廣東省廣州市番禺區(qū)實驗中學2019_2020學年高二物理上學期期中試題(含解析)

1、廣東省廣州市番禺區(qū)實驗中學2019-2020學年高二物理上學期期中試題（含解析）一單選題1 .宇航員在探測某星球時，發(fā)現(xiàn)該星球均勻帶電，其帶電量為 Q表面無大氣，在有一次實驗中宇航員將一帶電（其電荷量q遠遠小于Q粉塵放到離星球表面的一定高度處。設(shè)此帶電星球?qū)Ψ蹓m的靜電力為 Fi,粉塵對星球的靜電力為 F2,則A. Fi=F2B. FiV F2C. Fl>F2D.無法確定【答案】A【解析】【詳解】帶電星球?qū)Ψ蹓m的靜電力和粉塵對星球的靜電力是作用力與反作用力，大小相等。A. Fi=F2o與結(jié)論相符，故 A正確；B. Fi< F20與結(jié)論不符，故 B錯誤；C. Fi > F20與結(jié)

2、論不符，故 C錯誤；D.無法確定。與結(jié)論不符，故 D錯誤。2 .真空中的兩個點電荷原來帶的電荷量分別為qi和q2,且相隔一定的距離.若現(xiàn)將q2增加為原來的3倍，再將兩點電荷間的距離縮小為原來的一半，則前后兩種情況下兩點電荷之間的庫侖力之比為（）A. 1:6B. 1:12C. 12:1D. 6:1【答案】B【解析】【詳解】由庫侖定律的可得原來它們之間的庫侖力為：F=F 幽笠，r- 17 -kqi3q2變化之后它們之間的庫侖力為:（r）2 =1*2故：F: F' =1: 12,故B正確、ACD昔誤。故選：B.3 .在真空中同一直線上的 AB處分別固定電量分別為 +2Q -Q的兩電荷。如圖所

3、示，若在 A B所在直線上放入第三個電荷 C,只在電場力的作用下，三個電荷都處于平衡狀態(tài)，則 C的電性及位置是ABA.正電，在A、B之間B.正電，在B點右側(cè)C.負電，在B點右側(cè)D.負電，在A點左側(cè)【答案】B【解析】【詳解】三個電荷要平衡，三個電荷必須在同一條直線，外側(cè)二個電荷相互排斥，中間電荷吸引外側(cè)兩個電荷，由于外側(cè)兩個電荷距離大，要平衡中間電荷拉力，必須外側(cè)電荷電量大，中間電荷電量小，所以第三個電荷必須為正電，在B的右側(cè)。A.正電，在A、B之間。與結(jié)論不符，故 A錯誤；B.正電，在B點右側(cè)。與結(jié)論相符，故 B正確；C.負電，在B點右側(cè)。與結(jié)論不符，故 C錯誤；D.負電，在A點左側(cè)。與結(jié)論不

4、符，故 D錯誤。4. 一帶電粒子射入一正點電荷 q的電場中，運動軌跡如圖，粒子從M運動到B.速度一直變大C.電勢能先變大再變小D.加速度先變大后變小【答案】D【解析】【詳解】A.由曲線運動所受合力指向曲線的內(nèi)側(cè)可知，帶電粒子受到正點電荷q的引力作用，帶負電，故A錯誤；B.由帶電粒子的軌跡可知，帶電粒子與正電荷q的距離先減小后增大，正電荷 q對帶電粒子先做正功后做負功，帶電粒子的速度先增大后減小，故B錯誤；C.由于正電荷q對帶電粒子先做正功后做負功，帶電粒子電勢能先減小后增大，故 C錯誤;D.由于帶電粒子與正電荷 q的距離先減小后增大，帶電粒子受力先增大后減小，加速度先變大后變小，故D正確。5.

