《高中試卷》2018-2019學(xué)年廣東省潮州市高二（上）期末物理試卷

1、2018-2019學(xué)年廣東省潮州市高二（上）期末物理試卷一、選擇題:本題共10小題,每小題6分,共60分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第1418小題只有一項(xiàng)符合題目要求,第1923小題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)或不選的得0分。1（6分）通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)的現(xiàn)象稱為電流的磁效應(yīng)，首先發(fā)現(xiàn)該現(xiàn)象的物理學(xué)家是（）a安培b法拉第c奧斯特d特斯拉2（6分）將一段阻值為r，長(zhǎng)度為l的均勻電阻絲，分成長(zhǎng)度相等的兩段，兩者并聯(lián)后的阻值為（）ar2b4rcr4dr3（6分）我市部分道路將高壓鈉燈換成led燈，已知高壓鈉燈功率為400w，led燈功率為180w，若更換2000

2、盞，則一個(gè)月可節(jié)約的電能約為（）a9×102kwhb1.5×105kwhc6×105kwhd1×1012kwh4（6分）電流天平是一種測(cè)量磁場(chǎng)力的裝置，如圖所示。兩相距很近的通電平行線圈和，線圈固定，線圈置于天平托盤上。當(dāng)兩線圈均無(wú)電流通過(guò)時(shí)，天平示數(shù)恰好為零。下列說(shuō)法正確的是（）a當(dāng)天平示數(shù)為負(fù)時(shí)，兩線圈電流方向相同b當(dāng)天平示數(shù)為正時(shí)，兩線圈電流方向相同c線圈對(duì)線圈的作用力大于線圈對(duì)線圈的作用力d線圈對(duì)線圈的作用力與托盤對(duì)線圈的作用力是一對(duì)相互作用力5（6分）如圖所示的情況中，a、b兩點(diǎn)電勢(shì)相等、電場(chǎng)強(qiáng)度也相同的是（）abcd6（6分）指紋傳感器為在一

3、塊半導(dǎo)體基板上陣列了10萬(wàn)金屬顆粒，每一顆粒充當(dāng)電容器的一個(gè)極外表面絕緣，手指在其上構(gòu)成電容器的另外一個(gè)極。當(dāng)手指的指紋一面與絕緣表面接觸時(shí)由于指紋深淺不同，對(duì)應(yīng)的峪（本義：山谷）和嵴（本義：山脊）與半導(dǎo)體基板上的金屬顆粒間形成一個(gè)個(gè)電容值不同的電容器，若金屬顆粒與手指間組成的每個(gè)電容器電壓保持不變，則（）a指紋的嵴處與半導(dǎo)體上對(duì)應(yīng)的金屬顆粒距離遠(yuǎn)時(shí)，電容較小b指紋的嵴處與半導(dǎo)體上對(duì)應(yīng)的金屬顆粒距離近時(shí)，電容較小c在手指擠壓絕緣表面時(shí)，電容電極間的距離減小，金屬顆粒電極電量減小d在手指擠壓絕緣表面時(shí)，電容電極間的距離減小，金屬顆粒電極電量增大7（6分）如圖所示電路中，l1、l2為兩只相同燈泡，

4、r為光敏電阻，當(dāng)光照強(qiáng)度逐漸增強(qiáng)的過(guò)程中，下列判斷正確的是（）al1、l2兩燈均逐漸變暗bl1燈逐漸變暗，l2燈逐漸變亮c電源內(nèi)電路消耗功率逐漸增大d光敏電阻r和燈泡l1消耗的總功率逐漸增大8（6分）如圖所示的vt圖象表述一帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下從a點(diǎn)開(kāi)始以初速度v0向左做直線運(yùn)動(dòng)，粒子在t0時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，3t0時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的是（）aa、b兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系為baba、b兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系為ebeacc點(diǎn)在出發(fā)點(diǎn)的左側(cè)d粒子從a點(diǎn)經(jīng)b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電勢(shì)能先增加后減少9（6分）如圖所示為質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)原理圖，若從金屬筒內(nèi)同一位置由靜止釋放氫的三種同位素氕、氘、氖的原子核（不計(jì)重力）

