。屏abcad15實驗表明，可見光通過三棱鏡時各色光的折射率n隨著波長的變化符合科西經(jīng)驗公式：，其中a、b、c是正的常量。太陽光

2、進入三棱鏡后發(fā)生色散的情形如下圖所示。則 a屏上c處是紫光b屏上d處是紅光c屏上b處是紫光d屏上a處是紅光15、d【解析】白色光經(jīng)過三棱鏡后產(chǎn)生色散現(xiàn)象，在光屏由上至下（a、b、c、d）依次為紅、橙、黃、綠、藍、靛、紫。屏上a處為紅光，屏上d處是紫光，d正確。16一物體作勻加速直線運動，通過一段位移x所用的時間為t1，緊接著通過下一段位移x所用的時間為t2。則物體運動的加速度為a b c d16、a【解析】物體作勻加速直線運動在前一段x所用的時間為t1，平均速度為v1，即為0.5t1時刻的瞬時速度；物體在后一段x所用的時間為t2，平均速度為v2，即為0.5t2時刻的瞬時速度。速度由v1變化到v

3、2的時間為t，所以加速度a，a正確。a圖(a)v0p圖(b)17一般的曲線運動可以分成很多小段，每小段都可以看成圓周運動的一部分，即把整條曲線用一系列不同半徑的小圓弧來代替。如圖(a)所示，曲線上a點的曲率圓定義為：通過a點和曲線上緊鄰a點兩側(cè)的兩點作一圓，在極限情況下，這個圓就叫做a點的曲率圓，其半徑叫做a點的曲率半徑?，F(xiàn)將一物體沿與水平面成角的方向已速度v0拋出，如圖(b)所示。則在其軌跡最高點p處的曲率半徑是a b c d17、c【解析】物體在其軌跡最高點p處只有水平速度，其水平速度大小為v0cos，根據(jù)牛頓第二定律得mgmg，所以在其軌跡最高點p處的曲率半徑是，c正確。18圖(a)為示

4、波管的原理圖。如果在電極yy 之間所加的電壓圖按圖(b)所示的規(guī)律變化，在電極xx之間所加的電壓按圖(c)所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上會看到的圖形是tt12t1ouy圖(b)t2t13t1t1uxo圖(c)圖(a)+yyx´x電子槍偏轉(zhuǎn)電極熒光屏xx´y亮斑ya b c d18、b【解析】由于電極xx加的是掃描電壓，電極yy之間所加的電壓信號電壓，所以熒光屏上會看到的圖形是b，答案b正確。lo45ºb19如圖所示的區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強磁場，磁感應強度為b。電阻為r、半徑為l、圓心角為45°的扇形閉合導線框繞垂直于紙面的o軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動（o軸位于磁

5、場邊界）。則線框內(nèi)產(chǎn)生的感應電流的有效值為a b c d19、d【解析】交流電流的有效值是根據(jù)電流的熱效應得出的，線框轉(zhuǎn)動周期為t，而線框轉(zhuǎn)動一周只有t/4的時間內(nèi)有感應電流，則有()2r=i2rt，所以i，d正確。pab圖(a)tuabu0-u0ot/2t圖(b)20如圖(a)所示，兩平行正對的金屬板a、b間加有如圖(b)所示的交變電壓，一重力可忽略不計的帶正電粒子被固定在兩板的正中間p處。若在t0時刻釋放該粒子，粒子會時而向a板運動，時而向b板運動，并最終打在a板上。則t0可能屬于的時間段是a bc d 20、b【解析】若0t0，帶正電粒子先加速向b板運動、再減速運動至零；然后再反方向加速

