高二物理-2015-2016學(xué)年高二上學(xué)期期末物理模擬試卷

1、2015-2016學(xué)年高二（上）期末物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共6小題，每小題3分，共計18分每小題只有一個選項符合題意1下列說法中正確的是（）A當穿過某個面的磁通量等于零時，該區(qū)域的磁感應(yīng)強度一定為零B磁感應(yīng)強度的方向一定與通電導(dǎo)線所受安培力方向、直導(dǎo)線方向都垂直C感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果D洛倫茲力不改變運動電荷的速度2如圖所示，電壓互感器、電流互感器可看成理想變壓器，已知電壓互感器原、副線圈匝數(shù)比是1000：1，電流互感器原、副線圈匝數(shù)比是1：200，電壓表讀數(shù)是200V，電流表讀數(shù)是1.5A，則交流電路輸送電能的功率是（）A3×102W

2、B6×104WC3×105WD6×107W3如圖所示電路中，電源電壓u=311sin100t（V），A、B間接有“220V 440W”的電暖寶、“220V 220W”的抽油煙機、交流電壓表及保險絲下列說法正確的是（）A交流電壓表的示數(shù)為311VB電路要正常工作，保險絲的額定電流不能小于3AC電暖寶發(fā)熱功率是抽油煙機發(fā)熱功率的2倍D1min抽油煙機消耗的電能為1.32×104J4某同學(xué)設(shè)計的散熱排風控制電路如圖所示，M為排風扇，R0是半導(dǎo)體熱敏電阻，其阻值隨溫度升高而減小，R是可變電阻控制開關(guān)電路具有下列特性：當A點電勢A0時，控制開關(guān)處于斷路狀態(tài)；當A0

3、時，控制開關(guān)接通電路，M開始運轉(zhuǎn)下列說法中正確的是（）A環(huán)境溫度升高時，A點電勢升高B可變電阻R 阻值調(diào)大時，A點電勢降低C可變電阻R 阻值調(diào)大時，排風扇開始工作的臨界溫度升高D若用金屬熱電阻代替半導(dǎo)體熱敏電阻，電路仍能正常工作5如圖所示為一種質(zhì)譜儀示意圖，由加速電場、靜電分析器和磁分析器組成若靜電分析器通道中心線的半徑為R，通道內(nèi)均勻輻射電場在中心線處的電場強度大小為E，磁分析器有范圍足夠大的有界勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向外一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子從靜止開始經(jīng)加速電場加速后沿中心線通過靜電分析器，由P點垂直邊界進入磁分析器，最終打到膠片上的Q點不計粒子重力下列說法正確的

4、是（）A極板M比極板N電勢高B加速電場的電壓U=ERC兩點間距PQ=2BD若一群離子從靜止開始經(jīng)過上述過程都落在膠片上同一點，則該群離子具有相同的電量6如圖所示，兩根長直導(dǎo)線豎直插入光滑絕緣水平桌面上的M、N兩小孔中，O為M、N連線中點，連線上a、b兩點關(guān)于O點對稱；導(dǎo)線均通有大小相等、方向向上的電流；已知長直導(dǎo)線在周圍產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度B=k，式中k是常數(shù)、I是導(dǎo)線中電流、r為點到導(dǎo)線的距離；一帶正電的小球以初速度v0從a點出發(fā)沿連線運動到b點關(guān)于上述過程，下列說法正確的是（）A小球一直做勻速直線運動B小球先做加速運動后做減速運動C小球?qū)ψ烂娴膲毫σ恢痹谠龃驞小球?qū)ψ烂娴膲毫ο葴p小后增大

5、二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分每小題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，選錯或不答的得0分7如圖所示，有一臺交流發(fā)電機E，通過理想升壓變壓器T1和理想降壓變壓器T2向遠處用戶供電，輸電線的總電阻為RT1的輸入電壓和輸入功率分別為U1和P1，它的輸出電壓和輸出功率分別為U2和P2；T2的輸入電壓和輸入功率分別為U3和P3，它的輸出電壓和輸出功率分別為U4和P4設(shè)T1的輸入電壓U1一定，當用戶消耗的電功率變大時，有（）AU2減小，U4變大BU2不變，U3變小CP1變小，P2變小DP2變大，P3變大8利用霍爾效應(yīng)制作的霍爾元件，廣泛應(yīng)用于測量和自動控制等領(lǐng)

6、域如圖是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應(yīng)強度B垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流I，C、D兩側(cè)面會形成電勢差UCD，下列說法中正確的是（）A電勢差UCD僅與材料有關(guān)B若霍爾元件的載流子是自由電子，則電勢差UCD0C僅增大磁感應(yīng)強度時，電勢差UCD變大D在測定地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應(yīng)保持水平9如圖所示，用電流傳感器研究自感現(xiàn)象電源內(nèi)阻不可忽略，線圈的自感系數(shù)較大，其直流電阻小于電阻R的阻值t=0時刻閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后，t1時刻斷開S，電流傳感器連接計算機分別描繪了整個過程線圈中的電流IL和電阻中的電流IR隨時間t變化的圖象下列圖象中可能正確的是（）ABCD10如

7、圖甲所示，一個理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1：n2=2：1，副線圈兩端接三條支路，每條支路上都接有一只燈泡，電路中L為電感線圈、C為電容器、R為定值電阻當原線圈兩端接有如圖乙所示的交流電時，三只燈泡都能發(fā)光如果加在原線圈兩端的交流電電壓的最大值保持不變，而將其頻率變?yōu)樵瓉淼?倍，與改變前相比，下列說法中正確的有（）A副線圈兩端的電壓仍為18VB燈泡變亮C燈泡變亮D燈泡變亮三、本題共2題，共計18分請將解答填寫在試卷相應(yīng)的位置11（10分）（2013鎮(zhèn)江二模）某同學(xué)為測量電源電動勢并研究不同負載下電源輸出功率，設(shè)計了如圖1所示電路，測量數(shù)據(jù)如下表所示：U/V1.961.861.801.841.

