普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試模擬試題

1、乙咼考模擬試題精編（一）【說明】本試卷分第I卷（選擇題）和第n卷（非選擇題）兩部分滿分分，考試時間90分鐘.第I卷（選擇題共40分） 一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分在每小題給出的四個選項中，有一個或一個以上選項符合題目要求，全部選對的得4分，選不全的得2分，有錯選或不答的得 0分.1 在物理學發(fā)展的過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻.關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是（）A 安培首先提出了磁場對運動電荷的作用力公式B 法拉第根據小磁針在通電導線周圍的偏轉發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應c 楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，并研究得出了判斷感應電流方向的方法一一楞次定律D 法國物理學家?guī)靵隼?/p>

2、扭秤實驗發(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用規(guī)律一一庫侖定律（兩點電荷未畫出）,O點是兩點電荷連線與平2如圖所示，兩個等量異種點電荷對稱地放在一無限大平面的兩側a、b、c、d四個點，則以下面的交點，也是連線的中點.在平面內以O點為圓心畫兩個同心圓，兩圓上分別有說法錯誤的是（）A a、c兩點電場強度大小相等B c、d兩點電場強度一定相等C a、b兩點電勢一定相等 D a、d兩點電勢一定相等3 a、b兩車在同一直線上做勻加速直線運動，v t圖象如圖所示，在 15 s末兩車在途中相遇，由圖象可知（ ）A a車的速度變化比b車慢B .出發(fā)前a車在b車之前75 m處C .出發(fā)前b車在a車之前150 m處D .相遇前

3、a、b兩車的最遠距離為 150 m 4. 2012年6月，“神九”飛天，“蛟龍”探海，實現(xiàn)了“可上九天攬月，可下五洋捉鱉”這個充滿浪漫主義氣概的夢想處于340 km高空的“神九”和處于 7 000 m深海的“蛟龍”的向心加速度分別為a1和a2,轉動的角速度分別為31和32,下列說法中正確的是（）A 因為“神九”離地心的距離較大，根據3= r得：31< 32B .根據3= n可知，3與圓周運動的半徑r無關，所以31= 32C.因為“神九”離地心的距離較大，根據a=2得：a1<a2D .因為“神九”離地心距離較大且角速度也較“蛟龍”大，根據a= 32r得：a1>a25 .甲、乙兩

4、運動物體在t1、t2、t3時刻的速度矢量分別為V1、V2、V3和V1、V2、V3.下列說法中正確的是（）A. 甲做的可能是直線運動，乙做的可能是圓周運動B甲和乙可能都做圓周運動C .甲和乙受到的合力都可能是恒力D .甲受到的合力可能是恒力，乙受到的合力不可能是恒力6如圖，在固定斜面上的一物塊受到一外力F的作用，F(xiàn)平行于斜面向上.若要物塊在斜面上保持靜止,值應有一定范圍，已知其最大值和最小值分別為Fi和F2（F2>0）.由此可求出（）A .物塊的質量B .斜面的傾角C .物塊與斜面間的最大靜摩擦力D .物塊對斜面的正壓力7導體A、B、C的伏安特性曲線分別是圖線1、2、3,其中導體C為一非線

5、性它們串聯(lián)后接在電壓恒為6 V的直流電源兩端時，它們的電阻分別為Ri、R2、F的取電阻.當R3,則下列說法正確的是（）A .此時流過三導體的電流均為 1 AB . Ri : R2 : R3= 1 : 3 : 2C .若將三導體串聯(lián)后接在 3 V的直流電源上，則三導體的阻值之比不變D .若將三導體并聯(lián)后接在 3 V的直流電源上，則通過它們的電流之比 li ： I2 : 13= 3 : 2 : 8自耦變壓器的輸入端接在內阻為 r的交流電源上，輸出端接阻值為 R的負載.如果要求1負載R上消耗的電功率最大，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比應為（變壓器為理想變壓器，輸入端的電動勢恒定）（）9如圖所示，兩個質量均

