河南省2019屆高三5月質(zhì)量檢測理科綜合物理試題-9a33cf08618e4e299ad57b0dcc17eb52

1、題號一一三四總分得分考試范圍：xxx;考試時間：100分鐘；命題人：xxx評卷人得分絕密啟用前河南省2019屆高三5月質(zhì)量檢測理科綜合物理試題試卷副標題注意事項：1 .答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2 .請將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題）請點擊修改第I卷的文字說明1.人類在研究光、原子結(jié)構(gòu)及核能利用等方面經(jīng)歷了漫長的過程，我國在相關研究領域雖然起步較晚，但是近年對核能的開發(fā)與利用卻走在了世界的前列，有關原子的相關知識，下列說法正確的是A.盧瑟福最先發(fā)現(xiàn)電子，并提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學說B.光電效應和康普頓效應都能說明光子具有粒子性，且前者可說明光子具有能量，后 者除證明光子具有

2、能量，還可證明光子具有動量C.原子核發(fā)生P衰變時，產(chǎn)生的P射線本質(zhì)是高速電子流，因核內(nèi)沒有電子，所以P射線是核外電子逸出原子形成的D. 一個被核（4 Be）和一個u粒子反應后生成一個碳核，并放出一個中子和能量，核反應方程為：Be+2HeT 1：C + 0n2.嫦娥五號”月球探測器預計在 2019年年底發(fā)射，采集月球樣品并返回地球，全面實 現(xiàn)月球探測工程 三步走”戰(zhàn)略目標.若 嫦娥五號”衛(wèi)星在距月球表面 H處的環(huán)月軌道I 上做勻速圓周運動，其運行的周期為T;隨后 嫦娥五號”在該軌道上某點采取措施，使衛(wèi)星降至橢圓軌道 n上，如圖所示.若近月點接近月球表面，而 H等于月球半徑，忽略 月球自轉(zhuǎn)及地球?qū)?/p>

3、衛(wèi)星的影響，則嫦娥五號”在軌道n上的運行周期為X I試卷第11頁，總8頁A. 3T4B. TD.叵T43.某同學用斜向下的力推放在水平面上的物塊，保持推力大小不變，將推力與水平方向的夾角逐漸減小， 此過程中物塊始終未動， 則此過程中地面對物塊支持力和摩擦力的合力B.逐漸增大C.先增大后減小D .先減小后增大4 .如圖所示，兩條間距L=0.50m、平行光滑U形導軌與水平面的夾角 0=3° ,導軌的底部接一阻值 R=2.0 的電阻，其中CM = PD=4.5m,導軌及其他部分電阻不計.一根質(zhì)量m=0.2kg、電阻r=1.0 的導體棒置于導軌的底端，與導軌垂直且接觸良好，整個裝置處于磁感應

4、強度 B=2.0T、方向垂直于導軌平面向上的勻強磁場中.現(xiàn)對導體棒施加平行于導軌向上的拉力 F,使棒從靜止開始沿導軌平面向上做勻加速運動，則導體棒在導軌上運動的整個過程中A.通過電阻R的電荷量為2.0CB.拉力F和磁場對導體棒的安培力做的總功等于導體棒的機械能的增加量C.拉力F做的功等于導體棒增加的機械能與電阻R產(chǎn)生的焦耳熱之和D.拉力F先增大后保持不變5.如圖所示，虛線半圓弧為點電荷電場中的等勢線,實線為某帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，實線與虛線的交點分別為A、B,圖中實線上與圓弧上相距最遠的兩點C、D間的距離大于圓弧的半徑，由此可以判斷O線O 訂O X 題 X X 答 X X 內(nèi) X

5、 X 線 X X 訂 X X 裝 X X 在O線O 訂O 裝O 內(nèi)O要不請裝 O 外 OIA . A點的電勢比C點的電勢低B.帶電粒子從 A點運動到C點，電勢能一定增大C.從A點到C點，靜電力對帶電粒子做功的功率越來越大D.帶電粒子從 A點運動到B點，動能先增大后減小6.如圖所示為一理想變壓器， 原副線圈的匝數(shù)比為 ni: n2 = 3:1,且分別接有電阻 Ri和R2,交流電源電壓為 U,已知兩電阻消耗的功率相等，則下列說法正確的是A. R和R2兩端電壓之比為3:1B. R和R2兩端電壓之比為 1:3C. R和R2的電流之比為1:3_ 3UD . R2兩端的電壓為107. A、B兩小車在t0

