[高一理化生]高一下學期期中試卷答案

1、高中物理新課程會考模擬試卷(一)一、選擇題1.A【解析】斜面對重物的支持力方向為垂直于斜面向上的，故A對2.D【解析】物體從t0時刻開始做自由落體運動，速度vgt，在vt圖象中是一條過原點的直線3.C【解析】本題考查參考系的選擇，鐵路兩旁的樹木迅速后退，說明他以列車為參考系的4.C【解析】加速上升的電梯中的人，加速度的方向為豎直向上，對人受力分析，設電梯給人的支持力為FN，由牛頓第二定律FNmgma，則FNmgma，即FN>mg，由牛頓第三定律，設人對電梯的壓力為FN，則FNFN，則有FN>mg，故選項C正確5.D【解析】質點是用來代替物體的有質量的點能把物體看成質點的條件：物體的

2、大小和形狀對所研究運動的影響可以忽略不計時，不論物體大小如何，都可將其視為質點由此可以判斷選項D中的運動員可以當作質點處理，D對6.A【解析】由牛頓第二定律a，對于一給定物體，它受到的合外力F越大，m一定時，則加速度a越大，A對；由勻變速運動的速度公式vv0at，知當加速度a與初速度v0方向一致時，合外力越大，速度增大越快，當加速度a與初速度v0方向相反時，合外力越大，速度減小越快，B錯；從靜止開始在外力作用下做直線運動的物體，其速度與合外力的方向一致，當合外力逐漸減小時，加速度減小，但仍在加速，速度是逐漸增大的，C錯；原來做勻變速直線運動的物體，若其合外力與速度方向一致，當合外力逐漸增大時，

3、速度也逐漸增大；若其合外力與速度方向相反，當合外力逐漸增大時，速度逐漸減小，D錯7.C【解析】由a知，加速度表示單位時間內速度的變化，故運動物體的速度變化越快，加速度越大，C對8.B【解析】慣性是物體的屬性，不只是處于勻速直線運動或靜止狀態(tài)時才具有，A錯；由牛頓第二定律a，加速度的方向與所受合外力的方向相同，B對；牛頓第三定律指出，物體間的作用力與反作用力是一對相互作用力，C錯；牛頓運動定律僅適用于低速運動的宏觀物體，不適用于高速運動的微觀粒子，D錯9.B【解析】由題意A球、B球同時運動，同時落到地面上，知A球豎直方向的運動和B球一樣，為自由落體運動，故選B.10.A【解析】對沿光滑斜面自由下

4、滑的物體進行受力分析，知物體受到豎直向下的重力及垂直于斜面向上的支持力，A對；物體下滑的動力來自重力沿斜面向下的分力，沒有下滑力這一說11.A【解析】因為滑塊在光滑水平面上滑行，沒有摩擦力，由功能關系可知WFEkmvmvm(vv)×1×J0，A對12.B【解析】物體自由下落，1s內下落的高度hgt2×10×12m5m，重力做功Wmgh1×10×5J50J，重力做功的平均功率P50W，B對13.D【解析】勻速圓周運動中，速度的大小不變，但方向時刻都在改變，加速度大小不變，方向在變，故D對14.B【解析】同步衛(wèi)星的運行周期與地球的自轉周期

5、相同，由T知，12，B對第15題圖15.A【解析】如圖所示，當F>F1>Fsin時，有兩個解；當F1Fsin時，有唯一解；當F1<Fsin時，無解；B、C、D都對，A錯16.B【解析】由已知條件可列功能關系mghmv20，代入數(shù)據，解得v10m/s，B對17.B【解析】由F向mammrmr2知，半徑r相同時，角速度越小，則F向越小，繩不易斷，A錯；周期T相同時，半徑r越大，則F向越大，繩越易斷，B對；線速度相等時，由v知，周期越大，則r越大，F(xiàn)向越小，繩不易斷，C錯；角速度相等時，線速度越小，則r越小，F(xiàn)向越小，繩不易斷，D錯18.C【解析】重力勢能的變化情況只與重力做功的大

6、小有關，由題知重力做了5J的功，則重力勢能減小了5J，C對19.D【解析】汽車關閉發(fā)動機后在水平地面上滑行了一段距離后停下來，則在此過程中，阻力對汽車做負功，汽車的速度逐漸減小，直至靜止，此過程中汽車動能減小，D對20.B【解析】尺子下落的高度h(326)cm26cm0.26m，由自由落體運動的公式hgt2代入數(shù)據，求得t0.235s，B對21.A【解析】拉力F為斜向右上的，將F分解為一個水平向右的力F1，一個豎直向上的力F2，因為木塊向右做勻速直線運動，則水平方向的力F1與木塊受到的摩擦力f大小相等，方向相反，因此F與物體受到的摩擦力的合力方向為豎直向上，A對22.A【解析】由加速度的定義a

7、，則vt圖象上，02t內的加速度大小a1，2t3t內的加速度大小a2，則a1a212，A對23.A【解析】本題通過伽利略理想實驗考查機械能守恒定律，A對24.D【解析】在飛船從軌道的A點沿箭頭方向遠離地球運行到B點的過程中，飛船受到的地球引力做負功，動能減小，重力勢能增加，A錯，B錯；飛船除受地球引力外，不受其他外力，故飛船的機械能守恒，C錯，D對二、選擇題25.B【解析】由庫侖定律Fk知，當q1減為q1/2，q2減為q2/2，r減為r/2時，F(xiàn)kkF，B對26.C【解析】由電場線的特點知，電場線越密，場強越強，則EB>EA.由FqE知，F(xiàn)B>FA，A錯；電子帶負電，它在A點受到的

