新課標(biāo)三維高三二輪物理

1、明明 確確 考考 點(diǎn)點(diǎn)把把 握握 考考 情情1滑動(dòng)摩擦力、動(dòng)滑動(dòng)摩擦力、動(dòng) 摩擦因數(shù)、靜摩摩擦因數(shù)、靜摩 擦力擦力2胡克定律胡克定律3力的合成和分解力的合成和分解4共點(diǎn)力的平衡共點(diǎn)力的平衡1.高考對(duì)本專題知識(shí)的考查多以選擇題高考對(duì)本專題知識(shí)的考查多以選擇題 的形式出現(xiàn)，難度適中的形式出現(xiàn)，難度適中.2.單個(gè)物體的平衡和連接體的平衡問題單個(gè)物體的平衡和連接體的平衡問題 均是近幾年的考查熱點(diǎn)，其中涉及帶均是近幾年的考查熱點(diǎn)，其中涉及帶 電體、通電導(dǎo)體電體、通電導(dǎo)體.在電場、復(fù)合場中在電場、復(fù)合場中 的平衡問題仍是今后高考的重點(diǎn)和熱的平衡問題仍是今后高考的重點(diǎn)和熱 點(diǎn)，并且綜合性較強(qiáng)，能力要求較高點(diǎn)

2、，并且綜合性較強(qiáng)，能力要求較高. 受力分析是整個(gè)物理學(xué)的基礎(chǔ)，本專題內(nèi)容常與其他知受力分析是整個(gè)物理學(xué)的基礎(chǔ)，本專題內(nèi)容常與其他知識(shí)綜合命題，主要涉及彈簧彈力、摩擦力、共點(diǎn)力的合成與識(shí)綜合命題，主要涉及彈簧彈力、摩擦力、共點(diǎn)力的合成與分解，復(fù)習(xí)時(shí)要加大對(duì)物體受力分析的訓(xùn)練分解，復(fù)習(xí)時(shí)要加大對(duì)物體受力分析的訓(xùn)練.對(duì)摩擦力一定對(duì)摩擦力一定要搞清楚產(chǎn)生的條件從而牢固掌握好；力的合成與分解是力要搞清楚產(chǎn)生的條件從而牢固掌握好；力的合成與分解是力學(xué)的基礎(chǔ)，應(yīng)熟練掌握矢量合成法則：平行四邊形定則和三學(xué)的基礎(chǔ)，應(yīng)熟練掌握矢量合成法則：平行四邊形定則和三角形定則，明確力的各種分解方法角形定則，明確力的各種分解

3、方法.能運(yùn)用能運(yùn)用物體的平衡條件，分析單個(gè)物體或連接體、以及帶物體的平衡條件，分析單個(gè)物體或連接體、以及帶電體和通電導(dǎo)體，在電場、磁場、復(fù)合場中的平衡電體和通電導(dǎo)體，在電場、磁場、復(fù)合場中的平衡問題問題.一、常見的幾種力一、常見的幾種力1.重力與萬有引力的比較重力與萬有引力的比較 (1)方向：方向：萬有引力的方向指向地心，而重力的方萬有引力的方向指向地心，而重力的方 向總是豎直向下，與當(dāng)?shù)氐乃矫娲怪?，但不一定向總是豎直向下，與當(dāng)?shù)氐乃矫娲怪?，但不一?指向地心指向地心. (2)大小：大?。篏mg.其中其中g(shù)與地理位置和物體所在處與地理位置和物體所在處離地面的高度有關(guān)離地面的高度有關(guān). 重力

4、與萬有引力的不同是由于地球自轉(zhuǎn)引起的，重力與萬有引力的不同是由于地球自轉(zhuǎn)引起的，如果不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，就可以認(rèn)為物體的重力如果不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，就可以認(rèn)為物體的重力等于地球?qū)ξ矬w的萬有引力等于地球?qū)ξ矬w的萬有引力.2.對(duì)彈力的理解對(duì)彈力的理解 (1)產(chǎn)生條件：產(chǎn)生條件：直接接觸；直接接觸；發(fā)生彈性形變發(fā)生彈性形變. (2)大?。捍笮。簭椈傻膹椓捎珊硕蓮椈傻膹椓捎珊硕蒄kx計(jì)算，一般情計(jì)算，一般情 況下可用平衡條件或牛頓定律求解況下可用平衡條件或牛頓定律求解. (3)方向：方向：垂直于接觸面指向受力物體垂直于接觸面指向受力物體.(1)對(duì)產(chǎn)生條件的理解：物體間要存在摩擦力，對(duì)產(chǎn)

5、生條件的理解：物體間要存在摩擦力，必須同時(shí)滿足產(chǎn)生摩擦力的三個(gè)條件，缺一不必須同時(shí)滿足產(chǎn)生摩擦力的三個(gè)條件，缺一不可可.(2)兩類摩擦力的判斷：物體間存在靜摩擦力還兩類摩擦力的判斷：物體間存在靜摩擦力還是滑動(dòng)摩擦力，不是看物體是靜止的還是運(yùn)動(dòng)是滑動(dòng)摩擦力，不是看物體是靜止的還是運(yùn)動(dòng)的，而是看物體間是相對(duì)靜止還是相對(duì)滑動(dòng)，的，而是看物體間是相對(duì)靜止還是相對(duì)滑動(dòng)，靜止的物體可以受滑動(dòng)摩擦力，運(yùn)動(dòng)的物體也靜止的物體可以受滑動(dòng)摩擦力，運(yùn)動(dòng)的物體也可以受靜摩擦力作用可以受靜摩擦力作用.3.摩擦力的分析與計(jì)算摩擦力的分析與計(jì)算(3)摩擦力的大小計(jì)算摩擦力的大小計(jì)算滑動(dòng)摩擦力的大小：由滑動(dòng)摩擦力的大?。河蒄

6、FN來計(jì)算，但要來計(jì)算，但要注意注意FN的分析，它跟研究物體在垂直于接觸面的分析，它跟研究物體在垂直于接觸面方向的受力及該方向上的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)有關(guān)方向的受力及該方向上的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)有關(guān).靜摩擦力的大?。焊a(chǎn)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的外靜摩擦力的大?。焊a(chǎn)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的外力密切相關(guān)，與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)有關(guān)，但跟接力密切相關(guān)，與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)有關(guān)，但跟接觸面間的觸面間的FN無直接關(guān)系無直接關(guān)系.一般通過分析受力情況，一般通過分析受力情況，沿接觸面方向根據(jù)平衡條件或牛頓第二定律列沿接觸面方向根據(jù)平衡條件或牛頓第二定律列方程求解方程求解.4.電場力電場力 (1)大小大小(2)方向方向(1)安培力安培力大?。捍笮。篎安安

