《高中試卷》2019年江蘇省揚州市高考物理一模試卷

1、2019年江蘇省揚州市高考物理一模試卷一、單項選擇題1真空中靜止點電荷的電場中，a處電場強度為e，若該點電荷電荷量減半，則a處場強為（）ae4be2ced4e22018年11月16日第26屆國際計量大會通過“修訂國際單位制”決議，正式更新包括國際標準質(zhì)量單位“千克”在內(nèi)的4項基本單位定義。研究發(fā)現(xiàn)，聲音在空氣中的傳播速度v與空氣的密度以及壓強p有關(guān)，k為無單位的常數(shù)。下列關(guān)于空氣中聲速的表達式中可能正確的是（）av=kpbv=kpcv=kpdv=kp3足球運動員擲界外球，第一次以速度v1斜向下拋出，第二次在同一高度處以速度v2水平拋出，v1v2忽略空氣阻力，足球從拋出到落地，在空中的運動時間分

2、別為t1、t2落地點到運動員的水平距離分別為x1、x2，則（）at1t2，x1x2bt1t2，x1x2ct1t2；x1x2dt1t2； x1x24如圖所示，理想變壓器原線圈接入正弦交流電，圖中電壓表和電流表均為理想交流電表r1為定值電阻，r2為負溫度系數(shù)的熱敏電阻（溫度升高時阻值減小），c為電容器，下列說法正確的是（）a通過r1的電流為零b滑片p向上滑動，電壓表示數(shù)變大cr2處溫度升高時，電壓表的示數(shù)不變d減小電容器c的電容，電流表的示數(shù)變大5航母上飛機彈射起飛是利用電磁驅(qū)動來實現(xiàn)的。電磁驅(qū)動原理如圖所示，在固定線圈左右兩側(cè)對稱位置放置兩個閉合金屬圓環(huán)，鋁環(huán)和銅環(huán)的形狀、大小相同，已知銅的電阻

3、率較小，則合上開關(guān)s的瞬間（）a兩個金屬環(huán)都向左運動b兩個金屬環(huán)都向右運動c銅環(huán)受到的安培力小于鋁環(huán)受到的安培力d從左側(cè)向右看，鋁環(huán)中感應(yīng)電流沿順時針方向二、多項選擇題62018年12月8日我國成功發(fā)射了嫦娥四號探測器，它實現(xiàn)了人類首次月球背面著陸探測.12日16時39分，探測器在距月面129km處成功實施發(fā)動機點火，約5分鐘后，探測器順利進入距月面100km的圓形軌道，運行一段時間后擇機著陸月球表面，下列說法正確的有（）a探測器發(fā)射速度大于7.9km/sb探測器在距月面129km處發(fā)動機點火加速c從點火到進入圓軌道，探測器位移是29kmd若已知引力常量、圓形軌道半徑及探測器在其上運行周期，可

4、估算月球質(zhì)量7如圖所示，在等量異種電荷形成的電場中有一正方形abcd，其對角線ac與兩點電荷的連線重合，兩對角線的交點位于電荷連線的中點o下列說法中正確的有（）aa、b兩點的電場強度方向相同bb、d兩點的電勢相同c質(zhì)子由c點沿coa路徑移至a點，電場力對其先做負功后做正功d電子由b點沿bcd路徑移至d點，電勢能先增大后減小8去年底，我省啟動“263”專項行動，打響碧水藍天保衛(wèi)戰(zhàn)。暗訪組在某化工廠的排污管末端安裝了如圖所示的流量計，測量管由絕緣材料制成，其長為l、直徑為d，左右兩端開口，勻強磁場方向豎直向下，在前后兩個內(nèi)側(cè)面a、c固定有金屬板作為電極。污水充滿管口從左向右流經(jīng)測量管時，a、c兩端

5、電壓為u，顯示儀器顯示污水流量q（單位時間內(nèi)排出的污水體積）。則（）aa側(cè)電勢比c側(cè)電勢高b污水中離子濃度越高，顯示儀器的示數(shù)將越大c若污水從右側(cè)流入測量管，顯示器顯示為負值，將磁場反向則顯示為正值d污水流量q與u成正比，與l、d無關(guān)9如圖所示，三角形傳送帶以1m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動，兩邊傳送帶與水平方向的夾角均為37°兩個相同的物塊a、b與傳送帶間的動摩擦因數(shù)是0.5，從傳送帶頂端均以1m/s的初速度沿傳送帶下滑。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，sin37°0.6，cos37°0.8下列說法中正確的有（）aa、b所受摩擦力沿傳送帶向上b滑至底端，a用時較少c滑至