8、電場力方向與該點場強方向相反，B錯；若電子從B點靜止釋放，受到的電場力與場強方向相反，則電子僅在電場力作用下將沿電場線運動到A點，C對；從B點靜止釋放，因為電場不是勻強電場，則電子僅在電場力作用下做變加速運動，D錯27.D【解析】利用電流熱效應的電器，即電能轉化為內能的電器，D對28.A【解析】洛倫茲力對帶電粒子永不做功，A對；運動電荷在某處不受洛倫茲力作用，該處的磁感應強度不一定為零，B錯；同理C也錯；粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動時，粒子的速度大小不變，方向變化，故能改變帶電粒子的速度，不能改變帶電粒子的動能，D錯29.C【解析】本題考查奧斯特發(fā)現(xiàn)通電導線周圍存在磁場的史實，C對30.

9、D【解析】電場線是假想的曲線，A錯；電場線不一定從正電荷出發(fā)，終止于負電荷，B錯；電場線不可能相交，C錯；電場線的疏密程度表示電場的強弱，D對31.C【解析】由閉合電路中電流方向可判斷通電螺線管周圍磁感線的方向，左端為N極，右端為S極，對水平吊起的通電直導線A用左手定則可判斷出，A受到豎直向下的安培力，C對32.C【解析】永磁體的磁性會在外界條件影響下發(fā)生變化，A錯；高溫使磁體的磁性越來越弱，B錯；猛烈的敲擊會使磁體失去磁性，C對；同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引，D錯33.C【解析】由En，代入數(shù)據，可求0.1Wb/s，由此可知通過該線圈每一匝截面上磁通量變化率為0.1Wb/s34.C【解

10、析】本題考查電磁波在實際生活中的應用，C對35.B【解析】由電場線的特點，電場線越密的地方，電場強度越強，則有EM>EN，由FqE知，同一負電荷，在M、N處受到的電場力的大小關系為FM>FN，A錯，D錯；因為沿電場線的方向電勢越來越低，M<N，B對；從M點向N點移動一正點電荷，電場力做負功，C錯36.D【解析】由電場線的性質可知，圖中展示的是等量同種點電荷的電場線37.C【解析】由左手定則，可判斷正電荷在磁場中受到一個豎直向下的洛倫茲力，運動軌跡可能為c，C項對38.C【解析】由R知，將原阻值為8的電阻絲等分成四段后，每段電阻R12，將這四段電阻絲并聯(lián)，則有，可求出R20.5

11、，C對39.A【解析】因為點電荷從P點由靜止釋放，則點電荷必會在電場力的作用下做勻加速直線運動，A對、D錯；因為點電荷的電性不確定，故其可能向左加速，也可能向右加速，B錯；因為圖示的電場為勻強電場，其所受的電場力是不變的，C錯40.A【解析】由UIR知IU，則在IU圖象中，直線斜率的倒數(shù)表示電阻的大小，R1R213，A對41.D【解析】由WabqUab知a、b兩點間的電勢差Uab，D對42.D【解析】由邏輯電路的特點可判斷甲、乙、丙三個圖對應的分別為“與”門、“非”門、“或”門，D對43.C【解析】由電流流向及左手定則，可判斷出金屬棒中受到向上的安培力，對金屬棒受力分析有F拉F安mg，為減小F

12、拉，可使F安增大，因為F安BIL，則A錯、C對；若使磁場反轉，則金屬棒受到向下的安培力，則有F拉mgF安，拉力比原來的變大，B錯；使電流反轉，金屬棒受到的安培力也是向下的，不符合題意，D錯44.D【解析】EI(rR)代入數(shù)據，6.0VI×(1.02.0)，知I2A，D對三、填空題45.1.6×1019【解析】本題考查電子伏特與焦耳的換算關系46.15【解析】由PFv可求v15m/s.47.0.67【解析】由PFvGvmgv及該動力機器功率恒定，有m1gv1m2gv2，則v20.67m/s.48.0.30.6【解析】每兩個計數(shù)點間時間間隔為T0.1s，則0與1兩點間平均速度為

13、0.3m/s，小車的加速度a0.6m/s2.49.超速【解析】由hgt2可求得零件落地的時間t0.7s由水平方向svt，可求得v19m/s68.4km/h>60km/h，故該車超速了四、計算題50.A選修114×103N在紙面的平面內垂直于導體棒向下【解析】F安BIL1.0×102×2.0×0.24×103N，由左手定則可判斷安培力的方向在紙面的平面內，垂直于導體棒向下B選修3111【解析】分析知兩帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動是由洛倫茲力提供向心力，即qvBm對a粒子qvB2mp，對b粒子2qvB4mp，可求得.51.(1)8N(2)7

