步步高2014版《考前三個(gè)月》高考物理(通用)大二輪專題復(fù)習(xí)題型沖刺練：等值模擬二

1、等值模擬二(時(shí)間：60分鐘滿分：110分)一、選擇題(本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分)1 如圖1所示為汽車在水平路面上啟動(dòng)過程中的vt圖象，Oa為過原點(diǎn)的傾斜直線，ab段表示以額定功率行駛時(shí)的加速階段，bc段是與ab段相切的水平直線，下述說法正確的是()圖1A0t1時(shí)間內(nèi)汽車以恒定功率做勻加速運(yùn)動(dòng)Bt1t2時(shí)間內(nèi)的平均速度為Ct1t2時(shí)間內(nèi)汽車牽引力做功等于mvmvD在全過程中t1時(shí)刻的牽引力及其功率都是最大值答案D解析0t1段汽車做勻加速運(yùn)動(dòng)，牽引力的功率在逐漸增大

2、，t1t2時(shí)間內(nèi)做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，平均速度大于，牽引力與阻力的合力做的功等于mvmv，故選項(xiàng)A、B、C均錯(cuò)2 如圖2所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r.兩電壓表可看作是理想電表，當(dāng)閉合開關(guān)，將滑動(dòng)變阻器的滑片由左端向右端滑動(dòng)時(shí)(設(shè)燈絲電阻不變)，下列說法正確的是()圖2A小燈泡L2變暗，V1表的示數(shù)變小，V2表的示數(shù)變大B小燈泡L2變亮，V1表的示數(shù)變大，V2表的示數(shù)變小C小燈泡L1變亮，V1表的示數(shù)變大，V2表的示數(shù)變小D小燈泡L1變暗，V1表的示數(shù)變小，V2表的示數(shù)變大答案C解析將滑動(dòng)變阻器的滑片由左端向右滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，變阻器與燈泡L1并聯(lián)的電阻增大，外電路總電

3、阻增大，路端電壓增大，V1表的示數(shù)變大，由閉合電路歐姆定律可知，流過電源的電流減小，燈泡L2變暗，電壓表V2的示數(shù)變小，燈泡L1的電壓U1EI(rRL2)增大，燈泡L1變亮，故選C.3 我國(guó)自主研發(fā)的北斗導(dǎo)航系統(tǒng)，又被稱為“雙星定位系統(tǒng)”，具有導(dǎo)航、定位等功能，“北斗”系統(tǒng)中兩顆衛(wèi)星均繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑都為r，某時(shí)刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于軌道上的A、B兩個(gè)位置(如圖3所示)若衛(wèi)星均順時(shí)針運(yùn)行，地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R，關(guān)于兩顆衛(wèi)星線速度有下列說法，正確的是()圖3A兩顆衛(wèi)星的線速度不相等，衛(wèi)星1的線速度等于B兩顆衛(wèi)星的線速度大小均為R C兩顆衛(wèi)星的線速度大小均為R D兩

4、顆衛(wèi)星的線速度大小不相等，衛(wèi)星2的線速度v答案B解析由萬有引力提供衛(wèi)星運(yùn)行的向心力可得m，解得v ，可得出r相同則速度v大小相等，故兩顆衛(wèi)星的線速度大小相等對(duì)于地球表面一物體，有mg即GMgR2(黃金代換)，聯(lián)立可求得vR，本題選B.4 如圖4所示，兩個(gè)寬度均為L(zhǎng)的條形區(qū)域，存在著大小相等、方向相反且均垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，以豎直虛線為分界線，其左側(cè)有一個(gè)用金屬絲制成的與紙面共面的直角三角形線框ABC，其底邊BC長(zhǎng)為2L，并處于水平現(xiàn)使線框以速度v水平勻速穿過勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，則此過程中，線框中的電流隨時(shí)間變化的圖象正確的是(設(shè)逆時(shí)針電流方向?yàn)檎较?，取時(shí)間t0作為計(jì)時(shí)單位)()圖4答案D解析根據(jù)題意

5、，從2t0到3t0的過程中電流大小由2i0逐漸增大為3i0，從3t0到4t0的過程中電流大小由i0逐漸增大為2i0，且在4t0時(shí)電流大小為2i0，所以選項(xiàng)D正確5 如圖5是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖粒子源(在加速電場(chǎng)上方，未畫出)產(chǎn)生的帶電粒子被加速電場(chǎng)加速后，進(jìn)入速度選擇器速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)的強(qiáng)度分別為B和E.平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2.平板S下方有強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)下列表述正確的是()圖5A速度選擇器中的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里B能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于C粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的比荷()越大D粒子所帶電荷量相同時(shí)，打在