8、641.56I/V0.050.150.250.350.450.55（1）請在給出的直角坐標系中畫出UI圖象（圖2）（2）根據(jù)圖線求得該電源的電動勢E=V，內(nèi)電阻r=；（3）根據(jù)UI的圖線，電流I=0.20A時，電源的輸出功率P測=_W；如果考慮電表內(nèi)阻對電路的影響，則電源實際輸出功率P實P測（選填“大于”、“小于”或“等于”）12有一金屬電阻絲的阻值約為20，現(xiàn)用以下實驗器材測量其電阻率：A電壓表V1（量程015V，內(nèi)阻約15k） B電壓表V2（量程03V，內(nèi)阻約3k）C電流表A1 （量程為00.6A，內(nèi)阻約為0.5） D電流表A2（量程為050mA，內(nèi)阻約為10）E滑動變阻器R1（阻值范圍0

9、1k，允許最大電流0.2A） F滑動變阻器R2（阻值范圍020，允許最大電流1.0A） G螺旋測微器 H電池組（電動勢3V，內(nèi)電阻0.5） I開關(guān)一個和導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)決定采用分壓式接法調(diào)節(jié)電路，為了準確地測量出電阻絲的電阻，電流表選，滑動變阻器選（填寫器材前面的字母）；（2）用螺旋測微器測量該電阻絲的直徑，示數(shù)如圖1所示，該電阻絲直徑的測量值d=mm；（3）如圖2所示，將電阻絲拉直后兩端分別固定在刻度尺兩端的接線柱a和b上，其間有一可沿電阻絲滑動的觸頭P，觸頭的上端為接線柱c當按下觸頭P時，它才與電阻絲接觸，觸頭的位置可在刻度尺上讀出實驗中改變觸頭與電阻絲接觸的位置，并移動滑動變阻器的滑

10、片，使電流表A示數(shù)I保持不變，記錄對應(yīng)的電壓表讀數(shù)U該同學(xué)的實物連接如圖3所示，他的連線是否正確，如果有錯，在連接的導(dǎo)線上打“×”并重新正確連線；如果有導(dǎo)線遺漏，請?zhí)砑訉?dǎo)線，完成正確的實物連接圖（4）利用測量數(shù)據(jù)描點作出UL圖線，如圖4所示，并求得圖線的斜率k用電阻絲的直徑d、電流I和斜率k表示電阻絲的電阻率=四、計算題：本題共5小題，共計68分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13（12分）（2012福建）如圖甲，在圓柱形區(qū)域內(nèi)存在一方向豎直向下、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，在此區(qū)域內(nèi)，沿水平面固

11、定一半徑為r的圓環(huán)形光滑細玻璃管，環(huán)心O在區(qū)域中心一質(zhì)量為m、帶電荷量為q（q0）的小球，在管內(nèi)沿逆時針方向（從上向下看）做圓周運動已知磁感應(yīng)強度大小B隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示，其中T0=設(shè)小球在運動過程中電荷量保持不變，對原磁場的影響可忽略（1）在t=0到t=T0這段時間內(nèi)，小球不受細管側(cè)壁的作用力，求小球的速度大小v0；（2）在豎直向下的磁感應(yīng)強度增大過程中，將產(chǎn)生渦旋電場，其電場線是在水平面內(nèi)一系列沿逆時針方向的同心圓，同一條電場線上各點的場強大小相等試求t=T0到t=1.5T0這段時間內(nèi)：細管內(nèi)渦旋電場的場強大小E；電場力對小球做的功W14（12分）（2015秋宿遷校級期末）如圖所

12、示，兩根等高光滑的圓弧軌道，半徑為r、間距為L，軌道電阻不計在軌道頂端連有一阻值為R的電阻，整個裝置處在一豎直向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B現(xiàn)有一根長度稍大于L、質(zhì)量為m、電阻不計的金屬棒從軌道的頂端ab處由靜止開始下滑，到達軌道底端cd時受到軌道的支持力為2mg整個過程中金屬棒與導(dǎo)軌電接觸良好，求：（1）棒到達最低點時的速度大小和通過電阻R的電流（2）棒從ab下滑到cd過程中回路中產(chǎn)生的焦耳熱和通過R的電荷量15（14分）（2013徐州二模）如圖所示，光滑導(dǎo)軌MN和PQ固定在同一水平面上，兩導(dǎo)軌間距為L，兩端分別接有阻值均為R的定值電阻R1和R2兩導(dǎo)軌間有一邊長為的正方形區(qū)域abcd，該區(qū)