5、如圖所示，是一個小燈泡的電流強度隨小燈泡兩端電壓變化的關(guān)系圖，則根據(jù)小燈泡的伏安特性曲線可判定A.小燈泡的電阻隨著所加電壓的增加而減小B.小燈泡燈絲的電阻率隨著燈絲溫度的升高而增大C.歐姆定律對小燈泡不適用D.若將該燈泡與電壓恒為 4V的電源相接，則燈泡電阻為 10a【答案】BD【解析】【詳解】A.由圖可知，圖中電流隨電壓的增大而增大，每一點的斜率表示該點電阻的倒數(shù),故可知小燈泡的電阻隨電壓的增大而增大，故A錯誤；B.因?qū)Ь€的形狀沒有發(fā)生變化，故說明隨電壓的升高電阻率增大，而隨電壓增大，溫度是開高的，所以小燈泡燈絲的電阻率隨著燈絲溫度的升高而增大，故 B正確；C.雖然小燈泡的伏安特性曲線不是直

6、線，原因是電阻率隨溫度增大而發(fā)生了變化，燈絲仍然為金屬導體，歐姆定律同樣適用，故 C錯誤；D.若將該燈泡與電壓恒為 4V的電源相接，由圖可知對應的電流為0.4A,則電阻：I 0.4故D正確;6 .如圖所示，實線表示一簇關(guān)于x軸對稱的等勢面，在 x軸上有A B兩點，則。力v/ 0.4 V/ 0J VA. A點場強大于B點場強 B.正電荷從B點移動到A點電場力做負功 C. A點電勢低于B點電勢 D. A點場強方向指向x軸負方向 【答案】B 【解析】 【詳解】A.根據(jù)電場線與等勢線垂直可知，A點電場線密度小于 B點電場線密度，所以 A點場強小于B點場強，故A錯誤；BD.電場線與等勢線垂直且電場線方向

7、由高電勢指向低電勢。在x軸上，電場方向由A指向B,正電荷從B點移動到A點電場力做負功，故 B正確，D錯誤； C.由圖可知，A點電勢高于B點電勢，故C錯誤；7 .在電場弓雖度為E的勻強電場中，沿電場方向放置帶電量為q的等量異種電荷 A、B如圖，A受電場力恰好為零，則下列說法正確的是 >A B> A. B受電場力方向向右 B. A帶正電，B帶負點 C. B受的電場力一定也為零 D. B受的電場力為2Eq 【答案】C 【解析】 【詳解】A受到的電場力為零，則 A受到勻強磁場的力與電荷 B的力等大反向。B受到勻強電場的力與A受到勻強磁場的力等大反向，B受到電荷A的力與A受到電荷B的力等大反

8、向，所以B受到的電場力為零。A. B受電場力方向向右。與結(jié)論不符，故 A錯誤；8 .根據(jù)已知條件，無法判斷 A B帶電的正負。故B錯誤；C. B受的電場力一定也為零。與結(jié)論相符，故C正確；D. B受的電場力為2Eq。與結(jié)論不符，故 D錯誤。A. 1:28 .如圖所示電路，電壓保持不變，當開關(guān) S斷開時，電流表 A的示數(shù)為0.6 A,當開關(guān)S閉合 時，電流表的示數(shù)為 0.9 A ,則兩電阻阻值之比 R:R2為（）B. 2:1D. 3:2C. 2:3【答案】A【解析】通過電阻 R2的電流：I 2=I - I產(chǎn)"0.9" A - 0.6 A="0.3" A ;

9、電阻R- 得R:R2=1:2 ,選項 A正 確。9 .在如圖RRR皆為定值電阻，R為可變電阻，電源的電動勢為 E,內(nèi)阻為r。設(shè)電流表A的 讀數(shù)為I ,電壓表V的讀數(shù)為Uo當R4的滑片向a端移動時則Ri 處A. I變大，U變小B. I變大，U變大C. I變小，U變大D. I變小，U變小【答案】D【解析】【詳解】當 R的滑片向a端移動時，R4的阻值減小，則回路總電阻減小，根據(jù)歐姆定律，回路總電流增大，電阻R和內(nèi)阻r的電壓增大，電壓表 V的讀數(shù)U減小；電阻R的電壓增大,則電阻R的電壓減小，電流表 A的讀數(shù)為I減小。A. I變大，U變小 與結(jié)論不符，故 A錯誤;B. I變大，U變大。與結(jié)論不符，故 B

