全國統(tǒng)一高考物理試卷大綱版答案與解析

1、2011年全國統(tǒng)一高考物理試卷（大綱卷）參考答案與試題解析一、選擇題（本題共8小題在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分共48分）1（6分）關(guān)于一定量的氣體，下列敘述正確的是（）A氣體吸收的熱量可以完全轉(zhuǎn)化為功B氣體體積增大時(shí)，其內(nèi)能一定減少C氣體從外界吸收熱量，其內(nèi)能一定增加D外界對氣體做功，氣體內(nèi)能可能減少2（6分）如圖，兩根相互平行的長直導(dǎo)線分別通有方向相反的電流I1和I2，且I1I2；a、b、c、d為導(dǎo)線某一橫截面所在平面內(nèi)的四點(diǎn)，且a、b、c與兩導(dǎo)線共面；b點(diǎn)在兩導(dǎo)線之間，b、d的連線與導(dǎo)線所在平面垂直

2、磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零的點(diǎn)是（）Aa點(diǎn)Bb點(diǎn)Cc點(diǎn)Dd點(diǎn)3（6分）雨后太陽光入射到水滴中發(fā)生色散而形成彩虹設(shè)水滴是球形的，圖中的圓代表水滴過球心的截面，入射光線在過此截面的平面內(nèi)，a、b、c、d代表四條不同顏色的出射光線，則它們可能依次是（）A紫光、黃光、藍(lán)光和紅光B紫光、藍(lán)光、黃光和紅光C紅光、藍(lán)光、黃光和紫光D紅光、黃光、藍(lán)光和紫光4（6分）通常一次閃電過程歷時(shí)約0.2O.3s，它由若干個(gè)相繼發(fā)生的閃擊構(gòu)成每個(gè)閃擊持續(xù)時(shí)間僅4080s，電荷轉(zhuǎn)移主要發(fā)生在第一個(gè)閃擊過程中在某一次閃電前云地之間的電勢差約為1.0×109v，云地間距離約為l km；第一個(gè)閃擊過程中云地間轉(zhuǎn)移的電荷量約為6

3、C，閃擊持續(xù)時(shí)間約為60s假定閃電前云地間的電場是均勻的根據(jù)以上數(shù)據(jù)，下列判斷正確的是（）A閃電電流的瞬時(shí)值可達(dá)到1×105AB整個(gè)閃電過程的平均功率約為l×1014WC閃電前云地間的電場強(qiáng)度約為l×106V/mD整個(gè)閃電過程向外釋放的能量約為6×106J5（6分）已知?dú)湓拥幕鶓B(tài)能量為E，激發(fā)態(tài)能量En=，其中n=2，3用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速能使氫原子從第一激發(fā)態(tài)電離的光子的最大波長為（）ABCD6（6分）我國“嫦娥一號”探月衛(wèi)星發(fā)射后，先在“24小時(shí)軌道”上繞地球運(yùn)行（即繞地球一圈需要24小時(shí)）；然后，經(jīng)過兩次變軌依次到達(dá)“48小時(shí)軌

4、道”和“72小時(shí)軌道”；最后奔向月球如果按圓形軌道計(jì)算，并忽略衛(wèi)星質(zhì)量的變化，則在每次變軌完成后與變軌前相比，（）A衛(wèi)星動(dòng)能增大，引力勢能減小B衛(wèi)星動(dòng)能增大，引力勢能增大C衛(wèi)星動(dòng)能減小，引力勢能減小D衛(wèi)星動(dòng)能減小，引力勢能增大7（6分）質(zhì)量為M、內(nèi)壁間距為L的箱子靜止于光滑的水平面上，箱子中間有一質(zhì)量為m的小物塊，小物塊與箱子底板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為初始時(shí)小物塊停在箱子正中間，如圖所示現(xiàn)給小物塊一水平向右的初速度v，小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間，井與箱子保持相對靜止設(shè)碰撞都是彈性的，則整個(gè)過程中，系統(tǒng)損失的動(dòng)能為（）Amv2BCNmglDNmgL8（6分）一列簡諧橫波沿x軸傳播，波長為

5、1.2m，振幅為A當(dāng)坐標(biāo)為x=0處質(zhì)元的位移為且向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)時(shí)坐標(biāo)為x=0.4m處質(zhì)元的位移為當(dāng)坐標(biāo)為x=0.2m處的質(zhì)元位于平衡位置且向y軸正方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，x=0.4m處質(zhì)元的位移和運(yùn)動(dòng)方向分別為（）A、沿y軸正方向B，沿y軸負(fù)方向C、沿y軸正方向D、沿y軸負(fù)方向二、實(shí)驗(yàn)題(共18分）9（6分）在“油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，有下列實(shí)驗(yàn)步驟：往邊長約為40cm的淺盤里倒入約2cm深的水待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形狀穩(wěn)定將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標(biāo)紙上，計(jì)算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計(jì)算出油酸分子直徑的大

