【KS5U解析】云南省彌勒市第一中學(xué)2019-2020學(xué)年高二下學(xué)期第三次月考物理試題 Word版含解析

1、彌勒一中高二年級(jí)物理月考31. 下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 輕核聚變反應(yīng)方程中，x表示正電子b. 是鈾核裂變的一種反應(yīng)方程c. 放射性元素與不同的元素形成化合物，其半衰期不同d. 比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定【答案】d【解析】【詳解】a輕核聚變反應(yīng)方程中，x表示中子，選項(xiàng)a錯(cuò)誤；b鈾核裂變的反應(yīng)必須有中子參加，并且在生成物中有多個(gè)中子產(chǎn)生，選項(xiàng)b錯(cuò)誤；c放射性元素與不同的元素形成化合物，其半衰期不變，選項(xiàng)c錯(cuò)誤；d比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，選項(xiàng)d正確。故選d2. 金屬在光的照射下產(chǎn)生光電效應(yīng)，其遏止電壓uc與入射光頻率的關(guān)系圖象如圖所示.則由

2、圖象可知()a. 入射光頻率越大，該金屬的逸出功越大b. 入射光的頻率越大，則遏止電壓越大(>0)c. 由圖可求出普朗克常量hd. 光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成正比【答案】b【解析】【詳解】a逸出功與入射光頻率無(wú)關(guān)，是由金屬材料決定的，故a錯(cuò)誤；b根據(jù)光電效應(yīng)方程ekmhw0和eucekm得：，當(dāng)入射光的頻率大于等于極限頻率時(shí)，入射光的頻率越大，則遏止電壓越大，故b正確；c由，知圖線的斜率等于，由題圖可以得出斜率的大小 ，則普朗克常量為，故c錯(cuò)誤；d根據(jù)光電效應(yīng)方程ekmhw0，得光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成線性關(guān)系，不是成正比，故d錯(cuò)誤.3. 如圖所示為用絞車(chē)拖物塊的示意圖

3、拴接物塊的細(xì)線被纏繞在輪軸上，輪軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)從而拖動(dòng)物塊已知輪軸的半徑r0.5m，細(xì)線始終保持水平；被拖動(dòng)物塊質(zhì)量m1kg，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，細(xì)線能承受的最大拉力為10n；輪軸的角速度隨時(shí)間變化的關(guān)系是kt，k2rad/s2，g取10m/s2，以下判斷正確的是a. 細(xì)線對(duì)物塊的拉力是5nb. 當(dāng)物塊的速度增大到某一值后，細(xì)線將被拉斷c. 物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)d. 物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小是1m/s2【答案】d【解析】【詳解】ab由牛頓第二定律可得：t-f=ma；地面摩擦阻力f=mg=0.5×1×10=5n；故可得物塊受力繩子拉力t =6n<tm=10

4、n，則當(dāng)物塊的速度增大到某一值后，細(xì)線不會(huì)被拉斷，故ab錯(cuò)誤.cd由題意知，物塊的速度v=r=2t×0.5=1t；又v=at，故可得：a=1m/s2，故c錯(cuò)誤，d正確；4. 如圖，絕緣光滑圓環(huán)豎直放置，a、b、c為三個(gè)套在圓環(huán)上可自由滑動(dòng)的空心帶電小球，已知小球c位于圓環(huán)最高點(diǎn)，ac連線與豎直方向成60°角，bc連線與豎直方向成30°角，三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是（）a. a、b、c小球帶同種電荷b. a、b小球帶異種電荷，b、c小球帶同種電荷c. a、b小球電量之比為d. a、b小球電量之比【答案】d【解析】【詳解】ab對(duì)a，a受到重力、環(huán)的支持力

5、以及b、c對(duì)a的庫(kù)侖力，重力的方向在豎直方向上，環(huán)的支持力以及b對(duì)a的庫(kù)侖力均沿圓環(huán)直徑方向，故c對(duì)a的庫(kù)侖力為引力，同理可知，c對(duì)b的庫(kù)侖力也為引力，所以a與c的電性一定相反，與b的電性一定相同。即：a、b小球帶同種電荷，b、c小球帶異種電荷，故ab錯(cuò)誤；cd對(duì)c小球受力分析，將力沿水平方向和豎直方向正交分解后可得又解得：故c錯(cuò)誤，d正確。故選d。5. 2019年春節(jié)檔，科幻電影流浪地球紅遍大江南北。電影講述的是太陽(yáng)即將毀滅，人類(lèi)在地球上建造出巨大的推進(jìn)器，使地球經(jīng)歷停止自轉(zhuǎn)、加速逃逸、勻速滑行、減速入軌等階段，最后成為新恒星（比鄰星）的一顆行星的故事。假設(shè)幾千年后地球流浪成功，成為比鄰星的