7、BIl(l為垂直于勻強(qiáng)磁場的有效長度為垂直于勻強(qiáng)磁場的有效長度).方向：由左手定則判定方向：由左手定則判定.(2)洛倫茲力洛倫茲力大小：大?。篎洛洛qvB(v是垂直磁場的有效速度是垂直磁場的有效速度).方向：由左手定則判斷方向：由左手定則判斷.5.磁場力磁場力 (1)安培力是洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)安培力是洛倫茲力的宏觀表現(xiàn). (2) 永遠(yuǎn)垂永遠(yuǎn)垂直于直于B與與v所決定的平面，但所決定的平面，但B、v未必垂直未必垂直. (3) 垂直垂直于于B與與I所決定的平面，但所決定的平面，但B與與I未必垂直未必垂直.二、力的合成與分解二、力的合成與分解1.運(yùn)算法則：平形四邊形定則或三角形定則運(yùn)算法則：平形四邊形

8、定則或三角形定則.2.常用方法：合成法、分解法、正交分解法常用方法：合成法、分解法、正交分解法.3.合力和分力的關(guān)系：等效替代關(guān)系合力和分力的關(guān)系：等效替代關(guān)系.三、共點(diǎn)力作用下物體的平衡三、共點(diǎn)力作用下物體的平衡1.平衡狀態(tài)：靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)平衡狀態(tài)：靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng).2.平衡條件：平衡條件：F合合0或或 (1)受力分析時(shí)，物體不能同時(shí)受到合力和分受力分析時(shí)，物體不能同時(shí)受到合力和分力的作用力的作用. (2)物體在一組非共點(diǎn)力作用下也可能處于平物體在一組非共點(diǎn)力作用下也可能處于平衡狀態(tài)衡狀態(tài). (3)使用分解法的關(guān)鍵是明確力的作用效果，使用分解法的關(guān)鍵是明確力的作用效果，確定分力的方向，

9、然后畫出平行四邊形確定分力的方向，然后畫出平行四邊形.一、物體間有無靜摩擦力及靜摩擦力方向的判斷方一、物體間有無靜摩擦力及靜摩擦力方向的判斷方法法 物體間是否具有相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)不是很直觀，物體間是否具有相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)不是很直觀，因此判斷靜摩擦力的存在及方向時(shí)比較困難，下面因此判斷靜摩擦力的存在及方向時(shí)比較困難，下面列舉幾種常用的判斷方法列舉幾種常用的判斷方法.(1)假設(shè)法：即先假設(shè)沒有摩擦力假設(shè)法：即先假設(shè)沒有摩擦力(即光滑即光滑)時(shí)，時(shí)，看相對(duì)靜止的物體間能否發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)看相對(duì)靜止的物體間能否發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng).若能，若能，則有靜摩擦力，方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反；則有靜摩擦力，方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反；若

10、不能，則沒有靜摩擦力若不能，則沒有靜摩擦力.(2)反推法：是從研究物體表現(xiàn)出的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)反推法：是從研究物體表現(xiàn)出的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)這個(gè)結(jié)果反推出它必須具有的條件，分析組這個(gè)結(jié)果反推出它必須具有的條件，分析組成條件的相關(guān)因素中摩擦力所起的作用，就成條件的相關(guān)因素中摩擦力所起的作用，就容易判斷摩擦力的方向了容易判斷摩擦力的方向了.1.“假設(shè)法假設(shè)法”和和“反推法反推法”2.利用牛頓第二定律判斷利用牛頓第二定律判斷 先假設(shè)物體受摩擦力作用，并假設(shè)出方向，利先假設(shè)物體受摩擦力作用，并假設(shè)出方向，利 用牛頓第二定律或平衡條件列式計(jì)算用牛頓第二定律或平衡條件列式計(jì)算.若若F靜靜0， 則有靜摩擦力，則有靜摩擦力，F(xiàn)

11、靜靜0，說明其方向與假設(shè)方向，說明其方向與假設(shè)方向 相同，相同，F(xiàn)靜靜F2 B.F1F2C.FT1FT2 D.FT1FT2 解析：解析：設(shè)設(shè)A、B的質(zhì)量分別為的質(zhì)量分別為mA、mB，取，取A、B為一個(gè)整體，可得：為一個(gè)整體，可得：F1F2(mAmB)g，故，故A錯(cuò)誤，錯(cuò)誤，B正確；設(shè)細(xì)線與水平方向的夾角為正確；設(shè)細(xì)線與水平方向的夾角為，單獨(dú)隔離，單獨(dú)隔離A木塊，用平衡條件可得：木塊，用平衡條件可得：FT1cos(mAgFT1sin)，F(xiàn)T2cos(mAgFT2sin)，得，得出：出： ，故，故FT190，現(xiàn)，現(xiàn)使使BCA緩慢變小，直到桿緩慢變小，直到桿BC接近豎直桿接近豎直桿AC.此過程中，桿

12、此過程中，桿BC所受的力所受的力 ()A大小不變大小不變B逐漸增大逐漸增大C逐漸減小逐漸減小 D先減小后增大先減小后增大 思路點(diǎn)撥思路點(diǎn)撥在在BCA緩慢減小時(shí)，物體及輕桿緩慢減小時(shí)，物體及輕桿處于動(dòng)態(tài)平衡，因此輕桿處于動(dòng)態(tài)平衡，因此輕桿B端所受合力始終為零端所受合力始終為零 解析解析B點(diǎn)共受三個(gè)力作用而平衡：物體對(duì)作點(diǎn)共受三個(gè)力作用而平衡：物體對(duì)作用點(diǎn)用點(diǎn)B的拉力與的拉力與G大小相等、方向相同，桿大小相等、方向相同，桿BC的彈力的彈力FN，繩的拉力，繩的拉力FT.由平衡條件及平行四邊形定則可知由平衡條件及平行四邊形定則可知B點(diǎn)的受力如圖點(diǎn)的受力如圖18所示，所示，F(xiàn)G. 由幾何知識(shí)可知：幾何三