13、域內(nèi)有方向豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B一質(zhì)量為m的金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好并靜止于ab處，現(xiàn)用一恒力F沿水平方向拉桿，使之由靜止起向右運動，若桿出磁場前已做勻速運動，不計導(dǎo)軌及金屬桿的電阻求：（1）金屬桿出磁場前的瞬間流過R1的電流大小和方向；（2）金屬桿做勻速運動時的速率；（3）金屬桿穿過整個磁場過程中R1上產(chǎn)生的電熱16（15分）（2009江蘇）1932年，勞倫斯和利文斯設(shè)計出了回旋加速器回旋加速器的工作原理如圖所示，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可以忽略不計磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場與盒面垂直A處粒子源產(chǎn)生的粒子，質(zhì)量為m、電荷量為+q，在加速器中

14、被加速，加速電壓為U加速過程中不考慮相對論效應(yīng)和重力作用（1）求粒子第2次和第1次經(jīng)過兩D形盒間狹縫后軌道半徑之比；（2）求粒子從靜止開始加速到出口處所需的時間t；（3）實際使用中，磁感應(yīng)強度和加速電場頻率都有最大值的限制若某一加速器磁感應(yīng)強度和加速電場頻率的最大值分別為Bm、fm，試討論粒子能獲得的最大動能Ekm17（15分）（2012南京模擬）如圖所示，在紙面內(nèi)建立直角坐標系xOy，以第象限內(nèi)的直線OM（與負x軸成45°角）和正y軸為界，在x0的區(qū)域建立勻強電場，方向水平向左，場強大小E=2V/m；以直線OM和正x軸為界，在y0的區(qū)域建立垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B=0.

15、1T一不計重力的帶負電微粒，從坐標原點O沿y軸負方向以v0=2×103m/s的初速度射入磁場已知微粒的比荷為=5×104C/kg，求：（1）粒子經(jīng)過圓弧第一次經(jīng)過磁場邊界時的位置坐標；（2）粒子在磁場區(qū)域運動的總時間；（3）粒子最終將從電場區(qū)域D點離開電場，則D點離O點的距離是多少？2015-2016學(xué)年高二（上）期末物理模擬試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題：本題共6小題，每小題3分，共計18分每小題只有一個選項符合題意1下列說法中正確的是（）A當穿過某個面的磁通量等于零時，該區(qū)域的磁感應(yīng)強度一定為零B磁感應(yīng)強度的方向一定與通電導(dǎo)線所受安培力方向、直導(dǎo)線方向都垂直C感應(yīng)

16、電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果D洛倫茲力不改變運動電荷的速度【考點】楞次定律；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化【專題】定性思想；推理法；電磁感應(yīng)功能問題【分析】磁場的有無與磁通量大小無關(guān)，因磁通量的大小受到磁場與線圈平面的夾角來判定；根據(jù)左手定則，即可判定磁場、安培力與電流方向關(guān)系；穿過回路的磁通量發(fā)生變化，會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，感應(yīng)電流的磁場總是阻礙引起感應(yīng)電流磁通量的變化；洛倫茲力不做功，不改變速度的大小，可改變速度的方向，從而即可一一求解【解答】解：A、當磁場與線圈平面平行時，磁通量為零，而磁場不一定為零；故A錯誤B、根據(jù)左手定則可知，安培力一定與磁感應(yīng)強度，及電流方向垂直，而

17、磁場方向一定與通電導(dǎo)線所受安培力方向，但不一定與直導(dǎo)線方向垂直故B錯誤C、感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果故C正確D、洛倫茲力對電荷不做功，因此不改變運動電荷的速度大小，但可改變速度的方向故D錯誤故選：C【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握影響磁通量大小因素，注意磁感應(yīng)強度與磁通量無關(guān)，以及會運用楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，最后掌握左手定則中安培力與磁場，及電流的方向2如圖所示，電壓互感器、電流互感器可看成理想變壓器，已知電壓互感器原、副線圈匝數(shù)比是1000：1，電流互感器原、副線圈匝數(shù)比是1：200，電壓表讀數(shù)是200V，電流表讀數(shù)是1.5A，則交流電路輸送電能的功率是（）

18、A3×102WB6×104WC3×105WD6×107W【考點】變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率【專題】交流電專題【分析】理想變壓器的工作原理是原線圈輸入變化的電流時，導(dǎo)致副線圈的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致副線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢而副線圈中的感應(yīng)電流的變化，又導(dǎo)致在原線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢變壓器的電流比與電壓比均是有效值，電表測量值也是有效值【解答】解：由圖可知：V表是電壓表，A表是電流表電壓互感器原線圈的匝數(shù)比副線圈匝數(shù)1000：1，而電流互感器原線圈的匝數(shù)比副線圈匝數(shù)1：200，由電壓表的示數(shù)為200V，得原線圈的電壓為200000V，由電流表的示數(shù)為1.