6、一顆行星，設(shè)比鄰星的質(zhì)量為太陽(yáng)質(zhì)量的，地球質(zhì)量在流浪過(guò)程中損失了，地球繞比鄰星運(yùn)行的軌道半徑為地球繞太陽(yáng)運(yùn)行軌道半徑的，則下列說(shuō)法正確的是（）a. 地球繞比鄰星運(yùn)行的公轉(zhuǎn)周期和繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)周期相同b. 地球繞比鄰星運(yùn)行的向心加速度是繞太陽(yáng)運(yùn)行時(shí)向心加速度的c. 地球與比鄰星間的萬(wàn)有引力為地球與太陽(yáng)間萬(wàn)有引力的d. 地球繞比鄰星運(yùn)行的動(dòng)能是繞太陽(yáng)運(yùn)行時(shí)動(dòng)能的【答案】a【解析】【分析】由萬(wàn)有引力提供向心力，應(yīng)用萬(wàn)有引力公式與牛頓第二定律求出地球的周期、向心加速度、線速度，然后分析求解?！驹斀狻縜萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得解得則所以地球繞比鄰星運(yùn)行的公轉(zhuǎn)周期和繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)周期相同，故a正確

7、；b萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得解得則故b錯(cuò)誤；c萬(wàn)有引力之比故c錯(cuò)誤；d萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得則動(dòng)能之比為故d錯(cuò)誤。故選a。6. 科學(xué)家預(yù)言，自然界存在只有一個(gè)磁極的磁單極子，磁單極n的磁場(chǎng)分布如圖甲所示，它與如圖乙所示正點(diǎn)電荷q的電場(chǎng)分布相似。假設(shè)磁單極子n和正點(diǎn)電荷q均固定，有相同的帶電小球分別在n和q附近 （圖示位置）沿水平面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則下列判斷正確的是（ ）a. 從上往下看，圖甲中帶電小球一定沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)b. 從上往下看，圖甲中帶電小球一定沿順時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)c. 從上往下看，圖乙中帶電小球一定沿順時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)d. 從上往下看，圖乙中帶電小球一定沿逆時(shí)針?lè)?/p>

8、向運(yùn)動(dòng)【答案】a【解析】【詳解】根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)受力條件可以從圖乙中判斷帶電小球帶的一定是負(fù)電，且在電場(chǎng)中小球的運(yùn)動(dòng)方向與電場(chǎng)力的方向無(wú)關(guān)；由甲圖中洛侖茲力方向，根據(jù)左手定則可知，帶電小球一定沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)。故選a。7. 如圖所示，理想變壓器上連接著4個(gè)燈泡，燈泡l1、l2的額定電壓為2u0，額定電流為2i0，燈泡l3、l4的額定電壓為u0，額定電流為i0，電壓表為理想電壓表。閉合開(kāi)關(guān)k，4個(gè)燈泡剛好正常發(fā)光，則（）a. a、b兩端的電壓為3u0b. 變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：2c. 斷開(kāi)k，燈泡l1、l2都變暗d. 斷開(kāi)k，電壓表的示數(shù)不變【答案】bc【解析】【詳解】ab根據(jù)理想變壓器的匝

9、數(shù)比等于電流的反比可得由題意可知，副線圈兩端電壓為u0原線圈兩端電壓為根據(jù)理想變壓器的匝數(shù)比等于電壓之比可得解得故a錯(cuò)誤，b正確；cd將副線圈等效為原線圈中的回路，則有即有且得等效電阻為由于斷開(kāi)k，等效電阻變大，等效電路中的電流變小，則燈泡l1、l2都變暗，即l1、l2兩端電壓變小，等效電阻兩端電壓變大，即副線圈兩端電壓變大，則電壓表示數(shù)變大，故c正確，d錯(cuò)誤。故選bc。8. 如圖所示，甲、乙傳送帶傾斜放置，并以相同的恒定速率v逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)，兩傳送帶粗糙程度不同，但長(zhǎng)度、傾角均相同將一小物體分別從兩傳送帶頂端的a點(diǎn)無(wú)初速度釋放，甲傳送帶上小物體到達(dá)底端b點(diǎn)時(shí)恰好達(dá)到速度v；乙傳送帶上小物體到達(dá)傳

