2020屆高三1月特供卷物理(一)學生版

1、2019-2020學年1月份內(nèi)部特供卷 物理（一）注意事項：1 .答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準考證號條形 碼粘貼在答題卡上的指定位置。2 .選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3 .非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草 稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4 .考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共 8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第 15題只有一項符 合題目要求，第68題有多項符合題目要求。全部選對的得

2、 6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答 的得0分。1 .下列關(guān)于近代物理中的一些說法，正確的是A.在光電效應現(xiàn)象中，金屬的逸出功隨入射光的頻率增大而增大B .比結(jié)合能大的原子核分裂成比結(jié)合能小的原子核時一定放出核能C.動量相同的質(zhì)子和電子，它們的德布羅意波的波長相等D.玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，提出了定態(tài)和躍遷的概念，成功地解釋了各種原子光譜的實驗規(guī)律2 .如圖所示，甲、乙、丙三個光滑軌道，甲是水平軌道，乙是向下凹 的圓弧軌道，丙是向上凸的圓弧軌道，三個軌道水平方向距離相同，圖中 虛線在同一水平面上。 現(xiàn)有三個完全相同的小球分別從相同高度由靜 止開始滾下，到達軌道的右側(cè)，三個小球運動過程中

3、始終未脫離軌道，下 列說法正確的是A.甲軌道上的小球先到達右側(cè)B.乙軌道上的小球先到達右側(cè)C.丙軌道上的小球先到達右側(cè)D.三個軌道上的小球同時到達右側(cè)3 .北京冬奧會將在 2022年2月4日至2022年2月20日在北京和張家口聯(lián)合舉行。這是北京 和張家口歷史上第一次舉辦冬季奧運會，圖示為某滑雪運動員訓練的情景 ：運動員從弧形坡面上滑下沿水平方向飛出后，又落回到斜面上。若斜面足夠長且傾角為0,弧形坡而與斜面頂端有-定高度差某次訓練時，運動員從弧形坡面飛出的水平速度大小為V0,飛出后在空中的姿勢保持不變 ，不計空氣阻力，下列判斷正確的是B.若運動員飛出時的水平速度大小變?yōu)?v0tan 人,一一t

4、0距斜而最遠gC.若運動員飛出時的水平速度大小變?yōu)?倍“D.若運動員飛出時的水平速度大小變?yōu)?V0,運動員飛出后經(jīng)2 V0，運動員落點位移為原來的2 V0,落到斜面前瞬間速度方向與水平方向的夾角變大4.如圖所示，表面粗糙的斜面放在水平地面上，給物體一個沿斜面向下的初速度V0,物體可以在斜面上勻速下滑?，F(xiàn)仍給物體一個沿斜面向下的初速度V0,同時給物體施加一個恒力F,在物體下滑的過程中（整個過程斜面始終沒有動），下列說法正確的是A .如果恒力F的方向平行于斜面向下，物體將加速運動，地面對斜面的摩擦力方向水平向左B.如果恒力F的方向水平向右，物體將減速運動，地面對斜面的摩擦力方向水平向左C.如果，f

5、f力F的方向垂直斜面向下，物體將減速運動，地面對斜面的 摩擦力方向向右D.如果，f1力F的方向平行于斜面向上，物體將減速運動，地面對斜面的摩擦力為零5. 2019年11月5日01時43分，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭，成功發(fā)射第49顆北斗導航衛(wèi)星，標志著北斗三號系統(tǒng) 3顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星全部發(fā)射完畢。傾斜地球同步軌道衛(wèi)星是運轉(zhuǎn)軌道面與地球赤道面有夾角的軌道衛(wèi)星，運行周期等于地球的自轉(zhuǎn)周期，傾斜地球同步軌道衛(wèi)星正常運行時，下列說法正確是A .此衛(wèi)星相對地面靜止B.如果有人站在地球赤道處地面上，此人的向心加速比此衛(wèi)星的向心加速度大C.此衛(wèi)星的發(fā)射速度小于第一宇宙速度D.此衛(wèi)星軌道