13、角形由幾何知識(shí)可知：幾何三角形ABC與力三角與力三角形相似，即：形相似，即：答案答案A FN G 在桿被拉起的過程中，在桿被拉起的過程中，BC、AC、G不變，不變，所以所以FN大小不變，故選項(xiàng)大小不變，故選項(xiàng)A正確正確圖解法適用于物體受三個(gè)力作用處于平衡狀態(tài)時(shí)，圖解法適用于物體受三個(gè)力作用處于平衡狀態(tài)時(shí)，其中一個(gè)力大小、方向一定，另一個(gè)的方向一定，其中一個(gè)力大小、方向一定，另一個(gè)的方向一定，第三個(gè)力大小方向均改變的情形；而三角形；相第三個(gè)力大小方向均改變的情形；而三角形；相似法適用于物體受三個(gè)力作用處于動(dòng)態(tài)平衡時(shí)，似法適用于物體受三個(gè)力作用處于動(dòng)態(tài)平衡時(shí)，其中一個(gè)力大小、方向一定，另處兩個(gè)方向

14、均發(fā)其中一個(gè)力大小、方向一定，另處兩個(gè)方向均發(fā)生變化的情況，這類問題不宜用圖解法解決。生變化的情況，這類問題不宜用圖解法解決。 3.如圖如圖19所示，光滑半球面上的小球被一通過所示，光滑半球面上的小球被一通過 定滑輪的力定滑輪的力F由底端緩慢拉至頂端的過程中，關(guān)由底端緩慢拉至頂端的過程中，關(guān) 于繩的拉力于繩的拉力F及半球面對(duì)小球的支持力及半球面對(duì)小球的支持力FN的變化的變化 情況，以下說法正確的是情況，以下說法正確的是()AF增大增大 BF減小減小CFN減小減小 DFN不變不變 解析：解析：如圖所示，作出小球受力示意圖，注意如圖所示，作出小球受力示意圖，注意彈力彈力FN總與球面垂直，從圖中可以

15、得到相似三角形總與球面垂直，從圖中可以得到相似三角形設(shè)球半徑為設(shè)球半徑為R，定滑輪到球面的距離為，定滑輪到球面的距離為h，繩長為，繩長為L，根據(jù)三角形相似得：根據(jù)三角形相似得：可得繩中張力：可得繩中張力： ，球面彈力：球面彈力：由于拉動(dòng)過程中由于拉動(dòng)過程中h、R不變，不變，L變小，故變小，故F減小，減小，F(xiàn)N不不變變答案：答案：BD高頻點(diǎn)四高頻點(diǎn)四與電場力、洛倫茲力有關(guān)的平衡問題與電場力、洛倫茲力有關(guān)的平衡問題 如圖如圖110所示，勻強(qiáng)電場方向向右，勻所示，勻強(qiáng)電場方向向右，勻強(qiáng)磁場方向垂直于紙面向里，一質(zhì)量為強(qiáng)磁場方向垂直于紙面向里，一質(zhì)量為m、帶電荷量為、帶電荷量為q的粒子以速度的粒子以速

16、度v與磁場垂直、與電場成與磁場垂直、與電場成45角射入復(fù)角射入復(fù)合場中，恰能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，求電場強(qiáng)度合場中，恰能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，求電場強(qiáng)度E的大小和的大小和磁感應(yīng)強(qiáng)度磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小的大小思路點(diǎn)撥思路點(diǎn)撥解答本題時(shí)應(yīng)把握以下幾點(diǎn)：解答本題時(shí)應(yīng)把握以下幾點(diǎn)：(1)粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所受合力為零；粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所受合力為零；(2)粒子的重力必須考慮；粒子的重力必須考慮；(3)粒子一定帶正電粒子一定帶正電 解析解析 由于帶電粒子所受洛倫茲力與由于帶電粒子所受洛倫茲力與v垂直，電場垂直，電場力方向與電場線平行，可知粒子必須還受重力才能做勻力方向與電場線平行，可知粒子必須還受重力才能做勻速直

17、線運(yùn)動(dòng)假設(shè)粒子帶負(fù)電，受電場力水平向左，則速直線運(yùn)動(dòng)假設(shè)粒子帶負(fù)電，受電場力水平向左，則它所受洛倫茲力它所受洛倫茲力F就應(yīng)斜向右下方與就應(yīng)斜向右下方與v垂直，這樣粒子不垂直，這樣粒子不能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以粒子應(yīng)帶正電，畫出受力分析能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以粒子應(yīng)帶正電，畫出受力分析圖如圖圖如圖111所示，根據(jù)平衡條件可得所示，根據(jù)平衡條件可得mgqvBsin45qEqvBcos45由由式得式得B ，由，由得得E .答案答案 帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，往往要遇到帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，往往要遇到粒子重力是否考慮的問題，一般可根據(jù)以下幾粒子重力是否考慮的問題，一般可根據(jù)以下幾種情況判斷：種情況判斷

18、： (1)基本粒子，如電子、質(zhì)子、離子等一般不基本粒子，如電子、質(zhì)子、離子等一般不計(jì)重力計(jì)重力. (2)帶電小球、帶電液滴，如無特殊說明，一帶電小球、帶電液滴，如無特殊說明，一般要考慮重力般要考慮重力. (3)由題中數(shù)據(jù)算出重力和其他場力大小，如由題中數(shù)據(jù)算出重力和其他場力大小，如果重力比其他場力小得多，則粒子重力不計(jì)果重力比其他場力小得多，則粒子重力不計(jì). (4)根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)規(guī)律判斷，如例根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)規(guī)律判斷，如例4. 4.(2009青島一中模擬青島一中模擬)水平放置的金屬框架處水平放置的金屬框架處于如圖于如圖112所示的勻強(qiáng)磁場中，金屬棒所示的勻強(qiáng)磁場中，金屬棒ab置于光置于光滑的框架

19、上且接觸良好，從某時(shí)刻開始磁感應(yīng)強(qiáng)度滑的框架上且接觸良好，從某時(shí)刻開始磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加，現(xiàn)施加一外力使金屬棒均勻增加，現(xiàn)施加一外力使金屬棒ab保持靜止，則保持靜止，則金屬棒金屬棒ab受到的外力是受到的外力是()A.方向向右，且為恒力方向向右，且為恒力B.方向向右，且為變力方向向右，且為變力C.方向向左，且為恒力方向向左，且為恒力D.方向向左，且為變力方向向左，且為變力 解析：解析：由于磁感應(yīng)強(qiáng)度由于磁感應(yīng)強(qiáng)度B均勻增加，感應(yīng)電均勻增加，感應(yīng)電流方向在棒中由流方向在棒中由b到到a，由左手定則知安培力方向，由左手定則知安培力方向向左，要保持棒向左，要保持棒ab靜止，外力方向必定向右，由靜止，外力