14、2m【解析】(1)物體加速時的加速度滿足：a16 m/s2根據牛頓第二定律： FFfma1聯(lián)立可得： Ff8 N(2)撤去拉力后，物體僅在摩擦力的作用下減速前進，設此階段的加速度大小為a2，則Ffma2且滑行距離L滿足： L聯(lián)立可得： L72 m.52.(1)3mg(2)2(3)arctan【解析】(1)小球由AB過程中，根據機械能守恒定律有mgRmv小球在B點時，根據向心力公式有FNmgm由牛頓第三定律有FFNmgm3 mg(2)BC: HR gt2svBt得s2(3)設C點速度的水平分速度為vx，豎直分速度為vy，有vxvBvygttanarctan.高中物理新課程會考模擬試卷(二)一、選

15、擇題1.B【解析】A到B的路程s×2RR，A到B的位移sR，B對2.D【解析】因為物體處于靜止狀態(tài)，則水平方向FFf，且合力為零，D對；當F增大時，若物體仍靜止，則Ff也增大，A錯、B錯；F和Ff是一對平衡力，C錯3.B【解析】90km/h是平均速度，A錯；600m/s是瞬時速度，B對，C、D錯4.C【解析】由vt圖象可以看出物體速度逐漸均勻減小，其加速度大小恒定，方向與初速度相反，故物體做勻減速直線運動5.C【解析】合力最大的時候為三個共點力方向一致時，F(xiàn)max8N，合力最小的時候為5N的力與1N、2N的力反向時，F(xiàn)min2N，C對6.B【解析】本題考查“驗證機械能守恒定律”實驗操

16、作，B對，A、C、D錯7.B【解析】此題可類比于平拋運動的運動軌跡，從而判斷出B對8.C【解析】彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定，與彈簧所受拉力大小及形變大小無關，C對9.A【解析】對物體受力分析，受60N的豎直向下的重力，因F20N<60N，物體沒有被提起，仍靜止在水平面上，物體所受的合力為零10.B【解析】拉力大小相等，小船行進的加速度相同，經過相同時間t，W1m1v2，W2m1v2m2v2，則有W1<W2，B對11.A【解析】P，功率是描述力對物體做功快慢的物理量，A對12.B【解析】F彈k·l，木塊A處于靜止狀態(tài)時F彈G木，故G木k·l，B對13.A【解析】

17、整個過程小球和彈簧組成的系統(tǒng)的機械能守恒，A對；小球速度減為零時，彈簧的彈性勢能最大，B錯；小球剛開始接觸彈簧時，做加速度逐漸減小的加速運動，直到F彈mg后F彈>mg，做加速度逐漸增大的減速運動，C錯；小球速度最大時，小球的重力勢能轉化為小球的動能和彈簧的彈性勢能，D錯14.D【解析】自由下落的物體，下落h高度有hgt，下落2h高度有2hgt，下落3h高度有3hgt，解得t2t1，t3t1，則下落三段相等的位移所用的時間比是t1(t2t1)(t3t2)1(1)()，D對15.D【解析】由vr，AB，rA>rB，則vA>vB，A、B錯誤；由T，AB，知TATB，C錯、D對16.

18、B【解析】曲線運動的物體受力都在曲線內側，力的方向指向物體運動的方向，B對17.A【解析】重力做正功，重力勢能減少，本題中重力做了10J的功，則重力勢能減少，并且減少量等于10J，A對18.C【解析】由萬有引力公式F萬G可知，該衛(wèi)星受到地球引力的大小與地球的質量、衛(wèi)星的質量以及衛(wèi)星與地球之間的距離有關，故C對19.A【解析】由功的公式WFscos，本題中為零，拉力F都是相同的，物體在力的方向移動的距離s也是相同的，所以拉力對物塊所做的功一樣大，A對第20題圖20.B【解析】設足球下落的高度為h，則水平位移為h，由hgt2有t.水平方向：hv0tv0，整理得h.又因為mv9J，有v代入h，即mg

19、h12J.整個過程由動能定理有mghEk9J，代入數(shù)據，解得Ek21J，B對21.A【解析】萬有引力的公式F萬G，行星繞太陽的運動可以近似看作勻速圓周運動，并且萬有引力提供向心力，F(xiàn)向G，向心力與r2成反比，與行星和太陽的質量的乘積成正比，A對22.C【解析】水平面是光滑的，小球m與劈形物體的上表面無摩擦，劈形物體從靜止開始釋放后，小球m只受豎直方向的作用力，則小球在碰到斜面前的運動軌跡是豎直向下的直線，C對23.B【解析】對A物體F向mArA2，A 物體受到的最大靜摩擦為fAmAg；對B物體F向mBrB2mA·2rA2mArA2，B物體受到的最大靜摩擦力fBmBgmAg；對C物體F

20、向mCrC2mA·rA2mArA2，C物體受到的最大靜摩擦力fCmCgmAf.由以上各式可得，物體B先滑動24.C【解析】本題考查“探究功與物體速度變化的關系”實驗中，紙帶上打出的點“中間疏，兩頭密”的原因分析，C對二、選擇題25.C【解析】本題考查電流磁效應的發(fā)現(xiàn)史實，C對26.A【解析】摩擦起電的本質是電荷發(fā)生了轉移，A對；物體帶電量應是電子電荷量的整數(shù)倍，B錯；物體所帶電量可能很小，但不可能小于元電荷，C錯；經過摩擦使物體帶正電是因為物體失去了電子，D錯27.A【解析】由庫侖定律Fk知，若q1q2不變，r變?yōu)?r，則FkkF，A對28.C【解析】電能在輸送過程中，在輸電線上損耗