6、=0時刻同時沿同一直線向同一方向運動，兩車運動的x-t圖象如圖所示，已知A車運動的位移圖象是對稱軸平行于 x軸且開口向上的一段拋物線， B車運動的位移圖象是過原點的傾斜直線，t1 = 1m/s時直線與拋物線相切.根據(jù)圖象可知A . A車運動的初速度為 2m/sB . A車運動的加速度為 2m/sC. B車運動的速度為 4m/sD . t2 = 4m/s時兩車相距9m8.如圖所示，在同一豎直平面內(nèi)，一根均勻的橡皮筋跨過光滑的固定釘子P, 一端固定在Oi點，另一端跟一可視為質(zhì)點且質(zhì)量為 m的物體相連，橡皮筋的原長等于 OF ,受到的彈力跟伸長長度成正比 （比例系數(shù)為k）,先讓物體靜止在粗糙斜面上的

7、位置。2點,02P垂直于斜面且O2P =L0,然后釋放物體，物體開始沿斜面向下運動.已知斜面與物體間的動摩才因數(shù)為 0.5,斜面傾角為53。且足夠長，重力加速度為 g,橡皮筋一直在彈kx性限度內(nèi)，變力 F=kx （萬向不變）在x位移內(nèi)的平均值為 F =，且sin53 = 0.8,2cos53 =0.6.則物體沿斜面向下運動的過程中，下列說法正確的是A .物體受到的摩擦力保持不變B .物體沿斜面先做勻加速運動后做勻減速運動C.物體運動的最大速度為mg kL02 、mk，一 一 3 , mgD.物體距離出發(fā)點的最大距離為-Ao +:9.下列說法正確的是.A.當分子之間表現(xiàn)為斥力時，分子間距離約小，

8、分子勢能越大B.物體的溫度越高，分子的熱運動越劇烈，每個分子的動能都增大C.外界對封閉氣體做功，氣體的溫度可能降低D.從單一熱源吸收熱量，不可能使之完全變成功E.氣體向真空自由膨脹的過程是不可逆過程10.如圖所示，質(zhì)點 O在垂直x軸方向上做簡諧運動，形成了沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻質(zhì)點。開始向上運動，t=0.2s時第一次形成圖示波形，此時O點向上運動到最高點.由此可判斷，下列說法正確的是 .題答內(nèi)線訂裝在要不請派VJ >)> 上一工。 >)> ,、打】 】 】 C - - - - 韭 - - - - C 】 】 】 八夕 O線O線OO訂號 考:訂O 級 班O 裝

9、O 名 姓核 學裝 O 外O內(nèi)O什 y ctn、廠.一n ii |jI *1 ,r/niA.這列橫波的速度為5m/sB . t=0.5s時質(zhì)點 A沿x移動1.5mC.質(zhì)點B開始運動時，質(zhì)點 A沿y軸正方向運動D. B點的起振方向向上30cmE.當質(zhì)點B第一次到波峰時，質(zhì)點 A運動的路程為第II卷(非選擇題) 請點擊修改第II卷的文字說明評卷人得分三、實驗題11 .如圖所示的裝置可以用作 探究牛頓第二定律”在氣墊導軌上安裝了兩光電門1、2,滑塊上固定一遮光條，滑塊用細線繞過定滑輪與鉤碼相連.實驗時，測出光電門 1、2間的距離為L,遮光條的寬度為 d,滑塊和遮光條的總質(zhì)量為M.(1)完成下列實驗步

10、驟中的填空：A.安裝好實驗裝置，其中與定滑輪及彈簧測力計相連的細線豎直；B.實驗時要調(diào)整氣墊導軌水平，不掛鉤碼和細線，接通氣源，釋放滑塊，如果滑塊 則表示氣墊導軌已調(diào)整至水平狀態(tài)；C.掛上鉤碼后，接通氣源，再放開滑塊，記錄滑塊通過光電門1的時間t1和通過光電門2的時間t2,若彈簧測力計的示數(shù)為F,要驗證牛頓第二定律的表達式為；D.改變鉤碼的質(zhì)量，重復步驟C,求得滑塊在不同合力作用下的動能變化量AEk和加速度a.(2)若利用前面所測得的數(shù)據(jù)，可求得鉤碼和動滑輪的總質(zhì)量為 .12 .如圖甲所示，某同學設計了一個 只用一個理想電壓表測電源的電動勢和內(nèi)阻 ”的實 驗方案，同時可以測量一個未知電阻 Rx