6、小用注射器將事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，記下量筒內(nèi)每增加一定體積時(shí)的滴數(shù)，由此計(jì)算出一滴油酸酒精溶液的體積將玻璃板放在淺盤上，然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上完成下列填空：（1）上述步驟中，正確的順序是（填寫步驟前面的數(shù)字）（2）將1cm3的油酸溶于酒精，制成300cm3的油酸酒精溶液；測得l cm3的油酸酒精溶液有50滴現(xiàn)取一滴該油酸酒精溶液滴在水面上，測得所形成的油膜的面積是0.13m2由此估算出油酸分子的直徑為m（結(jié)果保留l位有效數(shù)字）10（12分）使用多用電表測量電阻時(shí)，多用電表內(nèi)部的電路可以等效為一個(gè)直流電源（一般為電池）、一個(gè)電阻和一表頭相串聯(lián)，兩個(gè)表筆分別位于

7、此串聯(lián)電路的兩端現(xiàn)需要測量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢，給定的器材有：待測多用電表，量程為60mA的電流表，電阻箱，導(dǎo)線若干實(shí)驗(yàn)時(shí)，將多用電表調(diào)至×1擋，調(diào)好零點(diǎn)；電阻箱置于適當(dāng)數(shù)值完成下列填空：（1）儀器連線如圖1所示（a和b是多用電表的兩個(gè)表筆）若兩電表均正常工作，則表筆a為 （填“紅”或“黑”）色；（2）若適當(dāng)調(diào)節(jié)電阻箱后，圖1中多用電表、電流表與電阻箱的示數(shù)分別如圖2（a），（b），（c）所示，則多用電表的讀數(shù)為電流表的讀數(shù)為mA，電阻箱的讀數(shù)為：（3）將圖l中多用電表的兩表筆短接，此時(shí)流過多用電表的電流為mA；（保留3位有效數(shù)字）（4）計(jì)算得到多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢為V（保留3位

8、有效數(shù)字）三、解答題11（15分）如圖，兩根足夠長的金屬導(dǎo)軌ab、cd豎直放置，導(dǎo)軌間距離為L1電阻不計(jì)在導(dǎo)軌上端并接兩個(gè)額定功率均為P、電阻均為R的小燈泡整個(gè)系統(tǒng)置于勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與導(dǎo)軌所在平面垂直現(xiàn)將一質(zhì)量為m、電阻可以忽略的金屬棒MN從圖示位置由靜止開始釋放金屬棒下落過程中保持水平，且與導(dǎo)軌接觸良好已知某時(shí)刻后兩燈泡保持正常發(fā)光重力加速度為g求：（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小：（2）燈泡正常發(fā)光時(shí)導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)速率12（19分）如圖，與水平面成45°角的平面MN將空間分成和兩個(gè)區(qū)域一質(zhì)量為m、電荷量為q（q0）的粒子以速度v0從平面MN上的P0點(diǎn)水平右射入I區(qū)粒子在區(qū)運(yùn)動(dòng)時(shí)，

9、只受到大小不變、方向豎直向下的電場作用，電場強(qiáng)度大小為E；在區(qū)運(yùn)動(dòng)時(shí)，只受到勻強(qiáng)磁場的作用，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向里求粒子首次從區(qū)離開時(shí)到出發(fā)點(diǎn)P0的距離粒子的重力可以忽略13（20分）裝甲車和戰(zhàn)艦采用多層鋼板比采用同樣質(zhì)量的單層鋼板更能抵御穿甲彈的射擊通過對以下簡化模型的計(jì)算可以粗略說明其原因質(zhì)量為2m、厚度為2d的鋼板靜止在水平光滑桌面上質(zhì)量為m的子彈以某一速度垂直射向該鋼板，剛好能將鋼板射穿現(xiàn)把鋼板分成厚度均為d、質(zhì)量均為m的相同兩塊，間隔一段距離水平放置，如圖所示若子彈以相同的速度垂直射向第一塊鋼板，穿出后再射向第二塊鋼板，求子彈射入第二塊鋼板的深度設(shè)子彈在鋼板中受到的阻