6、膠片上的位置越靠近狹縫P，表明其質(zhì)量越大答案C解析粒子帶正電，受電場(chǎng)力向右，由左手定則可判斷磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，故A錯(cuò)誤；由qEqvB，得v，此時(shí)離子受力平衡，可沿直線穿過速度選擇器，故B錯(cuò)誤；由，知R越小，比荷越大，故C正確；由知粒子所帶電荷量相同時(shí)，打在膠片上的位置越靠近狹縫P，表明其質(zhì)量越小，D錯(cuò)誤故選C.6 在物理學(xué)的發(fā)展道路上，許多物理學(xué)家及科學(xué)家們做出了杰出的貢獻(xiàn)，下列與此有關(guān)的說法正確的是()A牛頓在給出萬有引力定律的同時(shí)給出了引力常量B奧斯特最先發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線周邊存在磁場(chǎng)，即電流的磁效應(yīng)C亞里士多德認(rèn)為：力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因D安培給出了通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的磁場(chǎng)力的方向的

7、判斷方法答案BD解析牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出了引力常量，A錯(cuò)誤；亞里士多德錯(cuò)誤的認(rèn)為：力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，伽利略首先提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，C錯(cuò)誤；選項(xiàng)B、D說法正確7 如圖6所示，a、b、c、d分別是一個(gè)菱形的四個(gè)頂點(diǎn)，abc120°.現(xiàn)將三個(gè)等量的正點(diǎn)電荷Q分別固定在a、b、c三個(gè)頂點(diǎn)上，將一個(gè)電量為q的點(diǎn)電荷依次放在菱形中心O點(diǎn)和另一個(gè)頂點(diǎn)d點(diǎn)處，兩點(diǎn)相比()圖6Ad點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向由O指向dBq在d點(diǎn)所具有的電勢(shì)能較大Cd點(diǎn)的電勢(shì)小于O點(diǎn)的電勢(shì)Dd點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度答案ACD解析由點(diǎn)電荷的電場(chǎng)及電場(chǎng)的疊加可知，在O點(diǎn)a、c兩處的

8、點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)相互抵消，O點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)等于b處點(diǎn)電荷所產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，即EOk，方向由b指向O；而在d點(diǎn)處Ed2k<EO，方向也沿bO方向，A、D正確bd是a、c兩處點(diǎn)電荷連線的中垂線，由兩等量正電荷的電場(chǎng)中電勢(shì)分布可知在a、c兩點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中O點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì)，而在點(diǎn)電荷b的電場(chǎng)中O點(diǎn)電勢(shì)也高于d點(diǎn)電勢(shì)，再由電勢(shì)疊加可知O點(diǎn)電勢(shì)高，而正電荷在電勢(shì)越高處電勢(shì)能越大，B錯(cuò)誤，C正確故選A、C、D.8 一臺(tái)理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比是111，原線圈接入電壓有效值為220 V的正弦交流電，一個(gè)滑動(dòng)變阻器接在副線圈上，如圖7所示電壓表和電流表均為理想電表，則下列說法正確的是()圖7A原、副線圈

9、中的電流之比為111B電壓表的示數(shù)為20 VC若滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為20 ，則電流表的示數(shù)為1 AD若將滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)，則電壓表示數(shù)不變，電流表的示數(shù)減小答案BD解析原、副線圈中的電流與匝數(shù)成反比，所以電流之比為111，A錯(cuò)誤；原、副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，所以副線圈兩端電壓為20 V，B正確；若滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為20 ，則流過副線圈的電流為1 A，電流表的示數(shù)為 A，C錯(cuò)誤；將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，接入電路中的阻值變大，但對(duì)原、副線圈的電壓無影響，即電壓表的示數(shù)不變，電流表的示數(shù)變小，所以D正確，故選B、D.二、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考

10、題，每個(gè)試題考生都必須作答第13題第15題為選考題，考生根據(jù)要求做答)(一)必考題(共47分)9 (6分)在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)利用圖8中器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，正確的完成實(shí)驗(yàn)操作后，得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，如圖9所示在實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理中，某同學(xué)取A、B兩點(diǎn)來驗(yàn)證，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02 s打一個(gè)點(diǎn)，g取9.8 m/s2，測(cè)量結(jié)果記錄在下面的表格中圖8圖9項(xiàng)目x1(cm)A點(diǎn)速度(m/s)x2(cm)B點(diǎn)速度(m/s)AB兩點(diǎn)間距離(cm)數(shù)據(jù)3.920.9812.8050.00B點(diǎn)速度：vB_m/s.若重物和夾子的總質(zhì)量為0.6 kg，那么在打A、B兩點(diǎn)的過程中，動(dòng)能增加量為_J，重力勢(shì)