6、正下方某處的人用望遠鏡觀測，可能會一天看到兩次此衛(wèi)星6.如圖所示，傾角為 30。的光滑斜面底端固定一輕彈簧，O點為原長位置。質(zhì)量為 0.5kg的滑塊從斜面上 A點由靜止釋放，物塊下滑并壓縮彈簧到最短的過程中，最大動能為8J?，F(xiàn)將物塊由A點上方0.4m處的B點由靜止釋放，彈簧被壓縮過程中始終在彈性限度內(nèi)，g取10m/s2 ,則下列說法正確的是A. A點到O點的距離小于3.2mB.從B點釋放后滑塊運動的最大動能為9JA.若運動員以不同的速度從弧形坡面飛出，落到斜面前瞬間速度方向一定相同C.從B點釋放滑塊被彈簧彈回經(jīng)過A點的動能為1JD.從B點釋放彈簧最大彈性勢能比從A點釋放增加了 1J7 .如圖所

7、示電路中，電源內(nèi)阻忽略不計，R0的阻值小于Ri的總電阻。閉合開關(guān) S,電壓表示數(shù)為U,電流表示數(shù)為I；在滑動變阻器 Ri的滑片P由b端滑到a端的過程中A.電流表示數(shù)I先變小后變大B.電壓表示數(shù)U先變大后變小C.電壓表示數(shù)U變化量與電流表示數(shù)I變化量比值等于R3D.電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)I比值先變大后變小8.如圖所示，半徑為R的圓是圓柱形區(qū)域的橫截面與為圓心，acb 60 ，在圓上a點有一粒子源能以相同的速率向圓而內(nèi)各個方向發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，柱形區(qū)域內(nèi)存在平行于圓面的勻強電場，粒子從電場中射出的最大動能是初動能的 4倍經(jīng)過b點的粒子在b點的動能是 初動能的3倍,已知初動能為

8、Ek,不計粒子重力及粒子間的相互作用A.電場強度大小為空B.電場強度大小為qRC.電場強度方向從 a到bD .電場強度方向從二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第912題為必考題，每個試題考生都必須作答。第1314題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9. （5分）用如圖所示的實驗裝置可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系，地面水平，圖中。點是小球拋出點在地面上的垂直投影，實驗時用天平測量兩個小球的質(zhì)量mi、m2，先讓人射球1多次從斜軌上 S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置 P,測量平拋射程 OP ,然后，把被碰小球 2靜置于軌道的水平部分，再將入射球1從斜軌S位

9、置靜止釋放，與小球2相撞,并多次重復，分別找到球1、球2相碰后平均落地點的位置 M、N,測量平拋射程 OM、ON。O f JY若兩個小球質(zhì)量均未知只知道m(xù)1m2,則只需驗證表達式 成立，可證明發(fā)生的碰撞是彈性碰撞。（用題中測量的量表示）10. （10分）實驗室有一種靈敏電流計G,滿偏刻度為30格。某興趣小組想要較精確地測出它的滿偏電流Ig和內(nèi)阻Rg,實驗室中可供利用的器材有：待測靈敏電流計 G1、G2電流表A：（量程為1mA、內(nèi)阻約為100Q）打r-I定值電阻R1：（阻值為400 Q）斯 用定值電阻R2：（阻值為600 Q）h- 耳1-7電阻箱R: （09999.9 ，最小調(diào)節(jié)量0.1 Q）1

10、1-11滑動變阻器R3：（最大電阻2000 ，額定電流1.5A）直流電源：電動勢1.5V,內(nèi)阻不計；開關(guān)一個，導線若干。該小組設計的實驗電路圖如圖，連接好電路，并進行下列操作。（1）閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電流表示數(shù)適當。（2）若靈敏電流計 G2中的電流由b流向a,再調(diào)節(jié)電阻箱，使電阻箱R的阻值 （選填增大或減小”），直到G2中的電流為0。（3）讀出電阻箱連入電路的電阻為1200，電流表的示數(shù)為 0.6 mA,靈敏電流計 G1的指針指在20格的刻度處，則靈敏電流計滿偏電流Ig= 小,內(nèi)阻Rg= Qo11. （14分）如圖所示，空間存在方向斜向上且與水平方向夾角為45的勻強電場，電場強度大小