10、送帶中部的c點(diǎn)時(shí)恰好達(dá)到速度v，接著以速度v運(yùn)動(dòng)到底端b點(diǎn)則小物體從a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程a. 小物體在甲傳送帶上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間比在乙上的大b. 小物體與甲傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)比與乙之間的大c. 兩傳送帶對(duì)小物體做功相等d. 兩傳送帶因與小物體摩擦產(chǎn)生的熱量相等【答案】ac【解析】【詳解】a根據(jù)兩個(gè)物體的總位移相等，v-t圖象的“面積”表示位移，作出兩個(gè)物體的v-t圖象，可知t甲t乙故a正確bv-t圖象的斜率表示加速度，由圖知，甲勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度小于乙勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度，由牛頓第二定律得：mgsin+mgcos=ma得 a=gsin+gcos則知小時(shí)，a小，因此物體與甲傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)比乙小，

11、故b錯(cuò)誤c根據(jù)動(dòng)能定理得： 則得傳送帶對(duì)物體做功 h、v、m都相等，則w相等，故c正確d設(shè)傳送帶長(zhǎng)為l甲中：物體運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：物體與傳送帶間的相對(duì)位移大小為：x甲=vt甲-l=l物體的加速度為： 由牛頓第二定律得：mgsin+f甲=ma甲得：產(chǎn)生的熱量為： 乙中：物體運(yùn)動(dòng)時(shí)間為物體與傳送帶間的相對(duì)位移大小為：物體的加速度為： 由牛頓第二定律得：mgsin+f乙=ma乙得： 產(chǎn)生熱量為：則知乙與物體摩擦產(chǎn)生的熱量較多，故d錯(cuò)誤9. 如圖所示，帶電量為q的正點(diǎn)電荷固定在傾角為30°的光滑絕緣斜面底端c點(diǎn)，斜面上有a、b、d三點(diǎn)，a和c相距為l，b為ac中點(diǎn)，d為a、b的中點(diǎn)?，F(xiàn)將一帶電小球

12、從a點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)帶電小球運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)速度恰好為零。已知重力加速度為g，帶電小球在a點(diǎn)處的加速度大小為，靜電力常量為k。則（）a. 小球從a到b的過(guò)程中，速度最大的位置在d點(diǎn)b. 小球運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)的加速度大小為c. bd之間的電勢(shì)差ubd大于da之間的電勢(shì)差udad. ab之間的電勢(shì)差uab=【答案】bc【解析】【詳解】a帶電小球在a點(diǎn)時(shí)，有當(dāng)小球速度最大時(shí)，加速度為零，有聯(lián)立上式解得所以速度最大的位置不在中點(diǎn)d位置，a錯(cuò)誤；b帶電小球在a點(diǎn)時(shí)，有帶電小球在b點(diǎn)時(shí)，有聯(lián)立上式解得b正確；c根據(jù)正電荷的電場(chǎng)分布可知，b點(diǎn)更靠近點(diǎn)電荷，所以bd段的平均場(chǎng)強(qiáng)大小大于ad段的平均場(chǎng)強(qiáng)，根據(jù)可知，bd

13、之間的電勢(shì)差ubd大于da之間的電勢(shì)差uda，c正確；d由a點(diǎn)到b點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理得由可得聯(lián)立上式解得d錯(cuò)誤。故選bc。10. 如圖，同一水平面上固定兩根間距為、足夠長(zhǎng)的平行光滑導(dǎo)軌和，端接阻值為的定值電阻，整個(gè)裝置處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。一個(gè)質(zhì)量為的導(dǎo)體棒，以平行于導(dǎo)軌的初速度開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)位移停下，棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，其它電阻忽略不計(jì)。則（）a. 該過(guò)程中導(dǎo)體棒加速度一直不變b. 該過(guò)程中回路產(chǎn)生的焦耳熱為c. 磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為d. 導(dǎo)體棒滑過(guò)位移時(shí)，受到的安培力為【答案】bcd【解析】【詳解】a該過(guò)程中導(dǎo)體棒做減速運(yùn)動(dòng)，速度減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)減小，回路中電流減小，安培力