11、能減少量為_J(上述結(jié)果均保留3位有效數(shù)字)答案3.20(2分)2.78(2分)2.94(2分)解析據(jù)中點(diǎn)時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間的平均速度可求得vB3.20 m/s；動(dòng)能增加量為mvmv2.78 J，重力勢(shì)能減少量為mghAB2.94 J.10(9分)老師要求同學(xué)們測(cè)出一待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻，所給的實(shí)驗(yàn)器材有：待測(cè)電源E，定值電阻R1(阻值未知)，電壓表V(量程為3.0 V，內(nèi)阻很大)，電阻箱R(099.99 )，單刀單擲開關(guān)S1，單刀雙擲開關(guān)S2，導(dǎo)線若干某同學(xué)連接了一個(gè)如圖10所示的電路，他接下來的操作是：a撥動(dòng)電阻箱旋鈕，使各旋鈕盤的刻度處于如圖11甲所示的位置后，將S2接到a，閉

12、合S1，記錄下對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)為2.20 V，然后斷開S1；b保持電阻箱示數(shù)不變，將S2切換到b，閉合S1，記錄此時(shí)電壓表的讀數(shù)(電壓表的示數(shù)如圖乙所示)，然后斷開S1.圖10圖11(1)請(qǐng)你解答下列問題：圖甲所示電阻箱的讀數(shù)為_，圖乙所示的電壓表讀數(shù)為_V由此可算出定值電阻R1的阻值為_.(計(jì)算結(jié)果取3位有效數(shù)字)(2)在完成上述操作后，該同學(xué)繼續(xù)以下的操作：將S2切換到a，多次調(diào)節(jié)電阻箱，閉合S1，讀出多組電阻箱的示數(shù)R和對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U，由測(cè)得的數(shù)據(jù)，繪出了如圖丙所示的圖象由此可求得該電池組的電動(dòng)勢(shì)E及內(nèi)阻r，其中E_V，電源內(nèi)阻r_.(計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字)答案(1)20.00(

13、1分)2.80(1分)5.45(3分)(2)2.86(2分)0.264(2分)解析(1)電阻箱的讀數(shù)等于各擋位的電阻之和，為20.00 ；電壓表讀數(shù)應(yīng)估讀一位，為2.80 V；根據(jù)部分電路歐姆定律可得，解得R1的阻值約為5.45 .(2)由圖象可知當(dāng)R無窮大時(shí)，R兩端的電壓近似等于電源的電動(dòng)勢(shì)，即0.35 V1，解得E2.86 V；根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，解得r0.264 .11(13分)如圖12所示，水平地面上有一“L”型滑板ABC，豎直高度h1.8 mD處有一固定障礙物，滑板右端C到障礙物的距離為1 m滑板左端施加水平向右的推力F144 N的同時(shí)，有一小物塊緊貼豎直板的A點(diǎn)無初速度釋放，

14、滑板撞到障礙物時(shí)立即撤去力F，滑板以原速率反彈，小物塊最終落在地面上，滑板質(zhì)量M3 kg，小物塊質(zhì)量m1 kg，滑板與小物塊及地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.4(取g10 m/s2，已知tan 37°)求：(1)滑板撞到障礙物前小物塊的加速度；(2)小物塊落地時(shí)的速度；(3)小物塊落地時(shí)到滑板B端的距離圖12答案見解析解析(1)假設(shè)滑板撞到障礙物前小物塊與滑板相對(duì)靜止，設(shè)向右的加速度為a1，對(duì)小物塊與滑板組成的整體，由牛頓第二定律有F(Mm)g(Mm)a1(2分)解得：a132 m/s2(1分)因?yàn)閙g<ma1，故假設(shè)成立，所以滑板撞到障礙物前小物塊的加速度為a132 m/s2(2)

15、設(shè)滑板撞到障礙物時(shí)的速度大小為v1，v2a1x(1分)滑板撞到障礙物后小物塊做平拋運(yùn)動(dòng)hgt2(1分)vygt(1分)解得v10 m/s(1分)設(shè)小物塊的速度與水平方向夾角為tan ，故37°(1分)(3)設(shè)小物塊平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移為x1，x1v1t4.8 m(1分)撞到障礙物后滑板運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a2，MgMa2(1分)滑板停止運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間t2 s，則物塊落地時(shí)，滑板尚未停止運(yùn)動(dòng)(1分)物塊落地時(shí)滑板向右運(yùn)動(dòng)的距離為x2，x2v1ta2t24.08 m(1分)物塊落地時(shí)到B的距離為xx1x28.88 m(1分)12(19分)如圖13所示，豎直平面內(nèi)邊長(zhǎng)為a的正方形ABCD是磁場(chǎng)的