6、運動、減速運動至零；如此反復運動，每次向右運動的距離大于向左運動的距離，最終打在b板上，所以a錯誤。若t0，帶正電粒子先加速向a板運動、再減速運動至零；然后再反方向加速運動、減速運動至零；如此反復運動，每次向左運動的距離大于向右運動的距離，最終打在a板上，所以b正確。若t0t，帶正電粒子先加速向a板運動、再減速運動至零；然后再反方向加速運動、減速運動至零；如此反復運動，每次向左運動的距離小于向右運動的距離，最終打在b板上，所以c錯誤。若tt0，帶正電粒子先加速向b板運動、再減速運動至零；然后再反方向加速運動、減速運動至零；如此反復運動，每次向右運動的距離大于向左運動的距離，最終打在b板上，所以

7、d錯誤。m/克l/厘米2.52.01.51.00.50.08.010.012.014.016.018.0××××××21（18分）為了測量某一彈簧的勁度系數(shù)，將該彈簧豎直懸掛起來，在自由端掛上不同質(zhì)量的砝碼。實驗測出了砝碼的質(zhì)量m與彈簧長度l的相應數(shù)據(jù)，其對應點已在圖上標出。（g=9.8m/s2)作出m-l的關(guān)系圖線；彈簧的勁度系數(shù)為 n/m。某同學使用多用電表粗略測量一定值電阻的阻值，先把選擇開關(guān)旋到“×1k”擋位，測量時指針偏轉(zhuǎn)如圖(a)所示。請你簡述接下來的測量過程：_；_；_；測量結(jié)束后，將選擇開關(guān)旋到“off”擋。

8、接下來采用“伏安法”較準確地測量該電阻的阻值，所用實驗器材如圖(b)所示。其中電壓表內(nèi)阻約為5k，電流表內(nèi)阻約為5。圖中部分電路已經(jīng)連接好，請完成實驗電路的連接。圖（c）是一個多量程多用電表的簡化電路圖，測量電流、電壓和電阻各有兩個量程。當轉(zhuǎn)換開關(guān)s旋到位置3時，可用來測量 ；當s旋到位置 時，可用來測量電流，其中s旋到位置 時量程較大。圖(a)abee紅表筆黑表筆123456圖(c)av+圖(b)21、【解析】（1）如圖所示；（2）0.2480.262（1）斷開待測電阻，將選擇開關(guān)旋到“×100”檔：將兩表筆短接，調(diào)整“歐姆調(diào)零旋鈕”，使指針指向“0”；再接入待測電阻，將指針示數(shù)&

9、#215;100，即為待測電阻阻值。（2）如圖所示（3）電阻；1、2；1 22（14分）開普勒行星運動第三定律指出：行星繞太陽運動的橢圓軌道的半長軸a的三次方與它的公轉(zhuǎn)周期t的二次方成正比，即，k是一個對所有行星都相同的常量。將行星繞太陽的運動按圓周運動處理，請你推導出太陽系中該常量k的表達式。已知引力常量為g，太陽的質(zhì)量為m太。開普勒定律不僅適用于太陽系，它對一切具有中心天體的引力系統(tǒng)（如地月系統(tǒng)）都成立。經(jīng)測定月地距離為3.84×108m，月球繞地球運動的周期為2.36×106s，試計算地球的質(zhì)m地。（g=6.67×10-11nm2/kg2，結(jié)果保留一位有效數(shù)

10、字）22、【解析】（1）因行星繞太陽作勻速圓周運動，于是軌道的半長軸a即為軌道半徑r。根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律有g(shù)m行()2r，于是有m太，即km太。（2）在月地系統(tǒng)中，設(shè)月球繞地球運動的軌道半徑為r，周期為t，由（1）問可得m地，解得m地6×1024kg（m地=5×1024kg也算對）23（16分）如圖所示，在以坐標原點o為圓心、半徑為r的半圓形區(qū)域內(nèi)，有相互垂直的勻強電場和勻強磁場，磁感應強度為b，磁場方向垂直于xoy平面向里。一帶正電的粒子（不計重力）從o點沿y軸正方向以某一速度射入，帶電粒子恰好做勻速直線運動，經(jīng)t0時間從p點射出。求電場強度的大小和方向。若僅