21、的功率P損I2R線，因為P總一定，P總UI，U變大，I減小，則P損減小，可減少輸電導線的能量損失，C對29.D【解析】根據磁感線的特點，磁感線越密的地方，磁感應強度越大，由圖可知，ED>EC>EB>EA，D對30.C【解析】磁通量僅有大小，沒有方向，是標量，A錯；磁通量B·S，磁通量越大，磁感應強度不一定越大，還與S有關，B錯；C對；D錯31.B【解析】由vf知，B對32.A【解析】根據電場線的特點，電場線越密的地方，電場強度越大，由圖知EA>EB，因為FqE，所以有FA>FB，A對，B、C、D都錯33.D【解析】由右手螺旋定則可以判斷通電直導線上方的磁

22、感線是垂直于紙面向外的，直導線下方的磁感線是垂直于紙面向里的；又因為小磁針在磁場中靜止時N極所指的方向就是磁場的方向，故D對；A、B、C均錯34.A【解析】由圖象可知，imax2A，A對；T0.2s，B錯；電流的有效值i有效A，C錯；我國照明電路的交變電流頻率為50Hz，本題交變電流的頻率f5Hz，D錯35.A【解析】物體帶電的原因是得失電子，故B、D錯；毛皮帶正電，說明毛皮上的一些電子轉移到橡膠棒上，A對；C錯36.B【解析】由電場線的特點知，圖中電場線分布圖是異種電荷的電場線分布圖，C、D錯；因為電場線從a出發(fā)，回到b，則a帶正電，b帶負電，A錯；又因為a、b點電荷形成的電場線疏密程度相同

23、，故a帶電荷量等于b帶電荷量，B對37.C【解析】在電源內部，依靠非靜電力搬移電荷，A錯；電源內部存在著由正極指向負極的電場，B錯；電源內部存在內阻，C對；一些電源是將化學能轉化為電能，也有一些不是，例如太陽能電池是將太陽能轉化為電能，D錯38.B【解析】正常發(fā)光時，白熾燈中有電流通過，電阻絲發(fā)熱，電阻變大，故R2>R1，B對39.A【解析】感應電動勢En，若n增加為2n，則E2E，A對40.C【解析】洛倫茲力提供向心力qvBm，則r，r1r2v1v221，qvBmr，則T2，T1T211，C對41.A【解析】由磁場方向、電流方向及左手定則可判斷出通電導線在磁場中所受安培力F的方向，A對

24、；B、C、D均錯42.B【解析】由UIR知，IU，在IU圖象中，直線斜率的倒數(shù)表示阻值的大小，故有R2>R1; R1和R2串聯(lián)后的總電阻R串R1R2，R串的伏安特性曲線應在區(qū)域，A錯，B對；R1和R2并聯(lián)后的總電阻R并，并且R并<R1，R并<R2，R并的伏安特性曲線應在區(qū)域，故C、D均錯43.C【解析】斷開熱控開關時，電路中R增大，電流減小P減小，從而達到保溫效果；定時開關、熱控開關都閉合時，電路中只有一個加熱電阻連入電路，電阻發(fā)熱，從而達到煮飯的目的44.C【解析】由UEd，代入數(shù)據U104V/m×0.5m5000V，C對三、填空題45.1.5【解析】由vtv0a

25、t解得t1.5s.46.【解析】平拋運動豎直方向為自由落體運動，y1gt2則t.47.3.75【解析】設運動員入水的瞬間速度為v，則從最高點到運動員落入水中之前，有v22g(dh1)22g；運動員從開始入水到落至最低點，有0v22ah2ag2.75g，負號代表方向向上，在水中對運動員受力分析有mgfma，則fmgmamg2.75mg3.75mg，則有3.75.48.4000【解析】WFscos37°500×10×0.84000J49.8118【解析】萬有引力提供向心力，F(xiàn)向F萬GmRF1F281.T1T22218.四、計算題50.A選修11(1)0.4T0.16N

26、0.4T【解析】(1)由FBIL知，B0.4T(2)F安BIL0.4×2×0.200.16NB0.4TB選修31(1)(2)；【解析】(1)由qUmv2則v(2)由qvBm知R由v知T.51.(1)2m/s2(2)2s【解析】(1)根據牛頓第二定律有mgma 所以ag0.2×10 m/s22 m/s2故所求加速度大小為2 m/s2.(2)設加速度大小為a，水平方向上Fcosfma豎直方向上NFsinmg根據滑動摩擦力公式fN得a m/s24.72 m/s2t s2 s.52.(1)3m/s(2)1.25N(3)1.2m【解析】(1)根據機械能守恒定律mvmvmg&

27、#183;2RvB m/s3 m/s(2)mgFmFmmg(0.1×0.1×10)N1.25 N(3)ts0.4 sxACvBt3×0.4 m1.2 m.高中物理新課程會考模擬試卷(三)一、選擇題1.C【解析】一個物體能否看成質點是由問題的性質而定的，在某些情況下，我們可以忽略物體的大小和形狀，把它簡化成一個有質量的點，而有些情況下，我們不能忽略物體的大小和形狀來研究問題，故C對2.B【解析】物體運動狀態(tài)發(fā)生了改變是指物體的速度大小或速度方向發(fā)生了改變，故選B.3.D【解析】路程是物體運動軌跡的長度，是標量，而位移是表示物體的位置變化，是矢量小球下落4米后又反彈回