10、力為恒力，且兩塊鋼板不會發(fā)生碰撞不計(jì)重力影響2011年全國統(tǒng)一高考物理試卷（大綱卷）參考答案與試題解析一、選擇題（本題共8小題在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分共48分）1（6分）【考點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律【專題】計(jì)算題【分析】解答本題應(yīng)熟練準(zhǔn)確掌握熱力學(xué)第一定律的內(nèi)容，明確做功和熱傳遞均可改變物體的內(nèi)能【解答】解：根據(jù)熱力學(xué)第一定律，做功和熱傳遞都可以改變內(nèi)能，所以含有一定的B和C錯(cuò)誤，而D正確；理想氣體的等溫變化是一個(gè)內(nèi)能不變的過程，當(dāng)體積增大對外做功時(shí)同時(shí)必須從外界吸熱等大的熱量，故A正確；故選A D【點(diǎn)評

11、】本題主要考查熱力學(xué)第一定律，理解做功和熱傳遞都可以改變內(nèi)能才能正確解答2（6分）【考點(diǎn)】通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向【專題】應(yīng)用題【分析】由安培定則可判出兩導(dǎo)線在各點(diǎn)磁感線的方向，再由矢量的合成方法可得出磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)的位置【解答】解：兩電流在該點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，說明兩電流在該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足等大反向關(guān)系根據(jù)右手螺旋定則在兩電流的同側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反，則為a或c，又I1I2，所以該點(diǎn)距I1遠(yuǎn)距I2近，所以是c點(diǎn)；故選C【點(diǎn)評】本題考查了安培定則及矢量的合成方法，特別應(yīng)注意磁場的空間性，注意培養(yǎng)空間想象能力3（6分）【考點(diǎn)】光的折射定律【專題】應(yīng)用題【分析】根據(jù)折射圖象可得出

12、各光的偏折程度，即可得出折射率的大小，則可得頻率、波長等的大小時(shí)關(guān)系，即可判斷各光可能的順序【解答】解：由折射圖象可知a光的偏折程度最大，說明水滴對a 的折射率最大，故a的頻率最大，由v=f可知，a的波長最小，abcd偏折程度依次減小，故為紫光、藍(lán)光、黃光和紅光故選B【點(diǎn)評】本題考查同一介質(zhì)對不同色光的偏折程度與色光性質(zhì)的關(guān)系要求學(xué)生掌握色光的波長、頻率的大小關(guān)系4（6分）【考點(diǎn)】電功、電功率；電場強(qiáng)度【分析】（1）由于云地間的電場是勻強(qiáng)電場，根據(jù)場強(qiáng)的公式可以求得電場強(qiáng)度的大小；（2）根據(jù)電流強(qiáng)度的定義式可以求得電流的平均值的大??；（3）根據(jù)電場做功的公式，可以直接計(jì)算出釋放的能量【解答】解

13、：根據(jù)電流強(qiáng)度的定義式可得，電流 A（注意單位的正確換算），所以A正確釋放的能量等于電場力做功 W=QU=6×1.0×109=6×109J，所以D錯(cuò)誤；所以第一次閃電的平均功率為 W，由于電荷轉(zhuǎn)移主要發(fā)生在第一個(gè)閃擊過程中，所以整個(gè)閃電過程的平均功率小于第一次的閃電功率，所以B錯(cuò)誤電場強(qiáng)度的大小為 V/m，所以C正確故選A C【點(diǎn)評】本題是對電場強(qiáng)度的公式的直接考查，在電場這一部分中公式比較多，這就要求同學(xué)們在學(xué)習(xí)的過程中要掌握住每個(gè)公式5（6分）【考點(diǎn)】氫原子的能級公式和躍遷【專題】計(jì)算題【分析】最大波長對應(yīng)著光子的最小能量，即只要使使氫原子從第一激發(fā)態(tài)恰好電離

14、即可根據(jù)題意求出第一激發(fā)態(tài)的能量值，恰好電離時(shí)能量為0，然后求解即可【解答】解：第一激發(fā)態(tài)即第二能級，是能量最低的激發(fā)態(tài)，則有：；電離是氫原子從第一激發(fā)態(tài)躍遷到最高能級0的過程，需要吸收的光子能量最小為：所以有：，解的：，故ABD錯(cuò)誤，C正確故選C【點(diǎn)評】本題主要考察了電離中涉及的氫原子的能級躍遷問題同時(shí)明確光子能量、光速、頻率、波長之間關(guān)系6（6分）【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系【分析】根據(jù)人造衛(wèi)星的萬有引力等于向心力，列式求出線速度、周期的表達(dá)式，由題意知道周期變大，故半徑變大，故速度變小，由于要克服引力做功，勢能變大【解答】解：人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向

