高中物理最新最全動(dòng)能定理高考模擬專題附有詳細(xì)解析

1、高中物理最新最全動(dòng)能定理高考模擬專題一選擇題（共20小題）1（2015春合肥校級期末）如圖，一半徑為R，粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平，一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)上方高度R處由靜止開始下落，恰好從P點(diǎn)進(jìn)入軌道，質(zhì)點(diǎn)滑到軌道最低點(diǎn)N時(shí)，對軌道的壓力為4mg，g為重力加速度的大小，用W表示質(zhì)點(diǎn)從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中克服摩擦力所做的功，則（）AW=mgR，質(zhì)點(diǎn)恰好可以到達(dá)Q點(diǎn)BWmgR，質(zhì)點(diǎn)不能到達(dá)Q點(diǎn)CW=mgR，質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后，繼續(xù)上升一段距離DWmgR，質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后，繼續(xù)上升一段距離2（2015海南）如圖，一半徑為R的半圓形軌道豎直固定放置，軌道兩端等高；質(zhì)量為m的質(zhì)

2、點(diǎn)自軌道端點(diǎn)P由靜止開始滑下，滑到最低點(diǎn)Q時(shí)，對軌道的正壓力為2mg，重力加速度大小為g質(zhì)點(diǎn)自P滑到Q的過程中，克服摩擦力所做的功為（）AmgRBmgRCmgRDmgR3（2015福建）如圖，在豎直平面內(nèi)，滑道ABC關(guān)于B點(diǎn)對稱，且A、B、C三點(diǎn)在同一水平線上若小滑塊第一次由A滑到C，所用的時(shí)間為t1，第二次由C滑到A，所用的時(shí)間為t2，小滑塊兩次的初速度大小相同且運(yùn)動(dòng)過程始終沿著滑道滑行，小滑塊與滑道的動(dòng)摩擦因數(shù)恒定，則（）At1t2Bt1=t2Ct1t2D無法比較t1、t2的大小4（2015株洲校級模擬）水平地面上的物塊，在水平恒力F的作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)一段距離s，物塊所受摩擦力的大小為

3、f，則物塊在該過程中動(dòng)能的增加量為（）AFsBfsC（Ff）sD（F+f）s5（2015廉江市校級模擬）如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量相同的物體a和b處于同一高度，a自由下落，b沿固定光滑斜面由靜止開始下滑，不計(jì)空氣阻力兩物體到達(dá)地面時(shí)，下列表述正確的是（）Aa的速率大Bb的速率大C動(dòng)能相同D速度方向相同6（2015宿遷模擬）如圖，一質(zhì)量為1kg的小球靜止在一豎直放置的輕彈簧上，彈簧勁度系數(shù)k=50N/m，現(xiàn)用一豎直向下的F=5N的恒力作用在小球上，當(dāng)小球向下運(yùn)動(dòng)到最大速度時(shí)撤去F，則小球再回到初始位置時(shí)的速度大小為（彈簧一直處于彈性限度內(nèi)）（）A1m/sB2m/sC2m/sDm/s7（2015海南）放在

4、光滑水平面上的物體，僅在兩個(gè)同向水平力的共同作用下開始運(yùn)動(dòng)，若這兩個(gè)力分別做了6J和8J的功，則該物體的動(dòng)能增加了（）A48JB14JC10JD2J8（2015廉江市校級模擬）質(zhì)量不同而具有相同動(dòng)能的兩個(gè)物體，在動(dòng)摩擦因數(shù)相同的水平面上滑行到停止，則（）A質(zhì)量大的滑行的距離小B質(zhì)量大的滑行的加速度小C質(zhì)量大的滑行的時(shí)間短D它們克服阻力做的功一樣多9（2015廉江市校級模擬）一個(gè)30kg的小孩從高度為3.0m的滑梯頂端由靜止開始滑下，滑到底端時(shí)的速度為2.0m/s取g=10m/s2，關(guān)于力對小孩做的功，以下結(jié)果正確的是（）A合外力做功60JB阻力做功600JC重力做功600JD支持力做功60J1

5、0（2015春呼倫貝爾校級月考）物體在合外力作用下作直線運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示下列表述正確的是（）A在02s內(nèi)，合外力做正功B在24s內(nèi)，合外力不做功C在02s內(nèi)，合外力做負(fù)功D在06s內(nèi)，合外力總是做正功11（2015贛州校級模擬）在空中某一位置，以大小v0的速度水平拋出一質(zhì)量為m的物體，經(jīng)時(shí)間t物體下落一段距離后，其速度大小仍為v0，但方向與初速度相反，如圖所示，則下列說法中錯(cuò)誤的是（不考慮空氣阻力）（）A風(fēng)力對物體做功為零B風(fēng)力對物體做負(fù)功C物體機(jī)械能減少D物體的速度變化為2v012（2013湖北二模）如圖所示，在光滑的水平面上有一個(gè)質(zhì)量為M的木板B處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為m的木塊A

6、在B的左端以初速度V0開始向右滑動(dòng)，已知Mm，用和分別表示木塊A和木板B的圖象，在木塊A從B的左端滑到右端的過程中，下面關(guān)于速度v隨時(shí)間t、動(dòng)能EK隨位移S的變化圖象，其中可能正確的是（）ABCD13（2012鹽亭縣校級模擬）NBA籃球賽非常精彩，吸引了眾多觀眾經(jīng)常有這樣的場面：在臨終場0.1s的時(shí)候，運(yùn)動(dòng)員把球投出且準(zhǔn)確命中，獲得比賽的勝利如果運(yùn)動(dòng)員投籃過程中對籃球做功為W，出手高度為h1，籃筐距地面高度為h2，籃球的質(zhì)量為m，空氣阻力不計(jì)，則籃球進(jìn)筐時(shí)的動(dòng)能為（）AW+mgh1mgh2BW+mgh2mgh1Cmgh1+mgh2WDmgh2mgh1W14（2013南安市校級一模）如圖是建筑工