6、底端時a所受重力的瞬時功率較大d下滑過程a與傳送帶間產(chǎn)生的熱量較少三、簡答題10某同學(xué)通過實驗測量玩具上的小直流電動機轉(zhuǎn)動的角速度大小。如圖甲所示，將直徑約為3cm的圓盤固定在電動機轉(zhuǎn)動軸上，將紙帶的一端穿過打點計時器后，固定在圓盤的側(cè)面，圓盤轉(zhuǎn)動時，紙帶可以卷在圓盤的側(cè)面上，打點計時器所接交流電的頻率為50hz。（1）實驗時，應(yīng)先接通 （選填“電動機“或“打點計時器”）電源。（2）實驗得到一卷盤繞在圓盤上的紙帶，將紙帶抽出一小段，測量相鄰2個點之間的長度l1，以及此時圓盤的直徑d1，再抽出較長的一段紙帶后撕掉，然后抽出一小段測量相鄰2個點之間的長度l2，以及此時圓盤的直徑d2，重復(fù)上述步驟，

7、將數(shù)據(jù)記錄在表格中，其中一段紙帶如圖乙所示，測得打下這些點時，紙帶運動的速度大小為 m/s。測得此時圓盤直徑為5.60cm，則可求得電動機轉(zhuǎn)動的角速度為 rad/s（均保留2位有效數(shù)字）（3）該同學(xué)根據(jù)測量數(shù)據(jù)，作出了紙帶運動速度（v）與相應(yīng)圓o盤直徑（d）的關(guān)系圖象，如圖丙所示，分析圖線，可知電動機轉(zhuǎn)動的角速度在實驗過程中 （選填“增大”、“減小”或“不變）11某同學(xué)測量0.5mm自動鉛筆筆芯的電阻。（1）先用歐姆表估測筆芯的電阻，在測量前發(fā)現(xiàn)電表指針位置如圖甲所示，該同學(xué)應(yīng)該調(diào)節(jié) （選填“t”或者“s”）。用“×10”擋和“×1”擋按正確步驟分別測量，指針指在圖乙所示位

8、置。則筆芯電阻的測量值較為準確的是 。（2）再用如圖丙所示的電路測定筆芯電阻，相關(guān)器材的規(guī)格已在圖中標出，請根據(jù)實驗要求在圖丙中用筆畫線代替導(dǎo)線完成實物電路連接。 （3）正確連接電路后，調(diào)節(jié)滑動變阻器，多次測量，將數(shù)據(jù)描在ui坐標紙上，請根據(jù)圖丁中描出的點畫出ui圖線 。并求筆芯接入電路的電阻為 。12在光電效應(yīng)實驗中，用同一種單色光，先后照射鋅和銀的表面，都能產(chǎn)生光電效應(yīng)對于這兩個過程，可能相同的物理量是（）a遏止電壓b飽和光電流c光電子的最大初動能d逸出功13驗證動量守恒定律裝置如圖所示。在氣墊導(dǎo)軌上給滑塊a向右的速度，通過光電門1后與靜止的滑塊b相碰并粘合在一起通過光電門2計時器顯示滑塊

9、a、b通過光電門1和2的時間分別為t1和t2測得滑塊a、b的質(zhì)量分別為m1、m2，a、b滑塊上的遮光片寬度分別為d1、d2碰撞過程中，滑塊a對b的沖量大小 （選填“”“”或“”）滑塊b對a的沖量大小，碰撞過程中驗證動量守恒定律的表達式為 （用題中所給的字母表示）。14假設(shè)兩個氘核在一直線上相碰發(fā)生聚變反應(yīng)生成氦的同位素和中子，已知氘核的質(zhì)量是m1，中子的質(zhì)量是m2，氦核同位素的質(zhì)量是m3，光在真空中速度為c。寫出核聚變反應(yīng)的方程式；求核聚變反應(yīng)中釋放出的能量e。15關(guān)于分子力，下列說法正確的有（）a分子間距離增大時，分子力減小b液體的表面張力是液體表面層分子力表現(xiàn)為引力的宏觀表現(xiàn)c金剛石中碳原