28、1米時，小球的路程為5米，位移為3米，故選D.4.B【解析】由v10m/s，故選B.5.D【解析】開普勒揭示了行星運動規(guī)律，故選D.6.C【解析】伽利略理想實驗把實驗和邏輯推理和諧的結合起來，證實了亞里士多德關于力與運動的關系錯誤，故選C.7.D【解析】慣性是指物體具有保持原來勻速直線運動狀態(tài)或靜止狀態(tài)的性質，慣性的大小只與物體的質量有關，與物體的速度、運動狀態(tài)均無關系，故選D.8.A【解析】根據平行四邊形定則，可判斷A正確9.D【解析】物體沿斜面向上滑行時，受到重力、斜面支持力和沿斜面向下的摩擦力，故選D.10.C【解析】作用力與反作用力總是大小相等、方向相反、作用在同一條直線上，同時產生、

29、同時消失，故A、D錯又作用力與反作用力作用在兩個不同物體上，合力不可能為零，故B錯，C對故選C.11.A【解析】小河以一定速度垂直河岸向對岸劃行時，小船垂直河岸的速度是一定的，故到達河對岸的時間也是一定的，當水流速度增大時，小船沿水流方向的位移增大，即小船運動的路程也越大，故選A.12.C【解析】狗拉雪橇沿著圓弧勻速行駛時，相當于做勻速圓周運動，而向心力由牽引力F和摩擦力F1共同提供，又因為摩擦力與運動方向相反，根據平行四邊形定則，可判斷C正確13.A【解析】測勻變速直線運動加速度實驗時，應選接通電源，后釋放紙帶，故選A.14.C【解析】用F1壓縮彈簧時，F(xiàn)1k(ll1)，用力F2拉彈簧時，F(xiàn)

30、2k(l2l1)聯(lián)立兩式解得k，故選C.15.C【解析】當物體所受向心力突然消失或者所受合外力不足以提供物體所需向心力時，物體會逐漸遠離圓心，而做離心運動，分析題中情景，可知只有C選項符合題意16.C【解析】在水平方向上：由v1v221，x1x2，可得t1t212，在豎直方向上：由hgt2可得h1h214，故選C.17.B【解析】兩輪隨著皮帶傳動時，輪邊緣上的線速度相等，即vAvB，而同一輪上的兩點，角速度相等即AC，又由vr可得vC<vA，故vAvB>vC，選B.18.B【解析】當衛(wèi)星在地球表面附近做勻速圓周運動時，其速度大小為7.9km/s，當衛(wèi)星的軌道半徑為地球半徑的2倍時，

31、由v，可得衛(wèi)星的速度一定小于7.9km/s，故選B.19.B【解析】由動能定理知，物體的動能的變化量等于合外力對物體做的功，故EkW1W214J，故選B.20.D【解析】運動員從最低處上升至最高處時，機械能守恒，重力做負功，彈力做正功，運動員的動能先增大，后減小，重力勢能一直增大，故選D.21.C【解析】由v，R1R221，可得v1v21，故選C.22.A【解析】自行車的行駛速度一般為5m/s，人與自行車的總質量大約為100kg，由Pf·v0.02mgv0.1kW，故選A.23.C【解析】若紙帶左端與小車相連，從紙帶間距可以判斷小車做勻減速運動，小車有一定初速度，減速原因可能是忘記或

32、沒有完全平衡摩擦力，C對，A錯若紙帶右端與小車相連，小車一直做加速運動，說明可能平衡摩擦力時，傾角太大，B、D錯24.D【解析】繩索的拉力所做的功為(Mm)g(Mm)v2，故A、B錯；電梯地板對物體的支持力與物體重力的合力所做的功等于物體動能的變化量，即mv2，故C錯，D對二、選擇題25.B【解析】赫茲通過實驗驗證了電磁波的存在，故選B.26.A【解析】B、C、D選項中靜電復印，靜電除塵及靜電噴漆都屬于靜電現(xiàn)象在生產、生活中的應用，只有A選項在高大的建筑物頂端裝上避雷針，使建筑物免遭雷擊，屬于防止靜電產生的危害，故選A.27.A【解析】由正點電荷周圍電場線的分布特點，可知A選項正確28.C【解

33、析】根據左手定則可判斷C選項錯誤，故選C.29.A【解析】任何兩個彼此絕緣又相互靠近電的導體都可以看成電容器，A對；根據QCU，可知電容器所帶電荷量不僅與充電電壓有關，還與電容器的電容有關，故B、C、D錯30.B【解析】當穿過閉合線圈的磁通量發(fā)生變化時，能使電流表指針偏轉，分析各選項，可知只有B選項不能使電流表指針偏轉，故選B.31.D【解析】電磁波能夠穿透電離層，可以通過衛(wèi)星轉發(fā)，從而使信號傳遞的更遠，故選D.32.C【解析】根據Um220V311V，ImI有，I有6.8A，故選C.33.B【解析】在磁場中，小磁針的N極指向即為磁感應強度方向，故選B.34.C【解析】由I2，當R增大時，I2