19、5A，原線圈的電流為300A所以電線輸送功率是6×107W故選：D【點評】理想變壓器是理想化模型，一是不計線圈內(nèi)阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象同時變壓比與匝數(shù)成正比，變流比與匝數(shù)成反比3如圖所示電路中，電源電壓u=311sin100t（V），A、B間接有“220V 440W”的電暖寶、“220V 220W”的抽油煙機、交流電壓表及保險絲下列說法正確的是（）A交流電壓表的示數(shù)為311VB電路要正常工作，保險絲的額定電流不能小于3AC電暖寶發(fā)熱功率是抽油煙機發(fā)熱功率的2倍D1min抽油煙機消耗的電能為1.32×104J【考點】交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系【專題】交流電專題【分析】

20、交流電壓表的示數(shù)為有效值，由公式P=UI知電路要正常工作，干路中電流為3A，電暖寶是純電阻，而抽油煙機是非純電阻【解答】解：A、交流電壓表的示數(shù)為有效值=220V，故A錯誤；B、由公式P=UI知電路要正常工作，干路中電流為3A，所以保險絲的額定電流不能小于3A，故B錯誤；C、電暖寶是純電阻，而抽油煙機是非純電阻，故C錯誤；D、1min抽油煙機消耗的電能為W=Pt=l32×104J，故D正確故選：D【點評】本題考查了交流電的峰值、有效值以及結(jié)合歐姆定律進行的有關(guān)計算，難度不大4某同學(xué)設(shè)計的散熱排風控制電路如圖所示，M為排風扇，R0是半導(dǎo)體熱敏電阻，其阻值隨溫度升高而減小，R是可變電阻控

21、制開關(guān)電路具有下列特性：當A點電勢A0時，控制開關(guān)處于斷路狀態(tài)；當A0時，控制開關(guān)接通電路，M開始運轉(zhuǎn)下列說法中正確的是（）A環(huán)境溫度升高時，A點電勢升高B可變電阻R 阻值調(diào)大時，A點電勢降低C可變電阻R 阻值調(diào)大時，排風扇開始工作的臨界溫度升高D若用金屬熱電阻代替半導(dǎo)體熱敏電阻，電路仍能正常工作【考點】閉合電路的歐姆定律；傳感器在生產(chǎn)、生活中的應(yīng)用【分析】由熱敏電阻的溫度變化，導(dǎo)致電阻變化，根據(jù)電路的電流變化，來確定A點的電勢如何變化，則來控制開關(guān)，使其開始運轉(zhuǎn)【解答】解：A、當環(huán)境溫度升高時，半導(dǎo)體熱敏電阻R0，其阻值隨溫度升高而減小則電路中的電流增大，所以A點的電勢升高，故A正確，B、可

22、變電阻R阻值調(diào)大時，導(dǎo)致電路的電流減小，則A點電勢升高，故B錯誤；C、可變電阻R阻值調(diào)大時，導(dǎo)致電路的電流減小，則A點電勢升高，由于當A點電勢A0時，控制開關(guān)處于斷路狀態(tài)；當A0時，控制開關(guān)接通電路，M開始運轉(zhuǎn)故排風扇會提前工作，即臨界溫度降低，故C錯誤；D、若用金屬熱電阻代替半導(dǎo)體熱敏電阻，當溫度升高時，其阻值增大，導(dǎo)致A點電勢降低，則開關(guān)會處于斷開狀態(tài)，所以起不到散熱排風的作用，故D錯誤；故選：A【點評】本題考查閉合電路歐姆定律的就用，解決本題的關(guān)鍵掌握因熱敏電阻的阻值變化，從而導(dǎo)致電路中電流、電壓變化5如圖所示為一種質(zhì)譜儀示意圖，由加速電場、靜電分析器和磁分析器組成若靜電分析器通道中心線

23、的半徑為R，通道內(nèi)均勻輻射電場在中心線處的電場強度大小為E，磁分析器有范圍足夠大的有界勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向外一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子從靜止開始經(jīng)加速電場加速后沿中心線通過靜電分析器，由P點垂直邊界進入磁分析器，最終打到膠片上的Q點不計粒子重力下列說法正確的是（）A極板M比極板N電勢高B加速電場的電壓U=ERC兩點間距PQ=2BD若一群離子從靜止開始經(jīng)過上述過程都落在膠片上同一點，則該群離子具有相同的電量【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動【專題】帶電粒子在磁場中的運動專題【分析】帶電粒子在電場中，在電場力做正功的情況下，被加速運動后垂直于電

24、場線，在電場力提供向心力作用下，做勻速圓周運動最后進入勻強磁場，在洛倫茲力作用下，做勻速圓周運動根據(jù)洛倫茲力的方向，從而可確定電性，進而可確定極板的電勢高低根據(jù)牛頓第二定律可得在電場力作用下做勻速圓周運動的表達式，從而求出加速電壓最后再由牛頓第二定律，洛倫茲力等于向心力可知，運動的半徑公式，即影響半徑的大小因素【解答】解：A、由左手定則可知，粒子帶正電，而粒子在MN間被加速，所以M板的電勢高于N板，故A正確；B、在靜電分析器中，根據(jù)電場力提供向心力，則有，在加速電場部分，根據(jù)動能定理有，從而解得：故B錯誤C、根據(jù)洛倫茲力提供向心力，則有：，結(jié)合上式可知，PQ=，若一群離子從靜止開始經(jīng)過上述過程