10、子間相互作用力很強，所以金剛石十分堅硬d布朗運動中的花粉微粒在不停地做無規(guī)則運動，這是分子間存在斥力的宏觀表現(xiàn)16如圖所示，用導(dǎo)熱性能良好的汽缸和活塞將一定質(zhì)量的理想氣體密封在汽缸內(nèi)（活塞與汽缸壁之間無摩擦）。在活塞上緩慢地加沙子，在此過程中，密閉氣體 （選填“吸熱”“放熱”或“無熱傳遞”），單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù) （選填“增多”“減少”或“不變”）。17如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a經(jīng)等溫過程到狀態(tài)b此過程中，氣體溫度為0已知阿伏加德羅常數(shù)na6.02×1023mol1，1mol氣體在1atm、0時的體積為22.4l（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）氣體在狀態(tài)a的體積va；

11、氣體分子數(shù)n。18下列說法中正確的是（）a擺鐘偏快時可增加擺長進行校準b做簡諧運動的物體，其振動能量與振動的頻率有關(guān)c“隔墻有耳”現(xiàn)象是指聲波發(fā)生了干涉現(xiàn)象d光經(jīng)過大頭針尖兒時，針尖邊緣輪廓會模糊不清，這是光的衍射現(xiàn)象19如圖所示，在某一均勻介質(zhì)中，a、b是振動情況完全相同的兩個波源，其簡諧運動表達式均為x0.3sin（200t）m，兩波源形成的簡諧橫波分別沿ap、bp方向傳播，波速都是500m/s，則簡諧橫波的波長為 m，某時刻兩列波的波峰在p點相遇，則介質(zhì)中p點的振幅為 m。20如圖所示的裝置可以測量棱鏡的折射率，abc表示待測直角棱鏡的橫截面，棱鏡的頂角為，緊貼直角邊ac是一塊平面鏡。一

12、光線so射到棱鏡的ab面上，適當調(diào)整so的方向，當so與ab成角時，從ab面射出的光線與so重合，則棱鏡的折射率n為多少？四、計算題21如圖所示，足夠長的兩光滑水平導(dǎo)軌間距為l，導(dǎo)軌間所接電阻的阻值為r質(zhì)量為m的金屬棒ab阻值也為r、金屬棒在大小為f的水平恒力作用下沿導(dǎo)軌由靜止開始滑動，其它電阻忽略不計整個裝置處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為b。（1）求金屬棒ab速度的最大值vm；（2）畫出電阻r兩端的電壓u與金屬棒速度v的關(guān)系圖象（要求寫出作圖依據(jù)）；（3）經(jīng)過時間t，金屬棒運動距離為x，速度為v1，求該過程金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱q。22如圖所示，半徑為r的半圓形管道acb固定在豎直平

13、面內(nèi)，傾角為的斜面固定在水平面上，細線跨過小滑輪連接小球和物塊，細線與斜面平行，物塊質(zhì)量為m，小球質(zhì)量m3m，對物塊施加沿斜面向下的力f使其靜止在斜面底端，小球恰在a點，撤去力f后，小球由靜止下滑、重力加速度為g，sin=2=0.64，不計一切摩擦，求：（1）力f的大??；（2）小球運動到最低點c時，速度大小v以及管壁對它彈力的大小n；（3）在小球從a點運動到c點過程中，細線對物塊做的功w。23如圖所示為電子發(fā)射器原理圖，m處是電子出射口，它是寬度為d的狹縫。d為絕緣外殼，整個裝置處于真空中，半徑為a的金屬圓柱a可沿半徑向外均勻發(fā)射速率為v的電子；與a同軸放置的金屬網(wǎng)c的半徑為2a。不考慮a、c