6、為 m的完全相同的小球 A和B用輕桿連接，由靜止從曲面上釋放 滑到水平面的過程中，不計一切摩擦，則桿對A球做的功為（）至1mgh B . mghC. mgh D. mgh10.如圖所示，質量為M的足夠長金屬導軌 abed放在光滑的絕緣水平面上.電阻為r,質量為m的導體棒PQ放置在導軌上，始終與導軌接觸良好,PQbe構成矩形.棒與導軌間光滑、棒左側有兩個固定于水平面的光滑立柱.導軌be段電阻為R,長為L,其他部分電阻不計.以ef為界，其左側勻強磁場方向豎直向上，右側勻強磁場水平向右，磁感應強度大小均為 邊上，使導軌由靜止開始做勻加速直線運動，加速度為A . F與t成正比B . F與t2成正比C.

7、當t達到一定值時，QP剛好對軌道無壓力D .若F = 0, PQbe靜止，ef左側磁場均勻減小，當B. 在t = 0時，一水平向左的拉力F垂直作用在導軌的bea.則（）好對軌道無壓力題號12345678910答案答題欄第n卷（非選擇題共60分） 二、非選擇題：本題共5小題，共60分按題目要求作答解答題應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演 算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.11.2Siir»（5分）現(xiàn)用如圖所示的裝置探究“加速度與物體受力的關系” 小車所受拉力及其速度可分別由拉力傳感器和速度傳感器記錄下來.速度傳感器安裝在距離 L = 48.

8、0 cm的長木板的A、B兩點.I#ftS ID TS 2D25 3J0F的大小及小車分別到達 A、B時的速在坐標紙上作系圖線，偏差（1）實驗主要步驟如下：A 將拉力傳感器固定在小車上；B 平衡摩擦力，讓小車在沒有拉力作用時能做勻速直線運動；C 把細線的一端固定在拉力傳感器上，另一端通過定滑輪與輕質小盤（盤中放置砝碼）相連;D 接通電源后自C點釋放小車，小車在細線拉動下運動，記錄細線拉力 率 Va、VB ；E.改變小盤中砝碼的數(shù)量，重復D的操作.由以上實驗可得出加速度的表達式a=.現(xiàn)已得出理論上的a-F圖線，某同學又用描點法根據實驗所得數(shù)據, 出了由實驗測得的 a-F圖線對比實驗結果與理論計算得

9、到的兩個關 的主要原因是12（10分）某同學要測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻他根據老師提供的以下器材畫出了如圖所示的原理圖.A .電壓表 V（15 V,10 k Q）B .電流表G（量程mA，內阻Rg為10 Q）C. 電流表A（量程0.6 A，內阻約為 Q）D .滑動變阻器 Ri（020 Q 10 A）E. 滑動變阻器 R2（0100 Q 1 A）F. 定值電阻R3= 990 QG 開關S和導線若干（1）該同學沒有選用電壓表是因為 該同學將電流表G與定值電阻R3串聯(lián)，實際上是進行了電表的改裝，則他改裝的電壓表對應的量程是V ；為了能準確地進行測量，同時為了操作方便，實驗中應選用的滑動變阻器是 （

10、填寫器材前的字母編號）；（4）該同學利用上述實驗原理圖測得以下數(shù)據，并根據這些數(shù)據繪出了如圖所示的圖線，根據圖線可求出干電池的電動勢E =V（保留3位有效數(shù)字），干電池的內阻r =Q （保留2位有效數(shù)字）.序號123456電流表G（lmA）電流表A(I2/A)13. （13分）如圖所示，在光滑水平面上有一長為L1、寬為L2的單匝矩形閉合導體線框abed，處于磁感應強度為B的有界勻強磁場中，其ab邊與磁場的邊界重合.線框由同種粗細均勻的導線制成，它的總電阻為R現(xiàn)用垂直于線框ab邊的水平拉力，將線框以速度v向右沿水平方向勻速拉出磁場（此過程中保持線框平面與磁感線垂直，且ab邊與磁場邊界平行），線框