7、地上常用的一種“深穴打夯機(jī)”示意圖，電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)兩個(gè)滾輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)將夯桿從深坑提上來，當(dāng)夯桿底端剛到達(dá)坑口時(shí)，兩個(gè)滾輪彼此分開，將夯桿釋放，夯桿在自身重力作用下，落回深坑，夯實(shí)坑底然后兩個(gè)滾輪再將夯桿壓緊，夯桿被提上來，如此周而復(fù)始（夯桿被滾輪提升過程中，經(jīng)歷勻加速和勻速運(yùn)動(dòng)過程）已知兩個(gè)滾輪邊緣的線速度恒為v，夯桿質(zhì)量m，則下列說法正確的是（）A夯桿被提上來的過程中滾輪先對它施加向上的滑動(dòng)摩擦力，后不對它施力B增加滾輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度或增加滾輪對桿的正壓力可減小提杠的時(shí)間C滾輪對夯桿做的功等于夯桿動(dòng)能的增量D一次提桿過程系統(tǒng)共產(chǎn)生熱量；15（2012下陸區(qū)校級模擬）已知一足夠長的傳送帶與水平面的

8、傾角為，以一定的速度勻速運(yùn)動(dòng)某時(shí)刻在傳送帶適當(dāng)?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣鹊奈飰K（如圖甲所示），以此時(shí)為t=0時(shí)刻紀(jì)錄了小物塊之后在傳送帶上運(yùn)動(dòng)速度隨時(shí)間的變化關(guān)系，如圖乙所示（圖中取沿斜面向上的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较颍渲袃勺鴺?biāo)大小v1v2）已知傳送帶的速度保持不變（g取10m/s2），則 （）A0t1內(nèi)，物塊對傳送帶做正功B物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，tanC0t2內(nèi)，傳送帶對物塊做功為W=mvmvD系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量大小一定大于物塊動(dòng)能的變化量大小16（2012淄博二模）如圖所示，在傾角為的斜面上，輕質(zhì)彈簧一與斜面底端固定，另一端與質(zhì)量為M的平板A連接，一個(gè)質(zhì)量為m的物體B靠在平板的右測，A、B與斜

9、面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為開始時(shí)用手按住物體B使彈簧處于壓縮狀態(tài)，現(xiàn)放手，使A和B一起沿斜面向上運(yùn)動(dòng)距離L時(shí)，A和B達(dá)到最大速度v則以下說法正確的是（）AA和B達(dá)到最大速度v時(shí)，彈簧是自然長度B若運(yùn)動(dòng)過程中A和B能夠分離，則A和B恰好分離時(shí)，二者加速度大小均為g（ sin+cos ）C從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中彈簧對A所做的功等于Mv2+MgLsin+MgLcosD從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，B受到的合力對它做的功等于mv217（2012鏡湖區(qū)校級四模）質(zhì)量為m的物塊在平行于斜面的力F作用下，從固定斜面的底端A由靜止開始沿斜面上滑，經(jīng)B點(diǎn)時(shí)速率為v，此時(shí)撤去F，物塊滑回斜面底端時(shí)速

10、率也為v，斜面傾角為，A、B間距離為x，則（）A整個(gè)過程中重力做功為mgxsinB整個(gè)過程中物塊克服摩擦力做功為FxC上滑過程中克服重力做功為（Fxmv2）D從撤去F到物塊滑回斜面底端，摩擦力做功為mgxsin18（2012潮安縣校級模擬）如圖，兩個(gè)質(zhì)量相同的小球P和QP球掛在一根長為L的細(xì)細(xì)上，Q球掛在橡皮繩上，現(xiàn)把兩球拉到水平位置，并使橡皮繩剛好保持原長，當(dāng)兩球能過最低點(diǎn)時(shí)橡皮繩的長度恰好也為L，則（）A重力對兩球做的功相同B在最低點(diǎn)P球速度大于Q球C在最低點(diǎn) P球速度小于Q球D最低點(diǎn)P、Q兩球速度相等19（2011瀘州二模）如圖所示，空間有與水平方向成角的勻強(qiáng)電場一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球，

11、用長L的絕緣細(xì)線懸掛于O點(diǎn)當(dāng)小球靜止時(shí)，細(xì)線恰好處于水平位置現(xiàn)用一個(gè)外力將小球沿圓弧軌道（圖中的虛線）緩慢地拉到最低點(diǎn)，此過程小球的電荷量不變則該外力做的功為（重力加速度為g）（）AmgLcotBmgLtanCmgLmgLcosD20（2011廣陵區(qū)校級模擬）如圖所示有三個(gè)斜面a、b、c，底邊分別為L、L、2L，高度分別為2h、h、h，同一物體與三個(gè)斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，這個(gè)物體分別沿三個(gè)斜面從頂端由靜止下滑到底端的三種情況相比較，下列說法正確的是（）A物體損失的機(jī)械能Ec=2Eb=4EaB物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間4ta=2tb=tcC物體到達(dá)底端的動(dòng)能Eka=2Ekb=2EkcD因摩擦產(chǎn)生的熱量2Qa

12、=2Qb=Qc二解答題（共10小題）21（2016惠州模擬）AB是豎直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道，在下端B與水平直軌相切，如圖所示一可視為質(zhì)點(diǎn)的小球自A點(diǎn)起由靜止開始沿軌道下滑已知圓軌道半徑為R，小球的質(zhì)量為m，小球與水平直軌的滑動(dòng)摩擦因素為µ，最終小球在C點(diǎn)處停?。ú挥?jì)空氣阻力）求：（1）小球下滑到B點(diǎn)時(shí)速度的大??；（2）小球經(jīng)過圓弧軌道的B點(diǎn)和水平軌道的C點(diǎn)時(shí)，所受軌道支持力FB、FC各是多大？（3）BC之間的距離22（2016南康區(qū)校級一模）半徑R=0.3m的圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，O為圓心，A、C是圓環(huán)的豎直直徑一個(gè)質(zhì)量m=0.3kg的小球套在圓環(huán)上，若小球從圖示的位置B點(diǎn)由