20、方向必定向右，由E S可知，回路中電動(dòng)勢(shì)恒定，電流恒定，可知，回路中電動(dòng)勢(shì)恒定，電流恒定，再由再由F安安BIl可知，可知，F(xiàn)安安隨隨B的增加而增大，故選項(xiàng)的增加而增大，故選項(xiàng)B正確正確.答案：答案：B1.(2009濰坊質(zhì)檢濰坊質(zhì)檢)如圖如圖113所示，傾斜天花板平面所示，傾斜天花板平面 與豎直方向夾角為與豎直方向夾角為，推力，推力F垂直天花板平面作用垂直天花板平面作用 在木塊上，使其處于靜止?fàn)顟B(tài)，則在木塊上，使其處于靜止?fàn)顟B(tài)，則() A.木塊一定受三個(gè)力作用木塊一定受三個(gè)力作用 B.天花板對(duì)木塊的彈力天花板對(duì)木塊的彈力FNF C.木塊受的靜摩擦力等于木塊受的靜摩擦力等于mgcos D.木塊受的

21、靜摩擦力等于木塊受的靜摩擦力等于mg/cos解析：解析：對(duì)木塊進(jìn)行受力分析，如圖所示，它受到對(duì)木塊進(jìn)行受力分析，如圖所示，它受到豎直向下的重力、垂直斜面向左上方的推力豎直向下的重力、垂直斜面向左上方的推力F，根，根據(jù)沿斜面方向的平衡條件可知，木塊還要受到沿?fù)?jù)沿斜面方向的平衡條件可知，木塊還要受到沿斜面向上大小為斜面向上大小為Ffmgcos的靜摩擦力，所以的靜摩擦力，所以C正正確，確，D錯(cuò)誤；由摩擦力和彈力的關(guān)系可知，木塊一錯(cuò)誤；由摩擦力和彈力的關(guān)系可知，木塊一定受到斜面給其垂直斜面向右下方定受到斜面給其垂直斜面向右下方的彈力，它和重力垂直于斜面的分的彈力，它和重力垂直于斜面的分力之和與推力力之

22、和與推力F平衡，故平衡，故A、B錯(cuò)誤錯(cuò)誤. 答案：答案：C2.如圖如圖114所示，質(zhì)量為所示，質(zhì)量為m的通電導(dǎo)體棒的通電導(dǎo)體棒ab置于置于 傾角為傾角為的導(dǎo)軌上的導(dǎo)軌上.若已知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)若已知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動(dòng) 摩擦因數(shù)為摩擦因數(shù)為，在圖，在圖115所示的各種磁場中，所示的各種磁場中， 導(dǎo)體棒均、處于靜止?fàn)顟B(tài)，則導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間導(dǎo)體棒均、處于靜止?fàn)顟B(tài)，則導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間 的摩擦力可能為零的是的摩擦力可能為零的是()解析：解析：除摩擦力外，四種情況下導(dǎo)體棒的受力情況除摩擦力外，四種情況下導(dǎo)體棒的受力情況如圖所示，其中如圖所示，其中A項(xiàng)中重力項(xiàng)中重力G、支持力、支持力FN和安培力和安培力F三三

23、力可以平衡，摩擦力可以為零；力可以平衡，摩擦力可以為零；B項(xiàng)中導(dǎo)體棒如果受項(xiàng)中導(dǎo)體棒如果受到的安培力到的安培力F與重力平衡，則斜面支持力和摩擦力均與重力平衡，則斜面支持力和摩擦力均為零；為零；C、D項(xiàng)中由于重力項(xiàng)中由于重力G、支持力、支持力FN和安培力和安培力F的的合力不能為零，故必須受到摩擦力作用合力不能為零，故必須受到摩擦力作用.答案：答案：AB3.如圖如圖116所示，豎直桿所示，豎直桿AB固定在斜面上，小球固定在斜面上，小球 用細(xì)繩系住始終靜止在傾角為用細(xì)繩系住始終靜止在傾角為的光滑斜面上，的光滑斜面上， 當(dāng)細(xì)繩方向由水平逐漸向上偏移時(shí)，繩的拉力當(dāng)細(xì)繩方向由水平逐漸向上偏移時(shí)，繩的拉力F

24、和和 斜面對(duì)小球的支持力斜面對(duì)小球的支持力FN將將 ()A.FN逐漸減小逐漸減小B.FN逐漸增大逐漸增大C.F逐漸減小逐漸減小 D.F先減小后增大先減小后增大解析：解析：畫出狀態(tài)變化過程中力的平行四邊形如圖所畫出狀態(tài)變化過程中力的平行四邊形如圖所示，由圖中平行四邊形的邊長變化可知，示，由圖中平行四邊形的邊長變化可知，F(xiàn)N一直減一直減小，小，F(xiàn)先減小后增大先減小后增大.答案：答案：AD4.(2009泰安模擬泰安模擬)如圖如圖117所示，作用于所示，作用于O點(diǎn)的點(diǎn)的 三個(gè)力平衡，設(shè)其中一個(gè)力大小為三個(gè)力平衡，設(shè)其中一個(gè)力大小為F1沿沿y方，方， 大小未知的力大小未知的力F2與與x方向夾角為方向夾角

25、為，下列說法，下列說法 正確的是正確的是() A.力力F3只能在第二象限只能在第二象限B.力力F3可能在第三象限的可能在第三象限的 任意方向上任意方向上C.力力F3與與F2夾角越小，則夾角越小，則 F3與與F2的合力越小的合力越小D.F3的最小值為的最小值為F1cos解析：解析：力力F3可以在可以在F1、F2的反向延長線所圍的區(qū)的反向延長線所圍的區(qū)域內(nèi)，所以域內(nèi)，所以A、B選項(xiàng)均不正確；不管力選項(xiàng)均不正確；不管力F3與與F2的夾角怎么變化，合力是一定的，一定與的夾角怎么變化，合力是一定的，一定與F1等等大反向，所以大反向，所以C選項(xiàng)也不正確；從選項(xiàng)也不正確；從F1向向F2的反向的反向延長線作垂