11、的阻值，電路中R為電阻箱(09.9 Q .實驗操 作步驟如下：VJ >)> 上一工。 >)> ,、打】 】 】 C - - - - 韭 - - - - C 】 】 】 八夕題答內(nèi)線訂裝在要不請派(1)現(xiàn)將電阻箱調(diào)到阻值較大位置，保持開關K1斷開、K 2閉合，逐次改變電阻箱的阻值,11得到多組合適的 R、U值；依據(jù)R、U值作出如圖乙所示的 圖線；斷開K2、閉R U合Ki,讀出電壓表示數(shù)為 1.5V.則根據(jù)圖乙可求得電源的電動勢為 V,電源的內(nèi)阻為 未知電阻 Rx的阻值為 Q (結(jié)果均保留一位小數(shù)).(2)如果考慮電壓表阻值的影響，則電動勢的測量值 真實值，內(nèi)阻的測量值真實

12、值.(均填大于“小于"或等于")評卷人得分13 .如圖所示，在光滑的水平面上靜止著足夠長、質(zhì)量為m的木板，有三個質(zhì)量均為 m的木塊1、2、3,木塊與木板間的動摩擦因數(shù)均為卜.開始時，木塊3靜止在長木板上的某一位置，木塊1、2分別以初速度V。、5vo同時從長木板的左端和右端滑上長木板，最后所有的木塊與木板相對靜止 .已知重力加速度為 g,三個木塊均不會發(fā)生相互碰撞，求：與 一pi m川一(1)木塊1相對長木板發(fā)生的位移；(2)木塊2相對長木板發(fā)生的位移.14 .如圖所示，在平面直角坐標系 xOy中，0<x<L的區(qū)域內(nèi)有沿y軸正方向的勻強電場， x>L的區(qū)域內(nèi)

13、有方向垂直于 xOy平面向外的勻強磁場，電場與磁場的分界線跟x軸相交于P點.帶負電、帶正電的粒子分別以沿x軸正方向的不同初速度從原點。先后進入電場，兩粒子從電場既然怒磁場時速度方向與分界線的夾角分別為30。和60。；兩粒子在磁場中運動后同時返回電場，而電場也同時反向(大小不變)，兩粒子在反向的電場中運動后又都回到出發(fā)點.已知兩粒子的重力及兩粒子之間的相互作用都可忽略不計，求：(1)正、負粒子離開電場時偏轉(zhuǎn)的距離之比y1：y2和正、負粒子在磁場中的運動的半徑大小之比r1 : r2 ；qi 。2(2)正、負粒子的比荷之比 一：及正、負粒子從坐標原點進入電場時的初速度之比 m1 m2v01 : v0

14、2 ；(3)若正離子從原點既然怒電場的初速度為V。、在磁場中運動的周期為 T,則兩粒子從坐標原點先后進入電場的時間差是多少？15 .近年來我們國家倡導節(jié)能減排，促進綠色環(huán)保，作為一名公民也要從身邊力所能及 的小事做起，少開車多騎自行車.一般設計自行車內(nèi)胎的壓強不能高于1.8atm,否則易爆胎，另外自行車長時間騎行，會使內(nèi)胎溫度比外界高5C,所以夏天充氣壓強要低點一輛自行車內(nèi)胎壓強降到l.latm,在27 C的室溫下用200mL的微型打氣筒給內(nèi)胎充氣，外界大氣壓強視為 1.0atm,內(nèi)胎容積3000mL,充氣過程視為溫度不變、內(nèi)胎容積不變 則：將內(nèi)胎氣壓充到1.5atm,需要用微型打氣筒打多少次

15、？在室溫下充氣到 1.75atm,能在外界40c高溫下長時間騎行嗎？16 .如圖所示，a、b是兩條相距為L不同顏色的平行光線，沿與玻璃磚上表面成30。角入射，已知玻璃磚對單色光a的折射率為3 ,玻璃磚的厚度為h,不考慮折射光線在玻璃磚下表面的反射，光在真空中的速度為c.求單色光a在玻璃中的傳播時間;h題答內(nèi)線訂裝在要不請派VJ >)> 上一工。 >)> ,、打】 】 】 C - - - - 韭 - - - - C 】 】 】 八夕當玻璃磚厚度h與兩光線距離L滿足=3 + J3時，玻璃磚下面只有一條光線，求 單色光b在上表面白折射角.本卷由系統(tǒng)自動生成，請仔細校對后使用，