5、，經(jīng)相同的電場(chǎng)加速和磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后分別打在照相底片上的a、b、c三個(gè)點(diǎn)，則氕、氘、氚原子核（）a進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能相同b在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同c在電場(chǎng)中加速的時(shí)間相同d打在照相底片上相鄰兩點(diǎn)間距離ab、bc之比為（2-1）：（3-2）10（6分）如圖所示，一根長(zhǎng)導(dǎo)線彎曲成“”形，通以直流電i，正中間用絕緣線懸掛一金屬環(huán)c，環(huán)與導(dǎo)線處于同一豎直平面內(nèi)。在電流i增大的過(guò)程中，下列判斷正確的是（）a金屬環(huán)中有逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流b金屬環(huán)中無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生c懸掛金屬環(huán)c的豎直線的拉力小于環(huán)的重力d懸掛金屬環(huán)c的豎直線的拉力大于環(huán)的重力三、非選擇題11（7分）某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的多用電表測(cè)量電阻，要用到選擇開(kāi)

6、關(guān)k和兩個(gè)部件s、t，請(qǐng)根據(jù)下列步驟完成電阻測(cè)量（1）轉(zhuǎn)動(dòng)部件 ，使指針對(duì)準(zhǔn)電流的 刻度；（2）將k旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×100“的位置；（3）將插入“+”、“”插孔的表筆短接，轉(zhuǎn)動(dòng)部件 ；使指針對(duì)準(zhǔn)電阻的 （選填“0刻線”或“”刻線）（4）將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)小。為了得到比較準(zhǔn)確的測(cè)量結(jié)果，請(qǐng)從下列選項(xiàng)中挑出合理的步驟，并按 的順序進(jìn)行操作。a將k旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×1k”的位置b將k旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×10”的位置c將兩表筆的金屬部分分別與被測(cè)電阻的兩根引線相接d將兩表筆短接，旋動(dòng)合適部件，對(duì)電表進(jìn)行校準(zhǔn)12（11分）小明同學(xué)用伏安法測(cè)定額定電壓為

7、2.5v的小燈泡伏安特性曲線。（1）圖甲是連接好的實(shí)物電路圖，在開(kāi)關(guān)閉合前，小明同學(xué)又再次仔細(xì)檢查了電路的連接，發(fā)現(xiàn)電路有誤。請(qǐng)你幫他糾正錯(cuò)誤 （任意寫(xiě)出兩處即可）（2）為使測(cè)量盡量準(zhǔn)確，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用圖乙中的 （填“r1”或“r2”）；（3）在糾正錯(cuò)誤后，小明同學(xué)進(jìn)行了多次的實(shí)驗(yàn)，某次得到電壓表的示數(shù)如圖丙所示，則電壓表的讀數(shù)為 v。（4）若小明在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，不知道應(yīng)該采用電流表內(nèi)接還是外接，他于是兩種接法各做了一次，根據(jù)數(shù)據(jù)，分別得到了伏安特性曲線“1”和“2”。則實(shí)驗(yàn)中誤差較小的操作應(yīng)選擇曲線 （填“1”或“2”）13（14分）如圖所示，s為一離子源，它能向mn右方空間各方向持續(xù)地發(fā)射

8、大量相同的正離子，離子質(zhì)量為m1×1015kg，電量為q2×108c，速率為v04×105m/s。在s右側(cè)有一半徑為r4×102m的圓屏，oo是過(guò)其圓心且垂直圓面的中心軸線。試對(duì)下面兩種加入電場(chǎng)的情形求解（不考慮離子的重力和離子之間的相互作用）：（1）如果將屏移到與s距離為x11mm處，在s與圓屏間加一范圍足夠大的，方向垂直于屏向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，恰好能使沿oo方向射出的離子不能到達(dá)屏上，則勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的e1大小為多少。（2）如果s與圓屏間有范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度e25×106n/c，方向垂直屏向右，要使s發(fā)射的所有離子都能打到屏上，則屏最