14、的靜電感應(yīng)電荷對電子的作用和電子之間的相互作用，忽略電子所受重力和相對論效應(yīng)，已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e。（1）若a、c間加速電壓為u，求電子通過金屬網(wǎng)c發(fā)射出來的速度大小vc；（2）若在a、c間不加磁場和電場時，檢測到電子從m射出形成的電流為i，求圓柱體a在t時間內(nèi)發(fā)射電子的數(shù)量n（忽略c、d間的距離以及電子碰撞到c、d上的反射效應(yīng)和金屬網(wǎng)對電子的吸收）（3）若a、c間不加電壓，要使由a發(fā)射的電子不從金屬網(wǎng)c射出，可在金屬網(wǎng)內(nèi)環(huán)形區(qū)域加垂直于圓平面向里的勻強磁場，求所加磁場磁感應(yīng)強度b的最小值。2019年江蘇省揚州市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題1【分析】依據(jù)點電荷的電場

15、強度公式e=kqr2，結(jié)合題意，即可求解?！窘獯稹拷猓赫婵罩徐o止點電荷的電場中，a處電場強度為e，設(shè)點電荷的電量為q，a離該點電荷的間距為r，則有：e=kqr2，若該點電荷電荷量減半，則a處場強為：e=kq2r2=e2，故acd錯誤，b正確；故選：b?！军c評】考查點電荷的電場強度公式的應(yīng)用，掌握題目的電荷是場源電荷，還是檢驗電荷是解題的關(guān)鍵。2【分析】根據(jù)傳播速度、空氣的密度以及壓強p的單位，分析等式左右兩邊單位是否相同來判斷?！窘獯稹拷猓篴、傳播速度v的單位m/s，密度的單位kg/m3，壓強p的單位pan/m2kg/（ms2），則kp的單位為kg/(ms2)kg/m3=m/s，與v的單位相同

16、，可能正確，故a正確。b、kp的單位為 kg/(ms2)kg/m3=m2/s2，與v的單位不同，不可能，故b錯誤。c、kp的單位與kp的單位互為倒數(shù)，為s/m，與v的單位不同，不可能，故c錯誤。d、kp的單位為kg/(ms2)kg/m3=kg/（m4s2），與v的單位不同，不可能，故d錯誤。故選：a?！军c評】解決本題時要知道物理表達式既反映了各個量之間數(shù)值關(guān)系，同時也反映了物理量單位間的關(guān)系。通過量綱即單位來檢查等式是否正確是常用的方法。3【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)高度比較運動的時間，結(jié)合初速度和時間比較水平位移?！窘獯稹拷猓旱谝淮我运俣葀1斜

17、向下拋出，則具有向下的分速度，而第二次在同一高度處以速度v2水平拋出，沒有豎直向下的分速度，二者的高度是相同的，所以第一次的時間小，即t1t2；由于v1v2而且第一次的時間短，水平方向根據(jù)xvxt知，則x2x1，故b正確，acd錯誤。故選：b?！军c評】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，知道運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移。4【分析】交流電是可以通過電容器的；根據(jù)u2=n2n1u1分析電壓表示數(shù)變化；減小電容器c的電容，容抗增大，由此分析電流表的示數(shù)的變化?！窘獯稹拷猓篴、交流電是可以通過電容器的，通過r1的電流不為零，故a錯誤；b、滑片p向上滑動，原

18、線圈匝數(shù)增大，根據(jù)u2=n2n1u1可知電壓表示數(shù)變小，故b錯誤；c、r2處溫度升高時，原副線圈匝數(shù)之比不變、根據(jù)u2=n2n1u1可知電壓表的示數(shù)不變，故c正確；d、減小電容器c的電容，容抗增大，電流表的示數(shù)變小，故d錯誤。故選：c。【點評】本題主要是考查了變壓器的知識；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比。5【分析】由右手螺旋定則可求得線圈中的磁場方向，再由楞次定律明確電流方向及環(huán)的受力方向。【解答】解：a、若環(huán)放在線圈兩邊，根據(jù)“來拒去留”可得，合上開關(guān)s的瞬間，環(huán)要阻礙磁通量增大，則環(huán)將向兩邊運動，故a錯誤，b錯誤；c、由于