11、為E 受紗，范圍足夠大。電場中有一絕緣擋板MN,與水平方向夾角為 0 = 45，質(zhì)量為m、電荷q量為q、帶正電的小球從與 M點在同一水平線上的。點以速度V0豎直向上拋出，小球運動過程中恰 好不和擋板碰撞，小球運動軌跡所在平面與擋板垂直，重力加速為g,求：（1）小球貼近擋板時速度的大??；（2）小球貼近擋板時距 M點的距離。關(guān)于本實驗下列說法正確的是 。A .入射球1的質(zhì)量應比被碰小球2質(zhì)量大B.小球與斜槽間的摩擦對實驗有影響C.人射球1必須從同一高度釋放D .兩小球的半徑可以不同若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為 （用題中測量的量表示）12. （18分）如圖所示，傾角為0 = 30的斜面

12、與足夠大的光滑水平面在D處平滑連接，斜面上有A、B、C三點,AB、BC、CD間距均為20cm，斜面上BC部分粗糙 淇余部分光滑。2塊完全相同、質(zhì)量 均勻分布的長方形薄片（厚度忽略不計），緊挨在一起排在斜面上，從下往上編號依次為 1、2第1塊的下邊緣恰好在 A處，現(xiàn)將2塊薄片一起由靜止釋放，薄片經(jīng)過D處時無能量損失且相互之間無碰撞 ，14.選修3-4（1） （ 5分）2018年以來世界各地地震頻發(fā)，讓人感覺地球正處于很活躍”的時期,對地震波的研究有助于對地震進行監(jiān)測。地震波既有橫波，也有縱波，若我國地震局監(jiān)測到一列沿x軸正方向傳播的地已知每塊薄片質(zhì)量為 m=1kg、長為5cm,薄片與斜面BC間的

13、動摩擦因數(shù) 科=1 ,重力加速度為g,求:3（1）第1塊薄片剛完全進入 BC段時兩薄片間的作用力大小 ；| QI（2）第1塊薄片下邊緣剛運動到 C時的速度大?。话薢震橫波，在t（圖中實線）與。+0.4）s（圖中虛線）兩個日刻x軸上-3 3km區(qū)間內(nèi)的波形圖如圖所示，則下列（3）兩薄片在水平面上運動時的間距。說法正確的是13.選修3-3（1） （5分）下列說法中正確的是 （填正確答案標號）A.不可能從單-熱源吸收熱量并把它全部用來做功B.系統(tǒng)的宏觀狀態(tài)所對應的微觀態(tài)的多少表現(xiàn)為宏觀態(tài)的無 序程度C.通過增大壓強可以使所有氣體液化D.自發(fā)的熱傳導是不可逆的A.質(zhì)點振動的周期可能為0.16sB .該

14、地震波的波長為 3 km .E.某理想氣體經(jīng)歷從 A到B的過程，如圖所示，則當壓強變?yōu)椋?） （10分）如圖所示，一氣缸由截面積不同的兩圓簡聯(lián)接而成C.該地震波最小波速為5km/sD.從t時刻開始計時，x=2km處的質(zhì)點比x=2.5km處的質(zhì)點后回到平衡位置E.若該波傳播中遇到寬約4km的障礙物，則能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象（2） （10分）空氣中有一折射率為 我的玻璃柱體，其橫截面是圓心角為 90、半徑為R的半圓105Pa時溫度達到最高，固定在水平地面上，活塞A、B用長為31的剛性細桿連接，它們可以在簡內(nèi)無摩擦地沿水平方向左右滑動，A、B的截面積分別為Sa=305 , 一 、 一 一cm2 SB=