9、多可放到距s多遠(yuǎn)處。14（18分）如圖所示，坐標(biāo)系xoy在豎直平面內(nèi)，水平軌道ad和斜面dc均光滑且絕緣，ad和dc的長(zhǎng)度均為l，斜面dc與水平地面間的夾角60°，有一質(zhì)量為m，電荷量為+q的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）被放在a點(diǎn)，已知在第一象限分布著相互垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)方向豎直向上，場(chǎng)強(qiáng)大小為e2=mgq，磁場(chǎng)為水平方向（圖中垂直紙面向外），磁感應(yīng)強(qiáng)度為b；在第二象限分布著沿x軸正方向的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為e1=b2ql6m現(xiàn)將放在a點(diǎn)的帶電小球由靜止釋放，求：（1）帶電小球運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)時(shí)的速度；（2）帶電小球從a點(diǎn)出發(fā)到落地過(guò)程中所用的時(shí)間（小球所帶的電荷量不變）201

10、8-2019學(xué)年廣東省潮州市高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題:本題共10小題,每小題6分,共60分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第1418小題只有一項(xiàng)符合題目要求,第1923小題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)或不選的得0分。1【分析】首先發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)的物理學(xué)家是奧斯特?！窘獯稹拷猓篴、安培提出了分子電流假說(shuō)，研究了通電導(dǎo)線的磁場(chǎng)。故a錯(cuò)誤；b、法拉第研究了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故b錯(cuò)誤；c、首先發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)的物理學(xué)家是丹麥的物理學(xué)家?jiàn)W斯特。故c正確；d、特斯拉是電力工程師。故d錯(cuò)誤。故選：c。【點(diǎn)評(píng)】物理學(xué)史也是高考考查的內(nèi)容之

11、一，對(duì)于物理學(xué)上，著名的物理學(xué)家、經(jīng)典實(shí)驗(yàn)、重要學(xué)說(shuō)要記牢。2【分析】不考慮溫度影響，在導(dǎo)體材料一定時(shí)，電阻與長(zhǎng)度成正比，與橫截面積成反比?！窘獯稹拷猓阂桓旨?xì)均勻，電阻值為r電阻絲截成長(zhǎng)度相等的兩段，則每段長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?lái)的12，再把得到的兩段并聯(lián)起來(lái)使用，橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，根據(jù)r=ls，所以阻值變?yōu)樵瓉?lái)的14，即14r故abd錯(cuò)誤，c正確故選：c。【點(diǎn)評(píng)】串聯(lián)電路相當(dāng)于增加了電阻的長(zhǎng)度，所以阻值增大，并聯(lián)電路相當(dāng)于增加了電阻的橫截面積，所以阻值減小。3【分析】求出盞燈更換后可節(jié)約的電功率，再利用公式wpt計(jì)算每月可節(jié)約的電能，注意單位直接采用kwh（度）?！窘獯稹拷猓好勘K高壓鈉燈換成le

12、d燈時(shí)，節(jié)約的功率p400180220w0.22kw；路燈一般工作時(shí)間一天約為12小時(shí)，故一個(gè)月可節(jié)約的電能約為：wnpt2000×0.22×30×12kwh1.5×105kwh；故b正確，acd錯(cuò)誤。故選：b?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了消耗電能（電功）的計(jì)算，關(guān)鍵知道led燈的節(jié)能、能量的轉(zhuǎn)化現(xiàn)象。4【分析】通電平行線圈可等效為兩條平行的通電直導(dǎo)線之間的作用來(lái)討論，兩條平行的通電直導(dǎo)線之間會(huì)通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生相互作用。電流方向相同時(shí)，將會(huì)吸引；電流方向相反時(shí)，將會(huì)排斥?！窘獯稹拷猓篴、當(dāng)天平示數(shù)為負(fù)時(shí)，說(shuō)明兩線圈相互吸引，兩線圈電流方向相同，故a正確；b、當(dāng)天平示數(shù)

13、為正時(shí)，說(shuō)明兩線圈相互排斥，兩線圈電流方向相反，故b錯(cuò)誤；c、線圈和線圈之間的作用力是一對(duì)相互作用力，二者等大反向，故c錯(cuò)誤；d、線圈對(duì)線圈的作用力與托盤對(duì)線圈的作用力不是一對(duì)相互作用力，它們作用在一個(gè)物體上，故d錯(cuò)誤；故選：a?！军c(diǎn)評(píng)】正確理解兩條平行的通電直導(dǎo)線之間會(huì)通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生相互作用產(chǎn)生的實(shí)質(zhì)，在應(yīng)用中不要用反了。5【分析】電勢(shì)是標(biāo)量，只要大小相等即可，而場(chǎng)強(qiáng)為矢量，必須是大小和方向都相同才行，根據(jù)各種電場(chǎng)電場(chǎng)線和等勢(shì)面的分布情況進(jìn)行作答【解答】解：a、平行板電容器中是勻強(qiáng)電場(chǎng)，a、b的場(chǎng)強(qiáng)相同，而電勢(shì)不同，故a錯(cuò)誤；b、a、b在點(diǎn)電荷的同一等勢(shì)面上，兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，而場(chǎng)強(qiáng)方向不同，場(chǎng)