13、靜止開始下滑，已知小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度vC=2m/s，g取10m/s2，求：（1）小球經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)對環(huán)的壓力的大?。?）小球從B到C的過程中，摩擦力對小球做的功23（2015天津）某快遞公司分揀郵件的水平傳輸裝置示意如圖，皮帶在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下保持v=1m/s的恒定速度向右運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)將一質(zhì)量為m=2kg的郵件輕放在皮帶上，郵件和皮帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5設(shè)皮帶足夠長，取g=10m/s2，在郵件與皮帶發(fā)生相對滑動(dòng)過程中，求：（1）郵件滑動(dòng)的時(shí)間t；（2）郵件對地的位移大小x；（3）郵件與皮帶間的摩擦力對皮帶做的功W24（2015洛陽校級模擬）一探險(xiǎn)隊(duì)員在探險(xiǎn)時(shí)遇到一山溝，山溝的一側(cè)豎直，另一側(cè)的坡面呈

14、拋物線形狀此隊(duì)員從山溝的豎直一側(cè)，以速度v0沿水平方向跳向另一側(cè)坡面如圖所示，以溝底的O點(diǎn)為原點(diǎn)建立坐標(biāo)系Oxy已知，山溝豎直一側(cè)的高度為2h，坡面的拋物線方程為y=x2，探險(xiǎn)隊(duì)員的質(zhì)量為m人視為質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力，重力加速度為g（1）求此人落到坡面時(shí)的動(dòng)能；（2）此人水平跳出的速度為多大時(shí)，他落在坡面時(shí)的動(dòng)能最??？動(dòng)能的最小值為多少？25（2015浙江）如圖所示，用一塊長L1=1.0m的木板在墻和桌面間架設(shè)斜面，桌子高H=0.8m，長L2=1.5m，斜面與水平桌面的傾角可在060°間調(diào)節(jié)后固定，將質(zhì)量m=0.2kg的小物塊從斜面頂端靜止釋放，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)1=0.05，物

15、塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2，忽略物塊在斜面與桌面交接處的能量損失（重力加速度取g=10m/s2，最大靜止摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力）（1）求角增大到多少時(shí)，物塊能從斜面開始下滑（用正切值表示）（2）當(dāng)角增大到37°時(shí)，物塊恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)2（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8）（3）繼續(xù)增大角，發(fā)現(xiàn)=53°時(shí)物塊落地點(diǎn)與墻面的距離最大，求此最大距離x26（2012中山模擬）光滑的圓弧軌道固定在豎直平面內(nèi)，與水平軌道CE連接水平軌道的CD段光滑、DE段粗糙一根輕質(zhì)彈簧一端固定在C處的豎直面上，另一端與質(zhì)量為2m的物塊b剛好

16、在D點(diǎn)接觸（不連接），彈簧處于自然長度將質(zhì)量為m的物塊a從頂端F點(diǎn)靜止釋放后，沿圓弧軌道下滑物塊a與物塊b第一次碰撞后一起向左壓縮彈簧已知圓弧軌道半徑為r，=l，物塊a、b與DE段水平軌道的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為1=0.2和2=0.4，重力加速度為g物塊a、b均可視為質(zhì)點(diǎn)求：（1）物塊a第一次經(jīng)過E點(diǎn)時(shí)的速度是多少？（2）試討論l取何值時(shí)，a、b能且只能發(fā)生一次碰撞？27（2012雙橋區(qū)校級模擬）如圖所示，空間存在著電場強(qiáng)度為E=2.5×102N/C、方向豎直向上的勻強(qiáng)電場，一長為L=0.5m的絕緣細(xì)線，一端固定在O點(diǎn)，一端拴著質(zhì)量m=0.5kg、電荷量q=4×102C的小球現(xiàn)將

17、細(xì)線拉直到水平位置，使小球由靜止釋放，則小球能運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)不計(jì)阻力取g=10m/s2求：（1）小球的電性（2）細(xì)線在最高點(diǎn)受到的拉力（3）若小球剛好運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)細(xì)線斷裂，則細(xì)線斷裂后小球繼續(xù)運(yùn)動(dòng)到與O點(diǎn)水平方向距離為細(xì)線的長度L時(shí)，小球距O點(diǎn)的高度28（2012海珠區(qū)二模）（學(xué)有余力同學(xué)做，不計(jì)入總分）如圖所示，設(shè)AB段是距水平傳送帶裝置高為H=1.25m的光滑斜面，水平段BC使用水平傳送帶裝置，BC長L=5m，與貨物包的摩擦系數(shù)為=0.4，順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的速度為V=3m/s設(shè)質(zhì)量為m=1kg的小物塊由靜止開始從A點(diǎn)下滑，經(jīng)過B點(diǎn)的拐角處無機(jī)械能損失小物塊隨傳送帶運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)后水平拋出，恰好無碰撞

18、的沿圓弧切線從D點(diǎn)進(jìn)入豎直光滑圓孤軌道下滑D、E為圓弧的兩端點(diǎn)，其連線水平已知圓弧半徑R2=1.0m圓弧對應(yīng)圓心角=106°，O為軌道的最低點(diǎn)（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）試求：（1）小物塊在B點(diǎn)的速度（2）小物塊在水平傳送帶BC上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間（3）水平傳送帶上表面距地面的高度（4）小物塊經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力29（2012東城區(qū)模擬）如圖所示，光滑水平面上靜止放置著一輛平板車A車上有兩個(gè)小滑塊B和C（都可視為質(zhì)點(diǎn)），B與車板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，而C與車板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2，開始時(shí)B、C分別從車板的左、右兩端同時(shí)以大小相同的初速度

19、v0相向滑行經(jīng)過一段時(shí)間，C、A的速度達(dá)到相等，此時(shí)C和B恰好發(fā)生碰撞已知C和B發(fā)生碰撞時(shí)兩者的速度立刻互換，A、B、C三者的質(zhì)量都相等，重力加速度為g設(shè)最大靜摩擦力大小等于滑動(dòng)摩擦力（1）求開始運(yùn)動(dòng)到C、A的速度達(dá)到相等時(shí)的時(shí)間；（2）求平板車平板總長度；（3）已知滑塊C最后沒有脫離平板，求滑塊C最后與車達(dá)到相對靜止時(shí)處于平板上的位置30（2012鹽亭縣校級模擬）如圖所示，一彈簧在傾角為的斜面上，下端固定，上端連接質(zhì)量為m的滑塊A，用一鎖定K將A鎖定在斜面上，并使彈簧剛好處于原長在A點(diǎn)之下段斜面光滑，在A點(diǎn)之上段斜面粗糙現(xiàn)將質(zhì)量也為m的物塊B從距離A為L的P點(diǎn)以某一初速度滑下，當(dāng)B剛要與A相