26、線，垂線段最短，最短線的大小延長線作垂線，垂線段最短，最短線的大小F1cos 就是就是F3的最小值，所以答案的最小值，所以答案D正確正確.答案：答案：D5.一物塊在粗糙斜上，一物塊在粗糙斜上， 在平行斜面向上的外在平行斜面向上的外 力力F作用下，斜面和作用下，斜面和 物塊始終處于靜止態(tài)，物塊始終處于靜止態(tài)， 當(dāng)當(dāng)F按圖按圖118所示規(guī)所示規(guī) 律變化時(shí)，物體與斜律變化時(shí)，物體與斜 面間的摩擦力大小變面間的摩擦力大小變 化規(guī)律可能是圖化規(guī)律可能是圖1 19中的中的()解析：解析：在在F的作用下，當(dāng)物塊有向上的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)時(shí)，的作用下，當(dāng)物塊有向上的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)時(shí)，由平衡條件得由平衡條件得FmgsinFf，

27、當(dāng)，當(dāng)F減小時(shí)，減小時(shí)，F(xiàn)f也減也減小，當(dāng)小，當(dāng)F0時(shí)，時(shí)，F(xiàn)fmgsin，即靜摩擦力先減小，即靜摩擦力先減小至零又反向變大；在至零又反向變大；在F的作用下，物塊有向下的運(yùn)的作用下，物塊有向下的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)時(shí)，由平衡條件得動(dòng)趨勢(shì)時(shí)，由平衡條件得FFfmgsin，當(dāng)，當(dāng)F減小減小時(shí)，時(shí)，F(xiàn)f變大，當(dāng)變大，當(dāng)F0時(shí)，時(shí)，F(xiàn)fmgsin，故只有，故只有C圖圖正確正確.答案：答案：C6.(2008海南高考海南高考)如圖如圖121所示，質(zhì)量為所示，質(zhì)量為M的楔形塊的楔形塊 靜置在水平地面上，其斜面的傾角為靜置在水平地面上，其斜面的傾角為，斜面上有一，斜面上有一 質(zhì)量為質(zhì)量為m的小物塊，小物塊與斜面之間存在擦

28、用恒的小物塊，小物塊與斜面之間存在擦用恒 力力F沿斜面向上拉小物塊，使之勻速上滑在小物塊沿斜面向上拉小物塊，使之勻速上滑在小物塊 運(yùn)動(dòng)的過程中，楔形物塊始終保持靜止地面對(duì)楔形運(yùn)動(dòng)的過程中，楔形物塊始終保持靜止地面對(duì)楔形 物塊的支持力為物塊的支持力為()A(Mm)g B(Mm)gFC(Mm)gFsin D(Mm)g Fsin解析：解析：把把m、M看成一個(gè)整體，在豎直方向上看成一個(gè)整體，在豎直方向上受力平衡，即受力平衡，即FNFsin(Mm)g，F(xiàn)N(Mm)gFsin，D正確正確答案：答案：D7(2009浙江高考浙江高考)如圖如圖122所示，在光滑絕緣所示，在光滑絕緣 水平面上放置水平面上放置3個(gè)

29、電荷量均為個(gè)電荷量均為q(q0)的相同小的相同小 球，小球之間用勁度系數(shù)均為球，小球之間用勁度系數(shù)均為k0的輕質(zhì)彈簧絕緣的輕質(zhì)彈簧絕緣 連接當(dāng)連接當(dāng)3個(gè)小球處在靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，每根彈簧長個(gè)小球處在靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，每根彈簧長 度為度為l l.已知靜電力常量為已知靜電力常量為k，若不考慮彈簧的靜，若不考慮彈簧的靜電電 感感 應(yīng)，則每根彈簧的原長為應(yīng)，則每根彈簧的原長為()A. l l B.l l Cl l D.l l 解析：解析：對(duì)最右邊的小球受力分析可知，小球受到對(duì)最右邊的小球受力分析可知，小球受到另外兩個(gè)帶電小球另外兩個(gè)帶電小球?qū)λ蛴业膸靵隽?，大小分別為對(duì)它向右的庫侖力，大小分別為F1 和和F2 ，

30、由力的平衡可，由力的平衡可知彈簧彈力的大小知彈簧彈力的大小FF1F2 ；故彈簧的伸；故彈簧的伸長量為長量為l ， 所以選所以選C.答案：答案：C8.如圖如圖122所示，位于豎直側(cè)面的物體所示，位于豎直側(cè)面的物體A的質(zhì)量的質(zhì)量 mA0.2 kg，放在水平面上的物體，放在水平面上的物體B的質(zhì)量的質(zhì)量 mB1.0 kg，繩的質(zhì)量及繩和滑輪間的摩擦均不，繩的質(zhì)量及繩和滑輪間的摩擦均不 計(jì)，且繩的計(jì)，且繩的OB部分水平，部分水平，OA部分豎直，部分豎直，A和和B恰恰 好一起做勻速運(yùn)動(dòng)好一起做勻速運(yùn)動(dòng).取取g10 m/s2，求：，求：(1)物體物體B與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)如果用

31、水平力如果用水平力F向左拉物體向左拉物體B，使物體使物體A和和B做勻速做勻速運(yùn)動(dòng)需多大的拉力？運(yùn)動(dòng)需多大的拉力？解析：解析：(1)因物體因物體A和和B恰好一起做勻速運(yùn)動(dòng)，所以恰好一起做勻速運(yùn)動(dòng)，所以物體物體B受到的水平繩的拉力受到的水平繩的拉力FT與滑動(dòng)摩擦力與滑動(dòng)摩擦力Ff的大小的大小相等，且等于物體相等，且等于物體A的重力的重力mAg.物體物體B對(duì)桌面的壓對(duì)桌面的壓力力FN等于物體等于物體B的重力的重力mBg.所以有所以有解得解得0.2.(2)如果用水平力如果用水平力F向左拉物體向左拉物體B，使物體，使物體A和和B做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)水平繩的拉力做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)水平繩的拉力FT與滑動(dòng)與滑動(dòng)摩擦

32、力摩擦力Ff的大小均不變，根據(jù)物體的大小均不變，根據(jù)物體B水平方水平方向的平衡有向的平衡有FFTFf2mAg4 N.答案：答案：(1)0.2(2)4 N9.(2009江蘇高考江蘇高考)航模興趣小組設(shè)計(jì)出一架遙控飛航模興趣小組設(shè)計(jì)出一架遙控飛 行器，其質(zhì)量行器，其質(zhì)量m2 kg，動(dòng)力系統(tǒng)提供的恒定升，動(dòng)力系統(tǒng)提供的恒定升 力力F28 N.試飛時(shí)，飛行器從地面由靜止開始豎試飛時(shí)，飛行器從地面由靜止開始豎 直上升直上升.設(shè)飛行器飛行時(shí)所受的阻力大小不變，設(shè)飛行器飛行時(shí)所受的阻力大小不變，g 取取10 m/s2. (1)第一次試飛，飛行器飛行第一次試飛，飛行器飛行t18 s時(shí)到達(dá)高度時(shí)到達(dá)高度 H64