10、錯誤;C. I變小，U變大。與結(jié)論不符，故 C錯誤;D. I變小，U變小 與結(jié)論相符，故 D正確。10.如圖平行板電容器充電后形成大小保持不變。讓質(zhì)子流以不同的初速度,«ab軌跡JiI極板中央和邊緣，則質(zhì)子沿b軌跡運動時先后兩次垂直電場射入，分別沿B.初速度更小C.動能增量更大D.兩次的電勢能增量相同【詳解】A.質(zhì)子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，則偏轉(zhuǎn)距離:質(zhì)子的加速度相同，由圖看出,1 +21Eq/y att ,2 2my相同，則運動時間相同，故 A錯誤;B.質(zhì)子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，設(shè)x是水平位移，則偏轉(zhuǎn)距離:y 1at22Eqx22mv2，由圖看出，

11、y相同，則知，V0越大時，x越大，故質(zhì)子沿b軌跡運動時初速度 V0更大。故B錯誤；CD.電場力做功為:W=qEy，可見，電場力做功相同，動能的增量相同，又由能量守恒得知，兩次的電勢能增量相同。故C錯誤，D 正確。二 . 多選題11.一電子飛經(jīng)電場中 A、B兩點，電子在 A點電勢能為4.8 X 10 17 J,動能為3.2 X10 17 J,電子經(jīng)過B點時電勢能為3.2 X10 17 J ,如果電子只受靜電力作用，則（）A.電子在B點時動能為 4.8 X10 17 JB.由A點到B點靜電力做功為 100 eVC.電子在B點時動能為1.6X10T7 JD. A、B兩點間的電勢差為 100 V【答案

12、】AB【解析】【分析】根據(jù)能量守恒求出電子的動能，根據(jù)電場力做功與電勢能的變化關(guān)系求電場力做的功，同時可以求出兩點間的電勢差；【詳解】A、AB兩點電子只受電場力，則電子的能量守恒，在 A點：E EK EP 3.2 10 17 4.8 10 17 8 10 17J171717在 B點：EkE Ep 8 103.2 104.8 10 J ,故 A正確，C錯誤；17日電場力做的功等于電勢能的該變量，所以WabEpa Epb 1.6 10 J 100eV ,故B正確；D根據(jù)公式：Wab $Uab ,所以U ab 100V ,故D錯誤?！军c睛】本題重點考查了電場力做功與電勢能的變化關(guān)系，結(jié)合公式WAB

13、qU AB 即可解決此類題目。12 . 一帶點油滴在勻強電場E 中的運動軌跡如圖虛線所示，電場方向豎直向下。若不計空氣阻力，則此油滴從 A運動到B的過程中，能量變化情況為A.動能減小B.電勢能減少C.動能和電勢能之和減少D.重力勢能和動能之和增加【答案】BCD【解析】【詳解】A.由軌跡圖可知，帶電油滴所受重力小于電場力，故從A到B的運動過程中合外力做正功，動能增加，故 A錯誤；B.油滴向上偏轉(zhuǎn)運動，說明電場力向上，并且一定大于重力，所以從 A到B的運動過程電場 力做正功，電勢能減小，故 B正確；C.根據(jù)功能關(guān)系可知，在從 A到B的運動過程中只有重力、電場力做功，因此重力勢能、電 勢能、動能三者