20、碰瞬間鎖定K立即自動(dòng)解開，使B與A相碰（相碰時(shí)間極短），并使A、B以共同的速度壓縮彈簧（A、B互不粘連），然后B又剛好被反彈回P點(diǎn)而速度減為零B物塊與粗糙段摩擦因數(shù)為求B物原來的初速度大小高中物理最新最全動(dòng)能定理高考模擬專題參考答案與試題解析一選擇題（共20小題）1（2015春合肥校級期末）如圖，一半徑為R，粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平，一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)上方高度R處由靜止開始下落，恰好從P點(diǎn)進(jìn)入軌道，質(zhì)點(diǎn)滑到軌道最低點(diǎn)N時(shí)，對軌道的壓力為4mg，g為重力加速度的大小，用W表示質(zhì)點(diǎn)從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中克服摩擦力所做的功，則（）AW=mgR，質(zhì)點(diǎn)恰好可以到達(dá)Q

21、點(diǎn)BWmgR，質(zhì)點(diǎn)不能到達(dá)Q點(diǎn)CW=mgR，質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后，繼續(xù)上升一段距離DWmgR，質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后，繼續(xù)上升一段距離考點(diǎn)：動(dòng)能定理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：對N點(diǎn)運(yùn)用牛頓第二定律，結(jié)合壓力的大小求出N點(diǎn)的速度大小，對開始下落到N點(diǎn)的過程運(yùn)用動(dòng)能定理求出克服摩擦力做功的大小抓住NQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功，根據(jù)動(dòng)能定理分析Q點(diǎn)的速度大小，從而判斷能否到達(dá)Q點(diǎn)解答：解：在N點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有：，解得，對質(zhì)點(diǎn)從下落到N點(diǎn)的過程運(yùn)用動(dòng)能定理得，解得W=在NQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功，對NQ段運(yùn)用動(dòng)能定理得，因?yàn)?，可知vQ0，所以質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)

22、后，繼續(xù)上升一段距離故C正確，A、B、D錯(cuò)誤故選：C點(diǎn)評：本題考查了動(dòng)能定理和牛頓第二定律的綜合運(yùn)用，知道在最低點(diǎn)，靠重力和支持力的合力提供向心力，通過牛頓第二定律求出N點(diǎn)的速度是關(guān)鍵注意在NQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功2（2015海南）如圖，一半徑為R的半圓形軌道豎直固定放置，軌道兩端等高；質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自軌道端點(diǎn)P由靜止開始滑下，滑到最低點(diǎn)Q時(shí)，對軌道的正壓力為2mg，重力加速度大小為g質(zhì)點(diǎn)自P滑到Q的過程中，克服摩擦力所做的功為（）AmgRBmgRCmgRDmgR考點(diǎn)：動(dòng)能定理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過Q點(diǎn)時(shí)，由重力和軌道的支持力提供向心力，由牛

23、頓運(yùn)動(dòng)定律求出質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過Q點(diǎn)的速度，再由動(dòng)能定理求解克服摩擦力所做的功解答：解：質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過Q點(diǎn)時(shí)，由重力和軌道的支持力提供向心力，由牛頓第二定律得：Nmg=m由題有：N=2mg可得：vQ=質(zhì)點(diǎn)自P滑到Q的過程中，由動(dòng)能定理得： mgRWf=得克服摩擦力所做的功為 Wf=mgR故選：C點(diǎn)評：本題考查動(dòng)能定理的應(yīng)用及向心力公式，要注意正確受力分析，明確指向圓心的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，知道動(dòng)能定理是求解變力做功常用的方法3（2015福建）如圖，在豎直平面內(nèi)，滑道ABC關(guān)于B點(diǎn)對稱，且A、B、C三點(diǎn)在同一水平線上若小滑塊第一次由A滑到C，所用的時(shí)間為t1，第二次由C滑到A，所用的時(shí)間為t2，小滑塊兩次

24、的初速度大小相同且運(yùn)動(dòng)過程始終沿著滑道滑行，小滑塊與滑道的動(dòng)摩擦因數(shù)恒定，則（）At1t2Bt1=t2Ct1t2D無法比較t1、t2的大小考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；滑動(dòng)摩擦力菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：滑塊做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律判斷滑塊受到的支持力大小關(guān)系，然后判斷摩擦力大小關(guān)系，再比較滑塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間解答：解：在AB段，由牛頓第二定律得：mgF=m，滑塊受到的支持力：F=mgm，則速度v越大，滑塊受支持力F越小，摩擦力f=F就越小，在BC段，由牛頓第二定律得：Fmg=m，滑塊受到的支持力：F=mg+m，則速度v越大，滑塊受支持力F越大，摩擦力f就越大，由題意知從A運(yùn)動(dòng)到C相比從C到A，在AB段速度較

25、大，在BC段速度較小，所以從A到C運(yùn)動(dòng)過程受摩擦力較小，用時(shí)短，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A點(diǎn)評：本題考查了比較滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系，分析清楚滑塊的運(yùn)動(dòng)過程、應(yīng)用牛頓第二定律與摩擦力公式即可正確解題4（2015株洲校級模擬）水平地面上的物塊，在水平恒力F的作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)一段距離s，物塊所受摩擦力的大小為f，則物塊在該過程中動(dòng)能的增加量為（）AFsBfsC（Ff）sD（F+f）s考點(diǎn)：動(dòng)能定理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：物塊在該過程中，恒力做功為Fs，摩擦力做功為fs，沒有其他力做功，根據(jù)動(dòng)能定理求解動(dòng)能的增加量解答：解：由題意分析得知，物塊在該過程中，恒力做功為Fs，摩擦力