11、撤去磁場，帶電粒子仍從o點以相同的速度射入，經(jīng)t0/2時間恰從半圓形區(qū)域的邊界射出。求粒子運動加速度的大小。若僅撤去電場，帶電粒子仍從o點射入，且速度為原來的4倍，求粒子在磁場中運動的時間。xyopbr23、【解析】（1）設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，初速度為v，電場強度為e?？膳袛喑隽Ｗ邮艿降穆鍌惔帕ρ豿軸負方向，于是可知電場強度沿x軸正方向且有：qeqvb，又rvt0，則e（2）僅有電場時，帶電粒子在勻強電場中作類平拋運動在y方向位移：yv，則y設(shè)在水平方向位移為x，因射出位置在半圓形區(qū)域邊界上，于是xr，又有：xa()2，得a（3）僅有磁場時，入射速度v4v，帶電粒子在勻強磁場中作勻

12、速圓周運動，設(shè)軌道半徑為r，由牛頓第二定律有qvbm，又qe=ma，聯(lián)立解得：rr，由幾何關(guān)系：sin，即sin，帶電粒子在磁場中運動周期：t，則帶電粒子在磁場中運動時間trt，所以trt0 24（20分）如圖所示，質(zhì)量m=2kg的滑塊套在光滑的水平軌道上，質(zhì)量m=1kg的小球通過長l=0.5m的輕質(zhì)細桿與滑塊上的光滑軸o連接，小球和輕桿可在豎直平面內(nèi)繞o軸自由轉(zhuǎn)動。開始輕桿處于水平狀態(tài)?，F(xiàn)給小球一個豎直向上的初速度v0=4m/s，g取10m/s2。若鎖定滑塊，試求小球通過最高點p時對輕桿的作用力大小和方向。若解除對滑塊的鎖定，試求小球通過最高點時的速度大小。mmv0opl在滿足的條件下，試求

13、小球擊中滑塊右側(cè)軌道位置點與小球起始位置點間的距離。24、【解析】（1）設(shè)小球能通過最高點，且此時的速度為v1。在上升過程中，因只有重力做功，小球的機械能守恒。則mv12mglmv02，則v1m/s設(shè)小球到達最高點時，輕桿對小球的作用力為f，方向向下，則fmgm聯(lián)立解得f2n，由牛頓第三定律可知，小球?qū)p桿的作用力大小為2n，方向豎直向上。（2）解除鎖定后，設(shè)小球通過最高點時的速度為v2，此時滑塊的速度為v。在上升過程中，因系統(tǒng)在水平方向上不受外力作用，水平方向的動量守恒。以水平向右的方向為正方向，有mv2mv0在上升過程中，因只有重力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，則mv22mv2mglmv02，聯(lián)

14、立解得v2=2m/s（3）設(shè)小球擊中滑塊右側(cè)軌道的位置點與小球起始點的距離為s1，滑塊向左移動的距離為s2，任意時刻小球的水平速度大小為v3，滑塊的速度大小為v/。由系統(tǒng)水平方向的動量守恒，得mv3mv0，兩邊同乘以t，得mv3tmvt0，故對任意時刻附近的微小間隔t都成立，累積相加后，有ms1ms20，又s1s22l，得s1m參考答案14a 15d 16a 17c 18b 19d（提示：線框轉(zhuǎn)動一周只有t/4的時間內(nèi)有感應電流，）20b21圖略 0.2480.262 斷開待測電阻，將選擇開關(guān)旋到“×100”檔；將兩表筆短接，調(diào)整“歐姆調(diào)零旋鈕”，使指針指向“0”；再接入待測電阻，將指針示數(shù)×100，即為待測電阻阻值。圖略（內(nèi)接法） 電阻 1、2 1 xyopbqmnrrs22 m地=6×1024kg（或5×1024kg）23，方向沿