14、強(qiáng)不同，故b錯(cuò)誤；c、根據(jù)兩個(gè)等量同種電荷等勢(shì)面的分布情況可知，在兩電荷連線的中垂線上與連線中點(diǎn)等距的任意兩點(diǎn)電勢(shì)相等，而場(chǎng)強(qiáng)的方向相反，所以場(chǎng)強(qiáng)不同，故c錯(cuò)誤；d、等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢(shì)線，兩點(diǎn)的電勢(shì)相等。根據(jù)電場(chǎng)線分布的對(duì)稱性可知，場(chǎng)強(qiáng)相同，故d正確；故選：d。【點(diǎn)評(píng)】此題考查了不同電場(chǎng)中電勢(shì)和場(chǎng)強(qiáng)的知識(shí)，關(guān)鍵是知道電勢(shì)是標(biāo)量，而場(chǎng)強(qiáng)是矢量6【分析】手指的嵴和峪與金屬電極的距離不同，根據(jù)電容的決定式分析電容的大小。由電容的定義式分析，電容的電壓一定時(shí)，電量變化，判斷金屬電極是處于充電狀態(tài)還是放電狀態(tài)?！窘獯稹拷猓篴、指紋的嵴處與半導(dǎo)體基板上對(duì)應(yīng)的金屬顆粒距離遠(yuǎn)時(shí)，根據(jù)電容的決定

15、式c=s4kd得知，電容小，故a正確；b、指紋的峪處與半導(dǎo)體基板上對(duì)應(yīng)的金屬顆粒距離近時(shí)，根據(jù)電容的決定式c=s4kd得知，電容大，故b錯(cuò)誤；cd、在手指擠壓絕緣表面時(shí)，手指與對(duì)應(yīng)的金屬顆粒距離靠近，電容增大，而電壓一定，則由qcu可知，各金屬顆粒電極電量增大，故c錯(cuò)誤，d正確。故選：ad?！军c(diǎn)評(píng)】本題題干較長(zhǎng)，要有快速獲取有效信息的能力。本題是電容器動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，根據(jù)電容的決定式和定義式結(jié)合進(jìn)行分析。7【分析】當(dāng)光照增強(qiáng)時(shí)，光敏電阻的阻值減小，再分析總電阻的變化，由歐姆定律即可得出電路中電流及路端電壓的變化；再分析并聯(lián)部分電路，可得出r1的電流變化，從而判斷出兩個(gè)燈泡亮度的變化由功率公式

16、可得出功率的變化【解答】解：ab、當(dāng)光照增強(qiáng)時(shí)，光敏電阻的阻值減小，電路的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，則l2燈逐漸變亮。由ueir可知，路端電壓減小，l2燈的電壓增大，則r1兩端的電壓減小，故l1燈逐漸變暗，故a錯(cuò)誤，b正確；c、總電流增大，由pi2r知電源內(nèi)電路消耗功率逐漸增大，故c正確。d、將l1燈看成電源內(nèi)電路的一部分，光敏電阻r和燈泡l1消耗的總功率是等效電源的輸出功率，由于等效電源的內(nèi)阻大于外電阻，所以當(dāng)光敏電阻的阻值減小，外電阻減小時(shí)，等效電源的內(nèi)外電阻相差加大，輸出功率減小，則光敏電阻r和燈泡l1消耗的總功率逐漸減小。故d錯(cuò)誤。故選：bc?！军c(diǎn)評(píng)】本題為