11、中產生的焦耳熱與導體線框abed以ab為軸勻速順時針（cd向上）轉動90°過程中線框中產生的焦耳熱相同求線框勻速轉動的角速度.14. （14分）如圖所示，傳送帶A、B間距離L = 5 m且在同一水平面內， 兩個輪子半徑均為 r = 0.2 m,半徑R= 0.4 m 的固定豎直光滑圓軌道與傳送帶相切于B點，C點是圓軌道的最高點. 當傳送帶靜止不動時， 質量m= 1 kg的小煤塊在A點以初速度vo= 2 15 m/s開始運動，剛好能運動到C點.重力加速度g= 10 m/s2求:（1）當傳送帶的輪子以3= 10 rad/s的角速度勻速轉動時，將小煤塊無初速地放到傳送帶上的A點，求小煤塊從

12、Ai1K點運動到B點的過程中在傳送帶上劃過痕跡的長度.（2）當傳送帶的輪子勻速轉動的角速度在什么范圍內時，將小煤塊無初速地放到傳送帶上的A點，小煤塊運動到 C點時對圓軌道的壓力最大，最大壓力Fc是多大.15. （18分）如圖所示，電源電動勢為 E0（未知），內阻不計，滑動變阻器的滑片 P處于R的中點.一質量為 m,帶 電荷量為q的粒子（重力不計）從加速電場AK中的&點由靜止經加速電場加速后，沿 S1S2方向從邊長為L的正方 形場區(qū)的中間進入有界均勻場區(qū).當場區(qū)內只加豎直向上的勻強電場（電場強度為E）時，帶電粒子恰從 b點射出場區(qū).（1）求加速電源的電動勢E0.（2）若滑動變阻器的滑片位

13、置不變，場區(qū)內只加垂直紙面向里大小為B的勻強磁場，帶電粒子仍從b點射出，則帶電粒子的比荷q為多大？m（3）若使帶電粒子進入場區(qū)后不改變方向，需在場區(qū)內同時加勻強電場和勻強磁場，求所加復合場的電場強度E1與磁感應強度B1之比.附加題：本題共3小題，每小題15分.分別考查3- 3、3 4、3-5模塊.請考生根據本省考試情況選擇相應題 目作答，其分值不計入總分.1 .物理一一選修3 3（15分）（1）（5分）下列說法中正確的是.A .物體是由大量分子組成的，分子間的引力和斥力同時隨分子間距離的增大而減小B .懸浮在水中的花粉顆粒運動不是水分子的運動，而是花粉分子的運動C .物體的機械能可以為零，而內

14、能不可以為零D .第二類永動機違反能量守恒定律E. 定質量的理想氣體壓強不變，溫度升高時吸收的熱量一定大于內能的增加量（2）（5分）已知家用煤氣的主要成分是一氧化碳，其密度小于空氣的密度，且空氣在常溫下的密度為1.29 kg/m3，如果家庭出現(xiàn)了煤氣泄漏，當煤氣的質量達到空氣總質量的6%時可發(fā)生爆炸.若某家庭密閉的廚房中煤氣發(fā)生泄漏，且泄漏的速度是10 g/min，則煤氣可發(fā)生爆炸時煤氣已經泄漏了 h ;若爆炸時廚房的溫度迅速上升到1 500 C，則此時廚房內的氣體壓強為 Pa.（假設廚房的空間體積為 30 m3，大氣壓強為105 Pa，廚房溫度為27C，忽略煤氣泄漏及爆 炸反應對廚房內空氣分

15、子數(shù)的影響）（5分）如圖所示，光滑水平地面上放有一質量為m的導熱氣缸，用活塞封閉了一部分氣體活塞質量為m，截面積為S,可無摩擦滑動，氣缸靜止時與缸底距離為Lo.現(xiàn)用水平恒力F向右推氣缸，最后氣缸與活塞達到相對靜止狀態(tài)已知大氣壓強為po.求： 穩(wěn)定時封閉氣體的壓強； 穩(wěn)定時活塞與氣缸底部的距離.2 .物理一一選修3 4（15分）（1）（5分）歐洲大型強子對撞機是現(xiàn)在世界上體積最大、能量最高的加速器，是一種將粒子加速對撞的高能物理設備該設備能把數(shù)以萬計的粒子加速到相當于光速的%，粒子流每秒可在隧道內狂飆11 245圈，單束粒子能量可達7萬億電子伏則下列說法中錯誤的是 .A .如果繼續(xù)對粒子進行加速