19、銅環(huán)的電阻較小，故銅環(huán)中感應(yīng)電流較大；故銅環(huán)受到的安培力要大于鋁環(huán)，故c錯誤；d、線圈中電流為右側(cè)流入，磁場方向為向左，在閉合開關(guān)的過程中，磁場變強，則由楞次定律可知，電流由左側(cè)向右看為順時針，故d正確；故選：d。【點評】本題要掌握楞次定律的兩種描述，一是“增反減同”；二是“來拒去留”；并能靈活根據(jù)它們?nèi)ヅ袛嚯娏鞣较蚣笆芰Ψ较蚨?、多項選擇題6【分析】根據(jù)探測器運行范圍推測發(fā)射速度和宇宙速度的大小關(guān)系；根據(jù)探測器軌道半徑變化判斷探測器點火加速或減少；根據(jù)探測器位置變化得到位移；根據(jù)洛倫茲力做向心力，即gmmr2=m42t2r，得到估算月球質(zhì)量需要的已知物理量。【解答】解：a、第一宇宙速度是最小的

20、發(fā)生速度，即探測器發(fā)射速度必須要大于7.9km/s，故a正確；b、探測器要進入低軌道，必須要制動減速，故b錯誤；c、從點火到進入圓軌道，軌道的高度降低29m，而探測器位移要大于29km，故c錯誤；d、根據(jù)gmmr2=m42t2r可知，若已知引力常量g、圓形軌道半徑r及探測器在其上運行周期t，可估算月球質(zhì)量m，故d正確；故選：ad?！军c評】探測器變軌的速度問題；根據(jù)探測器運動方向判斷萬有引力和向心力的大小關(guān)系，從而由向心力變化得到速度變化，即可判斷點火加速或減少；根據(jù)萬有引力做向心力，由軌道半徑大小關(guān)系判斷兩軌道上穩(wěn)定運行速度大小關(guān)系。7【分析】解答本題要掌握等量異種電荷周圍電場分布情況，在如圖

21、所示的等量異種電荷連線的中點o是兩點電荷連線之間電場強度最小的點，同時是兩點電荷連線中垂線上最強的點，中垂線為零等勢線，中垂線上電場方向水平向右；另外電勢能的變化可通過電場力做功來判斷。【解答】解：a、在如圖所示的電場中，a、b兩點的場強方向都是水平向右的，故a正確；b、由于中垂線為零等勢線，則b、d兩點電勢相同，故b正確；c、圖中兩電荷連線電場方向水平向右，即由a指向c，質(zhì)子受電場力水平向右，故質(zhì)子由c點沿coa路徑移至a點過程中電場力做負功，故c錯誤；d、電子由b沿bc運動到c過程中，靠近負電荷遠離正電荷，因此電場力做負功；沿cd運動到d過程中，靠近正電荷遠離負電荷，電場力做正功；故整個過

22、程中電場力對其先做負功后做正功，故d正確；故選：abd?！军c評】要熟練掌握等量異種電荷和等量同種電荷周圍電場強度、電勢分布情況，并能正確判斷電荷在電場中運動時動能、電勢能變化情況。8【分析】正負離子流動時，受到洛倫茲力，發(fā)生偏轉(zhuǎn)，正離子偏轉(zhuǎn)到哪一個表面，哪一個表面電勢就高；兩表面上有正負電荷，之間就存在電場，最終正負離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡?！窘獯稹拷猓篴、根據(jù)左手定則可知，正離子向a側(cè)偏轉(zhuǎn)，則儀器顯示a側(cè)電勢比c側(cè)電勢高，故a正確；b、根據(jù)qvb=udq可得ubdv，可知顯示儀器的示數(shù)與污水中離子濃度無關(guān)，故b錯誤；c、若污水從右側(cè)流入測量管，則受磁場力使得正離子偏向c側(cè)，則c

23、端電勢高，顯示器顯示為負值，將磁場反向，則受磁場力使得正離子偏向a側(cè)，則顯示為正值，故c正確；d、污水流量q=sv=14d2×ubd=du4b，則污水流量q與u成正比，與d有關(guān)，與l無關(guān)，故d錯誤；故選：ac。【點評】解決本題的關(guān)鍵正握左手定則判定洛倫茲力的方向，以及知道最終正負離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡，前后表面形成穩(wěn)定的電勢差。9【分析】首先根據(jù)動摩擦因數(shù)的值判斷ab兩滑塊的運動情況，從而判斷摩擦力的方向；根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度關(guān)系，從而判斷到達底端的時間關(guān)系和速度關(guān)系，根據(jù)pmgvsin判斷重力的瞬時功率關(guān)系；根據(jù)qmgxcos判斷產(chǎn)生的熱量關(guān)系?！窘獯稹拷猓篴