26、做功為fs，沒有其他力做功，總功為：Fsfs根據(jù)動(dòng)能定理可知，動(dòng)能的增加量等于外力對物體所做的總功，則知?jiǎng)幽艿脑黾恿繛椋篎sfs=（Ff）s故選：C點(diǎn)評：本題關(guān)鍵要理解并掌握動(dòng)能定理，要注意總功等于各個(gè)力做功的代數(shù)和，而不是絕對值之和5（2015廉江市校級模擬）如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量相同的物體a和b處于同一高度，a自由下落，b沿固定光滑斜面由靜止開始下滑，不計(jì)空氣阻力兩物體到達(dá)地面時(shí)，下列表述正確的是（）Aa的速率大Bb的速率大C動(dòng)能相同D速度方向相同考點(diǎn)：動(dòng)能定理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：根據(jù)動(dòng)能定理比較到達(dá)地面時(shí)的速率和動(dòng)能解答：解：根據(jù)動(dòng)能定理有：mgh=mv20知：高度相

27、同，所以末動(dòng)能相等速度的大小相等，但方向不同故選：C點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵知道動(dòng)能定理解題的優(yōu)越性，不需要考慮速度的方向，也可以利用機(jī)械能守恒定律求解6（2015宿遷模擬）如圖，一質(zhì)量為1kg的小球靜止在一豎直放置的輕彈簧上，彈簧勁度系數(shù)k=50N/m，現(xiàn)用一豎直向下的F=5N的恒力作用在小球上，當(dāng)小球向下運(yùn)動(dòng)到最大速度時(shí)撤去F，則小球再回到初始位置時(shí)的速度大小為（彈簧一直處于彈性限度內(nèi)）（）A1m/sB2m/sC2m/sDm/s考點(diǎn)：動(dòng)能定理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：在向下運(yùn)動(dòng)的過程中，F(xiàn)做正功，再恢復(fù)到原位置時(shí)，重力做功的和為零，根據(jù)動(dòng)能定理求速度解答：解：當(dāng)彈簧的彈力等于

28、重力和F的合力時(shí)，球 的速度最大，此時(shí)彈簧又向下被壓縮了x=0.1m，根據(jù)動(dòng)能定理：Fx=，解得：V=1m/s故選：A點(diǎn)評：知道物體壓縮彈簧的過程，就可以逐個(gè)分析位移和加速度要注意在壓縮彈簧的過程中，彈力是個(gè)變力，加速度是變化的，當(dāng)加速度等于零時(shí)，向下的速度最大7（2015海南）放在光滑水平面上的物體，僅在兩個(gè)同向水平力的共同作用下開始運(yùn)動(dòng)，若這兩個(gè)力分別做了6J和8J的功，則該物體的動(dòng)能增加了（）A48JB14JC10JD2J考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：運(yùn)用動(dòng)能定理求解物體動(dòng)能的增加量解答：解：運(yùn)用動(dòng)能定理：E=w合=6J+8J=14J所以該物體的動(dòng)能增加

29、了14J故選B點(diǎn)評：注意功是標(biāo)量，總功的求解運(yùn)用代數(shù)和進(jìn)行求解8（2015廉江市校級模擬）質(zhì)量不同而具有相同動(dòng)能的兩個(gè)物體，在動(dòng)摩擦因數(shù)相同的水平面上滑行到停止，則（）A質(zhì)量大的滑行的距離小B質(zhì)量大的滑行的加速度小C質(zhì)量大的滑行的時(shí)間短D它們克服阻力做的功一樣多考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：由動(dòng)能定理分析影響物體滑行位移的因素，由牛頓第二定律可知加速度的大小關(guān)系，由位移公式要知滑行時(shí)間的關(guān)系解答：解：A、D由動(dòng)能定理可知：W=mgs=0EK；由公式可知，因初動(dòng)能相同，故兩物體克服阻力做功相同，故D正確；而s=，故質(zhì)量大的物體，滑行距離小，故A正確；B、由F=m

30、a可知，mg=ma，a=g，故兩物體的加速度相同，故B錯(cuò)誤；C、由x=at2可知，因質(zhì)量大的物體滑行距離小，故其滑行時(shí)間要少，故C正確；故選：ACD點(diǎn)評：本題綜合考查動(dòng)能定理、牛頓第二定律及位移公式，在解題時(shí)要注意如果題目中涉及時(shí)間，則應(yīng)考慮應(yīng)用牛頓第二律，若不涉及時(shí)間應(yīng)優(yōu)先采用動(dòng)能定理或功能關(guān)系9（2015廉江市校級模擬）一個(gè)30kg的小孩從高度為3.0m的滑梯頂端由靜止開始滑下，滑到底端時(shí)的速度為2.0m/s取g=10m/s2，關(guān)于力對小孩做的功，以下結(jié)果正確的是（）A合外力做功60JB阻力做功600JC重力做功600JD支持力做功60J考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；功的計(jì)算菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：動(dòng)

31、能定理的應(yīng)用專題分析：根據(jù)小孩下滑的高度求出重力做功的大小，根據(jù)動(dòng)能的變化，根據(jù)動(dòng)能定理求出阻力做功與合力做功的大小解答：解：A、根據(jù)動(dòng)能定理知，故A正確B、重力做功為WG=mgh=300×3J=900J，因?yàn)閃合=WGWf，則克服阻力做功Wf=90060J=840J故B、C錯(cuò)誤D、支持力的方向與速度方向垂直，則支持力做功為零故D錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評：本題考查了動(dòng)能定理的基本運(yùn)用，知道合力做功等于各力做功的代數(shù)和10（2015春呼倫貝爾校級月考）物體在合外力作用下作直線運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示下列表述正確的是（）A在02s內(nèi)，合外力做正功B在24s內(nèi)，合外力不做功C在02s內(nèi)，合外力做負(fù)功