16、答案僅供參考2R H 3c =-R,據(jù)開22普勒第三定律知32RT23. 3,解得T1 =3T ,故選項C正確, Ti28A、B、D錯誤。參考答案1. . B【解析】【詳解】A、湯姆孫最先發(fā)現(xiàn)電子，盧瑟福提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學說，故選項 A錯誤；B、光電效應和康普頓效應都能說明光子具有粒子性，光電效應說明光子具有能量，康普頓效應可以說明光子具有動量，故選項B正確；C、P射線是高速電子流，來自原子核內(nèi)部中子的衰變，故選項C錯誤；D、該核反應方程中，質(zhì)量數(shù)不守恒，故選項 D錯誤。2. C在I軌道上，軌道半徑=R + H =2R,在n軌道上，半長軸為a答案第13頁，總10頁3. A【解析】【詳解】由

17、于物塊始終保持不動，因此物塊受到的推力 f、重力mg、地面對它的作用力 F'的合力 為零，由圖解法可知，隨著F與水平方向的夾角減小， F'在逐漸減小，故選項A正確，B、 C、D錯誤。4. B【解析】【詳解】A、根據(jù)q=It,= E和E =BLV可得通過電阻 R的電荷量q = -BLx =1.5C ,故選 R rR r項A錯誤；B、根據(jù)功能原理知，拉力F和磁場對導體棒的安培力做的總功等于導體棒的機械能的增加量，故選項B正確；C、拉力F做的功等于棒增加的機械能與電阻R和棒的焦耳熱之和，故選項 C錯誤；D、對棒由牛頓第二定律有 F - mg sin 6 - FA = ma ,可得F

18、= mg sin + ma + FA ,其中B212VFA = BiL =,因為導體棒做勻加速運動，所以 Fa 一直增大，即力 F一直增大，選項R rD錯誤。5. D【解析】【詳解】A、由于帶電粒子做曲線運動時，受到的靜電力指向運動軌跡凹的一側(cè)，因此帶電粒子與場源點電荷帶異種電荷，由于場源電荷的電性不能確定，因此 A、 C兩點的電勢高低不能確定，故選項A錯誤；B、粒子從A點到C點電場力做正功，因此電勢能減小，故選項 B錯誤；C、由于粒子運動到 C點時電場力與速度垂直，靜電力的功率為零，故選項 C錯誤；D、帶電粒子從 A點運動到B點，電場力先做正功后做負功，根據(jù)動能定理可知，動能先增大后減小，故

19、選項 D正確。6. AC【解析】【詳解】C、根據(jù)題意知原、副線圈的電流之比為1:3,可知Ri和R2的電流之比為1:3,故選項C正確；2 一 2 AB、又因為Ri、R2消耗的功率相等，可得Ii R = I2R2，解得Ri ： R2 =9:1，根據(jù)公式U = IR可得U1 :U2 =(I1R1) ：(I2R2) =3:1，選項選項A正確，B錯誤；D、在原線圈電路中，原線圈的兩端電壓為3U2,而Ui +3U2=U ,且Ui =3U2,解得,1 _U2 = -U ,故選項D錯誤。67. BD【解析】【詳解】以B車出發(fā)點為原點，運動方向為正方向，建立位移坐標系 Ox,由題知A車的運動位移,.1 . 2X

20、a =1 +v0t + at (m ), B車運動白位移Xb =vt ；由于直線與拋物線相切，在切點處有2.，r 1，2t=ti, xa=xb,由以上幾式得 萬at1 十(vo v )3+1 = 0 ,在t =1s時A、B的速度相等，即有v -Vo =at1，聯(lián)立解得a =2m/s2 , v-Vo =2m/s ,不能確定 A的初速度Vo與B運動1 . 2的速度v的大小，t2=4s時兩車的距離 Ax = Xa Xb =1(VVo九+3 at2 = 9m ,故選項B、D正確，A、C錯誤。8. AC【解析】【詳解】A、物體沿斜面向下運動到某位置時的受力分析如圖所示，設物體發(fā)生的位移為X,橡皮筋伸長的