25、都落在膠片上同一點說明運動的直徑相同，由于磁場，電場與靜電分析器的半徑不變，則該群離子具有相同的比荷，故C、D錯誤故選：A【點評】考查粒子在電場中加速與勻速圓周運動，及在磁場中做勻速圓周運動掌握電場力與洛倫茲力在各自場中應(yīng)用，注意粒子在靜電分析器中電場力不做功6如圖所示，兩根長直導(dǎo)線豎直插入光滑絕緣水平桌面上的M、N兩小孔中，O為M、N連線中點，連線上a、b兩點關(guān)于O點對稱；導(dǎo)線均通有大小相等、方向向上的電流；已知長直導(dǎo)線在周圍產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度B=k，式中k是常數(shù)、I是導(dǎo)線中電流、r為點到導(dǎo)線的距離；一帶正電的小球以初速度v0從a點出發(fā)沿連線運動到b點關(guān)于上述過程，下列說法正確的是（）A

26、小球一直做勻速直線運動B小球先做加速運動后做減速運動C小球?qū)ψ烂娴膲毫σ恢痹谠龃驞小球?qū)ψ烂娴膲毫ο葴p小后增大【考點】洛侖茲力；牛頓第二定律【分析】根據(jù)右手螺旋定則，判斷出MN直線處磁場的方向，然后根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力大小和方向的變化，明確了受力情況，即可明確運動情況【解答】解：根據(jù)右手螺旋定則可知直線M處的磁場方向垂直于MN向里，直線N處的磁場方向垂直于MN向外，磁場大小先減小過O點后反向增大，根據(jù)左手定則可知，帶正電的小球受到的洛倫茲力方向開始上的方向向上，過O得后洛倫茲力的方向向下由此可知，小球?qū)⒆鰟蛩僦本€運動，小球?qū)ψ烂娴膲毫σ恢痹谠龃螅蔄C正確，BD錯誤故選：AC【點評】本題考

27、查了右手螺旋定則和左手定則的熟練應(yīng)用，正確解答帶電粒子在磁場中運動的思路為明確受力情況，進一步明確其運動形式和規(guī)律二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分每小題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，選錯或不答的得0分7如圖所示，有一臺交流發(fā)電機E，通過理想升壓變壓器T1和理想降壓變壓器T2向遠處用戶供電，輸電線的總電阻為RT1的輸入電壓和輸入功率分別為U1和P1，它的輸出電壓和輸出功率分別為U2和P2；T2的輸入電壓和輸入功率分別為U3和P3，它的輸出電壓和輸出功率分別為U4和P4設(shè)T1的輸入電壓U1一定，當用戶消耗的電功率變大時，有（）AU2減小，U4變大BU

28、2不變，U3變小CP1變小，P2變小DP2變大，P3變大【考點】遠距離輸電；變壓器的構(gòu)造和原理【專題】交流電專題【分析】通過理想升壓變壓器T1將電送到用戶附近，然后用理想降壓變壓器T2向遠處用戶供電家中提升電壓的目的是降低線路的功率損失，從而提高用戶得到的功率【解答】解：A、B要使用戶消耗的電功率變大，由于是理想變壓器，則P3也會變大；由于T1的輸入電壓U1一定時，U2也不變，則P2必須變大，線路上的電流變大，導(dǎo)致電阻R消耗的功率也變大，電阻兩端電壓也變大，所以U3變小，U4變小，故A錯誤、B正確；C、由于兩變壓器均是理想的，所以輸入功率與輸出功率相等，當P1變大，P2也變大，加之T1的輸入電

29、壓U1一定，則輸出電壓也一定，通過電阻R的電流變大，所以U3電壓變小故C錯誤；D、要使用戶消耗的電功率變大，由于是理想變壓器，則P3也會變大；由于T1的輸入電壓U1一定時，U2也不變，則P2必須變大，故D正確；故選：BD【點評】理想變壓器的輸入功率與輸出功率相等，且沒有漏磁現(xiàn)象輸電線上的損失功率與其電流的平方成正比，而與輸電線兩端的電壓的平方成反比8利用霍爾效應(yīng)制作的霍爾元件，廣泛應(yīng)用于測量和自動控制等領(lǐng)域如圖是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應(yīng)強度B垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流I，C、D兩側(cè)面會形成電勢差UCD，下列說法中正確的是（）A電勢差UCD僅與材料有關(guān)B若霍爾元件的載

30、流子是自由電子，則電勢差UCD0C僅增大磁感應(yīng)強度時，電勢差UCD變大D在測定地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應(yīng)保持水平【考點】霍爾效應(yīng)及其應(yīng)用【專題】壓軸題；帶電粒子在磁場中的運動專題【分析】在霍爾元件中，移動的是自由電子，根據(jù)左手定則判斷出電子所受洛倫茲力方向，從而知道兩側(cè)面所帶電荷的電性，即可知道C、D兩側(cè)面會形成電勢差UCD的正負CD間存在電勢差，之間就存在電場，電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據(jù)平衡推導(dǎo)出電勢差UCD與什么因素有關(guān)【解答】解：A、根據(jù)左手定則，電子向C側(cè)面偏轉(zhuǎn)，C表面帶負電，D表面帶正電，所以D表面的電勢高，則UCD0CD間存在電勢差，之間就存在電場，