34、減小，又，I2減小，I1也減小，故選C.35.A【解析】振動膜前后振動時，電容兩極板間的距離發(fā)生了變化，根據C，故電容器的電容發(fā)生了變化，故選A.36.D【解析】根據點電荷產生電場場強的定義式E，兩點電荷在處產生的場強大小均為，又根據場強的矢量疊加性可知，兩點電荷連線的中點處的電場為，故選D.37.D【解析】根據粒子做圓周運動的特點及左手定則可判斷D正確38.D【解析】電場的大小是由電場本身決定的，與放入電場中的試探電荷的大小無關，故A、B錯；P點場強越大，則同一電荷放入該點受到的電場力也越大，故C錯；電場中某點的場強方向就是放入該點的正電荷受電場力的方向，故D對39.A【解析】根據蹄形磁鐵周

35、圍電場線的分布情況可知小線圈放在P1處時，穿過線圈的磁通量越大故選A.40.B【解析】根據條形磁鐵周圍的磁感線分布情況，可知條形磁鐵的垂直平分線上各點處的磁場的方向是相同的，但離條形磁鐵越遠，磁感應強度越小，同一通電導線放入磁場中時所受安培力大小不等，方向相同，故選B.41.A【解析】由圖線知E3V，圖線的斜率即為電源的內阻，即r1，I短3A，故B、C、D錯，A對42.B【解析】由于電流表的滿偏電流為200A，則R滑0.75×104，接入Rx后，R3×104，RxRR滑22.5k，故選B.43.D【解析】根據右手定則和磁鐵周圍磁感線的分布情況可知，D正確44.C【解析】若電

36、阻R燒斷了，相當于R斷路電路中電阻增大，電流減小，電壓表、電流表均安全，則電壓表示數(shù)為電壓表兩端電壓，而電流表示數(shù)為流過電壓的電流，故C對三、填空題45.飛船【解析】由于同步衛(wèi)星的運行軌道比神舟號載人飛船的軌道高，故同步衛(wèi)星的周期要比載人飛船的周期大46.41【解析】根據Ekmv2，則Ek1Ek241.47.【解析】參照驗證機械能守恒定律的實驗步驟，可得正確的操作順序為：.48.15【解析】根據牛頓第二定律Fma，可得mkg，又F1ma1，得F115N.49.1.92.1【解析】vC1.9m/s，vD2.1m/s.四、計算題50.A選修11(1)3Wb(2)6V【解析】(1)21(63)Wb3

37、 Wb(2)E V6 VB選修31(1)(2) 第50B題圖【解析】(1)離子的初速度與勻強磁場的方向垂直，在洛倫茲力作用下，做勻速圓周運動設圓半徑為r，則根據牛頓第二定律可得：Bqvm，解得r如圖所示，離子回到屏S上的位置A與O點的距離為：AO2r，所以AO(2)當離子到位置P時，圓心角：2，所以粒子運動時間t.51.(1)1N (2)5m/s2(3)2.5m【解析】(1)物塊所受摩擦力的大小為FfFN1 N，方向水平向左(2)物塊向右運動過程中，在水平方向受到摩擦力Ff和拉力F的作用，由牛頓第二定律得到加速度的大小a5 m/s2(3)當物塊運動速度變?yōu)榱銜r，向右運動的距離最遠，由運動學公式

38、有v22ax得到x2.5 m.52.(1)(2)2R(3)W(n0,1,2)【解析】(1)設滑塊至B點時速度為vB，對滑塊由A到B點應用動能定理mg5RmvmvvB(2)滑塊從B點開始運動后機械能守恒，設滑塊到達P處時速度為vp，則mvmvmg2Rvp2滑塊穿過P孔后再上升機械能仍守恒，設能上升的最大高度為hmghmvh2R(3)滑塊穿過P孔后再回到平臺的時間t4要實現(xiàn)題設過程，需滿足t(2n1)(n0,1,2)高中物理新課程會考模擬試卷(四)一、選擇題1.B【解析】牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，故選B.2.B【解析】研究列車的加速度時，我們可以認為列車的形狀和大小對所研究的問題無影響，而研究運動員

39、的跑步姿勢，地球自轉及飛船飛行姿態(tài)調整時，均不能忽略它們的形狀，故A、C、D錯B對3.B【解析】根據路程和位移的定義，可判斷A、B小物塊的路程不同，位移相同4.D【解析】由于甲車內的同學看乙車沒有運動，則甲、乙兩車相對靜止，而乙車里的同學看到路旁樹木向西移動，則以地面為參考系甲、乙兩車應向東一起運動，故選D.5.B【解析】拔河比賽時，瘦子戰(zhàn)勝胖子的原因是地面對瘦子的摩擦力比地面對胖子的摩擦力大，故選B.6.B【解析】由Ffumg，可得u0.3，故選B.7.C【解析】任何物體從同一地點落下時，它們的重力加速度都是相同的，而棉花團比鐵釘晚落地是由于棉花團受到的空氣阻力大，故C對，A、B、D錯8.C

40、【解析】根據甲、乙兩物體的速度時間圖象，可判斷甲、乙兩物體均做勻加速直線運動，且甲物體的加速度比乙物體的加速度大，乙物體的初速度要比甲物體的初速度大，t1時刻，甲、乙兩物體速度相同，而t1后的任一時刻，甲物體的速度均比同時刻乙物體的速度大，故A、B、D正確，C錯誤，故選C.9.A【解析】人在從P點下落至a點時彈力為零，人向下做自由落體運動，處于完全失重狀態(tài)，故A對；在ab段人的重力大于繩的拉力，人做加速運動，處于失重狀態(tài)，故B錯；在bc段繩的拉力大于人的重力，人處于超重狀態(tài)，故C錯；在C點，人的速度為零，但其加速度不為零，故D錯10.D【解析】小球經過磁鐵附近時，會受到磁鐵對小鐵球的吸引，它的