17、閉合電路歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，要注意明確此類問(wèn)題的解題思路一般為：局部整體局部8【分析】根據(jù)速度與時(shí)間圖象可知，斜率表示加速度，則可確定電場(chǎng)力大小，進(jìn)而得出電場(chǎng)強(qiáng)度大??；因粒子的電性不知，則無(wú)法確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，由于從a到b，動(dòng)能減小，則電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，導(dǎo)致電勢(shì)能增大，從而即可求解。【解答】解：a、由于粒子不知電性，無(wú)法確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，因此無(wú)法比較電勢(shì)的高低，故a錯(cuò)誤；b、由vt圖象的斜率表示加速度大小可知，粒子的加速度增大，由于僅僅受到電場(chǎng)力作用，因此a、b兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系為ebea，故b正確；c、由圖可知，2t0時(shí)回到了出發(fā)點(diǎn)，所以3t0時(shí)在出發(fā)點(diǎn)的右側(cè)，故c錯(cuò)誤；d、由圖象

18、可知，粒子從a點(diǎn)經(jīng)b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)速度先減小后增大，所以動(dòng)能先減小后增大，根據(jù)能量守恒定律，電勢(shì)能應(yīng)該先增大后減小，故d正確；故選：bd。【點(diǎn)評(píng)】考查由速度與時(shí)間圖象，來(lái)確定加速度大小與方向的方法，理解電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化關(guān)系，以及動(dòng)能的變化，注意粒子不知電性，因此電勢(shì)高低無(wú)法確定。9【分析】粒子在電場(chǎng)中加速，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程，應(yīng)用動(dòng)能定理與牛頓第二定律分析答題?！窘獯稹拷猓篴c、設(shè)原子核的電荷量為q，質(zhì)量為m，加速電壓為u，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b，原子核在電場(chǎng)中加速時(shí)，由動(dòng)能定理得：qu=12mv20則有進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)三種同位素的動(dòng)能相同，粒子在電場(chǎng)中

19、做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度：vat=qemt解得加速時(shí)間t=1e2muq，由于氕、氘、氚原子核的電荷量相同，但質(zhì)量不同，故a正確，c錯(cuò)誤；b、原子核在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期t=2mqb原子核在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半個(gè)周期的時(shí)間t1=t2=mqb，故b錯(cuò)誤；d、原子核在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑r=mvqb=1b2muqr與m 成正比，氕、氘、氚原子核的質(zhì)量之比為1：2：3，因此打在照相底片上相鄰兩點(diǎn)間距離ab、bc之比為（2-1）：（3-2），故d正確；故選：ad?！军c(diǎn)評(píng)】明確質(zhì)譜儀的工作原理以及同位素的含義是解題的關(guān)鍵，并掌握動(dòng)能定理來(lái)確定加速電場(chǎng)中獲得的速度，由牛頓第二定律與向心力表達(dá)式，確定影

20、響半徑的表達(dá)式，是解題的突破點(diǎn)。10【分析】金屬環(huán)c處于彎曲成“”導(dǎo)線中，導(dǎo)線中通以如圖所示的電流，則會(huì)產(chǎn)生的磁場(chǎng)，根據(jù)楞次定律來(lái)確定感應(yīng)電流的方向，再根據(jù)左手定則，判斷出安培力的方向，從而判斷出金屬線圈的受力與運(yùn)動(dòng)狀況?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)安培定則知，彎曲成“”導(dǎo)線中電流的磁場(chǎng)方向?yàn)椋捍怪奔埫嫦蚶铮掖笮≡黾?。由楞次定律可知，感?yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，根據(jù)左手定則可知，安培力的方向指向圓心，由于彎曲成是“”導(dǎo)線，所以金屬環(huán)下邊14圓弧沒(méi)有安培力，因此導(dǎo)致掛環(huán)的拉力大于環(huán)的重力，但環(huán)仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，故ad正確，bc錯(cuò)誤，故選：ad?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵會(huì)用安培定則判斷電流周圍磁場(chǎng)的方向，以及學(xué)會(huì)根