14、減小，加速度減小，故a錯(cuò)誤；b根據(jù)能量守恒定律可知該過(guò)程中減小的動(dòng)能全部產(chǎn)生的焦耳熱，說(shuō)明產(chǎn)生焦耳熱為，故b正確；c取整個(gè)過(guò)程為研究對(duì)象，由動(dòng)量定理可得回路中流過(guò)電量由法拉弟電磁感應(yīng)定律可得由閉合電路歐姆定律可得聯(lián)立以上各式可求故c正確；d由電磁感應(yīng)定律可求得導(dǎo)體棒滑過(guò)位移時(shí)平均電流由動(dòng)量定理可得此時(shí)安培力大小聯(lián)立可求得故d正確。故選bcd。11. 某同學(xué)設(shè)計(jì)了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)。所用器材：固定有光電門(mén)的長(zhǎng)木板、數(shù)字計(jì)時(shí)器、一端帶有遮光片的滑塊a（總質(zhì)量為m）、粘有橡皮泥的滑塊b（總質(zhì)量為m）等。將長(zhǎng)木板水平放置，遮光片寬度為d（d很小），重力加速度為g，用相應(yīng)的已知物理量符號(hào)回答下列問(wèn)題

15、：(1)如圖（a）所示，使a具有某一初速度，記錄下遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間t和a停止滑動(dòng)時(shí)遮光片與光電門(mén)的距離l，則a經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度可表示為v=_；a與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)=_；(2)如圖（b）所示，仍使a具有某一初速度，并與靜止在正前方的b發(fā)生碰撞（碰撞時(shí)間極短），撞后粘在一起繼續(xù)滑行。該同學(xué)記錄了遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間t0，a、b撞前b左端距光電門(mén)的距離s1，以及a、b撞后它們一起滑行的距離s2，若a 、b材料相同，它們與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)用字母表示，如需驗(yàn)證a、b系統(tǒng)碰撞時(shí)滿足動(dòng)量守恒定律，只需驗(yàn)證_成立即可。【答案】 (1). (2). (3). 【解析】【詳解】(1)1由于遮光片通過(guò)

16、光電門(mén)的時(shí)間極短，可以用平均速度表示瞬時(shí)速度，故2由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度位移公式得，即有解得(2)3a經(jīng)過(guò)光電門(mén)的速度為由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度位移公式有a與b碰撞前的速度為同理可得碰撞后ab的速度為即若a、b系統(tǒng)碰撞時(shí)滿足動(dòng)量守恒定律即12. 用dis測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻電路如圖（a）所示，r0為定值電阻（1）調(diào)節(jié)電阻箱r，記錄電阻箱的阻值r和相應(yīng)的電流值i，通過(guò)變換坐標(biāo)，經(jīng)計(jì)算機(jī)擬合得到如圖（b）所示圖線，則該圖線選取了_為縱坐標(biāo)，由圖線可得該電源電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)v（2）現(xiàn)有三個(gè)標(biāo)有“25v，06a”相同規(guī)格的小燈泡，其iu特性曲線如圖（c）所示，將它們與圖（a）中電源按圖（d）所示電路相連，a燈恰好

17、正常發(fā)光，則電源內(nèi)阻r=_，圖（a）中定值電阻r0=_（3）若將圖（a）中定值電阻r0換成圖（d）中小燈泡a，調(diào)節(jié)電阻箱r的阻值，使電阻箱r消耗的電功率是小燈泡a的兩倍，則此時(shí)電阻箱阻值應(yīng)調(diào)到_【答案】 (1). (2). 4.5 (3). 2.5 (4). 2 (5). ）4.80（4.6-4.9均可）【解析】【詳解】（1）由閉合電路歐姆定律可知：；要形成與電阻成一次函數(shù)關(guān)系，則縱坐標(biāo)只能?。粍t有：；則圖象斜率為：；則有：e=4.5v；，則有：r0+r=4.5（2）a燈正常發(fā)光的電流為：i=0.6a；則bc兩燈的電流為0.3a，由圖象可知，bc兩燈的電壓為0.5v；路端電壓為：u=2.5v+

