海南省?？谑袊?guó)興中學(xué)2015年高考物理模擬試卷(一)(解析版)

1、2015年海南省海口市國(guó)興中學(xué)高考物理模擬試卷（一）一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題3分，共18分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1如圖所示，起重機(jī)將重為G的重物勻速吊起，此時(shí)四條鋼索與豎直方向的夾角均為60°，則每根鋼索中彈力大小為（）ABCD2“嫦娥一號(hào)”和“嫦娥二號(hào)”繞月飛行器的運(yùn)行軌道可近似為圓形軌道，距月球表面高度分別為h1和h2，運(yùn)動(dòng)周期分別為T(mén)1和T2已知月球半徑為R，則T1和T2的比值為（）ABCD3如圖所示，斜面體M放置在水平地面上，位于斜面上的物塊m受到沿斜面向上的推力F作用設(shè)物塊與斜面之間的摩擦力大小為F1，斜面與地面之間的摩擦力大小為F2

2、增大推力F，斜面體始終保持靜止，下列判斷正確的是（）A如果物塊沿斜面向上滑動(dòng)，則F1、F2一定增大B如果物塊沿斜面向上滑動(dòng)，則F1、F2一定不變C如果物塊與斜面相對(duì)靜止，則F1、F2一定增大D如果物塊沿斜面相對(duì)靜止，則F1、F2一定不變4一個(gè)電量為106C的負(fù)電荷從電場(chǎng)中A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場(chǎng)力要做功2×106J，從c點(diǎn)移到J要克服電場(chǎng)力做功7×106J，若已知c點(diǎn)比B點(diǎn)電勢(shì)高3V，且A、B、C、D四點(diǎn)在同一條電場(chǎng)線上，則下列圖中正確的是（）ABCD5質(zhì)子和中子是由更基本的粒子即所謂“夸克”組成的兩個(gè)強(qiáng)作用電荷相反（類(lèi)似于正負(fù)電荷）的夸克在距離很近時(shí)幾乎沒(méi)有相互作用（稱為“漸近自

3、由”）；在距離較遠(yuǎn)時(shí)，它們之間就會(huì)出現(xiàn)很強(qiáng)的引力（導(dǎo)致所謂“夸克禁閉”）作為一個(gè)簡(jiǎn)單的模型，設(shè)這樣的兩夸克之間的相互作用力F與它們之間的距離r的關(guān)系為：式中F0為大于零的常量，負(fù)號(hào)表示引力用U表示夸克間的勢(shì)能，令U0=F0（r2r1），取無(wú)窮遠(yuǎn)為勢(shì)能零點(diǎn)下列Ur圖示中正確的是（）ABCD6在水平的足夠長(zhǎng)的固定木板上，一小物塊以某一初速度開(kāi)始滑動(dòng)，經(jīng)一段時(shí)間t后停止現(xiàn)將該木板改置成傾角為45°的斜面，讓小物塊以相同的初速度沿木板上滑若小物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為則小物塊上滑到最高位置所需時(shí)間與t之比為（）ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)

4、中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的全部選對(duì)的得5分；選對(duì)但不全的得3分；有選錯(cuò)的得0分7牛頓以天體之間普遍存在著引力為依據(jù)，運(yùn)用嚴(yán)密的邏輯推理，建立了萬(wàn)有引力定律在創(chuàng)建萬(wàn)有引力定律的過(guò)程中，牛頓（）A接受了胡克等科學(xué)家關(guān)于“吸引力與兩中心距離的平方成反比”的猜想B根據(jù)地球上一切物體都以相同加速度下落的事實(shí)，得出物體受地球的引力與其質(zhì)量成正比，即Fm的結(jié)論C根據(jù)Fm和牛頓第三定律，分析了地月間的引力關(guān)系，進(jìn)而得出Fm1m2D根據(jù)大量實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得出了比例系數(shù)G的大小8下列說(shuō)法正確的是（）A汽車(chē)車(chē)速越快，慣性越大B以額定功率運(yùn)行的汽車(chē)，車(chē)速越快，牽引力越大C汽車(chē)在水平公路上轉(zhuǎn)彎時(shí)，車(chē)速越快，越容易滑出路面

5、D汽車(chē)?yán)宪?chē)加速前進(jìn)時(shí)，它對(duì)拖車(chē)的拉力與拖車(chē)對(duì)它的拉力大小相等9如圖所示，50匝矩形閉合導(dǎo)線框ABCD處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=T的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框面積S=0.5m2，線框電阻不計(jì)線框繞垂直于磁場(chǎng)的軸OO以角速度=200rad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，并與理想變壓器原線圈相連，副線圈線接入一只“220V，60W”燈泡，且燈泡正常發(fā)光，熔斷器允許通過(guò)的最大電流為10A，下列說(shuō)法正確的是（）A圖示位置穿過(guò)線框的磁通量為零B線框中產(chǎn)生交變電壓的有效值為VC變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為25：11D允許變壓器輸出的最大功率為5000W10如圖所示小球從A點(diǎn)以初速度v0沿粗糙斜面向上運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)B后返回A，C為A

6、B的中點(diǎn)下列說(shuō)法中正確的是（）A小球從A到B過(guò)程與從B到A過(guò)程，動(dòng)能變化量的大小相等B小球從A到B過(guò)程與從B到A過(guò)程，機(jī)械能變化量的大小相等C小球從A到C過(guò)程與從C到B過(guò)程，動(dòng)能變化量的大小相等D小球從A到C過(guò)程與從C到B過(guò)程，機(jī)械能變化量的大小相等三實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，第11題6分，第12題9分，共15分把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處11圖中電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻可忽略不計(jì)；電流表具有一定的內(nèi)阻，電壓表的內(nèi)阻不是無(wú)限大，S為單刀雙擲開(kāi)關(guān)，R為待測(cè)電阻當(dāng)S向電壓表一側(cè)閉合時(shí)，電壓表讀數(shù)為U1，電流表讀數(shù)為I1；當(dāng)S向R一側(cè)閉合時(shí)，電流表讀數(shù)為I2（1）根據(jù)已知條件與測(cè)量數(shù)據(jù)，可以得出待測(cè)電阻R