32、D在06s內(nèi)，合外力總是做正功考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：根據(jù)動(dòng)能定理W合=EK判斷合力做功解答：解：A、C在02s內(nèi)，動(dòng)能增加，根據(jù)動(dòng)能定理W合=EK，合外力做正功故A正確，C錯(cuò)誤 B、在24s內(nèi)，動(dòng)能減小，根據(jù)動(dòng)能定理W合=EK，合外力做負(fù)功故B錯(cuò)誤 D、在06s內(nèi)，動(dòng)能變化為0，根據(jù)動(dòng)能定理W合=EK，合外力做功為0故D錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵會(huì)熟練運(yùn)用動(dòng)能定理W合=EK，根據(jù)速度變化確定動(dòng)能的變化，進(jìn)而確定合外力做功問題11（2015贛州校級模擬）在空中某一位置，以大小v0的速度水平拋出一質(zhì)量為m的物體，經(jīng)時(shí)間t物體下落

33、一段距離后，其速度大小仍為v0，但方向與初速度相反，如圖所示，則下列說法中錯(cuò)誤的是（不考慮空氣阻力）（）A風(fēng)力對物體做功為零B風(fēng)力對物體做負(fù)功C物體機(jī)械能減少D物體的速度變化為2v0考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；功能關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：水平方向風(fēng)力做功，根據(jù)動(dòng)能定理求解風(fēng)力對物體做功物體在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，由時(shí)間求出下落的高度，確定重力勢能的減小量，動(dòng)能不變，得到機(jī)械能的減小量水平方向風(fēng)力做功，根據(jù)動(dòng)能定理求解風(fēng)力對物體做功物體在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，由時(shí)間求出下落的高度，確定重力勢能的減小量，動(dòng)能不變，得到機(jī)械能的減小量根據(jù)動(dòng)量定理求解物體的速度變化解答：

34、解：A、B設(shè)風(fēng)力對物體做功W，根據(jù)動(dòng)能定理得，mgh+W=0，則W=mgh，風(fēng)力對物體做負(fù)功故A錯(cuò)誤，B正確 C、由于不知道豎直方向的運(yùn)動(dòng)情況，所以無法求出下落的高度，進(jìn)而無法判斷物體機(jī)械能減少量，故C錯(cuò)誤 D、取物體開始的速度方向?yàn)檎较?，物體速度的變化為v=v0v0=2v0，所以速度變化為2v0，故D正確本題選不正確的故選：AC點(diǎn)評：本題整合了動(dòng)能定理、自由落體運(yùn)動(dòng)等多個(gè)知識點(diǎn)，采用運(yùn)動(dòng)的分解方法，常規(guī)題，難度中等12（2013湖北二模）如圖所示，在光滑的水平面上有一個(gè)質(zhì)量為M的木板B處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為m的木塊A在B的左端以初速度V0開始向右滑動(dòng)，已知Mm，用和分別表示木塊A和木

35、板B的圖象，在木塊A從B的左端滑到右端的過程中，下面關(guān)于速度v隨時(shí)間t、動(dòng)能EK隨位移S的變化圖象，其中可能正確的是（）ABCD考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：木塊滑上木板，A做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律比較出A、B的加速度大小，從而確定速度時(shí)間圖線的正誤根據(jù)動(dòng)能定理確定動(dòng)能與位移的關(guān)系解答：解：A、木塊滑上木板，A做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得，已知Mm，則aAaB圖線斜率的絕對值大于圖線斜率的絕對值，故A、B錯(cuò)誤C、根據(jù)動(dòng)能定理得，對A有：mgs=EK

36、EK0，則EK=EK0mgs對B有：mgs=EK，從動(dòng)能定理的表達(dá)式可知，EK與s圖線斜率的絕對值必須相等故C錯(cuò)誤，D正確故選D點(diǎn)評：本題綜合考查了動(dòng)能定理，牛頓第二定律，對學(xué)生能力的要求較高，關(guān)鍵是通過圖線的斜率判斷圖象的正誤13（2012鹽亭縣校級模擬）NBA籃球賽非常精彩，吸引了眾多觀眾經(jīng)常有這樣的場面：在臨終場0.1s的時(shí)候，運(yùn)動(dòng)員把球投出且準(zhǔn)確命中，獲得比賽的勝利如果運(yùn)動(dòng)員投籃過程中對籃球做功為W，出手高度為h1，籃筐距地面高度為h2，籃球的質(zhì)量為m，空氣阻力不計(jì)，則籃球進(jìn)筐時(shí)的動(dòng)能為（）AW+mgh1mgh2BW+mgh2mgh1Cmgh1+mgh2WDmgh2mgh1W考點(diǎn)：動(dòng)能

37、定理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題分析：分析在投籃過程中外力對球所做的功，則可求得籃球進(jìn)筐時(shí)的動(dòng)能解答：解；人在投籃過程中，球受重力、人的作用力，已知人對球做功W，重力對球做功為（mgh2mgh1），則由動(dòng)能定理可得：W（mgh2mgh1）=EK； 故動(dòng)能為W+mgh1mgh2；故選A點(diǎn)評：應(yīng)用動(dòng)能定理解題關(guān)鍵在于分析初末狀態(tài)及合外力的功，只要能明確這兩點(diǎn)即可順利求解14（2013南安市校級一模）如圖是建筑工地上常用的一種“深穴打夯機(jī)”示意圖，電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)兩個(gè)滾輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)將夯桿從深坑提上來，當(dāng)夯桿底端剛到達(dá)坑口時(shí)，兩個(gè)滾輪彼此分開，將夯桿釋放，夯桿在自身重力作用下，落回深坑，夯實(shí)坑底然后兩個(gè)滾輪再將

38、夯桿壓緊，夯桿被提上來，如此周而復(fù)始（夯桿被滾輪提升過程中，經(jīng)歷勻加速和勻速運(yùn)動(dòng)過程）已知兩個(gè)滾輪邊緣的線速度恒為v，夯桿質(zhì)量m，則下列說法正確的是（）A夯桿被提上來的過程中滾輪先對它施加向上的滑動(dòng)摩擦力，后不對它施力B增加滾輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度或增加滾輪對桿的正壓力可減小提杠的時(shí)間C滾輪對夯桿做的功等于夯桿動(dòng)能的增量D一次提桿過程系統(tǒng)共產(chǎn)生熱量；考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；功能關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：夯桿底端剛到達(dá)坑口的運(yùn)動(dòng)過程中，先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度達(dá)到滾輪的線速度時(shí)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，夯桿先受到滑動(dòng)摩擦力，然后受靜摩擦力，電動(dòng)機(jī)對夯桿所做的功等于摩擦力做的功增