31、電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，設(shè)霍爾元件的長寬高分別為a、b、c，有，I=nqvS=nqvbc，則U=故A錯誤，B、C正確 D、在測定地球赤道上方的地磁場強弱時，應(yīng)將元件的工作面保持豎直，讓磁場垂直通過故D錯誤故選BC【點評】解決本題的關(guān)鍵知道霍爾元件中移動的是自由電子，以及自由電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡9如圖所示，用電流傳感器研究自感現(xiàn)象電源內(nèi)阻不可忽略，線圈的自感系數(shù)較大，其直流電阻小于電阻R的阻值t=0時刻閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后，t1時刻斷開S，電流傳感器連接計算機分別描繪了整個過程線圈中的電流IL和電阻中的電流IR隨時間t變化的圖象下列圖象中可能正確的是（）ABCD【

32、考點】自感現(xiàn)象和自感系數(shù)【分析】電感對電流的變化起阻礙作用，閉合電鍵時，電感阻礙電流I1增大，斷開電鍵，D1、L構(gòu)成一回路，電感阻礙電流I1減小【解答】解：當電鍵閉合時，電感阻礙電流變化，L為一個自感系數(shù)很大、直流電阻小于電阻R的阻值的線圈，所以電感的阻礙慢慢減小，即流過電感的電流增大，所以I1慢慢減小，最后穩(wěn)定時電感相當于電阻，I1為恒定，當電鍵斷開后，電感阻礙自身電流變化，產(chǎn)生的感應(yīng)電流仍沿著原來方向，不過大小在減小，故A正確，B錯誤，當電鍵閉合時，電感阻礙電流變化，L為一個自感系數(shù)很大、有直流電阻的線圈，導(dǎo)致通過電阻的電流剛開始較大，當電感的阻礙慢慢減小，即流過電感的電流增大，所以I2慢

33、慢增大，最后穩(wěn)定，當斷開電鍵，原來通過D2的電流立即消失當電鍵斷開后，電感阻礙自身電流變化，產(chǎn)生的感應(yīng)電流流過電阻，其方向與規(guī)定圖示流過電阻的方向相反，I1慢慢減小最后為0故C錯誤，D正確故選AD【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握電感對電流的變化起阻礙作用，電流增大，阻礙其增大，電流減小，阻礙其減小10如圖甲所示，一個理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1：n2=2：1，副線圈兩端接三條支路，每條支路上都接有一只燈泡，電路中L為電感線圈、C為電容器、R為定值電阻當原線圈兩端接有如圖乙所示的交流電時，三只燈泡都能發(fā)光如果加在原線圈兩端的交流電電壓的最大值保持不變，而將其頻率變?yōu)樵瓉淼?倍，與改變前相比，下列說

34、法中正確的有（）A副線圈兩端的電壓仍為18VB燈泡變亮C燈泡變亮D燈泡變亮【考點】變壓器的構(gòu)造和原理；閉合電路的歐姆定律【專題】交流電專題【分析】根據(jù)乙圖可以知道輸入電壓的峰值，從而知道副線圈兩端電壓的峰值和有效值，頻率增大后對電阻無影響，線圈阻礙更大，而電容阻礙更小【解答】解：A、由乙圖中輸入電壓的峰值為36V，有效值為36V，所以副線圈兩端電壓為18V，A正確B、當交流電頻率增大后，對電阻沒影響，線圈阻礙更大，而電容阻礙更小，所以燈泡亮度不變，燈泡變暗，燈泡變亮，BC錯誤D正確；故選：AD【點評】本題考查了變壓器的特點和自感線圈通低頻阻高頻，電容器通交流隔直流的特性三、本題共2題，共計18

35、分請將解答填寫在試卷相應(yīng)的位置11（10分）（2013鎮(zhèn)江二模）某同學(xué)為測量電源電動勢并研究不同負載下電源輸出功率，設(shè)計了如圖1所示電路，測量數(shù)據(jù)如下表所示：U/V1.961.861.801.841.641.56I/V0.050.150.250.350.450.55（1）請在給出的直角坐標系中畫出UI圖象（圖2）（2）根據(jù)圖線求得該電源的電動勢E=2.0V，內(nèi)電阻r=0.81；（3）根據(jù)UI的圖線，電流I=0.20A時，電源的輸出功率P測=_0.37W；如果考慮電表內(nèi)阻對電路的影響，則電源實際輸出功率P實大于P測（選填“大于”、“小于”或“等于”）【考點】測定電源的電動勢和內(nèi)阻【專題】實驗題；

36、恒定電流專題【分析】根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)描點作圖，圖線縱軸截距表示電動勢，圖線斜率的絕對值表示內(nèi)阻【解答】解：（1）描點作圖，如圖所示，將偏離比較遠的點舍去（2）縱軸截距表示電動勢，所以E=2.0V，圖線斜率的絕對值表示內(nèi)阻，則r=（3）根據(jù)UI的圖線，電流I=0.20A時，此時輸出電壓U=1.84V，則電源的輸出功率P測=UI0.37W因為電壓表起分流作用，所以測量的電流偏小，所以測量的電源輸出功率偏小，即P實P測故答案為：（1）如圖所示（2）2.0（1.982.02均可） 0.81（0.750.85均可）（3）0.37 （4）大于【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握測量電源電動勢和內(nèi)阻的原理，知道UI圖