15、心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、地球質(zhì)量為M，有F=F向故G=m=m2r=m（）2r=ma解得v= T=2 a= 根據(jù)題意兩次變軌分別為：從“24小時(shí)軌道”變軌為“48小時(shí)軌道”和從“48小時(shí)軌道”變軌為“72小時(shí)軌道”，則結(jié)合式可知，在每次變軌完成后與變軌前相比運(yùn)行周期增大，運(yùn)行軌道半徑增大，運(yùn)行線速度減小，所以衛(wèi)星動(dòng)能減小，引力勢能增大，D正確故選D【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵抓住萬有引力提供向心力，先列式求解出線速度、周期的表達(dá)式，再進(jìn)行討論7（6分）【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；功能關(guān)系【專題】壓軸題【分析】本題考查動(dòng)量守恒、功能關(guān)系及能量守恒定律【解答】解：由于箱子M放在光滑的水平面上，則由箱子和

16、小物塊組成的整體動(dòng)量始終是守恒的，直到箱子和小物塊的速度相同時(shí)，小物塊不再相對滑動(dòng)，有mv=（m+M）v1系統(tǒng)損失的動(dòng)能是因?yàn)槟Σ亮ψ鲐?fù)功Ek=Wf=mg×NL=選項(xiàng)BD正確，AC錯(cuò)誤故選：BD【點(diǎn)評】兩個(gè)相對運(yùn)動(dòng)的物體，當(dāng)它們的運(yùn)動(dòng)速度相等時(shí)候，往往是最大距離或者最小距離的臨界條件本題是以兩物體多次碰撞為載體，綜合考查功能原理，動(dòng)量守恒定律，要求學(xué)生能依據(jù)題干和選項(xiàng)暗示，從兩個(gè)不同角度探求系統(tǒng)動(dòng)能的損失又由于本題是陳題翻新，一部分學(xué)生易陷入某種思維定勢漏選B或者D，另一方面，若不仔細(xì)分析，易認(rèn)為從起點(diǎn)開始到發(fā)生第一次碰撞相對路程為L，則發(fā)生N次碰撞，相對路程為，而錯(cuò)選C8（6分）【

17、考點(diǎn)】波長、頻率和波速的關(guān)系【專題】壓軸題【分析】根據(jù)x=0處質(zhì)元和x=0.4m處質(zhì)元的位移關(guān)系，結(jié)合波形及x=0.2m處質(zhì)元的振動(dòng)方向，判斷出波的傳播方向，確定x=0.4m處質(zhì)元的位移【解答】解：坐標(biāo)為x=0處質(zhì)元與坐標(biāo)為x=0.4m處質(zhì)元間距為0.4m小于半個(gè)波長，坐標(biāo)為x=0.2m處的質(zhì)元與他們一定在同一波沿上處在平衡位置向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，坐標(biāo)為x=0.4m處質(zhì)元也向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng) 當(dāng)坐標(biāo)為x=0.2m處的質(zhì)元位于平衡位置且向y軸正方向運(yùn)動(dòng)時(shí)經(jīng)歷時(shí)間是半個(gè)周期的奇數(shù)倍在這段時(shí)間坐標(biāo)為x=0.4m處質(zhì)元運(yùn)動(dòng)到對稱點(diǎn)即位移為，運(yùn)動(dòng)方向與原來相反，C正確故選C【點(diǎn)評】本題考查質(zhì)點(diǎn)間關(guān)系與波形、

18、間距、周期和波長的制約關(guān)系，往往畫出波形圖幫助分析判斷二、實(shí)驗(yàn)題(共18分）9（6分）【考點(diǎn)】用油膜法估測分子的大小【專題】壓軸題【分析】將配制好的油酸酒精溶液，通過量筒測出1滴此溶液的體積然后將1滴此溶液滴在有痱子粉的淺盤里的水面上，等待形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆描繪出油酸膜的形狀，將畫有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，按不足半個(gè)舍去，多于半個(gè)的算一個(gè)，統(tǒng)計(jì)出油酸薄膜的面積則用1滴此溶液的體積除以1滴此溶液的面積，恰好就是油酸分子的直徑【解答】解：（1）“油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)步驟為：配制酒精油酸溶液（教師完成，記下配制比例）測定一滴酒精油酸溶液的體積（題中的）準(zhǔn)備淺水