24、、物塊b沿傳送帶加速下滑，則所受的摩擦力沿傳送帶向上；因mgsin37°mgcos37°，可知物塊a也相對傳送帶加速下滑，所受的摩擦力沿傳送帶向上，故a正確；b、ab下滑的加速度均為agsingcos，可知下滑到底端時的時間相同，故b錯誤；c、根據(jù)vv0+at可知，兩物體下滑到底端時的速度大小相同，根據(jù)pmgvsin可知，滑至底端時ab所受重力的瞬時功率相同，故c錯誤；d、下滑過程中a相對傳送帶的位移較小，根據(jù)qmgxcos可知下滑過程a與傳送帶間產(chǎn)生的熱量較少，故d正確；故選：ad?！军c評】滑動摩擦力與相對運動方向相反；ab都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，降低了本題的難

25、度，若沒有這一條件，同學(xué)可思考一下會怎樣。三、簡答題10【分析】（1）實驗時，應(yīng)先接通打點計時器的電源。（2）根據(jù)速度時間關(guān)系求解紙帶運動的速度大小，根據(jù)角速度和線速度的關(guān)系求解電動機轉(zhuǎn)動的角速度；（3）根據(jù)線速度和角速度的關(guān)系得到vd表達式進行分析。【解答】解：（1）為了提高紙帶的利用率，實驗時，應(yīng)先接通打點計時器的電源。（2）紙帶運動的速度大小為：v=lt=3.60cm0.02s=1.8m/s，測得此時圓盤直徑為5.60cm，則半徑為：r=5.602cm=0.028m電動機轉(zhuǎn)動的角速度為：=vr=64rad/s；（3）根據(jù)線速度和角速度的關(guān)系vr=d2可知，vd圖象的斜率表示2，斜率不變，

26、則角速度不變。故答案為：（1）打點計時器；（2）1.8，64；（3）不變?！军c評】本題根據(jù)根據(jù)題意中角加速度的定義，同時結(jié)合紙帶處理中加速度和速度的求法進行分析處理。11【分析】（1）根據(jù)指針偏轉(zhuǎn)的位置確定倍率擋，然后讀數(shù)；（2）因電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻，故采用電流表外接；滑動變阻器用分壓電路；（3）畫出ui圖象，根據(jù)斜率求解電阻；【解答】解：（1）在測量前發(fā)現(xiàn)電表指針位置如圖甲所示，該同學(xué)應(yīng)該調(diào)節(jié)t；用“×10檔”和“×1”檔按正確步驟分別測量，根據(jù)指針所示位置可知，用“×10檔”偏角過大，倍率擋過大，則應(yīng)該選擇“×1”擋，筆芯電阻的測量值較為準確的

27、是18；（2）因電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻，故采用電流表外接；滑動變阻器用分壓電路；實物連線如圖；（3）根據(jù)描點法畫出的ui圖象如圖；根據(jù)圖象可知：r=ui=8.40.6=14。故答案為：（1）t；18；（2）如圖所示；（3）14?！军c評】對于多用電表歐姆擋測電阻換擋方法要熟記：“大換小，小換大”，即偏轉(zhuǎn)角度大時，換用倍率小的擋位；偏轉(zhuǎn)角度小時，換用倍率大的擋位。12【分析】同一束光的光子能量相同，不同的金屬，逸出功不同，根據(jù)光電效應(yīng)方程ekmhvw0判斷光電子最大初動能的大小?！窘獯稹拷猓篴bcd、同一束光照射不同的金屬，一定相同的是入射光的光子能量，不同的金屬，逸出功不同，根據(jù)光電效應(yīng)方程e