41、運動軌跡會偏向磁鐵，故選D.11.B【解析】由牛頓第二定律，得Fma，故a，故選B.第12題圖12.C【解析】對人受力分析如圖所示：Fmg，F(xiàn)fFcos.FNFsinMg，當人向右跨出一步后，減小，F(xiàn)不變，F(xiàn)f增大，F(xiàn)N增大，故C對13.B【解析】彈簧向上彈起時，由系統(tǒng)機械能守恒，知小孩的重力勢能增大，彈簧的彈性勢能減小，故選B.14.A【解析】當物體所受合外力為零時，我們稱物體處于平衡狀態(tài)，分析題中各情景，判斷可得A正確15.B【解析】由Ffkmgm，可得v，故運動員的安全速度為v，選B.16.B【解析】第一宇宙速度的大小為7.9km/s，故選B.17.D【解析】由Ekmv2，當m甲m乙，v

42、甲2v乙，Ek甲2Ek乙，故A錯；當m甲2m乙，v甲v乙，Ek甲Ek乙，故B錯；當m甲4m乙，v甲v乙，Ek甲Ek乙，故C 錯，由于動能是標量，當m甲m乙，v甲v乙，而甲、乙運動方向不同時，Ek甲Ek乙，故選D.18.B【解析】由WF·s，可知W1W2，而在粗糙水平面上運動的物體移動相同距離時比在光滑水平面上移動相同距離所用時間長，由P，可知P1<P2，故選B.19.C【解析】題圖中的實驗現(xiàn)象說明了A球離開軌道后，在豎直方向的分運動是做自由落體運動，故選C.20.C【解析】鏈球在水平面內做圓周運動時，所受合力提供鏈球做圓周運動的向心力，故選C.21.A【解析】由mR()2，R1

43、900km，T127min，G6.67×1011N·m2/kg2，可求得月球的質量，故選A.22.C【解析】實驗時，為了平衡摩擦力，長木板應有一定的傾角，故A錯；實驗時只需求出功與速度變化的關系，無須求出橡皮筋對小車做功的具體數(shù)值，故B錯；實驗時，應先接通電源然后讓小車在橡皮筋作用下彈出，故C對；為了使橡皮筋第二次對小車做功為第一次的2倍，應用兩根橡皮筋作用在小車上，故D錯23.B【解析】正常走動的鐘表，時分 ，T時12T分，故B對，A、C、D錯24.C【解析】小球下落又彈起的過程中，小球與彈簧的機械能守恒，下落過程中，t1時刻小球剛與彈簧接觸，此時mg>F，小球繼續(xù)

44、做加速運動，在t1t2中間某一時刻，小球的重力等于彈簧彈力時，小球動能最大，故A、B錯；t2t3階段為小球被反彈的過程，這段時間內，小球的動能先增加后減小，增加的動能和重力勢能等于彈簧彈性勢能的減少量，故選C.二、選擇題25.A【解析】由F，當q12q1，q22q2，rr，可得F16F，故選C.26.D【解析】場強的大小是電場本身決定的，與放入該點的試探電荷所帶電荷量無關，故選D.27.B【解析】在電磁波譜中，波長越大，頻率越小，故倫琴射線頻率最大，紅外線頻率最小，故選B.28.D【解析】硬幣之所以能被吸引是由于硬幣中含有磁性材料，被磁體磁化，故選D.29.C【解析】磁感線在磁體的外部總是從磁

45、體的北極出發(fā)，終止于磁體的南極，而在磁體的內部總是從磁體的南極出發(fā)指向磁體的北極，故A錯；磁感線上某點的切線方向與放入該點的小磁針北極的受力方向相同，故B錯；磁感線的疏密反映磁場的強弱，故C對；磁感線是假想存在的線，并不是客觀存在的，故D錯30.B【解析】閉合線圈產生的條件是穿過閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，故選B.31.A【解析】點電荷做圓周運動相當于環(huán)形電流，根據右手定則，可判斷離q較近的P點的磁感應強度應沿OO軸向上，故選A.32.A【解析】根據FBIL及左手定則可判斷無需改變電流和磁場方向，只需適當增大電流或磁感應強度，故選A.33.B【解析】根據It圖象，可判斷該交變電流的峰值為10A，

46、有效值為A，周期為0.2s，頻率f5Hz，故選B.34.B【解析】根據，得n11320，當輸出電壓為24V時，得n2144，nn2n2108匝，故選B.35.D【解析】描述電場強弱的是電場強度，故選D.36.B【解析】根據R，可知ll時，RR，故選B.37.B【解析】根據電荷的運動軌跡及電場線的方向可判斷該粒子帶負電，由A到B過程粒子的受力方向在粒子運動軌跡的內側，電場力做正功，故選B.38.B【解析】平行板電容器所帶電荷量Q是指一個極板所帶電荷量的絕對值，故選B.39.C【解析】空調機可以降低室溫，而電風扇并不能降低室溫，故A錯；微波爐產生的微波是波長很短的電磁波，故B錯；電視機和收音機都能