16、，粒子的速度不能達到光速B 如果繼續(xù)對粒子進行加速，粒子的速度能夠達到光速C 如果繼續(xù)對粒子進行加速，粒子的速度能夠超過光速D .粒子高速運動時的質量大于靜止時的質量E.粒子高速運動時的質量小于靜止時的質量（5分）一簡諧橫波以2 m/s的波速沿x軸正方向傳播.已知t = 0時的波形如圖所示，則該波的周期為 ,t = 0時刻x= 0處的質點運動方向為 , x= 0處的質點在最短時間t =s時速度值最大.（3）（5分）為了研究光通過折射率n=的球形玻璃的偏折現(xiàn)象，讓一細束光線射入玻璃球，玻璃球的半徑R= 10 mm ,球心O到入射光線的垂直距離 d = 8 mm.（sin 53 ° 在圖

17、上畫出該束光線射入玻璃球后，第一次從玻璃球中射出的光路圖. 求這束光線從射入玻璃球到第一次射出玻璃球，光線偏轉的角度.3. 物理一一選修3 5（15分）（1）（5分）關于近代物理內容的若干敘述正確的是 A .自然界中含有少量的14C,14C具有放射性，能夠自發(fā)地進行B衰變，因此在考古中可利用14C來測定年代B 重核的裂變過程質量增大，輕核的聚變過程有質量虧損C 比結合能越大，表示原子核中核子結合得越牢固，原子核越穩(wěn)定D .根據玻爾理論，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，同時電子的動能 增大，電勢能減小E.紫外線照射到金屬鋅板表面時能夠發(fā)生光電效應，則當增大紫外線

18、的照射強度時，從鋅板表面逸出的光電子 的最大初動能也隨之增大（2）（5分）核能發(fā)電已經成為人類開發(fā)和利用新能源的重要途徑，某艦艇想依靠所攜帶的 10.9 kg鈾丸，利用其放射性衰變釋放的能量發(fā)電已知鈾丸 edgU）衰變后成為Th，則衰變方程為 ;若分別用m1、m2、m3表示衰變過程中核、Th核和放出的粒子的質量，則衰變過程中釋放出的核能可以表示為.滑塊（包括小孩）在光滑水平面上以速度 V2= 3 m/s向左運動，為了避免兩滑塊再次相碰，在兩滑塊靠近的瞬間，m2上的小孩用力將 mi推開.求小孩對mi做功的范圍.（滑塊m2與右邊豎直墻壁碰撞時無機械能損失，小孩與滑塊不發(fā)生相對滑動，光滑水平面無限長

19、）咼考模擬試題精編（一一）參考答案1 . D 洛倫茲提出了磁場對運動電荷的作用力公式，A錯奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，B錯法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，C錯庫侖利用扭秤發(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用規(guī)律，D正確.2 . A 因為兩個等量異種點電荷對稱地放在大平面的兩側，電場線應該垂直平面，且該平面應該是一個等勢面, 所以C、D說法是正確的，根據電場線的分布情況，說法A錯、B正確，故選A.3. AD 由v t圖象可知，兩車的加速度分別為152，230aa= 10 m/s2= 1.5 m/s2, ab =亦m/s2= 2 m/s2,車的加速度是1i表示車的速度變化快慢的物理量，A對；相遇時，Xa= x 10X

20、 15 m= 75 m, Xb =15X 30 m= 225 m, Xa+ Ax=xb,所以a車在b車前Ax= xb xa= 150 m, B、C錯誤；由圖象可知，兩車位移差隨時間的增加而增大，且它們在15 s時相遇，即意味著它們的距離從150 m 一直減小到0，所以D正確.4. D 根據3 = V可知，做圓周運動的角速度不僅與 r有關，還與線速度v有關，所以A、B均錯；因為"蛟龍” 屬于天體自轉問題， 它轉動的角速度與地球同步衛(wèi)星相同，“神九”與同步衛(wèi)星相比，根據GMMm = mw2r得“神九”的角速度較大，即"神九”的角速度大于"蛟龍”隨地球自轉的角速度，根據