7、=（2）根據(jù)圖a所給出的電路，在圖b的各器件實(shí)物圖之間畫(huà)出連接的導(dǎo)線12一水平放置的輕彈簧，一端固定，另一端與一小滑塊接觸，但不粘連；初始時(shí)滑塊靜止于水平氣墊導(dǎo)軌上的O點(diǎn)，如圖（a）所示現(xiàn)利用此裝置探究彈簧的彈性勢(shì)能Ep與其被壓縮時(shí)長(zhǎng)度的改變量x的關(guān)系先推動(dòng)小滑塊壓縮彈簧，用米尺測(cè)出x的數(shù)值；然后將小滑塊從靜止釋放用計(jì)時(shí)器測(cè)出小滑塊從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至氣墊導(dǎo)軌上另一固定點(diǎn)A所用時(shí)間t多次改變x值及其對(duì)應(yīng)的t值如下表所示（表中的1/t值是根據(jù)t值計(jì)算得出的）x（cm）1.001.502.002.503.00t（s）3.332.201.601.321.08l/t（s1）0.3000.4550.6250.7

8、580.926（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖（b）中的方格紙上做x圖線（2）回答下列問(wèn)題：（不要求寫(xiě)出計(jì)算或推導(dǎo)過(guò)程）已知點(diǎn)（0，0）在x圖線上，從x圖線看，與x是什么關(guān)系？從理論上分析，小滑塊剛脫離彈簧時(shí)的動(dòng)能Ek與是什么關(guān)系（不考慮摩擦力）？當(dāng)彈簧長(zhǎng)度該變量為x時(shí)，彈性勢(shì)能Ep與相應(yīng)Ek是什么關(guān)系？綜合考慮以上分析，Ep與x是什么關(guān)系？四計(jì)算題：本題共2小題，第13題10分，第14題13分，共23分把解答寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟13電梯的簡(jiǎn)化模型如圖1所示考慮安全、舒適、省時(shí)等因素，電梯的加速度a是隨時(shí)間t變化的，已知電梯在t=0時(shí)由靜止開(kāi)始上升，at圖象

9、如圖2所示電梯總質(zhì)量m=2.0×103kg忽略一切阻力，重力加速度g取10m/s2（1）求電梯在上升過(guò)程中受到的最大拉力F1和最小拉力F2；（2）求電梯以最大速率上升時(shí)，拉力做功的功率P；再求在011s時(shí)間內(nèi)，拉力和重力對(duì)電梯所做的總功W14如圖所示，在傾角為30°的斜面OA的左側(cè)有一豎直檔板，其上有一小孔P現(xiàn)有一質(zhì)量m=4×1020kg，帶電量q=+2×1014C的粒子，從小孔以速度v0=3×104m/s水平射向磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T、方向垂直紙面向外的圓形磁場(chǎng)區(qū)域，且該粒子在飛出磁場(chǎng)區(qū)域后能垂直打在OA面上，粒子重力不計(jì)求：（1）粒子在磁場(chǎng)

10、中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（3）圓形磁場(chǎng)區(qū)域的最小半徑選考題：請(qǐng)考生在第15、16、17三題中任選二題作答，如果多做則按所做的第一、二題計(jì)分模塊3-3試題15下列說(shuō)法正確的是（）A布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B0的冰熔化成0的水的過(guò)程中內(nèi)能和分子勢(shì)能都有增大C物體的溫度為0時(shí)，物體分子的平均動(dòng)能為零D隨著低溫技術(shù)的發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，但不能達(dá)到絕對(duì)零度E氣體分子的平均動(dòng)能越大，則氣體壓強(qiáng)越大F空氣的相對(duì)濕度定義為水的飽和蒸汽壓與相同溫度時(shí)空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)之比16如圖所示，一根粗細(xì)均勻、內(nèi)壁光滑、豎直放置的玻璃管下端密封，上端封閉但留有一抽氣孔管內(nèi)下

11、部被活塞封住一定量的氣體（可視為理想氣體），氣體溫度為T(mén)1開(kāi)始時(shí)，將活塞上方的氣體緩慢抽出，當(dāng)活塞上方的壓強(qiáng)達(dá)到p0時(shí)，活塞下方氣體的體積為V1，活塞上方玻璃管的容積為2.6V1活塞因重力而產(chǎn)生的壓強(qiáng)為0.5p0繼續(xù)將活塞上方抽成真空并密封整個(gè)抽氣過(guò)程中管內(nèi)氣體溫度始終保持不變?nèi)缓髮⒚芊獾臍怏w緩慢加熱求：活塞剛碰到玻璃管頂部時(shí)氣體的溫度；當(dāng)氣體溫度達(dá)到1.8T1時(shí)氣體的壓強(qiáng)模塊3-4試題17下列選項(xiàng)與多普勒效應(yīng)有關(guān)的是（）A變化的電場(chǎng)一定能產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)B光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光從紅光改為紫光，則相鄰亮條紋間距一定變小C觀察者向著頻率為f的聲源運(yùn)動(dòng)時(shí)，接收到聲波的頻率f1一定大于聲源的

12、頻率fD麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在并用實(shí)驗(yàn)加以證實(shí)E可以通過(guò)邁克爾孫莫雷實(shí)驗(yàn)得出：不論光源與觀察者做怎樣的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，光速都是一樣的18如圖，置于空氣中的一不透明容器內(nèi)盛滿某種透明液體容器底部靠近器壁處有一豎直放置的6.0cm長(zhǎng)的線光源靠近線光源一側(cè)的液面上蓋有一遮光板，另一側(cè)有一水平放置的與液面等高的望遠(yuǎn)鏡，用來(lái)觀察線光源開(kāi)始時(shí)通過(guò)望遠(yuǎn)鏡不能看到線光源的任何一部分將線光源沿容器底向望遠(yuǎn)鏡一側(cè)水平移至某處時(shí)，通過(guò)望遠(yuǎn)鏡剛好可以看到線光源底端，再將線光源沿同一方向移動(dòng)8.0cm，剛好可以看到其頂端求此液體的折射率n模塊3-5試題19下列說(shuō)法正確的是（）A粒子大角度散射表明粒子很難進(jìn)入原子內(nèi)部B比結(jié)