47、接收電磁波，C對；電冰箱的耗電量根據電冰箱的工作時間決定的，D錯40.D【解析】擴大電流表的量程應在表頭兩端并聯(lián)一個電阻，擴大電壓表的量程應在表頭兩端串接一個電阻，故D對41.B【解析】根據題圖可判斷此電路屬于“非”門電路，故選B.42.B【解析】R滑片向右移時，接入電路的滑動變阻器的阻值變大，故通過L1的電流變小，而L2兩端電壓不變，故通過L2的電流也不變，故L1變暗，L2不變，選B.43.C【解析】根據焦耳定律：QI2Rt，可求得電風扇每分鐘發(fā)出的熱量，故C對44.B【解析】根據FBIl及左手定則可判斷無需改變電流和磁場方向，只需適當增大電流或磁感應強度，故選B.三、填空題45.0【解析】

48、由于物體在水平面上靜止，處于平衡狀態(tài)，故A物體所受合外力為0.46.交流【解析】電磁打點計時器用的是低壓交流電源47.3.8【解析】大齒輪、小齒輪上的點的線速度相同，設大齒輪角速度w1，小齒輪角速度2，則1rad/s，vr110.12m/s，23rad/s，又v3r321.2m/s3.8m/s.48.20.6【解析】根據豎直方向上：sgT2，水平方向上：；xv0T，得v020.6m/s.49.401【解析】根據牛頓第二定律得Fmgma，即Fm(ga)4010m401mg.三、計算題50.A選修1110V【解析】 由法拉第電磁感應定律可得線圈中產生的感應電動勢為EnnS50×100&#

49、215;20×104 V10 VB選修31(1)0.4m(2)2.0×107s【解析】(1)由FBqvFmv2/rr mv/Bq0.4 m(2)由FBqvFm(2/T)2rT2m/ Bq4.0×107st2.0×107 s51.(1)6m/s24m/s2(2)120m【解析】(1)物體運動的加速度a16 m/s2所受合力F合ma112 N阻力FfFF合8 N物體減速時的加速度a24 m/s2(2)速度v224 m/s位移x272 mx1a1t48 mxx1x2120 m52.(1)mghmv2(2)mg(Hh)mv2(3)【解析】(1)滑雪運動員在C點的

50、機械能為：Emghmv2(2)滑雪運動員從A到C的過程中，由動能定理得：mg(Hh)Wmv2得Wmg(Hh)mv2(3)滑雪運動員離開C點后做平拋運動，設落地點P距C的距離為L，有Lcosvt Lsingt2解得：L.高中物理新課程會考模擬試卷(五)一、選擇題1.C【解析】國際單位制中的基本單位包括：m、K、kg、s、cd、mol 、A，故選C.2.D【解析】參考系是研究物體的運動狀態(tài)時，被假定不動的物體，分析題中情景，可知題中所選取的參考系是云朵3.C【解析】位移表示物體的位置變化，是矢量，路程是物體運動軌跡的長度，是標量分析題中選項只有C選項正確4.D【解析】用力推講臺時，講臺不動，是由于

51、講臺受到地面給它的摩擦力的作用，講臺未動，說明講臺處于平衡狀態(tài)，所受合外力為零，故D正確，A、B、C錯誤5.C【解析】根據平行四邊形定則可判斷C正確6.B【解析】根據位移、時間關系式可判斷汽車做減速運動v020m/s，a4m/s2，故根據v2v2as解得s50m，故選B.7.A【解析】根據科學探究的基本過程可知方框2中應為提出假設；方框4應為實驗驗證，故選A.8.D【解析】離心運動是由于物體所受合力不足以提供向心力時，物體將做離心運動汽車在平直路面上加速行駛，開進泥坑里輪胎打滑或者與其他車輛碰撞均與圓周運動無關，只有D選項，汽車轉彎時，車速太快，汽車所受合外力不足以提供汽車的向心力導致翻車，故

52、選D.9.D【解析】人受到的重力和氣流對人向上的力是一對平衡力，故A錯；地球對人的吸引力和人對地球的吸引力是一對作用力和反作用力，故B錯；人受到的重力和人對氣流向下的力是兩個性質完全不同的力，故C錯；人對氣流向下的力和氣流對人向上的力是一對作用力與反作用力，D對10.A【解析】設繩索上的張力為F，則2Fcosmg，當逐漸增大時，F(xiàn)逐漸增大，故選A.11.C【解析】根據牛頓第二定律：Ffma，當用2F拉物體時2Ffma，聯(lián)立兩式Fmama，故a>2a，選C.12.A【解析】飛機在重力、升力共同作用下，做圓周運動，重力和升力的合力提供向心力，故選A.13.D【解析】力F做的功等于F與沿F方向

53、上的物體的位移的乘積，即WFh/sin，選D.14.B【解析】根據PFv，得Pfv1.5×107×16W2.4×105kW，故選B.15.A【解析】根據動能定理mghmvmv2即2ghv2v，故石塊的落地速度的大小與石塊的質量無關，只與石塊的初速度，重力加速度及石塊拋出時的高度有關，故選A.16.A【解析】第一宇宙速度為7.9km/s，故選A.17.B【解析】自行車同一輪上的角速度相等，即A、B、C三點角速度相同，又由vr，知A、B、C三點線速度大小vAvB>vC，故選B.18.B【解析】球被踢出后，只有重力做功，機械能守恒，故人對球所做的功為球在最高點的機械能，即WEkEpmghmv2150J，故選B.19.C【解析】根據v，可知當vv時，r4r；a