28、kmhvw0知，最大初動能不同，則遏止電壓不同；同一束光照射，光中的光子數(shù)目相等，所以飽和光電流是相同的。則b正確，acd錯誤故選：b。【點評】解決本題的關(guān)鍵知道不同的金屬逸出功不同，以及掌握光電效應(yīng)方程ekmhvw0同時要明確光照射到金屬表面的瞬間即可發(fā)生光電效應(yīng)，與金屬無關(guān)。13【分析】兩滑塊碰撞過程滑塊間的作用力為作用力與反作用力，大小相等方向相反作用時間相等，根據(jù)沖量計算公式分析答題；根據(jù)動量守恒定律可明確表達式，再根據(jù)光電門確定對應(yīng)的速度，從而確定應(yīng)證明的表達式?！窘獯稹拷猓夯瑝Ka對b的作用力與b對a的作用力等大反向，所以滑塊a對b的沖量大小等于滑塊b對a的沖量大??；根據(jù)動量守恒定律

29、可知：m1v1（m1+m2）v2根據(jù)速度公式可知：v1=d1t1v2=d2t2；代入上式可得應(yīng)滿足的公式為：m1d1t1=(m1+m2)d2t2；故答案為：；m1d1t1=(m1+m2)d2t2。【點評】本題考查驗證動量守恒定律的實驗，要注意明確實驗原理，知道滑塊在導(dǎo)軌上可以認為不受阻力，碰撞過程動量守恒，同時掌握根據(jù)光電門研究滑塊運動性質(zhì)的方法。14【分析】（1）根據(jù)核反應(yīng)前后電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒手寫核反應(yīng)方程；（2）先求出核反應(yīng)中質(zhì)量虧損，再由愛因斯坦質(zhì)能方程，求出核反應(yīng)中釋放的核能?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒，核反應(yīng)方程式為：12h+12h23he+01n核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損

30、為：m2m1（m2+m3）氘核聚變時放出的能量為：e=mc2=(2m1-m2-m3)c2答：核反應(yīng)方程式為12h+12h23he+01n核聚變反應(yīng)中釋放出的能量為(2m1-m2-m3)c2【點評】本題考查應(yīng)用質(zhì)能方程研究核反應(yīng)中質(zhì)量虧損的能力。另外要知道核反應(yīng)向平均結(jié)合能增大的方向進行，要釋放能量。15【分析】根據(jù)分子動理論的基本內(nèi)容以及分子力、液體表面張力的產(chǎn)生原因來分析?！窘獯稹拷猓篴、當rr0時分子間距離增大時，分子力先增大后減小，故a錯誤；b、液體的表面張力是液體表面層分子力表現(xiàn)為引力的宏觀表現(xiàn)，故b正確；c、金剛石中碳原子間相互作用力很強，其排列呈網(wǎng)狀結(jié)構(gòu)，所以金剛石十分堅硬，故c正

31、確；d、布朗運動中的花粉微粒在不停地作無規(guī)則運動，這是液體分子無規(guī)則運動的宏觀表現(xiàn)，故d錯誤；故選：bc?！军c評】本題主要是考查分子動理論的基本知識，解答本題的關(guān)鍵是能夠熟練掌握熱學(xué)部分的基本知識并能夠熟練應(yīng)用。16【分析】根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷氣體吸熱還是放熱；根據(jù)氣體壓強的微觀意義來判斷單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)?！窘獯稹拷猓豪硐霘怏w內(nèi)能由溫度決定，氣體溫度不變，氣體內(nèi)能不變，由題意可知，被封閉氣體的溫度保持不變，氣體內(nèi)能不變；在活塞上緩慢地、一點點放上一定量的細沙，封閉氣體壓強增大，有理想氣體得狀態(tài)方程可知，氣體的體積將減小，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體將放熱；封

32、閉氣體壓強增大，溫度不變，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得氣體的體積減小，缸中氣體分子數(shù)密度增大，單位時間內(nèi)氣缸中氣體分子對活塞撞擊的次數(shù)增多。故答案為：放熱，增多。【點評】本題考查了氣體狀態(tài)方程和氣體壓強的微觀解釋的綜合應(yīng)用，是一道考查熱學(xué)知識綜合應(yīng)用的好題；掌握基礎(chǔ)知識是解題的關(guān)鍵，平時要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)與掌握。17【分析】氣體從狀態(tài)a經(jīng)等溫過程到狀態(tài)b，根據(jù)玻意耳定律求氣體在狀態(tài)a的體積va；b狀態(tài)是標準狀況，根據(jù)體積與摩爾體積的關(guān)系求出摩爾數(shù)，再求氣體分子數(shù)n?！窘獯稹拷猓簹怏w從狀態(tài)a到狀態(tài)b發(fā)生等溫變化，由圖知 pa0.2atm，pb1.0atm，vb5.0×103m3根據(jù)pa