13、合能越大表示原子核中的核子結(jié)合得越牢固C裂變反應(yīng)有質(zhì)量虧損，質(zhì)量數(shù)不守恒D射線是一種波長(zhǎng)很短的電磁波E玻爾理論的假設(shè)之一是原子能量的量子化20如圖所示，電阻不計(jì)的兩光滑金屬導(dǎo)軌放在水平絕緣桌面上，半徑為R的圓弧部分處在豎直平面內(nèi)，水平直導(dǎo)軌部分處在方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，末端與桌面邊緣平齊兩金屬棒ab、cd垂直于兩導(dǎo)軌且與導(dǎo)軌接觸良好棒ab質(zhì)量為2m，棒cd的質(zhì)量為m重力加速度為g開(kāi)始棒cd靜止在水平直導(dǎo)軌上，棒ab從圓弧頂端無(wú)初速度釋放，進(jìn)入水平直導(dǎo)軌后與棒cd始終沒(méi)有接觸并一直向右運(yùn)動(dòng)，最后兩棒都離開(kāi)導(dǎo)軌落到地面上棒ab與棒cd落地點(diǎn)到桌面邊緣的水平距離之比為3：1求：棒ab和棒cd離開(kāi)

14、導(dǎo)軌時(shí)的速度大??；兩棒在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱2015年海南省?？谑袊?guó)興中學(xué)高考物理模擬試卷（一）參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題3分，共18分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1如圖所示，起重機(jī)將重為G的重物勻速吊起，此時(shí)四條鋼索與豎直方向的夾角均為60°，則每根鋼索中彈力大小為（）ABCD【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用【專(zhuān)題】共點(diǎn)力作用下物體平衡專(zhuān)題【分析】先對(duì)重物進(jìn)行受力分析，由平衡條件求出起重機(jī)豎直鋼繩的拉力，再根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)得到豎直方向的鋼繩拉力與四條鋼繩拉力的關(guān)系，求出每根鋼索中彈力大小【解答】解：以整體為

15、研究對(duì)象，由平衡條件得知，起重機(jī)豎直鋼繩的拉力大小為F=G設(shè)每根鋼索中彈力大小為T(mén)由于四條鋼索與豎直方向的夾角均為60°，則有：4Tcos60°=G解得：T=故選D【點(diǎn)評(píng)】本題解題關(guān)鍵要搞清上方鋼繩的拉力與四根鋼索拉力的關(guān)系，根據(jù)豎直方向力平衡進(jìn)行求解2“嫦娥一號(hào)”和“嫦娥二號(hào)”繞月飛行器的運(yùn)行軌道可近似為圓形軌道，距月球表面高度分別為h1和h2，運(yùn)動(dòng)周期分別為T(mén)1和T2已知月球半徑為R，則T1和T2的比值為（）ABCD【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用【專(zhuān)題】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專(zhuān)題；人造衛(wèi)星問(wèn)題【分析】嫦娥號(hào)繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供圓周

16、運(yùn)動(dòng)向心力，由此得出周期與軌道半徑的關(guān)系從而得出比值【解答】解：由題意知，嫦娥號(hào)繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由萬(wàn)有引力提供，即：可得它們繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期T=，由此可知它們周期比等于其半徑的次方之比由題又知，已知它們離月球表面的高度，所以半徑r=R+h所以有： =，故BCD錯(cuò)誤，A正確故選：A【點(diǎn)評(píng)】萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力是解決描述天體圓周運(yùn)動(dòng)的物理量與半徑關(guān)系的主要入手，熟悉公式及其推導(dǎo)變形是解決此類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵3如圖所示，斜面體M放置在水平地面上，位于斜面上的物塊m受到沿斜面向上的推力F作用設(shè)物塊與斜面之間的摩擦力大小為F1，斜面與地面之間的摩擦力大小為F2增大推力F，斜面體始終保持

17、靜止，下列判斷正確的是（）A如果物塊沿斜面向上滑動(dòng)，則F1、F2一定增大B如果物塊沿斜面向上滑動(dòng)，則F1、F2一定不變C如果物塊與斜面相對(duì)靜止，則F1、F2一定增大D如果物塊沿斜面相對(duì)靜止，則F1、F2一定不變【考點(diǎn)】牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用【專(zhuān)題】牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題【分析】由題意斜面體始終保持靜止，若物塊沿斜面向上滑動(dòng)，增大F，物塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力不變?nèi)粑飰K與斜面相對(duì)靜止，以整體為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件得到F1、F2與F的關(guān)系，再分析其變化【解答】解：A、B由圖看出，F(xiàn)平行于斜面，如果物塊沿斜面向上滑動(dòng)，物塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力保持不變，增大推力F時(shí)，斜面體的受力情況沒(méi)有

18、改變，則F1、F2一定不變故A錯(cuò)誤，B正確C、D如果物塊與斜面相對(duì)靜止時(shí)，以整體為研究對(duì)象，分析受力情況如圖，由平衡條件得到： F2=Fcos，是斜面的傾角，可見(jiàn)，F(xiàn)增大時(shí)，F(xiàn)2一定增大而對(duì)物塊研究得知，F(xiàn)1可能增大、可能減小，也可能大小不變故CD錯(cuò)誤故選B【點(diǎn)評(píng)】本題當(dāng)物塊在斜面運(yùn)動(dòng)時(shí)采用隔離法研究，當(dāng)物塊在斜面上靜止時(shí)，可采用整體研究F2，要靈活選擇研究對(duì)象4一個(gè)電量為106C的負(fù)電荷從電場(chǎng)中A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場(chǎng)力要做功2×106J，從c點(diǎn)移到J要克服電場(chǎng)力做功7×106J，若已知c點(diǎn)比B點(diǎn)電勢(shì)高3V，且A、B、C、D四點(diǎn)在同一條電場(chǎng)線上，則下列圖中正確的是（）ABCD【考