21、a= w2r得C錯、D正確.5. BD 甲、乙兩物體速度的方向在改變，不可能做直線運動，則A錯；從速度變化量的方向看，甲的方向一定，乙的發(fā)生了變化，甲的合力可能是恒力，也可能是變力，而乙的合力不可能是恒力，則C錯誤；B、D正確.6 . C 物塊在斜面上處于靜止狀態(tài)，先對物塊進行受力分析，確定其運動趨勢，列平衡方程可得Ffmax.物塊受與斜面平行的外力F作用，而在斜面上靜止，此時摩擦力的大小和方向將隨F的變化而變化.設斜面傾一F1 F2角為0,由平衡條件F1 mgsin 0 F fmax = 0, F2 mgsin 0+ Ffmax = 0,解得 Ffmax=2 ，故選項 C 正確.7. AB

22、由題給的伏安特性曲線可知， 當三導體串聯(lián)接在電壓恒為 6V的直流電源的兩端時， 作平行U軸的直線 使三導體兩端的總電壓為 6 V , R1、R2、R3兩端的電壓分別為 1 V、3 V、2V，此直線恰好過I軸的1 A處，可知 A、B正確；同樣可判斷 C錯誤；若將三導體并聯(lián)后接在 3 V的直流電源上，過 U軸3 V作平行I軸的豎直線可 知，通過三導體的電流分別約為 3 A、1 A和2.2 A，可知D錯.8. B 設變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2,輸入端的電動勢為 E,電流分別為I1、b，電壓分別為U1、U2,則：Ui = E Iir，電阻R消耗的電功率 P= U2|2= U1I1,即P =

23、 （E lir）li= 1補+ Eli，可見當Ii = £時，P有最大R n i2R值Pmax=宗，此時Ui=E|ir=efr=2則U2=nfui=需，|2=豈=需R，又因皆號聯(lián)立以上各式得：nR,故 A、C、D 錯，B 對.9. B 由初、末狀態(tài)看出，A、B的機械能：Ea初一Eb初=mgh，Ea末一Eb末=0，由得：（Ea初Ea末）+ （Eb末一Eb 初 ）= mgh,即 圧a減+圧b增=mgh，由A、B系統(tǒng)機械能守恒可知 AEa減=4£8增，聯(lián)立得：AEa1 1減=2mgh,根據功能關系得，桿對 A球做的功為2mgh，則A、C、D錯，B對.10. C bc切割磁感線運動

24、時產生的感應電動勢為E= BLv，感應電流1 =話，由于be做初速度為°的勻加速運動，所以v = at, bc受到的安培力Fa = BIL ,對于金屬導軌abed，根據牛頓第二定律得：F Fa = Ma，聯(lián)立上面各式得：B2L2aF = Ma + r+ r t,所以A、B均錯；當bc向左運動時，根據楞次定律，QP的電流方向由Qf P,根據左手定則可知，C正確；若F = 0, PQbc靜止，當ef左側磁場均勻減小時，QP的電流方向由Q,根據左手定則可知，D錯.11 .解析：（1）小車從A到B做勻加速直線運動，由運動學公式2aL = vB vA，得加速度vB vAa = 2L（2）實驗所

25、得圖線為直線，但不過原點，當F有一定數(shù)值時，小車加速度仍為零，說明沒有完全平衡摩擦力，也可能拉力傳感器讀數(shù)存在誤差，即讀數(shù)偏大.2 2答案：（1）vB3 分）（2）沒有完全平衡摩擦力或拉力傳感器讀數(shù)偏大（2分）12 解析：（1）因為電壓表量程遠大于干電池的電動勢；（2）改裝電壓表的量程等于電流表 G的滿偏電流與電流表G所在支路總電阻的乘積，即 UV = |g（R3+ Rg） = X 10-3x （990 + 10）V = V;為了便于調節(jié)，滑動變阻器的阻值不能太大，選擇 R1比較合適；（4）由于R3支路電阻遠大于滑動變阻器R1所在支路電阻，所以干路電流近似等于12,閉合電路歐姆定律 E= U