15、15cm2 ,A B之間封閉著壓強為 P| 1.2 10 Pa的一te質(zhì)重的理想氣體，兩活塞外側(cè)（A的左方和B的右方）都是大氣，大氣壓強始終保5持為Po 1.0 10 Pa,對活塞B施加一水平向右的外力F,使系統(tǒng)平衡。ACB、-束平行光平行于橫截面，以45入射角射到AO段上，如圖所示，其中OC與AB垂直。若只考慮首次入射到圓弧上的光，求：圓弧上有光透出的部分的弧長 ；從最左側(cè)出射的光與 oc延長線的交點O到圓心。的距離。（提示：sin15 耗 & ）4當氣缸內(nèi)氣體溫度為Ti=540K,活塞A、B的平衡位置如圖所示。使氣缸內(nèi)氣體溫度下降，同時緩慢減小外力，以保持活塞靜止不動，當溫度降至多少時，外

16、力正好減為零？外力為零后，不再施加外力，繼續(xù)使氣缸內(nèi)氣體溫度下降，溫度降為多少時活塞 A剛好右移到兩圓筒聯(lián)接處？2019-2020學年1月份內(nèi)部特供卷4.【答案】D物理（一）答案一、選擇題：本題共 8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第 15題只有一項符 合題目要求，第68題有多項符合題目要求。全部選對的得 6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答 的得0分。1 .【答案】C【解析】在光電效應現(xiàn)象中，逸出功由金屬本身決定，故 A錯誤；比結(jié)合能是結(jié)合能與核子數(shù) 的比值，比結(jié)合能大的原子核分裂成比結(jié)合能小的原子核時一定吸收能量，故B錯誤；根據(jù)德布羅h意波的波長的公式一可知，動量相同的質(zhì)子和

17、電子，具有相同的德布羅意波波長，故 C正確;P玻爾原子理論第一次將量子觀念引入原子領(lǐng)域，提出了定態(tài)和躍遷的概念，成功地解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律，故 D錯誤。故選C。2.【答案】B【解析】由題意可知，丙球先減速后加速，水平方向平均速度最小，所以丙球最后到達右側(cè)，三個小球動過程中始終未脫離軌道，利用臨界條件可知，乙球先加速后減速過程，若斜面傾角趨近于90 ,要不脫離軌道，速度只能趨近于0,乙球先加速后減速，顯然先到達，若速度較大，則斜面傾角趨近于0,兩個時間趨近相等，故 B正確。故選B。3.【答案】B【解析】利用物體從斜面頂端平拋的運動規(guī)律：設人從A點平拋，落到斜面上的 C點，沿AC作一直線AC

18、B,則從A平拋時，落到斜面 AB上時，速度方向與水平方向的夾角都相等，則落到斜面上E點時y方向速度VyE小于落到D點時y方向速度VyD水平方向速度相同，則落到E點時速度與水平方向的夾角比落到 D點小，故AD錯誤；運動員速度與斜面平行時，gt _ , 2v0 tan, _離斜面取匹，當速度為 2vo時，有tan ,得t 。故B正2vg確；若沿AB斜面平拋,落到斜面上D點的時間tanvygt小一 一 2tanv0v0/日 +2v0tan得t gv0tc 22v0 tanxs cosc 22vo tanog cos可知當速度為2v0時，s4s ,則落到E點時的距離為:s 4s；故C錯誤。故選B?！窘?/p>

19、析】物體可以在斜面上勻速下滑，則：f cos N sin , N cos N sin得： tan 。如果恒力F的方向平行于斜面向下，f和N保持不變，地面對斜面的摩擦力為0,故A錯誤；如果恒力F的方向水平向右，物體仍向下運動過程中：tan , n cos nsin ,，f cos N sin ,地面對斜面的摩擦力為 0,故B錯誤；如果恒力F的萬向垂直斜面向下，同理：一tan , N cos N sin , f cos N sin 。地面對斜面的摩擦力為0,故C錯誤；如果恒力F的方向平行于斜面向上，物體仍向下運動過程中： tan , N cos N sin , f cos N sin ,地面對斜面