19、點(diǎn)】電場(chǎng)線；電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【專(zhuān)題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題【分析】根據(jù)電勢(shì)差公式U=，分別求出AB間和CD間的電勢(shì)差，即可判斷出A、B間電勢(shì)和C、D電勢(shì)高低，根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，即可進(jìn)行判斷【解答】解：A、B間的電勢(shì)差為 UAB=V=2V0，則A的電勢(shì)低于B的電勢(shì)；C、D間的電勢(shì)差為 UCD=V=7V0，則C的電勢(shì)高于D的電勢(shì)；又由題，C點(diǎn)比B點(diǎn)電勢(shì)高3V，所以電勢(shì)從高到低的順序是：C、B、A、D根據(jù)根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，故C正確，ABD錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵掌握電勢(shì)差定義式，并能正確求解兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，通過(guò)電場(chǎng)線，直觀即能反映各點(diǎn)電勢(shì)的高低5質(zhì)子和中子是由更基本的粒

20、子即所謂“夸克”組成的兩個(gè)強(qiáng)作用電荷相反（類(lèi)似于正負(fù)電荷）的夸克在距離很近時(shí)幾乎沒(méi)有相互作用（稱為“漸近自由”）；在距離較遠(yuǎn)時(shí)，它們之間就會(huì)出現(xiàn)很強(qiáng)的引力（導(dǎo)致所謂“夸克禁閉”）作為一個(gè)簡(jiǎn)單的模型，設(shè)這樣的兩夸克之間的相互作用力F與它們之間的距離r的關(guān)系為：式中F0為大于零的常量，負(fù)號(hào)表示引力用U表示夸克間的勢(shì)能，令U0=F0（r2r1），取無(wú)窮遠(yuǎn)為勢(shì)能零點(diǎn)下列Ur圖示中正確的是（）ABCD【考點(diǎn)】電勢(shì)能；動(dòng)能定理的應(yīng)用【專(zhuān)題】壓軸題；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題【分析】本題通過(guò)分析兩夸克之間的相互作用力F做功情況判斷勢(shì)能的變化情況，即可進(jìn)行選擇無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，從無(wú)窮遠(yuǎn)開(kāi)始到r=r2位置，勢(shì)能恒定

21、為零，在r=r2到r=r1過(guò)程中，兩夸克之間的相互作用力F為引力，恒定引力做正功，勢(shì)能逐漸均勻減小，rr1之后勢(shì)能不變，恒定為U0【解答】解：從無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零開(kāi)始到r=r2位置，由F的表達(dá)式可知，兩夸克之間的相互作用力F=0，則知?jiǎng)菽芎愣榱?；在r=r2到r=r1過(guò)程中，恒定引力做正功，勢(shì)能逐漸均勻減小，即勢(shì)能為負(fù)值且越來(lái)越小，此部分圖象為A、B選項(xiàng)中所示；rr1之后，F(xiàn)=0，勢(shì)能不變，恒定為U0，由引力做功等于勢(shì)能將少量，故U0=F0（r2r1）故B正確故選B【點(diǎn)評(píng)】本題是信息給予題，關(guān)鍵根據(jù)兩夸克之間的相互作用力F與它們之間的距離r的關(guān)系，分析F做功的正負(fù)，判斷勢(shì)能如何變化6在水平的足夠

22、長(zhǎng)的固定木板上，一小物塊以某一初速度開(kāi)始滑動(dòng)，經(jīng)一段時(shí)間t后停止現(xiàn)將該木板改置成傾角為45°的斜面，讓小物塊以相同的初速度沿木板上滑若小物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為則小物塊上滑到最高位置所需時(shí)間與t之比為（）ABCD【考點(diǎn)】牛頓第二定律；滑動(dòng)摩擦力【專(zhuān)題】壓軸題【分析】對(duì)物塊在水平面和斜面上進(jìn)行受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解決【解答】解：木板水平時(shí)，物塊的合力是滑動(dòng)摩擦力根據(jù)牛頓第二定律得出：小物塊的加速度a1=g，設(shè)滑行初速度為v0，則滑行時(shí)間為t=；木板改置成傾角為45°的斜面后，對(duì)物塊進(jìn)行受力分析：小滑塊的合力F合=mgsin45°+f=mgsi

23、n45°+mgcos45°小物塊上滑的加速度a2=，滑行時(shí)間t=2，因此=，故選A【點(diǎn)評(píng)】對(duì)物塊在水平面和斜面上進(jìn)行受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解決注意情景發(fā)生改變，要重新進(jìn)行受力分析二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的全部選對(duì)的得5分；選對(duì)但不全的得3分；有選錯(cuò)的得0分7牛頓以天體之間普遍存在著引力為依據(jù)，運(yùn)用嚴(yán)密的邏輯推理，建立了萬(wàn)有引力定律在創(chuàng)建萬(wàn)有引力定律的過(guò)程中，牛頓（）A接受了胡克等科學(xué)家關(guān)于“吸引力與兩中心距離的平方成反比”的猜想B根據(jù)地球上一切物體都以相同加速度下落的事實(shí)，得出物體

24、受地球的引力與其質(zhì)量成正比，即Fm的結(jié)論C根據(jù)Fm和牛頓第三定律，分析了地月間的引力關(guān)系，進(jìn)而得出Fm1m2D根據(jù)大量實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得出了比例系數(shù)G的大小【考點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律的發(fā)現(xiàn)和萬(wàn)有引力恒量的測(cè)定【專(zhuān)題】壓軸題【分析】解答本題需掌握：關(guān)于是什么原因使行星繞著太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，伽利略、開(kāi)普勒和法國(guó)數(shù)學(xué)家笛卡爾都提出過(guò)自己的解釋?zhuān)趧?chuàng)建萬(wàn)有引力定律的過(guò)程中，牛頓時(shí)期的科學(xué)家，如胡克、哈雷等人對(duì)這一問(wèn)題的認(rèn)識(shí)更進(jìn)一步胡克等人認(rèn)為，行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)是因?yàn)槭艿教?yáng)對(duì)它的引力，甚至證明了如果行星運(yùn)動(dòng)的軌道是圓形的，它所受到的引力的大小與行星到太陽(yáng)的距離的二次方成反比；由牛頓第三定律，作用力與反作用力大小相等、方