14、之和保持不變；從 A到B的運動過程中重力做負功，重力勢能增加，因此動 能和電勢能之和減小，故 C正確；D.根據(jù)功能關(guān)系可知，在從 A到B的運動過程中只有重力、電場力做功，因此重力勢能、電 勢能、動能三者之和保持不變，因該過程中電勢能減小，因此重力勢能和動能之和增加，故 正確。13 .如圖所示，電源電壓恒定，在閉合開關(guān)時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向左偏了一下。平行板電 容器C,靈敏電流計 G電源及開關(guān)組成閉合回路。下列各種情況下靈敏電流計偏轉(zhuǎn)方向是0左 G 右A.若減小電容器兩極板間距離，向右偏轉(zhuǎn)B.若減小電容器兩極板間距離，向左偏轉(zhuǎn)C.若將電容器極板正對面積減小，向右偏轉(zhuǎn)D.若將電容器極板正對面積減

15、小，向左偏轉(zhuǎn)【答案】BC【解析】【詳解】閉合開關(guān)時，電流從左向右流過靈敏電流計，為電容器充電，指針向左偏了一下。AB.保持電容和電源連接，電容器兩端電壓不變。若減小電容器兩極板間距離，電容增大，根據(jù)Q CU ,電容器所帶電量增加，需要給電容器充電，所以指針向左偏轉(zhuǎn)，故A錯誤，B正確；CD.若將電容器極板正對面積減小，電容減小，根據(jù) Q CU ,電容器所帶電量減小，電容器放電，所以指針向右偏轉(zhuǎn)，故 C正確，D錯誤。14 .如圖所示，圖線1表示的導體電阻為 R,圖線2表示的導體電阻為 R,則下列說法正確的是12 3 UA. Rv R2B.圖線的斜率代表導體的電阻C.將R與R串聯(lián)后接于電源上，則電流

16、 I i>I 2D.將R與R并聯(lián)后接于電源上，則電流 I i>I 2【答案】AD【解析】【詳解】AB.根據(jù)I-U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R i <R 2 ，故A正確,B錯誤；C.串聯(lián)電路電流相等，所以將 R i 與R 2串聯(lián)后接于電源上，電流 I i =1 2,故C錯誤；D.并聯(lián)電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比，所以將R i 與R 2并聯(lián)后接于電源上，電流比I i >12 ,故D 正確。i5.如圖（甲）所示電路中，調(diào)節(jié)滑動變阻器，通過電壓表、電流表示數(shù)分別得到電源路端電壓和干路電流值，電源路端電壓 U與干路電流I關(guān)系圖象如圖（乙）。則（A.電源電動勢為

17、 E= 1.5VB.電源內(nèi)阻為 r = 3.0QC.電源內(nèi)阻為r=1.0QD.回路短路電流I0=0.5A【答案】AC【解析】由閉合電路歐姆定律有U=E-Ir ,結(jié)合圖像，電源電動勢為截距，電源電動勢為E=1.5V,電源內(nèi)阻為斜率，電源內(nèi)阻為 r = 1.0Q,回路短路電流Io 1.5A,故AC正確，BD錯誤； r故選AG三.實驗題16 .一位同學記錄的6組數(shù)據(jù)見表。試跟據(jù)這些數(shù)據(jù)在圖中畫出U-I圖線，（）I/AU/V0.121.370.201.320.311.240.351.200.501.100.571.05【答案】（1）.如圖所示:(2).1.45;(3).0.70【解析】【詳解】1根據(jù)U

18、k I數(shù)據(jù)，在方格紙 U-I坐標系上描點、連線，然后將直線延長。如圖所示:2由圖可知，與 U軸交于1.45 V,此即為電源電動勢;3由圖可知，與I軸交于0.64A,注意此時U2=1.00 V,則內(nèi)阻:1.45 1.000.640.7017 .在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，小燈泡的規(guī)格為“6V, 3W ,其他供選擇的器材有：電流表A （量程為03A,內(nèi)阻0.2 ）;電流表 A （量程為00.6A,內(nèi)阻1Q）電壓表 V （量程為06V,內(nèi)阻20kQ）滑動變阻器 R (最大阻值1000Q,額定電流 0.5A)滑動變阻器R2 (最大阻值20Q,額定電流 2A學生電源E (電動勢為6V,內(nèi)阻忽略不