33、 m.求飛行器所受阻力求飛行器所受阻力f的大??；的大?。?2)第二次試飛，飛行器飛行第二次試飛，飛行器飛行t16 s時(shí)遙控器出現(xiàn)時(shí)遙控器出現(xiàn)故障，飛行器立即失去升力故障，飛行器立即失去升力.求飛行器能達(dá)到的最求飛行器能達(dá)到的最大高度大高度h；(3)為了使飛行器不致墜落到地面，求飛行器從開為了使飛行器不致墜落到地面，求飛行器從開始下落到恢復(fù)升力的最長時(shí)間始下落到恢復(fù)升力的最長時(shí)間t3.解析：解析：(1)第一次飛行中，設(shè)加速度為第一次飛行中，設(shè)加速度為a1勻加速運(yùn)動(dòng)勻加速運(yùn)動(dòng)H a1t12由牛頓第二定律由牛頓第二定律Fmgfma1解得解得f4 N.(2)第二次飛行中，設(shè)失去升力時(shí)的速度為第二次飛行

34、中，設(shè)失去升力時(shí)的速度為v1，上升的高度為上升的高度為x1勻加速運(yùn)動(dòng)勻加速運(yùn)動(dòng)x1 a1t22設(shè)失去升力后加速度為設(shè)失去升力后加速度為a2，上升的高度為，上升的高度為x2由牛頓第二定律由牛頓第二定律mgfma2v1a1t2x2解得解得hx1x242 m.(3)設(shè)失去升力下降階段加速度為設(shè)失去升力下降階段加速度為a3；恢復(fù)升力；恢復(fù)升力后下降過程中加速度為后下降過程中加速度為a4，恢復(fù)升力時(shí)速度為，恢復(fù)升力時(shí)速度為v3由牛頓第二定律由牛頓第二定律mgfma3Ffmgma4且且 hv3a3t3解得解得t3 s(或或2.1 s).答案：答案：(1)4 N(2)42 m(3) s(或或2.1 s)(2

35、009孝感模擬孝感模擬)如圖如圖123所示，質(zhì)量所示，質(zhì)量M2 kg的木的木塊套在水平桿上，并用輕塊套在水平桿上，并用輕繩與質(zhì)量繩與質(zhì)量m kg的小球的小球相連相連.今用跟水平方向成今用跟水平方向成30角的力角的力F10 N拉著球帶動(dòng)木塊一起向右拉著球帶動(dòng)木塊一起向右勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中M、m相對(duì)位置保持不變，取相對(duì)位置保持不變，取g10 m/s2.求：求：10. (2)以以M為研究對(duì)象，受力分為研究對(duì)象，受力分析如圖乙所示析如圖乙所示.由平衡條件得：由平衡條件得：FTcosFfFNMgFTsin又又FfFN解得：解得：0.35.答案：答案：(1)30(2)0.35(時(shí)間時(shí)間60分

36、鐘，滿分分鐘，滿分100分分)一、選擇題一、選擇題(本題共本題共10個(gè)小題，每小題個(gè)小題，每小題5分，共分，共 50分分 )如圖如圖1所示，用三根輕繩將質(zhì)量均為所示，用三根輕繩將質(zhì)量均為m的的A、B兩兩小球以及水平天花板上的固定點(diǎn)小球以及水平天花板上的固定點(diǎn)O之間兩兩連之間兩兩連接，然后用一水平方向的力接，然后用一水平方向的力F作用于作用于A球上，此球上，此時(shí)三根輕繩均處于直線狀態(tài)，且時(shí)三根輕繩均處于直線狀態(tài)，且OB繩恰好處于繩恰好處于豎直方向豎直方向.兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài).三根輕繩的長度三根輕繩的長度之比為之比為OA AB OB3 4 5，則下列說法正，則下列說法正確的是確的

37、是 ()1.A.OB繩中的拉力大小為繩中的拉力大小為mgB.OA繩中的拉力大小為繩中的拉力大小為 mgC.拉力拉力F大小為大小為 mgD.拉力拉力F大小為大小為 mg解析：解析：因因OB繩恰好處于豎直方向，則繩恰好處于豎直方向，則AB繩中張力繩中張力為零，否則為零，否則B球就不能處于平衡狀態(tài)，故球就不能處于平衡狀態(tài)，故OB繩對(duì)繩對(duì)B球的拉力與球的拉力與B球所受重力等值反向，球所受重力等值反向，A正確正確.此時(shí)此時(shí)A球在三個(gè)力作用下處于平衡狀態(tài)，作出受力圖如球在三個(gè)力作用下處于平衡狀態(tài)，作出受力圖如圖所示，利用平衡條件及圖所示，利用平衡條件及圖中的相似三角形可得圖中的相似三角形可得答案：答案：A

38、BD2.(2009浙江高考浙江高考)如圖如圖2所示，質(zhì)量為所示，質(zhì)量為m的等邊三棱柱靜的等邊三棱柱靜 止在水平放置的斜面上止在水平放置的斜面上.已知三棱柱與斜面之間的動(dòng)摩已知三棱柱與斜面之間的動(dòng)摩 擦因數(shù)為擦因數(shù)為，斜面的傾角為，斜面的傾角為30，則斜面對(duì)三棱柱的支，則斜面對(duì)三棱柱的支 持力與摩擦力的大小分別為持力與摩擦力的大小分別為()解析：解析：三棱柱受重力、斜面的支持力、摩三棱柱受重力、斜面的支持力、摩擦力三力平衡，故擦力三力平衡，故FNmgcos mg，F(xiàn)fmgsin mg，A選項(xiàng)正確選項(xiàng)正確. 答案：答案：A 3.(2009淄博模擬淄博模擬)如圖如圖3所示，質(zhì)量相等的所示，質(zhì)量相等的