25、向相反并且總是在同一條直線上，而且力的性質(zhì)相同；卡文迪許測(cè)量出萬(wàn)有引力常量【解答】解：題干要求“在創(chuàng)建萬(wàn)有引力定律的過(guò)程中”，牛頓接受了平方反比猜想，和物體受地球的引力與其質(zhì)量成正比，即Fm的結(jié)論；然后進(jìn)行月地檢驗(yàn)，進(jìn)一步得出該規(guī)律適用與月地系統(tǒng)；而提出萬(wàn)有引力定律后100多年，后來(lái)卡文迪許利用扭稱測(cè)量出萬(wàn)有引力常量G的大小，后來(lái)根據(jù)大量實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)不斷的測(cè)定比例系數(shù)G的大小，即D選項(xiàng)是在建立萬(wàn)有引力定律后才進(jìn)行的探索，因此符合題意的只有AB故選：AB【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要熟悉萬(wàn)有引力定律的發(fā)現(xiàn)過(guò)程中的相關(guān)物理學(xué)史，可以通過(guò)閱讀教材掌握物理學(xué)史8下列說(shuō)法正確的是（）A汽車(chē)車(chē)速越快，慣性越大B以額定功率

26、運(yùn)行的汽車(chē)，車(chē)速越快，牽引力越大C汽車(chē)在水平公路上轉(zhuǎn)彎時(shí)，車(chē)速越快，越容易滑出路面D汽車(chē)?yán)宪?chē)加速前進(jìn)時(shí)，它對(duì)拖車(chē)的拉力與拖車(chē)對(duì)它的拉力大小相等【考點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件【專(zhuān)題】功率的計(jì)算專(zhuān)題【分析】A、慣性只與質(zhì)量有關(guān)與速度無(wú)關(guān) B、由P=FV 得F=，可知P一定，F(xiàn)與V成反比 C、由向心力的表達(dá)式F=分析 D、汽車(chē)對(duì)拖車(chē)的拉力與拖車(chē)對(duì)它的拉力作用力與反作用力大小相等，方向相反【解答】解：A、汽車(chē)的慣性只與質(zhì)量有關(guān)，與速度無(wú)關(guān)故A錯(cuò)誤 B、由P=FV 得F=，則速度越大，牽引力越小故B錯(cuò)誤 C、由F=可知，速度越大，所需向心力越大，當(dāng)不能提供所需向心力時(shí)會(huì)做離心

27、運(yùn)動(dòng)故C正確 D、汽車(chē)?yán)宪?chē)加速前進(jìn)時(shí)，它對(duì)拖車(chē)的拉力與拖車(chē)對(duì)它的拉力是作用力與反作用力，大小相等故D正確故選：CD【點(diǎn)評(píng)】考查動(dòng)力學(xué)的基本內(nèi)容，領(lǐng)會(huì)其要領(lǐng)較易分析9如圖所示，50匝矩形閉合導(dǎo)線框ABCD處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=T的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框面積S=0.5m2，線框電阻不計(jì)線框繞垂直于磁場(chǎng)的軸OO以角速度=200rad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，并與理想變壓器原線圈相連，副線圈線接入一只“220V，60W”燈泡，且燈泡正常發(fā)光，熔斷器允許通過(guò)的最大電流為10A，下列說(shuō)法正確的是（）A圖示位置穿過(guò)線框的磁通量為零B線框中產(chǎn)生交變電壓的有效值為VC變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為25：11D允許變壓器輸出的

28、最大功率為5000W【考點(diǎn)】正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率；交流發(fā)電機(jī)及其產(chǎn)生正弦式電流的原理【專(zhuān)題】交流電專(zhuān)題【分析】根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項(xiàng)分析即可得出結(jié)論【解答】解：A、由圖可知，此時(shí)線圈和磁場(chǎng)垂直，此時(shí)線框的磁通量最大，所以A錯(cuò)誤B、矩形閉合導(dǎo)線框ABCD在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交流電的最大值為Em=nBs=50××0.5×200=V，由于最大值為有效值的倍，所以交流電的有效值為500V，所以B錯(cuò)誤C、由于電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為=，所以C正確D、由于熔斷器允許通過(guò)的最大電流為

29、10A，所以允許變壓器輸出的最大功率為P=UI=500×10=5000W，所以D正確故選：CD【點(diǎn)評(píng)】掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關(guān)系，本題即可得到解決10如圖所示小球從A點(diǎn)以初速度v0沿粗糙斜面向上運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)B后返回A，C為AB的中點(diǎn)下列說(shuō)法中正確的是（）A小球從A到B過(guò)程與從B到A過(guò)程，動(dòng)能變化量的大小相等B小球從A到B過(guò)程與從B到A過(guò)程，機(jī)械能變化量的大小相等C小球從A到C過(guò)程與從C到B過(guò)程，動(dòng)能變化量的大小相等D小球從A到C過(guò)程與從C到B過(guò)程，機(jī)械能變化量的大小相等【考點(diǎn)】功能關(guān)系；動(dòng)能定理【分析】要求動(dòng)能的減少量可以根據(jù)動(dòng)能定理求合外力對(duì)物體所做的功；要求

30、速度的變化量可以根據(jù)公式v=at來(lái)求；而機(jī)械能的損失等于除重力外其他力所做的負(fù)功【解答】解：A、從A到B過(guò)程中小球受到重力、支持力和向下的摩擦力， ；從B到A過(guò)程，從A到B過(guò)程中小球受到重力、支持力和向上的摩擦力， 顯然動(dòng)能變化量的大小不相等故A錯(cuò)誤B、克服除重力之外其它力做多少功物體的機(jī)械能就減少多少，根據(jù)mgscos=E可得小球從A到B過(guò)程與從B到A過(guò)程，損失的機(jī)械能相等，故B正確；C、設(shè)A到C的高度和從C到B的高度為h，AC的距離和CB的距離都為s，斜面的傾角為，則有ssin=h，根據(jù)mghmgscoss=EK可知小球從A到C過(guò)程中與從C到B過(guò)程合外力對(duì)物體做的功相同，故小球減少的動(dòng)能相