20、的摩擦力為0,故D正確。故選D。5 .【答案】D【解析】由題意可知，傾斜地球同步軌道衛(wèi)星相對地面有運動，故 A錯誤；由向心加速度a2r ,赤道處的人和傾斜面地球同步軌道衛(wèi)星角速度相同，則人的向心加速度小，故B錯誤；此衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故C錯誤；由題意可知，此衛(wèi)星軌道正下方某處的人用望遠鏡觀測，會一天看到兩次此衛(wèi)星，故 D正確。6 .【答案】BC【解析】物塊從。點時開始壓縮彈簧，彈力逐漸增大，開始階段彈簧的彈力小于滑塊的重力沿斜 面向下白分力，物塊做加速運動.后來，彈簧的彈力大于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做減速運動所以物塊先做加速運動后做減速運動，彈簧的彈力等

21、于滑塊的重力沿斜面向下的分力時物塊的速度 最大設此過程中 A運動的位移為Xa根據(jù)能量守恒可知Eki Ep mgxAsin30o最大動能為8J,若Ep=0,則解得xA=3.2m,實際若Ep0,所以A點到O點的距離大于3.2m,故A錯誤；設物塊動能 最大時彈簧的彈性勢能為 Ep.從A釋放到動能最大的過程，由系統(tǒng)的機械能守恒得： Ek1 Ep mgxAsin30從B釋放到動能最大的過程，由系統(tǒng)的機械能守恒得：Ek2EpmgXB sin30且XbXa0.4m所以得從B點釋放滑塊最大動能為：Ek2Ek1mg Xb Xasin3080.5 10 0.4 0.5 9J故B正確；根據(jù)能量守恒可知，從從B點釋放

22、滑塊被彈簧彈回經(jīng)過 A點時：Ek mg Xb Xa sin30 1J,故c正確；根據(jù)物塊和彈 簧的系統(tǒng)機械能守恒知，彈簧最大彈性勢能等于物塊減少的重力勢能，由于從B點釋放彈簧的壓縮量增大，所以從 B點釋放彈簧最大彈性勢能比從 A點釋放增加為：Ep mg xB xA sin30 0.5 10 0.4 0.5J 1J 故 D 錯誤。m1v1m1V2m2 v37.【答案】AD【解析】滑動變阻器 Ri的滑片P由b端滑到a端的過程中，總電阻先變大后變小，由閉合電路歐姆定律可知，電流表示數(shù)先變小后變大，故 A正確；電源內(nèi)阻忽略不計，所以電壓表示數(shù)不變，故B錯誤；電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量比值等于除

23、R3外的總電阻，故C錯誤；電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)比值等于除 R3外的總電阻，電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)比值先變大后變小，故D正確。8.【答案】ABC【解析】設電場方向與 ab邊夾角為 ，離開電場時動能最大的粒子的射出點和c點的連線一定和電場方向平行，如圖所示，在粒子從a運動到b點過程中由動能定理有：qERcos 2Ek對離開電場時動能最大的粒子在電場中由動能定理有：小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間時乘以 t得：m1v1t m1v2t m2v3tt相等，上式兩邊同冗_qER 1 sin（ ）3Ek6由以上兩式解得sin 0或 sin 4石 7sin 0時（即電場方向由

24、a指向b）,得2EkqRsin4 6時,714E,E -,故選ABC 。 qR、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第912題為必考題，每個試題考生都必須作答。第1314題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9. （5 分）【答案】ACm1 OP m1 OM m2 ON OM OP ON【解析】（1）為保證入射小球不反彈，入射小球的質(zhì)量應比被碰小球質(zhì)量大，故 A正確；被碰小 球碰撞前后的時間僅由下落高度決定，兩球下落高度相同，時間相同，所以水平速度可以用水平位 移數(shù)值表示即可，小球與斜槽間的摩擦對實驗沒有影響，故B錯誤；小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，它們在空中的運動時間相等，小球