39、A、B 兩物體在平行于固定斜面的推力兩物體在平行于固定斜面的推力F的作用下，的作用下， 沿光滑斜面做勻速直線運(yùn)動(dòng)，沿光滑斜面做勻速直線運(yùn)動(dòng)，A、B間輕彈簧間輕彈簧 的勁度系數(shù)為的勁度系數(shù)為k，斜面的傾角為，斜面的傾角為30，則勻速，則勻速 運(yùn)動(dòng)時(shí)的彈簧的壓縮量為運(yùn)動(dòng)時(shí)的彈簧的壓縮量為 ()解析：解析：先對(duì)連接體整體受力分析，沿斜面方向先對(duì)連接體整體受力分析，沿斜面方向F2mgsin，對(duì)，對(duì)A進(jìn)行受力分析，沿斜面方向進(jìn)行受力分析，沿斜面方向Fmgsinkx.其中其中m為物體為物體A的質(zhì)量，的質(zhì)量，30，聯(lián)立方程，解，聯(lián)立方程，解x ，B正確，正確，A、C、D錯(cuò)錯(cuò).答案：答案：B4.如圖如圖4所示

40、，絕緣的斜面體固定在水平地面上，所示，絕緣的斜面體固定在水平地面上， 質(zhì)量為質(zhì)量為m、帶正電荷的小物塊靜止在斜面上，、帶正電荷的小物塊靜止在斜面上， 整個(gè)裝置處在水平向左的勻強(qiáng)電場中整個(gè)裝置處在水平向左的勻強(qiáng)電場中.現(xiàn)撤去電現(xiàn)撤去電 場，小物塊仍然靜止，那么在撤去電場后與撤場，小物塊仍然靜止，那么在撤去電場后與撤 去電場前相比較，以下說法中正確的是去電場前相比較，以下說法中正確的是()A.物塊所受最大靜摩擦力一定減小了物塊所受最大靜摩擦力一定減小了B.物塊所受摩擦力一定增大了物塊所受摩擦力一定增大了C.物塊對(duì)斜面體的壓力一定減小了物塊對(duì)斜面體的壓力一定減小了D.物塊所受的摩擦力大小可能改變物塊

41、所受的摩擦力大小可能改變解析：解析：撤去電場，物塊所受的水平向左的電場力消撤去電場，物塊所受的水平向左的電場力消失，故壓力減小，最大靜摩擦力減小失，故壓力減小，最大靜摩擦力減小.但由于有電但由于有電場力作用時(shí)，物塊所受摩擦力的大小、方向未知，場力作用時(shí)，物塊所受摩擦力的大小、方向未知，因此撤去電場后物體所受摩擦力的大小有多種可能，因此撤去電場后物體所受摩擦力的大小有多種可能，故選項(xiàng)故選項(xiàng)A、C、D正確正確.答案：答案：ACD5.如圖如圖5所示，物塊所示，物塊M通過與斜面平行的細(xì)繩與通過與斜面平行的細(xì)繩與 小物塊小物塊m相連，斜面的傾角相連，斜面的傾角可以改變可以改變.討論物討論物 塊塊M對(duì)斜面

42、的摩擦力的大小，則有對(duì)斜面的摩擦力的大小，則有()A.若物塊若物塊M保持靜止，則保持靜止，則角越大，摩擦力一角越大，摩擦力一 定越大定越大B.若物塊若物塊M保持靜止，則保持靜止，則角越大，摩擦力一定角越大，摩擦力一定 越小越小C.若物塊若物塊M沿斜面下滑，則沿斜面下滑，則角越大，摩擦力越角越大，摩擦力越 大大D.若物塊若物塊M沿斜面下滑，則沿斜面下滑，則角越大，摩擦力角越大，摩擦力 越小越小解析：解析：若物塊若物塊M保持靜止，所受摩擦力為靜摩擦力，保持靜止，所受摩擦力為靜摩擦力，其大小等于繩上拉力其大小等于繩上拉力mg與物塊與物塊M沿斜面方向的重力沿斜面方向的重力分量分量Mgsin的合力的合力

43、.當(dāng)當(dāng)mgMgsin時(shí)，摩擦力方向沿時(shí)，摩擦力方向沿斜面向下，其大小等于斜面向下，其大小等于(mgMgsin)，則，則越大，摩越大，摩擦力越小；當(dāng)擦力越??；當(dāng)mgMgsin時(shí)，摩擦力方向沿斜面向上，時(shí)，摩擦力方向沿斜面向上，其大小等于其大小等于(Mgsinmg)，則，則越大，摩擦力越大；越大，摩擦力越大；若物塊若物塊M沿斜面下滑，所受摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，其沿斜面下滑，所受摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，其大小等于大小等于FNMgcos，越大，摩擦力越小越大，摩擦力越小.答案：答案：D6.(2009湖南師大附中模擬湖南師大附中模擬)如圖如圖6所示，一物體恰能在一所示，一物體恰能在一 個(gè)斜面體上沿斜面勻速下滑

44、，可以證明此時(shí)斜面體不個(gè)斜面體上沿斜面勻速下滑，可以證明此時(shí)斜面體不 受地面的摩擦力作用，若沿斜面方向用力受地面的摩擦力作用，若沿斜面方向用力F向下推此向下推此 物體，使物體加速下滑，則斜面體受到地面的摩擦力物體，使物體加速下滑，則斜面體受到地面的摩擦力 是是() A.大小為零大小為零 B.方向水平向右方向水平向右 C.方向水平向左方向水平向左 D.無法判斷大小和方向無法判斷大小和方向解析：解析：物體沿斜面勻速下滑時(shí)，物體對(duì)斜面體的壓力物體沿斜面勻速下滑時(shí)，物體對(duì)斜面體的壓力為為mgcos，對(duì)斜面體的滑動(dòng)摩擦力為，對(duì)斜面體的滑動(dòng)摩擦力為mgsin，此時(shí)地，此時(shí)地面對(duì)斜面體的摩擦力為零，當(dāng)用力面

45、對(duì)斜面體的摩擦力為零，當(dāng)用力F推物體沿斜面加推物體沿斜面加速下滑時(shí)，物體對(duì)斜面體的壓力和滑動(dòng)摩擦力的大小速下滑時(shí)，物體對(duì)斜面體的壓力和滑動(dòng)摩擦力的大小和方向均不變，因此，斜面體受地面的摩擦力仍為零，和方向均不變，因此，斜面體受地面的摩擦力仍為零，故只有故只有A正確正確.答案：答案：A7.如圖如圖7所示，在傾角為所示，在傾角為的光滑斜面上，垂直紙面放置的光滑斜面上，垂直紙面放置 一根長為一根長為L、質(zhì)量為、質(zhì)量為m的直導(dǎo)體棒的直導(dǎo)體棒.當(dāng)導(dǎo)體棒中的電流當(dāng)導(dǎo)體棒中的電流I垂垂 直于紙面向里時(shí)，欲使導(dǎo)體棒靜止在斜面上，可將導(dǎo)直于紙面向里時(shí)，欲使導(dǎo)體棒靜止在斜面上，可將導(dǎo) 體棒置于勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)外加勻