39、加滾輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度時(shí)夯桿獲得的最大速度增大，可減小提杠的時(shí)間增加滾輪對桿的正壓力，夯桿受到滑動(dòng)摩擦力增大，勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度增大，可減小提杠的時(shí)間滾輪對夯桿做的功等于夯桿動(dòng)能和重力勢能的增量提桿過程系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量等于滑動(dòng)摩擦力與相對位移大小的乘積解答：解：A、夯桿被提上來的過程中，先受到滑動(dòng)摩擦力，然后受靜摩擦力故A錯(cuò)誤B、增加滾輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度時(shí)夯桿獲得的最大速度增大，可減小提杠的時(shí)間增加滾輪對桿的正壓力，夯桿受到滑動(dòng)摩擦力增大，勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度增大，可減小提杠的時(shí)間故B正確C、根據(jù)功能關(guān)系分析得到，滾輪對夯桿做的功等于夯桿動(dòng)能重力勢能的增量之和故C錯(cuò)誤D、設(shè)勻加速直線運(yùn)動(dòng)過程，夯桿

40、受到的滑動(dòng)摩擦力大小為f，加速度為a，質(zhì)量為m，勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，則相對位移大小為s=vt，t=，得到s=，摩擦生熱Q=fs根據(jù)牛頓第二定律得：fmg=ma，聯(lián)立得到：Q=故D錯(cuò)誤故選B點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵理清夯桿的運(yùn)動(dòng)過程，知道夯桿在一個(gè)周期內(nèi)先做勻加速上升，再做勻速上升，根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況分析夯桿的受力情況15（2012下陸區(qū)校級模擬）已知一足夠長的傳送帶與水平面的傾角為，以一定的速度勻速運(yùn)動(dòng)某時(shí)刻在傳送帶適當(dāng)?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣鹊奈飰K（如圖甲所示），以此時(shí)為t=0時(shí)刻紀(jì)錄了小物塊之后在傳送帶上運(yùn)動(dòng)速度隨時(shí)間的變化關(guān)系，如圖乙所示（圖中取沿斜面向上的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较?，其中兩坐?biāo)大小v1v

41、2）已知傳送帶的速度保持不變（g取10m/s2），則 （）A0t1內(nèi)，物塊對傳送帶做正功B物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，tanC0t2內(nèi)，傳送帶對物塊做功為W=mvmvD系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量大小一定大于物塊動(dòng)能的變化量大小考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：由圖看出，物塊先向下運(yùn)動(dòng)后向上運(yùn)動(dòng)，則知傳送帶的運(yùn)動(dòng)方向應(yīng)向上0t1內(nèi)，物塊對傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，可知物塊對傳送帶做功情況由于物塊能向上運(yùn)動(dòng)，則有 mgcosmgsin根據(jù)動(dòng)能定理研究0t2內(nèi)，傳送帶對物塊做功根據(jù)能量守恒判斷可知，物塊的重力勢能減小、動(dòng)能也減小都轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能，

42、則系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量大小一定大于物塊動(dòng)能的變化量大小解答：解：A、由圖知，物塊先向下運(yùn)動(dòng)后向上運(yùn)動(dòng)，則知傳送帶的運(yùn)動(dòng)方向應(yīng)向上0t1內(nèi)，物塊對傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，則物塊對傳送帶做負(fù)功故A錯(cuò)誤B、在t1t2內(nèi)，物塊向上運(yùn)動(dòng)，則有 mgcosmgsin，得tan故B錯(cuò)誤C、0t2內(nèi)，由圖“面積”等于位移可知，物塊的總位移沿斜面向下，高度下降，重力對物塊做正功，設(shè)為WG，根據(jù)動(dòng)能定理得：W+WG=，則傳送帶對物塊做功W故C錯(cuò)誤D、物塊的重力勢能減小、動(dòng)能也減小都轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能，則由能量守恒得知，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量大小一定大于物塊動(dòng)能的變化量大小故D正確故選D點(diǎn)評：本題由速度圖象要能分析物塊

43、的運(yùn)動(dòng)情況，再判斷其受力情況，得到動(dòng)摩擦因數(shù)的范圍，根據(jù)動(dòng)能定理求解功是常用的方法16（2012淄博二模）如圖所示，在傾角為的斜面上，輕質(zhì)彈簧一與斜面底端固定，另一端與質(zhì)量為M的平板A連接，一個(gè)質(zhì)量為m的物體B靠在平板的右測，A、B與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為開始時(shí)用手按住物體B使彈簧處于壓縮狀態(tài)，現(xiàn)放手，使A和B一起沿斜面向上運(yùn)動(dòng)距離L時(shí)，A和B達(dá)到最大速度v則以下說法正確的是（）AA和B達(dá)到最大速度v時(shí)，彈簧是自然長度B若運(yùn)動(dòng)過程中A和B能夠分離，則A和B恰好分離時(shí)，二者加速度大小均為g（ sin+cos ）C從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中彈簧對A所做的功等于Mv2+MgLsin+MgLc

44、osD從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，B受到的合力對它做的功等于mv2考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；胡克定律；牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：AB速度最大時(shí)，對應(yīng)的加速度為零，即彈簧的彈力恰好與AB重力沿斜面的分力和AB受到的滑動(dòng)摩擦力平衡A和B恰好分離時(shí)，AB間的彈力為0，A和B具有共同的加速度從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理求解彈簧對A所做的功從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，對于B，根據(jù)動(dòng)能定理求解B受到的合力對它做的功解答：解：A、A和B達(dá)到最大速度v時(shí)，A和B的加速度應(yīng)該為零對AB整體：由平衡條件知 kx（m+M）gsin（m+M）