21、據(jù)楞次定律來(lái)確定感應(yīng)電流的方向。同時(shí)會(huì)用左手定則判斷安培力的方向。三、非選擇題11【分析】電表使用前要使指針指在0刻線位置，通過(guò)調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕實(shí)現(xiàn)；歐姆表測(cè)量前要進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表中值電阻附近刻度線最均勻，讀數(shù)誤差最小，故測(cè)量電阻時(shí)，要通過(guò)選擇恰當(dāng)?shù)谋堵适怪羔樦冈谥兄惦娮韪浇?；每次換擋要重新調(diào)零；歐姆表讀數(shù)刻度盤讀數(shù)×倍率；歐姆表使用完畢，要將旋鈕選擇“off”擋或者交流電壓最大擋，若長(zhǎng)期不用，需要將電池取出。【解答】解：（1）電表使用前要旋轉(zhuǎn)機(jī)械調(diào)零旋鈕s進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，使指針對(duì)準(zhǔn)電流的0刻線；（2）將k旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×l00“的位置。（3）將插入“十“、“插孔的表筆短接，

22、旋動(dòng)歐姆調(diào)零旋鈕 t，使指針對(duì)準(zhǔn)電阻的0刻線。（4）將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏角過(guò)小，則電阻阻值大，說(shuō)明所選擋位太小，為了得到比較準(zhǔn)確的測(cè)量結(jié)果，應(yīng)換用大擋進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)將k旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×1k”的位置，然后將兩表筆短接，旋動(dòng)合適部件，使指針指在電阻零刻度處，再將兩表筆的金屬部分分別與被測(cè)電阻的兩根引線相接，因此合理是實(shí)驗(yàn)步驟是：adc；（5）由圖2所示可知，被測(cè)電阻阻值：6×1060；故答案為：（1）s 0 （3）t 0 （4）adc【點(diǎn)評(píng)】本題考查了多用電表的使用方法，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題；使用歐姆表測(cè)電阻時(shí)，要選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近。1

23、2【分析】（1）明確實(shí)驗(yàn)原理，確定實(shí)驗(yàn)接法，從而確定錯(cuò)誤的接線；（2）根據(jù)滑動(dòng)變阻器的接法選擇進(jìn)行分析，知道分壓接法時(shí)應(yīng)選擇小電阻；（3）明確電表量程，確定最小分度，從而明確讀數(shù)，注意是否需要估讀；（4）根據(jù)電流表內(nèi)外接法時(shí)兩電表的誤差情況進(jìn)行分析，從而確定對(duì)應(yīng)的圖象。【解答】解：（1）本實(shí)驗(yàn)測(cè)量的是額定電壓為2.5v燈泡的伏安特性曲線，所以應(yīng)選擇3v量程的電壓表；同時(shí)因本實(shí)驗(yàn)要求電壓由零開(kāi)始調(diào)節(jié)，故應(yīng)選擇滑動(dòng)變阻器分壓接法；由接好的電路圖可知，電表和電源的極性接反；（2）因本實(shí)驗(yàn)采用分壓接法，因此應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器總電阻較小的r2；（3）電壓表量程為3v，故最小分度為0.1v，讀數(shù)為2.38v

24、；（4）本實(shí)驗(yàn)中由于燈泡內(nèi)阻較小，所以電流表應(yīng)采用外接法，采用外接法時(shí)電流表示數(shù)偏大，由圖可知1為采用外接法得出的圖象，故應(yīng)選用1進(jìn)行分析。故答案為：（1）電壓表應(yīng)選擇3v的量程；滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇分壓式接法；（或兩電表的正負(fù)線都應(yīng)該相互對(duì)換，電源的正負(fù)極對(duì)換）；（2）r2；（3）2.38（2.372.39）（4）1。【點(diǎn)評(píng)】本題考查描繪燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，知道本實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用滑動(dòng)變阻器分壓接法和電流表外接法，同時(shí)注意掌握實(shí)驗(yàn)誤差情況的分析方法。13【分析】（1）根據(jù)動(dòng)能定理可直接求解；（2）當(dāng)平行于圓板的粒子恰好能打在其邊緣時(shí)，s與板的距離x2即為滿足條件的最大距離，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解即可?！窘獯稹拷猓海?）當(dāng)垂直于圓板的粒子恰好能到達(dá)圓板時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得：qe1x10-12mv02解得：e1=mv022qx1=4×106n/c（2）當(dāng)平行于圓板的粒子恰好能打在其邊緣時(shí)，s與板的距離x2即為滿足條件的最大距離，由牛頓第二定律得：a=qe2m平行于圓板方向做