37、線的斜率和截距表示的物理意義12有一金屬電阻絲的阻值約為20，現(xiàn)用以下實驗器材測量其電阻率：A電壓表V1（量程015V，內(nèi)阻約15k） B電壓表V2（量程03V，內(nèi)阻約3k）C電流表A1 （量程為00.6A，內(nèi)阻約為0.5） D電流表A2（量程為050mA，內(nèi)阻約為10）E滑動變阻器R1（阻值范圍01k，允許最大電流0.2A） F滑動變阻器R2（阻值范圍020，允許最大電流1.0A） G螺旋測微器 H電池組（電動勢3V，內(nèi)電阻0.5） I開關(guān)一個和導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)決定采用分壓式接法調(diào)節(jié)電路，為了準確地測量出電阻絲的電阻，電流表選C，滑動變阻器選F（填寫器材前面的字母）；（2）用螺旋測微器測

38、量該電阻絲的直徑，示數(shù)如圖1所示，該電阻絲直徑的測量值d=0.183mm；（3）如圖2所示，將電阻絲拉直后兩端分別固定在刻度尺兩端的接線柱a和b上，其間有一可沿電阻絲滑動的觸頭P，觸頭的上端為接線柱c當按下觸頭P時，它才與電阻絲接觸，觸頭的位置可在刻度尺上讀出實驗中改變觸頭與電阻絲接觸的位置，并移動滑動變阻器的滑片，使電流表A示數(shù)I保持不變，記錄對應(yīng)的電壓表讀數(shù)U該同學(xué)的實物連接如圖3所示，他的連線是否正確，如果有錯，在連接的導(dǎo)線上打“×”并重新正確連線；如果有導(dǎo)線遺漏，請?zhí)砑訉?dǎo)線，完成正確的實物連接圖（4）利用測量數(shù)據(jù)描點作出UL圖線，如圖4所示，并求得圖線的斜率k用電阻絲的直徑d

39、、電流I和斜率k表示電阻絲的電阻率=【考點】伏安法測電阻【專題】實驗題；定性思想；方程法；恒定電流專題【分析】（1）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)（2）根據(jù)電壓表量程選擇電源，根據(jù)電路最大電流選擇電流表，在保證電路安全的前提下，應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器（3）確定滑動變阻器與電流表的接法，然后作出電路圖根據(jù)電路圖作出實物電路圖（4）根據(jù)電阻定律和歐姆定律求出電阻率的表達式【解答】解：（1）電路最大電流約為I=，所以電流表選擇C，為方便實驗操作，滑動變阻器的范圍不能過大，應(yīng)選F；（2）由圖示螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為0mm，可動刻度示數(shù)為18.3×0.01

40、mm=0.183mm，螺旋測微器示數(shù)為0mm+0.183mm=0.183mm（3）圖中接法有兩處錯誤，1電壓表和電流表不能串聯(lián)接入電路；2由于電壓表的變化比較大，可知滑動變阻器需要使用分壓式接法，正確接法如圖所示：（4）根據(jù)歐姆定律得：U=IR根據(jù)電阻定律得：R=聯(lián)立解得：U=則斜率k=解得：=故答案為：（1）C、F；（2）0.183；（3）圖中接法有錯誤，正確接法如圖所示；（4）【點評】測量電阻最基本的原理是伏安法，電路可分為測量電路和控制電路兩部分設(shè)計測量電路要求精確，誤差小，可根據(jù)電壓表、電流表與待測電阻阻值倍數(shù)關(guān)系，選擇電流表內(nèi)、外接法控制電路關(guān)鍵是變阻器的分壓式接法或限流式接法四、計

41、算題：本題共5小題，共計68分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13（12分）（2012福建）如圖甲，在圓柱形區(qū)域內(nèi)存在一方向豎直向下、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，在此區(qū)域內(nèi)，沿水平面固定一半徑為r的圓環(huán)形光滑細玻璃管，環(huán)心O在區(qū)域中心一質(zhì)量為m、帶電荷量為q（q0）的小球，在管內(nèi)沿逆時針方向（從上向下看）做圓周運動已知磁感應(yīng)強度大小B隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示，其中T0=設(shè)小球在運動過程中電荷量保持不變，對原磁場的影響可忽略（1）在t=0到t=T0這段時間內(nèi)，小球不受細管側(cè)壁的作用力，求小球的速度大小v0

42、；（2）在豎直向下的磁感應(yīng)強度增大過程中，將產(chǎn)生渦旋電場，其電場線是在水平面內(nèi)一系列沿逆時針方向的同心圓，同一條電場線上各點的場強大小相等試求t=T0到t=1.5T0這段時間內(nèi)：細管內(nèi)渦旋電場的場強大小E；電場力對小球做的功W【考點】電磁場；電場強度；電磁波的產(chǎn)生【專題】壓軸題【分析】（1）在t=0到t=T0這段時間內(nèi)，小球不受細管側(cè)壁的作用力，說明洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解；（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解出感應(yīng)電動勢，再進一步計算電場強度；先根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，計算出路程，再求解電場力的功【解答】解：（1）在t=0到t=T0這段時間內(nèi)，小球不受細管側(cè)壁的作用力，說