18、0.5v=3v；則內(nèi)壓為：u內(nèi)=4.5-3=1.5v；則內(nèi)阻為：；則定值電阻為：r0=4.5-2.5=2；（3）燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，故燈泡與電阻中流過(guò)的電流相等，而滑動(dòng)變阻器阻值約為燈泡電阻的兩倍；則滑動(dòng)變阻器兩端的電壓為燈泡兩端電壓的兩倍，設(shè)燈泡兩端電壓為u，則滑動(dòng)變阻器兩端電壓為2u，則由閉合電路歐姆定律可知：3u+2.5i=4.5變形得i=1.8-1.2u；在上圖中作出對(duì)應(yīng)的i-u圖象，則與原圖象的交點(diǎn)為符合條件點(diǎn)；由圖可知，i=0.48a，u=1.15v；則滑動(dòng)變阻器阻值為：（4.6-4.9均可）；13. 如圖所示，固定的光滑平臺(tái)上放置兩個(gè)滑塊a、b，平臺(tái)右側(cè)有一帶擋板的小車(chē)，靜止在

19、光滑的水平地面上。小車(chē)質(zhì)量m=0.3kg，車(chē)面與平臺(tái)的臺(tái)面等高，小車(chē)的上表面的右側(cè)固定根輕彈簧，彈簧的自由端在q點(diǎn)，小車(chē)的上表面左端點(diǎn)p與q點(diǎn)之間是粗糙的，p、q之間的距離為l，滑塊b與pq之間表面的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.2，o點(diǎn)右側(cè)表面是光滑的?，F(xiàn)使滑塊a以v=4.5m/s的速度向滑塊b運(yùn)動(dòng)，并與b發(fā)生彈性碰撞。兩滑塊都可以看作質(zhì)點(diǎn)，取，求：(1)滑塊a、b碰后瞬間b的速度大??；(2)若l=0.8m，滑塊b滑上小車(chē)后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能。【答案】(1)3m/s；(2)0.22j【解析】【詳解】(1)滑塊ab發(fā)生彈性碰撞，可知在碰撞過(guò)程中，機(jī)械能守恒，則有聯(lián)立解得(2)滑塊b沖上小車(chē)后將

20、彈簧壓縮到最短時(shí)，彈簧具有最大彈性勢(shì)能，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得由能量守恒定律得解得14. 如圖所示，在坐標(biāo)系xoy的第一象限內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第三象限存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第二象限內(nèi)存在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第四象限內(nèi)存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，且第二象限和第四象限內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等。一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，從y軸上的a點(diǎn)（0，r）沿x軸負(fù)方向射入第三象限，隨后從c點(diǎn)垂直于x軸進(jìn)入第二象限，然后從y軸上d點(diǎn)沿與y軸成角的方向離開(kāi)電場(chǎng)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，從x軸上f點(diǎn)進(jìn)入第四象限，恰好又能從a點(diǎn)垂直y軸射入磁場(chǎng)，以后做周期性運(yùn)動(dòng)。不計(jì)

21、粒子重力，求：(1)電場(chǎng)強(qiáng)度e的大?。?2)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；(3)粒子的運(yùn)動(dòng)周期t?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)【解析】【詳解】(1)根據(jù)題意可知，帶電粒子在第三象限做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由可得在第二象限的電場(chǎng)中，粒子沿電場(chǎng)方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有粒子的加速度大小由于粒子從d點(diǎn)射出時(shí)與y軸的夾角為，所以有綜合以上解得(2)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)i時(shí)的速度大小為od間的距離大小為根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子在磁場(chǎng)i中做半徑為的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，然后從f點(diǎn)射出時(shí)速度方向與x軸負(fù)方向的夾角大小也為根據(jù)聯(lián)立以上可解得(3)粒子在磁場(chǎng)中做周期圓周運(yùn)動(dòng)，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間在磁場(chǎng)i做周期的圓周運(yùn)動(dòng)，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間由于粒子從x軸上的f點(diǎn)進(jìn)入第四象限，恰好又能從a點(diǎn)垂直y軸射入磁場(chǎng)，因此可知粒子在兩個(gè)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，均為故粒子運(yùn)動(dòng)的周期為15. 下列說(shuō)法正確的是_。a. 顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停的作無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，這反映了液體分子運(yùn)