26、+ lr可變形為：E = |1（R3+ Rg） + l2r，即|1= E r |2,由圖象知直線與縱軸 R3 + Rg R3 + Rg的截距為一= mA，解得E = V，直線斜率的絕對值為r一 =錯誤！，解得r = Q.R3 + RgR3 + Rg答案：（1）電壓表量程太大（2分）（2）3（2分）（3）D（2 分）（4）（2 分）（2 分）13.解：線框被拉出磁場的過程中：產生的感應電流BL2V l=R"（2 分）需要的時間t =耳（1分）r2i 112v所以產生的焦耳熱Q= I2Rt=（2分）線框轉動90°過程中:產生感應電流的最大值 Imax =BL1L23八（2分）有

27、效值I '=篤款分）n需要的時間t' = 23（1分）所以產生的焦耳熱Q= I' 2Rt 'tBL2l234R（2分）4v聯(lián)立得：3= nv（2分）14.解：（1）當傳送帶靜止不動時，小煤塊剛好能運動到C點，則在C點，根據牛頓第二定律得:mg=m£（1分）小煤塊從AtC過程中，由動能定理得:1 2 1 2i mg2mgR= mvC mvS （1 分）聯(lián)立得（1= （1分）當傳送帶的輪子以3= 10 rad/s的角速度勻速轉動時，傳送帶的線速度v =3 = 2 m/s（1 分）2由益 =。5 m<L，得小煤塊在傳送帶上加速的時間v八7=s（1 分）

28、小煤塊與傳送帶的相對位移為1= vt t = 0.5 m,即劃過痕跡的長度為0.5 m（2 分）（2）當小煤塊在傳送帶上一直加速時，小煤塊到達B點的速度最大，在C點對圓軌道的壓力最大設小煤塊到達1B點的最大速度為 vb,則：i mg= ?mvB（1分）解得 VB= 2,10 m/s（1 分） 傳送帶的線速度 v>2 ,10 m/s,即傳送帶的角速度10.10 rad/s時，小煤塊在C點對圓軌道的壓力最大（1分）小煤塊從BtC,由機械能守恒定律得:1 12mgR= mvB mvC max （1分） 小煤塊此時在C點，由牛頓第二定律得:vCmax八Fmax+ mg= m（1 分）R聯(lián)立得Fm

29、ax= 50 N（1分）Fc= Fmax= 50 N（1 分）根據牛頓第三定律得，對圓軌道最大壓力115.解：（1）設帶電粒子加速后的速度大小為vo,則在加速電場中，由動能定理得：Uq = ?mv0（2分）在偏轉電場中做類平拋運動：L = vot （1 分）2=冷2（1分）聯(lián)立解得：U = EL（1分）由閉合電路歐姆定律得：Eo = 2U = EL（2分）（2）帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，設軌道半徑為R,如圖，由幾何關系得：R2= L2+ R L 2（2 分）由向心力為洛倫茲力得：Bqvo= m專（2分）R聯(lián)立解得：q =三¥話 （2分）m 25B L（3）帶電粒子在復合場中

30、做直線運動，電場力與洛倫茲力平衡：qvoB1= qE1（3分）聯(lián)立解得：£=希（2分）附加題1 . （1）解析：根據分子動理論，A對；布朗運動不是分子的運動，B錯；物體的內能是物體的所有分子動能與分子勢能的總和，由于分子動能不可能為零， 所以物體內能不可以為零，C對；第二類永動機違反熱力學第二定律,力學第一定律Q+ W= AU得E正確.答案：ACE（5分）解析：由題意可知煤氣可發(fā)生爆炸時的質量m= 6% p匸2.322 kg，則煤氣泄漏的時間t =§肝和min = h.把空氣近似看做理想氣體，則由題意可知在爆炸瞬間可看做是體積不變的過程，則由查理定律可得TJ= ¥，所以爆炸瞬間產生的氣體壓強為 p2= PTT2 = 6x lO5Pa.答案：（2分）6X 105（3分）解：對整體：F = m+a（1分）對活塞：（p po）S= 銖（1分）聯(lián)立可得：p= po+3S（1分）根據玻意耳定律得：PoLo= pL（1分）所以 L = p0 F