31、等故C正確D、克服除重力之外其它力做多少功物體的機(jī)械能就減少多少，根據(jù)mgscos=E可得小球從A到C過(guò)程與從C到B過(guò)程，損失的機(jī)械能相等故D正確故選：BCD【點(diǎn)評(píng)】本題目綜合性很強(qiáng)，考查的知識(shí)點(diǎn)很多，難度很大，是一道不可多得的好題三實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，第11題6分，第12題9分，共15分把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處11圖中電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻可忽略不計(jì)；電流表具有一定的內(nèi)阻，電壓表的內(nèi)阻不是無(wú)限大，S為單刀雙擲開(kāi)關(guān)，R為待測(cè)電阻當(dāng)S向電壓表一側(cè)閉合時(shí)，電壓表讀數(shù)為U1，電流表讀數(shù)為I1；當(dāng)S向R一側(cè)閉合時(shí)，電流表讀數(shù)為I2（1）根據(jù)已知條件與測(cè)量數(shù)據(jù)，可以得出待測(cè)電阻R=（2）根據(jù)圖a所

32、給出的電路，在圖b的各器件實(shí)物圖之間畫(huà)出連接的導(dǎo)線【考點(diǎn)】伏安法測(cè)電阻；閉合電路的歐姆定律【專(zhuān)題】實(shí)驗(yàn)題；壓軸題【分析】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律分兩次列方程，聯(lián)立求解；（2）連接實(shí)物圖要注意電流從電壓表和電流表的正接線柱流入，負(fù)接線柱流出，單刀雙擲開(kāi)關(guān)控制整個(gè)電路的通斷，連線不要交叉【解答】解：（1）當(dāng)S向電壓表一側(cè)閉合時(shí)，電壓表讀數(shù)為U1，電流表讀數(shù)為I1，根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=U1+I1r整理得當(dāng)S向R一側(cè)閉合時(shí)，電流表讀數(shù)為I2，根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=I2（R+r）整理得故答案為：（2）按照電路圖連線，如圖，要注意電流從電壓表和電流表的正接線柱流入，負(fù)接線柱流出，單刀雙擲開(kāi)關(guān)控

33、制整個(gè)電路的通斷，連線不要交叉【點(diǎn)評(píng)】本題第一問(wèn)關(guān)鍵根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解；第二問(wèn)涉及根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，常用方法有：若給定的電路是串聯(lián)電路，則從電源的正極開(kāi)始用鉛筆畫(huà)線表示導(dǎo)線，依據(jù)電路圖中電流流經(jīng)各元件的先后順序，將各實(shí)物元件順次、逐個(gè)地連接起來(lái)，最后接到電源的負(fù)極上；若給定的電路是并聯(lián)電路，則先將干路和一個(gè)支路照上述串聯(lián)電路畫(huà)出，再并聯(lián)上另一個(gè)支路即可12一水平放置的輕彈簧，一端固定，另一端與一小滑塊接觸，但不粘連；初始時(shí)滑塊靜止于水平氣墊導(dǎo)軌上的O點(diǎn)，如圖（a）所示現(xiàn)利用此裝置探究彈簧的彈性勢(shì)能Ep與其被壓縮時(shí)長(zhǎng)度的改變量x的關(guān)系先推動(dòng)小滑塊壓縮彈簧，用米尺測(cè)出x的數(shù)值；然后將

34、小滑塊從靜止釋放用計(jì)時(shí)器測(cè)出小滑塊從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至氣墊導(dǎo)軌上另一固定點(diǎn)A所用時(shí)間t多次改變x值及其對(duì)應(yīng)的t值如下表所示（表中的1/t值是根據(jù)t值計(jì)算得出的）x（cm）1.001.502.002.503.00t（s）3.332.201.601.321.08l/t（s1）0.3000.4550.6250.7580.926（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖（b）中的方格紙上做x圖線（2）回答下列問(wèn)題：（不要求寫(xiě)出計(jì)算或推導(dǎo)過(guò)程）已知點(diǎn)（0，0）在x圖線上，從x圖線看，與x是什么關(guān)系？從理論上分析，小滑塊剛脫離彈簧時(shí)的動(dòng)能Ek與是什么關(guān)系（不考慮摩擦力）？當(dāng)彈簧長(zhǎng)度該變量為x時(shí)，彈性勢(shì)能Ep與相應(yīng)Ek是什么關(guān)系？綜

35、合考慮以上分析，Ep與x是什么關(guān)系？【考點(diǎn)】彈性勢(shì)能【專(zhuān)題】實(shí)驗(yàn)題；壓軸題【分析】（1）通過(guò)描點(diǎn)法作圖即可；（2）x圖線是直線，說(shuō)明與x是正比關(guān)系；與速度成正比，Ek與速度平方成正比；機(jī)械能守恒，故彈簧減小的彈性勢(shì)能等于增加的動(dòng)能，即Ep=Ek；Ek與（）2成正比，Ep=Ek，與x成正比，故Ep與x的平方成正比【解答】解：（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖（b）中的方格紙上作出x圖線，如圖所示（2）x圖線是直線，故與x成正比；與速度成正比，Ek與速度平方成正比，故Ek與（）2成正比；根據(jù)機(jī)械能守恒，有Ep=Ek；Ek與（）2成正比，Ep=Ek，與x成正比，Ep與x2成正比答：（1）如圖所示（2）與x成正