19、盤（）形成油膜（）描繪油膜邊緣（）測量油膜面積（）計(jì)算分子直徑（）（2）計(jì)算步驟：先計(jì)算一滴油酸酒精溶液中油酸的體積=一滴酒精油酸溶液的體積×配制比例=，再計(jì)算油膜面積，最后計(jì)算分子直徑=m故答案為：（1）（2）5×1010【點(diǎn)評】本題是以油酸分子呈球型分布在水面上，且一個(gè)靠著一個(gè)，從而可以由體積與面積相除求出油膜的厚度10（12分）【考點(diǎn)】多用電表的原理及其使用【專題】壓軸題【分析】當(dāng)用多用電表測電阻時(shí)，電源在表內(nèi)，要使電流從圖中電流表正極流進(jìn)，從負(fù)極流出，因此表筆a連接電源的正極，所以表筆a為黑色的多用電表測電阻時(shí)讀數(shù)是表盤示數(shù)與倍率的乘積；電流表的讀數(shù)要注意量程【解答

20、】解：（1）多用電表在使用時(shí)必須使電流從紅表筆（正接線柱）流進(jìn)，黑表筆（負(fù)接線柱）流出，串聯(lián)的電流表也必須使電流從正接線柱流進(jìn)，負(fù)接線柱流出，所以可以判斷電流是從a表筆流出的為黑表筆（2）多用電表用×1倍率測量，讀數(shù)為：14.0×1=14.0電流表的量程是60m A，所以不能在表盤上直接讀數(shù)，需要改裝為10，20，30，40，50，60的表盤，然后讀數(shù)為：53.0 m A電阻箱的讀數(shù)為：0×100+0×10+4×1+6×0.1=4.6（3）（4）多用電表測量電阻的原理是閉合電路的歐姆定律，多用電表內(nèi)部的電路等效的直流電源（一般為電池）

21、、電阻、表頭與待測電阻串聯(lián)，當(dāng)表頭短接時(shí)電路電流最大為表頭的滿偏電流Ig=，將Rg取為r+rg+R為多用電表的內(nèi)阻，當(dāng)待測電阻等于Rg時(shí)，這時(shí)表頭半偏，表針指在歐姆表盤的中值上，所以Rg又稱為中值電阻當(dāng)選擇×1倍率測量時(shí)中值電阻直接在歐姆表盤上讀數(shù)為15在（2）中多用電表外的電阻為多用電表的讀數(shù)14.0，干路電流是53.0 m A，則電源電動(dòng)勢是E=I（R內(nèi)+R外）=0.053×（15+14）=1.537V則滿偏電流Ig=m A故答案為：（1）黑； （2）14.0，53.0，4.6； （3）102； （4）1.54【點(diǎn)評】由閉合電路的毆姆定律可得，電流與待測電阻不成比例，所

22、以導(dǎo)致表盤的刻度不均勻同時(shí)當(dāng)表頭半偏時(shí)，所測電阻等于中值電阻三、解答題11（15分）【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；法拉第電磁感應(yīng)定律【專題】電磁感應(yīng)與電路結(jié)合【分析】導(dǎo)體棒釋放后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直到重力等于安培力時(shí)以最大速度勻速運(yùn)動(dòng)在加速階段感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流增大，兩燈泡逐漸變亮，只有在勻速階段兩燈泡的亮度不變，所以兩燈泡保持正常發(fā)光說明導(dǎo)體棒在勻速運(yùn)動(dòng)【解答】解：（1）兩燈泡保持正常發(fā)光說明導(dǎo)體棒在勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件：mg=BIL兩燈泡保持正常發(fā)光 I=2Im P=Im2 R 連立化簡得 磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小 （2）兩燈泡保持正常發(fā)光時(shí)的電壓等于感應(yīng)電動(dòng)勢U2=PR 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律 E=BLv 連立化簡得 燈泡正常發(fā)光時(shí)導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)速率 【點(diǎn)評】本題為電磁感應(yīng)與電路結(jié)合的題目，明確電路的結(jié)構(gòu)，找出電源是解決此類問題的突破口12（19分）【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)【專題】壓軸題【分析】在分離電磁場中粒子先做類平拋運(yùn)動(dòng)，后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩運(yùn)動(dòng)的銜接條件為速度大小和速度方向求粒子首次從II區(qū)離開時(shí)到出發(fā)點(diǎn)P0的距離必須知道在電場中的平拋位移和在磁場中運(yùn)動(dòng)的弦長，根據(jù)電場力方向和左手定則正粒子都向N側(cè)運(yùn)動(dòng)，