46、強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度體棒置于勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)外加勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B 的方向在紙面內(nèi)由豎直向上逆時(shí)針轉(zhuǎn)至水平向左的過的方向在紙面內(nèi)由豎直向上逆時(shí)針轉(zhuǎn)至水平向左的過 程中，關(guān)于程中，關(guān)于B的大小的變化，正確的說法是的大小的變化，正確的說法是() A.逐漸增大逐漸增大 B.逐漸減小逐漸減小 C.先減小后增大先減小后增大 D.先增大后減小先增大后減小解析：解析：在磁場的方向由豎直向上緩慢變?yōu)樗较蜃蟮脑诖艌龅姆较蛴韶Q直向上緩慢變?yōu)樗较蜃蟮倪^程中，安培力過程中，安培力F由水平向右緩慢變?yōu)樨Q直向上，而由水平向右緩慢變?yōu)樨Q直向上，而此過程中，此過程中，F(xiàn)N與與F的合力與的合力與mg 等大反向，如圖所示，等

47、大反向，如圖所示，可以看出，可以看出，F(xiàn)先變小后變大，由先變小后變大，由FBIl可知，磁感應(yīng)強(qiáng)可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度度B也先變小后變大，也先變小后變大，故選項(xiàng)故選項(xiàng)C正確正確.答案：答案：C8.(2009寧夏高考寧夏高考)水平地面上有一木箱，木箱與地面水平地面上有一木箱，木箱與地面 之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(01).現(xiàn)對(duì)木箱施加一現(xiàn)對(duì)木箱施加一 拉力拉力F，使木箱做勻速直線運(yùn)動(dòng)，使木箱做勻速直線運(yùn)動(dòng).設(shè)設(shè)F的方向與水平的方向與水平 面夾角為面夾角為，如圖，如圖8所示，在所示，在從從0逐漸增大到逐漸增大到90 的過程中，木箱的速度保持不變，則的過程中，木箱的速度保持不變，則() A.F先減

48、小后增大先減小后增大 B.F一直增大一直增大 C.F的功率減小的功率減小 D.F的功率不變的功率不變解析：解析：由木箱受力平衡可知：由木箱受力平衡可知：Fcos(GF sin)，即即故故F先減小后變大先減小后變大.根據(jù)根據(jù)PFvcos ，可知，可知F的功率減小的功率減小.答案：答案：AC9.(2009湛江模擬湛江模擬)在探究摩擦力的實(shí)驗(yàn)中，用彈簧在探究摩擦力的實(shí)驗(yàn)中，用彈簧 測力計(jì)水平拉一放在水平桌面上的小木塊，小木測力計(jì)水平拉一放在水平桌面上的小木塊，小木 塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和彈簧測力計(jì)的讀數(shù)如下表所示塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和彈簧測力計(jì)的讀數(shù)如下表所示(每每 次實(shí)驗(yàn)時(shí)，木塊與桌面的接觸面相同次實(shí)驗(yàn)時(shí)，木塊與

49、桌面的接觸面相同)，則由下表，則由下表 分析可知分析可知 ()實(shí)驗(yàn)實(shí)驗(yàn)次數(shù)次數(shù)小木塊的小木塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)彈簧測力彈簧測力計(jì)讀數(shù)計(jì)讀數(shù)(N)1靜止靜止0.42靜止靜止0.63勻速直線勻速直線0.54直線加速直線加速0.85直線減速直線減速0.3A.木塊受到的最大摩擦力為木塊受到的最大摩擦力為0.8 NB.木塊受到的最大靜摩擦力可能為木塊受到的最大靜摩擦力可能為0.6 NC.在這五次實(shí)驗(yàn)中，木塊受到的摩擦力大小只有在這五次實(shí)驗(yàn)中，木塊受到的摩擦力大小只有 兩次是相同的兩次是相同的D.在這五次實(shí)驗(yàn)中，木塊受到的摩擦力大小各不在這五次實(shí)驗(yàn)中，木塊受到的摩擦力大小各不 相同相同解析：解析：木塊受到

50、的最大靜摩擦力與物體剛要滑動(dòng)時(shí)木塊受到的最大靜摩擦力與物體剛要滑動(dòng)時(shí)的水平拉力等大反向，因的水平拉力等大反向，因Ffm0.6 N.物體運(yùn)動(dòng)以后，物體運(yùn)動(dòng)以后，不論勻速、加速還是減速，受到的均為滑動(dòng)摩擦力，不論勻速、加速還是減速，受到的均為滑動(dòng)摩擦力，由由FfFN可此知，這三種情況的摩擦力是相同的可此知，這三種情況的摩擦力是相同的.由由以上分析可知，只有以上分析可知，只有B正確正確.答案：答案：B10.(2009日照模擬日照模擬)如圖如圖9所示，光滑的地面和墻面所示，光滑的地面和墻面c 之間放一個(gè)質(zhì)量為之間放一個(gè)質(zhì)量為M的重球的重球b，用一個(gè)輕質(zhì)斜面體，用一個(gè)輕質(zhì)斜面體 (重量不計(jì)重量不計(jì))a插

51、在插在b球的下方，在水平力球的下方，在水平力F作用下將作用下將 重球重球b緩慢地?fù)纹鹨欢ǜ叨染徛負(fù)纹鹨欢ǜ叨?若斜面體的底角為若斜面體的底角為， 不計(jì)各接觸面摩擦，則在撐起不計(jì)各接觸面摩擦，則在撐起b過程中有過程中有()A.a將受將受3個(gè)力的作用而平衡個(gè)力的作用而平衡B.a、b間的彈力先減小后增大間的彈力先減小后增大C.a、b間的彈力保持不變間的彈力保持不變D.b、c間的壓力保持不變間的壓力保持不變解析：解析：分析分析b的受力情況如圖所示，在的受力情況如圖所示，在b緩慢升高的過緩慢升高的過程中，程中，Mg一定，一定，F(xiàn)ab和和Fbc的方向一定，故的方向一定，故Fab和和Fbc均不隨均不隨b的