33、vapbvb解得：va=2.5×10-2m3 氣體分子數(shù)為：n=vbvmolna其中 vmol22.4×103 m3。解得：n1.3×1023個。答：氣體在狀態(tài)a的體積va是2.5×102m3。氣體分子數(shù)n是1.3×1023 個?！军c評】解決本題時要明確氣體等溫變化遵守玻意耳定律。要知道氣體標準狀況下的摩爾體積才是22.4l，能根據(jù)體積與摩爾體積之比來求摩爾數(shù)。18【分析】“隔墻有耳”是聲波的衍射現(xiàn)象；擺鐘偏慢是可縮短擺長進行校準；做簡譜運動的物體，其振動能量與振動的振幅有關(guān)；依據(jù)光的衍射原理，即可求解?！窘獯稹拷猓篴、擺鐘偏快，即單擺的周期變

34、小，周期公式t2lg，要使周期變大，可增加擺長進行校準，故a正確；b、做簡諧運動的物體，其振動能量與振動的振幅有關(guān)，與振動的頻率無關(guān)，故b錯誤；c、波在傳播過程中繞過障礙物繼續(xù)傳播的現(xiàn)象叫做衍射，“隔墻有耳”是聲波的衍射現(xiàn)象，故c錯誤；d、光都會有衍射現(xiàn)象，當光經(jīng)過大頭針尖時，大頭針尖邊緣輪廓會模糊不清，這是光的衍射現(xiàn)象，故d正確；故選：ad?！军c評】本題綜合性較強，考查了機械波的傳播，衍射，單擺周期，要熟悉有關(guān)概念即可，特別是單擺的周期公式，一定要熟悉。19【分析】由簡諧運動表達式x0.3sin（200t）m可讀出以及振幅，由t=2求得波的周期t，由v=t求解波長。【解答】解：由簡諧運動表達

35、式為xa0.1sin（20t）m知，角頻率20rad/s，則周期為：t=2=2200s=0.01s，由v=t得，波長為：vt500×0.01m5m；某時刻在p點兩列波的波峰相遇，說明p點是振動加強點，故振幅為2a0.6m；故答案為：5；0.6【點評】本題要掌握簡諧運動的表達式xasint，即可讀出，求出周期和波長。同時要記住波的干涉現(xiàn)象中振動加強的條件。20【分析】由題，當so與ab成角時，入射角等于90°要使從ab面射出的光線與so重合，則ab面上折射光線必須與ac面垂直，由幾何知識求出折射角，根據(jù)折射定律求解折射率。【解答】解：入射角i90°要使從ab面射出的

36、光線與so重合，則ab面上折射光線必須與ac面垂直，由幾何知識得到，折射角r。根據(jù)折射定律得：n=sinisinr=sin(90o-)sin=cossin答：棱鏡的折射率n為cossin【點評】本題是平面鏡與光的折射定律的結(jié)合，根據(jù)光路的可逆原理和幾何知識求相關(guān)角度是關(guān)鍵。四、計算題21【分析】（1）當金屬棒ab做勻速直線運動時速度最大，應(yīng)用安培力公式求出安培力，然后應(yīng)用平衡條件求出金屬棒的最大速度。（2）由eblv求出感應(yīng)電動勢，應(yīng)用歐姆定律求出r兩端電壓，然后作出u與v的關(guān)系圖象。（3）應(yīng)用能量守恒定律與串聯(lián)電路特點可以求出金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱?！窘獯稹拷猓海?）金屬棒受到的安培力：f安培bil=b2l2v2r，導(dǎo)體棒勻速運動時速度最大，由平衡條件得：f=b2l2vm2r，解得：vm=2frb2l2；（2）感應(yīng)電動勢：eblv，r兩端電壓：uir=e2rr=12blv，最大電壓：um=12blvm=frbl，uv圖象如圖所示：（3）金屬棒速度達到v1過程中，由能量守恒定律得：fxq總+12mv12，金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱：q=rr+rq總，解得：q=12fx-14mv12；答：（1）金屬棒ab速度的最大值vm為2frb