36、比；Ek與（）2成正比；Ep=Ek；Ep與x2成正比【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，通過(guò)作圖得到x，逐步分析得到Ep與x2成正比四計(jì)算題：本題共2小題，第13題10分，第14題13分，共23分把解答寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟13電梯的簡(jiǎn)化模型如圖1所示考慮安全、舒適、省時(shí)等因素，電梯的加速度a是隨時(shí)間t變化的，已知電梯在t=0時(shí)由靜止開(kāi)始上升，at圖象如圖2所示電梯總質(zhì)量m=2.0×103kg忽略一切阻力，重力加速度g取10m/s2（1）求電梯在上升過(guò)程中受到的最大拉力F1和最小拉力F2；（2）求電梯以最大速率上升時(shí)，拉力做功的功率P；再求在01

37、1s時(shí)間內(nèi)，拉力和重力對(duì)電梯所做的總功W【考點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率；功的計(jì)算【專(zhuān)題】功率的計(jì)算專(zhuān)題【分析】（1）由圖讀出電梯向上加速運(yùn)動(dòng)的最大加速度和減速運(yùn)動(dòng)的最大加速度大小，由牛頓第二定律求解最大拉力F1和最小拉力F2；（2）由at圖象可知，11s30s內(nèi)速率最大，其值等于011s內(nèi)at圖線下的面積，此時(shí)電梯做勻速運(yùn)動(dòng)，拉力F等于重力mg，由P=Fv求出拉力的功率由動(dòng)能定理求解拉力和重力對(duì)電梯所做的總功W【解答】解；（1）由牛頓第二定律，有 Fmg=ma由at圖象可知，F(xiàn)1和F2對(duì)應(yīng)的加速度分別是a1=1.0m/s2，a2=1.0m/s2則 F1=m（g+a1）=2.0×10

38、3×（10+1.0）N=2.2×104N F2=m（g+a2）=2.0×103×（101.0）N=1.8×104N（2）由at圖象可知，11s30s內(nèi)速率最大，其值等于011s內(nèi)at圖線下的面積，有 m=10m/s此時(shí)電梯做勻速運(yùn)動(dòng)，拉力F等于重力mg，所求功率P=Fm=mgm=2.0×103×10×10W=2.0×105W由動(dòng)能定理，總功W=Ek2Ek1=mm20=×2.0×103×102J=1.0×105J答：（1）電梯在上升過(guò)程中受到的最大拉力F1是2.2&#

39、215;104N，最小拉力F2是1.8×104N（2）電梯以最大速率上升時(shí)，拉力做功的功率P為2.0×105W；在011s時(shí)間內(nèi)，拉力和重力對(duì)電梯所做的總功W是1.0×105J【點(diǎn)評(píng)】本題一要有基本的讀圖能力，并能根據(jù)加速度圖象分析電梯的運(yùn)動(dòng)情況；二要能運(yùn)用類(lèi)比法，理解加速度圖象“面積”的物理意義14如圖所示，在傾角為30°的斜面OA的左側(cè)有一豎直檔板，其上有一小孔P現(xiàn)有一質(zhì)量m=4×1020kg，帶電量q=+2×1014C的粒子，從小孔以速度v0=3×104m/s水平射向磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T、方向垂直紙面向外的圓形磁場(chǎng)區(qū)

40、域，且該粒子在飛出磁場(chǎng)區(qū)域后能垂直打在OA面上，粒子重力不計(jì)求：（1）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（3）圓形磁場(chǎng)區(qū)域的最小半徑【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【專(zhuān)題】帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題【分析】（1）粒子在磁場(chǎng)中，由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（2）畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖，由幾何知識(shí)得到軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角，由t=T求出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（3）當(dāng)粒子的軌跡圓正好以PQ為直徑時(shí)，圓形磁場(chǎng)區(qū)域的半徑最小，則知最小半徑的值【解答】解：（1）粒子在磁場(chǎng)中，由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：qvB=m，解得：r=

41、，代入數(shù)據(jù)記得：r=0.3m，（2）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T=，畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖，由幾何知識(shí)得到軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角=60°，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t=T=T=，代入數(shù)據(jù)解得：t=×105s；（3）當(dāng)粒子的軌跡圓正好以PQ為直徑時(shí)，圓形磁場(chǎng)區(qū)域的半徑最小，根據(jù)幾何知識(shí)得知，PQ=r，則磁場(chǎng)最小的半徑為Rmin=0.15m；答：（1）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為0.3m；（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是×105s；（3）圓形磁場(chǎng)區(qū)域的最小半徑是0.15m【點(diǎn)評(píng)】本題中圓形磁場(chǎng)區(qū)域最小的直徑等于入射點(diǎn)與出射點(diǎn)間的距離是常用的經(jīng)驗(yàn)結(jié)論，在本題中要靈活運(yùn)用

42、選考題：請(qǐng)考生在第15、16、17三題中任選二題作答，如果多做則按所做的第一、二題計(jì)分模塊3-3試題15下列說(shuō)法正確的是（）A布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B0的冰熔化成0的水的過(guò)程中內(nèi)能和分子勢(shì)能都有增大C物體的溫度為0時(shí)，物體分子的平均動(dòng)能為零D隨著低溫技術(shù)的發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，但不能達(dá)到絕對(duì)零度E氣體分子的平均動(dòng)能越大，則氣體壓強(qiáng)越大F空氣的相對(duì)濕度定義為水的飽和蒸汽壓與相同溫度時(shí)空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)之比【考點(diǎn)】*相對(duì)濕度；分子勢(shì)能；熱力學(xué)第二定律【分析】布朗運(yùn)動(dòng)是固體微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)改變物體的內(nèi)能方式可以通過(guò)兩種方式一種是做功，另一種是熱傳遞物體內(nèi)的分子在永不停息的做無(wú)