45、gcos=0， 所以此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)故A錯(cuò)誤B、A和B恰好分離時(shí)，AB間的彈力為0，對B受力分析：由牛頓第二定律知，沿斜面方向，mgsin+mgcos=ma，得a=gsin+gcos，由牛頓第二定律知，A，B的加速度相同，故B正確C、從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，對于AB整體，根據(jù)動(dòng)能定理得（m+M）gLsin（m+M）gcosL+W彈=（m+M）v2彈簧對A所做的功W彈=（m+M）v2+（m+M）gLsin+（m+M）gcosL，故C錯(cuò)誤D、從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，對于B，根據(jù)動(dòng)能定理得B受到的合力對它做的功W合=Ek=，故D正確故選：BD點(diǎn)評：該題關(guān)鍵要掌握物體做

46、變速直線運(yùn)動(dòng)，最大速度一般出現(xiàn)在加速度為零時(shí)刻和A和B恰好分離的特點(diǎn)動(dòng)能定理的應(yīng)用范圍很廣，可以求速度、力、功等物理量，特別是可以去求變力功17（2012鏡湖區(qū)校級四模）質(zhì)量為m的物塊在平行于斜面的力F作用下，從固定斜面的底端A由靜止開始沿斜面上滑，經(jīng)B點(diǎn)時(shí)速率為v，此時(shí)撤去F，物塊滑回斜面底端時(shí)速率也為v，斜面傾角為，A、B間距離為x，則（）A整個(gè)過程中重力做功為mgxsinB整個(gè)過程中物塊克服摩擦力做功為FxC上滑過程中克服重力做功為（Fxmv2）D從撤去F到物塊滑回斜面底端，摩擦力做功為mgxsin考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：重力做功公式WG=

47、mgh，h是初末位置的高度差根據(jù)動(dòng)能定理研究整個(gè)過程，求解物塊克服摩擦力做功分別對上滑和下滑過程研究，求解物塊克服重力做功根據(jù)動(dòng)能定理研究從撤去F到物塊滑回斜面底端摩擦力做功解答：解：A、根據(jù)重力做功公式WG=mgh可知，整個(gè)過程中初末位置高度差為零，則重力做功為零故A錯(cuò)誤B、對整個(gè)過程研究，根據(jù)動(dòng)能定理得：FxWf=20，得到：物塊克服摩擦力做功為Wf=Fx2故B錯(cuò)誤C、設(shè)上滑過程中克服重力做功為WG，則根據(jù)動(dòng)能定理得： 上滑過程：FxWGWf=0， 下滑過程：WGWf=聯(lián)立兩式得；WG=（Fx+）故C錯(cuò)誤D、從撤去F到物塊滑回斜面底端過程，根據(jù)動(dòng)能定理得： mgxsin+Wf=，得到摩擦力

48、做功為Wf=mgxsin故D正確故選：D點(diǎn)評：本題根據(jù)功的公式和動(dòng)能定理求解重力和摩擦力做功，要靈活選擇研究的過程，采用分段法和全過程兩種方法結(jié)合研究18（2012潮安縣校級模擬）如圖，兩個(gè)質(zhì)量相同的小球P和QP球掛在一根長為L的細(xì)細(xì)上，Q球掛在橡皮繩上，現(xiàn)把兩球拉到水平位置，并使橡皮繩剛好保持原長，當(dāng)兩球能過最低點(diǎn)時(shí)橡皮繩的長度恰好也為L，則（）A重力對兩球做的功相同B在最低點(diǎn)P球速度大于Q球C在最低點(diǎn) P球速度小于Q球D最低點(diǎn)P、Q兩球速度相等考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：重力做功公式WG=mgh兩球質(zhì)量相等，根據(jù)高度比較重力做功的大小根據(jù)能量守恒

49、定律分析在最低點(diǎn)時(shí)兩球速度的關(guān)系解答：解：A、兩球質(zhì)量相等，兩球下降的高度都是L，根據(jù)重力做功公式WG=mgh得知，重力對兩球做的功都是mgL，相同故A正確B、C、D根據(jù)能量守恒定律得：對P球：mgL=對Q球：mgL=+EP，EP是橡皮繩的彈性勢能可見，在最低點(diǎn)P球速度vP大于Q球的速度vQ故B正確，CD錯(cuò)誤故選AB點(diǎn)評：本題中P球下擺過程中，只有重力對它做功，而Q球下擺過程中，重力做功外，橡皮繩對它做負(fù)功，P球的總功大于Q球的總功，根據(jù)動(dòng)能定理也能得到P球的速度較大19（2011瀘州二模）如圖所示，空間有與水平方向成角的勻強(qiáng)電場一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球，用長L的絕緣細(xì)線懸掛于O點(diǎn)當(dāng)小球靜止時(shí)，

50、細(xì)線恰好處于水平位置現(xiàn)用一個(gè)外力將小球沿圓弧軌道（圖中的虛線）緩慢地拉到最低點(diǎn)，此過程小球的電荷量不變則該外力做的功為（重力加速度為g）（）AmgLcotBmgLtanCmgLmgLcosD考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；功的計(jì)算；功能關(guān)系；電場強(qiáng)度菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：小球在最高點(diǎn)受力平衡，根據(jù)平衡條件得出電場力大小；然后對從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)過程運(yùn)用動(dòng)能定理列式求解解答：解：小球在最高點(diǎn)受力平衡，如圖根據(jù)平衡條件，有T=mgcot qE= 對從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)過程運(yùn)用動(dòng)能定理得到WF+mgL+qELcos（225°）=0 由解得WF=mgLcot故選A點(diǎn)評：本題關(guān)鍵

51、是先根據(jù)平衡條件求出彈力和電場力，然后根據(jù)動(dòng)能定理列式求解出拉力F做的功20（2011廣陵區(qū)校級模擬）如圖所示有三個(gè)斜面a、b、c，底邊分別為L、L、2L，高度分別為2h、h、h，同一物體與三個(gè)斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，這個(gè)物體分別沿三個(gè)斜面從頂端由靜止下滑到底端的三種情況相比較，下列說法正確的是（）A物體損失的機(jī)械能Ec=2Eb=4EaB物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間4ta=2tb=tcC物體到達(dá)底端的動(dòng)能Eka=2Ekb=2EkcD因摩擦產(chǎn)生的熱量2Qa=2Qb=Qc考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；功能關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：損失的機(jī)械能轉(zhuǎn)化成摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能物體從斜面下滑過程中，重力做正功，摩擦力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可以比較三者動(dòng)能