16、分界線，在正方形的四周及正方形區(qū)域內(nèi)存在方向相反、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的與豎直平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，M、N分別是邊AD、BC的中點(diǎn)現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從M點(diǎn)沿MN方向射出，帶電粒子的重力不計(jì)圖13(1)若在正方形區(qū)域內(nèi)加一與磁場(chǎng)方向垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)，恰使以初速度v0射出的帶電粒子沿MN直線運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，求所加場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向(2)為使帶電粒子從M點(diǎn)射出后，在正方形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)到達(dá)B點(diǎn)，則初速度v1應(yīng)滿足什么條件？(3)試求帶電粒子從M點(diǎn)到達(dá)N點(diǎn)所用時(shí)間的最小值，并求出此條件下粒子第一次回到M點(diǎn)的時(shí)間答案見解析解析(1)由題意，電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，有：qEqv0B(2分)解得

17、EBv0(1分)因帶電粒子帶正電，故洛倫茲力方向豎直向上，電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下(1分)(2)此時(shí)，帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示，根據(jù)幾何關(guān)系得R2a2(R)2(2分)解得Ra(1分)由牛頓第二定律得qv1Bm(2分)解得v1(1分)(3)由題意可畫出帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示，可得帶電粒子在兩磁場(chǎng)中的軌道半徑均為ra(1分)帶電粒子在正方形區(qū)域內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1T(1分)在正方形區(qū)域外的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2T(1分)由qvBmmr，可得T(2分)故帶電粒子從M點(diǎn)到達(dá)N點(diǎn)所用時(shí)間的最小值tt1t2(2分)畫出帶電粒子從N點(diǎn)繼續(xù)運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖丙所示，知帶電粒子可以回到M點(diǎn)，由對(duì)稱性可知，粒子第一次回到M點(diǎn)

18、的時(shí)間為t2T(2分)(二)選考題：共15分，請(qǐng)考生從給出的3道物理題中任選一題做答如果多做，則按所做的第一題計(jì)分13(15分)(1)(6分)如圖14所示，下列有關(guān)說法中正確的是_(填選項(xiàng)前的字母)圖14a分子間距離為r0時(shí)，分子間不存在引力和斥力b水面上的單分子油膜，在測(cè)量油膜分子直徑d大小時(shí)可把它們當(dāng)做球形處理c食鹽晶體中的鈉、氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性d猛推木質(zhì)推桿，密閉的氣體溫度升高，壓強(qiáng)變大，氣體對(duì)外界做正功(2)(9分)如圖15，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)等容過程變化到狀態(tài)B，此過程中氣體吸收的熱量Q6.0×102 J，求：圖15該氣體在狀態(tài)A時(shí)的壓強(qiáng)該氣

19、體從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程中內(nèi)能的增量答案(1)bc(2)8×104 Pa6.0×102 J解析(1)分子間距離為r0時(shí)，分子間同時(shí)存在引力和斥力，只是二者的合力為0，a錯(cuò)誤猛推木質(zhì)推桿，密閉的氣體溫度升高，壓強(qiáng)變大，外界對(duì)氣體做正功，d錯(cuò)誤(2)由于A到B為等容變化，故，代入數(shù)據(jù)解得pA8×104 Pa.W0，UWQ6.0×102 J.14(15分)(1)(6分)如圖16甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖，圖乙為介質(zhì)中x2 m處的質(zhì)點(diǎn)P以此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)的振動(dòng)圖象，下列說法正確的是()圖16A這列波沿x軸正方向傳播B這列波的傳播速度是20 m/sC經(jīng)過0.

20、1 s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正方向D經(jīng)過0.35 s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q距平衡位置的距離大于質(zhì)點(diǎn)P距平衡位置的距離(2)(9分)如圖17所示為用某種透明材料制成的一塊柱形棱鏡的截面圖，圓弧CD是半徑為R的四分之一圓周，圓心為O，光線從AB面上的某點(diǎn)入射，入射角i45°，光進(jìn)入棱鏡后恰好在BC面上的O點(diǎn)發(fā)生全反射，后由CD面射出圖17畫出光線由AB面進(jìn)入棱鏡且從CD弧面射出的光路圖；求該棱鏡的折射率n.答案(1)AB(2)見解析解析(1)由題圖乙可知P此時(shí)向下振動(dòng)，故波沿x軸正方向傳播，A正確；由v結(jié)合題圖數(shù)據(jù)可知B正確；經(jīng)過0.1 s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，C錯(cuò)誤；經(jīng)過0.35 s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P到達(dá)波峰的位置，故質(zhì)點(diǎn)Q距平衡位置的距離小于質(zhì)點(diǎn)P距平衡位置的距離，D錯(cuò)誤(2)光路圖如圖所示 (2分)光線在BC面上恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角C，sin C (2分)在AB界面上發(fā)生折射，折射角r90°C(2分)由折射定律n(2分)解得n(1分)15(15分)(1)(6分)