19、計)開關(guān)S及導線若干(1)實驗中要求電壓表在 。6V范圍內(nèi)讀數(shù)并記錄下 12組左右不同的電壓值 U和對應的電流值I ,以便做出伏安特性曲線，則在上述器材中，電流表應選擇 ,變阻器應選擇(2)在所給虛線方框中畫出實驗電路圖。()(3)以下是實驗操作步驟A閉合開關(guān)，記下電流表電壓表的一組示數(shù)(U I ),移動滑動變阻器滑片，每移動一次記下一組(U、I)值，共測出12組數(shù)據(jù)；B將電流表、電壓表、變阻器、小燈泡、電源、開關(guān)正確連接成電路；C調(diào)節(jié)滑片，使閉合開關(guān)前滑片處于使變阻器與小燈泡并聯(lián)的電阻最大的位置；D按所測數(shù)據(jù)，在坐標紙上描點并將各點用平滑曲線連接起來，得出小燈泡的伏安特性曲線以上各步驟中存在

20、的錯誤或不妥之處是： 將各步驟糾正后，按實驗先后順序排列為 (4)小燈泡的I-U圖線是一條曲線，原因為【答案】 (1).(1) A； (2). R; (3).(2)(4). (3)步驟C中，閉合開關(guān)前觸頭應處于使變壓器與小燈泡并聯(lián)的電阻為零的位置；(5).BCAD (6).(4)隨著電壓增加，通過小燈泡的電流增大，溫度升高，燈泡燈絲的電阻率增加?！窘馕觥俊驹斀狻?1) 1根據(jù)小燈泡的功率 PUI ,燈泡正常發(fā)光時的電流為P 3一 -A 0.5AU 6電流表應選擇：A;2要求在0-6V范圍內(nèi)讀取并記錄下12組不同的電壓值U和對應的電流值I ,應選擇分壓電路，為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇(2)

21、 3小燈泡正常工作時電阻:R UI遠小于電壓表的內(nèi)阻，應采用電流表外接法，A 120.5電路如圖所示：(3) 4閉合開關(guān)前觸頭應處于使變壓器誤之處;5應先連接電路，調(diào)節(jié)好滑動變阻器由故實驗步驟為BCAD(4) 6隨著電壓增加，通過小燈泡的電燈泡的I-U圖線是一條曲線。四計算題18.如圖所示電路中，電源電動勢E=1.5電壓表為理想電表，閉合開關(guān)S,求:有錯阻 r=0.6 Q,阻 Rs=6Qo=4IT再測、.i-TT-r 必直)大，溫度方(1)通過電源的電流大小(2)電源的內(nèi)電壓和電壓表示數(shù)-舄 【答案】(1) 0.25A; (2) 0.15V; 0.6V【解析】【詳解】(1)圖中電阻R與R并聯(lián)，

22、并聯(lián)電阻為:R23R2R3R2R34 64+6=2.4根據(jù)閉合電路歐姆定律，電源的電流：E1.5I A 0.25AR1 r R233 0.6 2.4通過電源的電流：I =0.25 A(2)電源的內(nèi)電壓：U 內(nèi) Ir 0.25 0.6V 0.15V電壓表的示數(shù)為：UIR23 0.25 2.4V 0.6V19.如圖所示，水平放置的平行板電容器的兩極板M N接上直流電源，兩極板間的距離為=15 cm.上極板M的中央有一小孔 A在A的正上方h處的B點有一小油滴自由落下.已知小 油滴的電荷量q = 3.5 x 10 14 C、質(zhì)量m= 3.0 x 10 9 kg.當小油滴即將落到下極板時速度恰好 為零.兩極板間的電勢差 U= 6X105 V.求：(不計空氣阻力，取 g=10 m/s2)(1)兩極板間的電場強度 E的大小為多少？(2)設(shè)平行板電容器的電容 C= 4.0X10 12 F,則該電容器所帶電荷量 Q是多少？(3) B點在A點的正上方的高度 h是多少？平hM A I廠.【答案】(1) 4X106V/m； (2) 2.4X10-6C; (3) 0.55m【解析】【