43、規(guī)則運(yùn)動(dòng)【解答】解：A、布朗運(yùn)動(dòng)是固體微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)故A正確；B、0的冰熔化成0的水的過(guò)程中，分子的平均動(dòng)能不變，內(nèi)能和分子勢(shì)能都有增大，故B正確C、物體內(nèi)的分子在永不停息的做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，當(dāng)溫度為0時(shí)，物體的分子平均動(dòng)能一定不為零，故C錯(cuò)誤D、根據(jù)熱力學(xué)第三定律可知，絕度0度不可到達(dá)故D正確E、氣體的壓強(qiáng)與分子運(yùn)動(dòng)的激烈程度、分子的密度都有關(guān)，氣體分子的平均動(dòng)能越大，則氣體壓強(qiáng)不一定越大故E錯(cuò)誤；F、空氣的相對(duì)濕度定義為空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)與相同溫度時(shí)水的飽和蒸汽壓之比故F錯(cuò)誤故選：ABD【點(diǎn)評(píng)】本題考查了布朗運(yùn)動(dòng)、內(nèi)能、絕度0度、氣體飛壓強(qiáng)等，知識(shí)點(diǎn)多，難度小

44、，關(guān)鍵是記住基礎(chǔ)知識(shí)16如圖所示，一根粗細(xì)均勻、內(nèi)壁光滑、豎直放置的玻璃管下端密封，上端封閉但留有一抽氣孔管內(nèi)下部被活塞封住一定量的氣體（可視為理想氣體），氣體溫度為T(mén)1開(kāi)始時(shí)，將活塞上方的氣體緩慢抽出，當(dāng)活塞上方的壓強(qiáng)達(dá)到p0時(shí)，活塞下方氣體的體積為V1，活塞上方玻璃管的容積為2.6V1活塞因重力而產(chǎn)生的壓強(qiáng)為0.5p0繼續(xù)將活塞上方抽成真空并密封整個(gè)抽氣過(guò)程中管內(nèi)氣體溫度始終保持不變?nèi)缓髮⒚芊獾臍怏w緩慢加熱求：活塞剛碰到玻璃管頂部時(shí)氣體的溫度；當(dāng)氣體溫度達(dá)到1.8T1時(shí)氣體的壓強(qiáng)【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程【專(zhuān)題】理想氣體狀態(tài)方程專(zhuān)題【分析】活塞從開(kāi)始剛碰到玻璃管頂部時(shí)，分析三個(gè)參量變化的情

45、況，分別根據(jù)玻意耳定律和氣態(tài)方程對(duì)過(guò)程進(jìn)行研究，列方程求解【解答】解：由玻意耳定律得： =，式中V是抽成真空后活塞下方氣體體積由蓋呂薩克定律得： =解得：T=1.2T1由查理定律得： =解得：p2=0.75p0答：活塞剛碰到玻璃管頂部時(shí)氣體的溫度是1.2T；當(dāng)氣體溫度達(dá)到1.8T1時(shí)氣體的壓強(qiáng)是0.75p0【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于氣體狀態(tài)變化問(wèn)題，關(guān)鍵分析氣體的狀態(tài)參量，確定是何種變化過(guò)程，再列方程求解模塊3-4試題17下列選項(xiàng)與多普勒效應(yīng)有關(guān)的是（）A變化的電場(chǎng)一定能產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)B光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光從紅光改為紫光，則相鄰亮條紋間距一定變小C觀察者向著頻率為f的聲源運(yùn)動(dòng)時(shí)，接收到聲波的頻率

46、f1一定大于聲源的頻率fD麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在并用實(shí)驗(yàn)加以證實(shí)E可以通過(guò)邁克爾孫莫雷實(shí)驗(yàn)得出：不論光源與觀察者做怎樣的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，光速都是一樣的【考點(diǎn)】多普勒效應(yīng)【分析】當(dāng)聲源離觀測(cè)者而去時(shí)，聲波的波長(zhǎng)增加，音調(diào)變得低沉，當(dāng)聲源接近觀測(cè)者時(shí)，聲波的波長(zhǎng)減小，音調(diào)就變高音調(diào)的變化同聲源與觀測(cè)者間的相對(duì)速度和聲速的比值有關(guān)這一比值越大，改變就越顯著，后人把它稱為“多普勒效應(yīng)”【解答】解：A、變化的電場(chǎng)一定能產(chǎn)生的磁場(chǎng)，變化的電場(chǎng)不一定能產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，與電磁場(chǎng)理論有關(guān)，與多普勒效應(yīng)無(wú)關(guān)故A錯(cuò)誤；B、光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光從紅光改為紫光，則相鄰亮條紋間距一定變小，與光的干涉理論有關(guān)，與

47、多普勒效應(yīng)無(wú)關(guān)故B錯(cuò)誤；C、觀察者向著頻率為f的聲源運(yùn)動(dòng)時(shí)，接收到聲波的頻率f1一定大于聲源的頻率f，與多普勒效應(yīng)無(wú)關(guān)故C正確；D、麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)加以證實(shí)故D錯(cuò)誤E、可以通過(guò)邁克爾孫莫雷實(shí)驗(yàn)得出：不論光源與觀察者做怎樣的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，光速都是一樣的，是光速不變?cè)恚c多普勒效應(yīng)無(wú)關(guān)故E錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題考查了多普勒效應(yīng)，記住“高亢表示靠近，低沉表示遠(yuǎn)離”的結(jié)論即可，基礎(chǔ)題18如圖，置于空氣中的一不透明容器內(nèi)盛滿某種透明液體容器底部靠近器壁處有一豎直放置的6.0cm長(zhǎng)的線光源靠近線光源一側(cè)的液面上蓋有一遮光板，另一側(cè)有一水平放置的與液面等高的望遠(yuǎn)鏡，用來(lái)觀察線光源開(kāi)始時(shí)通過(guò)望遠(yuǎn)鏡不能看到線光源的任何一部分將線光源沿容器底向望遠(yuǎn)鏡一側(cè)水平移至某處時(shí)，通過(guò)望遠(yuǎn)鏡剛好可以看到線光源底端，再將線光源沿同一方向移動(dòng)8.0cm，剛好可以看到其頂端求此液體的折射率n【考點(diǎn)】光的折射定律【專(zhuān)題】光的折射專(zhuān)題【分析】當(dāng)線光源上某一點(diǎn)發(fā)出的光線射到未被遮光板遮住的液面上時(shí)，射到遮光板邊緣O的那條光線的入射角最小【解答】解：若線光源底端在A點(diǎn)時(shí)，望