43、明洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有解得v0= （2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動勢為：電勢差與電場強度的關(guān)系，有：U=E2r 由上面兩式解得E=其中：故：E=電場力為：F=Eq=；根據(jù)牛頓第二定律，有F=ma解得物體的末速度為： =根據(jù)動能定理，電場力做的功為：W=；答：（1）在t=0到t=T0這段時間內(nèi)，小球的速度大小為；（2）在t=T0到t=1.5T0這段時間內(nèi)：細管內(nèi)渦旋電場的場強大小E為；電場力對小球做的功W為【點評】本題是有關(guān)感應(yīng)加速器的問題，感生電場的電場力做正功，電場力是恒定大小的力，電荷速率隨著時間均勻增加，結(jié)合動能定理、電勢差與電場強度的關(guān)系公式、牛頓第二定律列式

44、求解14（12分）（2015秋宿遷校級期末）如圖所示，兩根等高光滑的圓弧軌道，半徑為r、間距為L，軌道電阻不計在軌道頂端連有一阻值為R的電阻，整個裝置處在一豎直向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B現(xiàn)有一根長度稍大于L、質(zhì)量為m、電阻不計的金屬棒從軌道的頂端ab處由靜止開始下滑，到達軌道底端cd時受到軌道的支持力為2mg整個過程中金屬棒與導(dǎo)軌電接觸良好，求：（1）棒到達最低點時的速度大小和通過電阻R的電流（2）棒從ab下滑到cd過程中回路中產(chǎn)生的焦耳熱和通過R的電荷量【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化【專題】計算題；定量思想；尋找守恒量法；電磁感應(yīng)功能問題【分析】（1）金屬棒

45、在cd端時由重力和軌道的支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出棒到達最低點時的速度由E=BLv求出感應(yīng)電動勢，再由歐姆定律求通過R的電流（2）根據(jù)能量守恒定律求回路中產(chǎn)生的焦耳熱根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和電量公式推導(dǎo)出電量表達式q=，來求通過R的電荷量【解答】解：（1）棒到達最低點時，根據(jù)牛頓第二定律得 Nmg=m由題得 N=2mg可得 v=棒經(jīng)過最低點時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為 E=BLv=BL通過電阻R的電流 I=（2）棒從ab下滑到cd過程中回路中，根據(jù)能量守恒得：產(chǎn)生的焦耳熱 Q=mgr=mgr根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：=感應(yīng)電流的平均值=通過R的電荷量 q=t聯(lián)立得 q=，又

46、=BLr所以可得 q=答：（1）棒到達最低點時的速度大小是，通過電阻R的電流是（2）棒從ab下滑到cd過程中回路中產(chǎn)生的焦耳熱為mgr，通過R的電荷量是【點評】本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)知識的綜合，要正確分析能量是如何轉(zhuǎn)化的，熟練推導(dǎo)出感應(yīng)電荷量經(jīng)驗公式q=，要注意R是回路中總的電阻15（14分）（2013徐州二模）如圖所示，光滑導(dǎo)軌MN和PQ固定在同一水平面上，兩導(dǎo)軌間距為L，兩端分別接有阻值均為R的定值電阻R1和R2兩導(dǎo)軌間有一邊長為的正方形區(qū)域abcd，該區(qū)域內(nèi)有方向豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B一質(zhì)量為m的金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好并靜止于ab處，現(xiàn)用一恒力F沿水平方向拉桿，使之由靜止起向右運

47、動，若桿出磁場前已做勻速運動，不計導(dǎo)軌及金屬桿的電阻求：（1）金屬桿出磁場前的瞬間流過R1的電流大小和方向；（2）金屬桿做勻速運動時的速率；（3）金屬桿穿過整個磁場過程中R1上產(chǎn)生的電熱【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；能量守恒定律；閉合電路的歐姆定律【專題】電磁感應(yīng)功能問題【分析】（1）桿出磁場前已做勻速運動，恒力F與安培力平衡，由安培力公式F=BIL和平衡條件求解；（2）桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=Bv，又根據(jù)閉合歐姆定律得到E=I，聯(lián)立可求得速度v；（3）金屬桿穿過整個磁場過程中，F(xiàn)做功為F，桿獲得的動能為，根據(jù)能量守恒定律求解回路中產(chǎn)生的總熱量，根據(jù)兩個電阻并聯(lián)求解上產(chǎn)生的電熱【解答】解

48、：（1）設(shè)流過金屬桿中的電流為I，由平衡條件得： F=BI解得，I=因=，所以流過的電流大小為I1=根據(jù)右手定則判斷可知，電流方向從M到P（2）設(shè)桿做勻速運動的速度為v，由法拉第電磁感應(yīng)定律得： 桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為 E=Bv又根據(jù)閉合歐姆定律得到E=I，可解得v=（3）設(shè)整個過程電路中產(chǎn)生的總電熱為Q，根據(jù)能量守恒定律得： Q=F代入v可得Q=Q1=Q=答：（1）金屬桿出磁場前的瞬間流過的電流大小為，方向從M到P；（2）金屬桿做勻速運動時的速率是；（3）金屬桿穿過整個磁場過程中上產(chǎn)生的電熱是【點評】本題是電磁感應(yīng)中電路問題，掌握安培力公式、閉合電路歐姆定律、法拉第電磁感應(yīng)定律是基礎(chǔ)16（15分）（2009江蘇）1932年，勞倫斯和利文斯設(shè)計出了回旋加速器回旋加速器的工作原理如圖所示，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，