25、的水平位移與小球的初速度成正比，所以入射球必須從同一高度釋放.故C正確；由于是一維碰撞，所以兩球的半徑相同，否則就不是對心碰撞，驗證起來要困難得多，故 D錯誤。故選 AC。（2）要驗證動量守恒定律定律，即驗證解得：m1 OP m1 OM m2 ON（3）由動量守恒和能量守恒有mi OP 1Tli OM m2 ON121212-m1OM 2-m2ON2- m1OP2222聯(lián)立解得：OM OP ON。10. （10 分）【答案】減小300 800【解析】（2）靈敏電流計 G2中的電流由b流向a,說明b點電勢比a點電勢高，R2的阻值小 于電阻箱接入電路的阻值，減小電阻箱 R接入電路的阻值，當 a、b

26、兩點電勢相等時，流過 G2的電 流為0。（3）流過G2的電流為零，由圖示電路圖可知： -Rg ,即：1200 -Rg-,解得：Rg=800 Q;R2 R1600400U流過兩支路電流之比：-I1 -R一R2 -Rg-R 800 1200 2,由圖示電路圖可知：lG1 + |1 = |A,lG1 U R R2 400 600 1Rg R已知：lA=0.6mA,則：lG1=0.2mA,靈敏電流計G,滿偏刻度30格，靈敏電流計的指針指在20格的303刻度處，則靈敏電流計滿偏電流|。 |G1 0.2 0.3mA 300 A；g 202點睛：本題考查了應用電橋法測靈敏電流表內(nèi)阻與滿偏電流實驗，知道實驗原

27、理、分析清楚電路結(jié) 構(gòu)、應用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題。11. （14分）【解析】（1）由受力分析知，等效重力為mg,方向水平向右，由于粒子恰好不和擋板碰撞，粒子貼近擋板時其速度方向與擋板恰好平行，設向上為X,向右為y方向，有：tan 45v0vyvy v0解得：v J2vo。為丁3,則有:2SAl SBl 3SBl(2)設粒子貼近擋板時位置為 P,則有：tan45 一vyV0運動時間為：t -g2vox軸方向位移為：x v0t g2v2小球貼近擋板時距 M點的距離：PM2Xx 在包。g12. (18 分)【解析】(1)第1塊薄片剛完全進入 BC段時，兩薄片：2mgsin 30 mg

28、cos30 2ma-，r1解得：a -g4對薄片2：mg sin 30 F mam _1一得：F -mg 2.5N4(2)將兩塊薄片看作整體，當兩塊薄片恰完全進入BC段時，由動能定理有1 ,、 0 2 mg cos30 12 人2mgsin 30 (Lab _ Lbc) 21片二一 2mv 02 2210 .伶：v m/s。2此后對薄片受力分析知，沿斜面方向合力為0,所以兩薄片一直勻速運動到薄片1前端到達C點，此時第1塊薄片速度為v 匝m/s。2(3)每塊薄片由前端在 C點運動到水平面上，由動能定理， 1 , 、1“ ，1212mgsin30 (LCD -1片) 一 mg cos30 l片二一

29、 mv1 mv 2222解得：v1. 4.5m/s兩薄片到達水平面的時間差：t - .10sv所以兩塊薄片滑到水平面上后的距離為：x v1t 3J5m。13.選修3-3(5分)【答案】BDE【解析】根據(jù)熱力學第二定律，不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來做功，而不引起其它變化，故A錯誤；嫡是物體內(nèi)分子運動無序程度的量度，所以宏觀態(tài)對應的微觀態(tài)越多，宏觀態(tài)就越無序，故B正確；增大壓強不能使所有氣體液化，只有在臨界溫度以下才可以通過增大壓強使氣體液化，故 C錯誤；一切與熱現(xiàn)象有關(guān)宏觀過程都是不可逆的，故 D正確；由圖像可知，壓強與體積的關(guān)系為：P=2 0.5V，一 PV -由公式 c知，PV (2-0.5V)V0.5(V 2)2 2