21、長度為L ,橡皮筋與斜面之間的夾角為日，由題可知N =mgcos530-F sinH ,f =NN ,其中 F sinH =kL sinH =kLo,聯(lián)立解得 f = 0.3mg 0.5kL0 ,可見摩擦力是 個不變值，故選項 A正確;B、物體受到的合力 F合=mgsin53 nN(mgcos530F sinF cos = ma,其中1.F cos =kLcos =kx ,解得 a = = (0.5mg+0.5kL0kx ),可見加速度 a 隨位移 x 先 m減小后增大，即物體在做變加速運動，故選項 B錯誤；C、物體加速度a=0時，速度最大，此時有0.5mg+o.5kLokx=0 ,解得x =

22、 2(m 根據(jù)動能定理有 mg sin 53 0 x - N(mg cos53 口一kL0 ),xkx ,x =1 mv2,解得22mg kL0v =云廠一，故選項 C 正確;D、設物體距離出發(fā)點的最遠距離為x，根據(jù)動能定理有kmgmgsin53 x'_kL(mgcos530kL0)x' - x' = 0，x = Lo + ,故選項 D誤。E八9. ACE【解析】【詳解】A、當分子之間表現(xiàn)為斥力時，分子間距離越小，斥力做負功，分子勢能增大，故選項A正確；B、物體的溫度越高，分子的熱運動越劇烈，分子平均動能增大，但不是每個分子的動能都增大，有個別分子動能也可能減小，故選項

23、 B錯誤；C、外界對封閉氣體做功，氣體向外界放出熱量，如果放出熱量大于做功，內(nèi)能會減小，氣體溫度降低，故選項 C正確；D、從單一熱源吸收熱量，如果有外界參與時，是可以使之完全變成功，故選項D錯誤；E、熱現(xiàn)象具有方向性，氣體向真空自由膨脹的過程就是一種不可逆過程，沒有外界的參與氣體是不可能自動收縮回去的，故選項E正確。10. ADE【解析】【詳解】 x 1. 一 .A、這列橫波的波速 v = =5m/s,故選項 A正確；t 0.2B、形成機械波時質(zhì)點只在平衡位置附近振動，不會遷移，故選項 B錯誤；.1CD、由圖波長為4m,質(zhì)點A、B之間距離為Ax=5m = 1一九，當質(zhì)點B開始運動時，質(zhì) 4點A

24、位于波峰，而且質(zhì)點 a、B都振動起來后相位差為 ；，故選項D正確，C錯誤；x 7.E、質(zhì)點B第一次到波峰需要的時間 5=一 s = 1.4s,而波傳到質(zhì)點 A需要0.2s,所 v 5以在質(zhì)點B第一次到波峰的時間內(nèi)，質(zhì)點 A振動1.2s,走過的路程為6個振巾M即30cm,故選項E正確。4F11.靜止It1d )22L2gt1解：（1）不掛鉤碼和細線，接通氣源，釋放滑塊，如果滑塊靜止，則表示氣墊導軌已調(diào)整至水平狀態(tài)；彈簧測力計的示數(shù) F等于繩拉力即為滑塊和遮光條的合外力，滑塊和遮光條做勻加速直線運動，有a =-(d)t12L,若滿足F =M(-)2-(d)2Lt1,則可驗證牛頓第二定律.（2）由裝

25、置圖可得鉤碼加速度-,對鉤碼由牛頓第二定律得2mg -2F =ma：聯(lián)立可得2g12. 3.04F-(d)t12L0.50.5小于 小于解：（1）據(jù)閉合電路歐姆定律 E = U u r ,可求:R1 ，一一，一,，-,從圖象可以看出，當 r1 -一 一=0時，有 RrU1 c 11-_ =0 ,又一=一，故 E 力=3Vr U 3，斜率 E = 6, r =0.5Q，斷開 K2, r閉合 K1，U =1.5V =巨，Rx=r=0.5C 2（2）由等效關系可知，測定的電源實際為電池與電壓表并聯(lián)而成的等效電源，因此測定的電源與實際需要測定的相比,電動勢與內(nèi)阻都偏小。13. (1) S12Vo四(2

26、)21vo解：（1）木塊1、2同時滑上長木板后均做勻減速運動，在木塊1的速度減為零之前， 木塊1、2對長木板的摩擦力的合力為零，長木板及木塊3仍保持靜止木塊1做減速運動的加速度為：a =上mg = Ngm22木塊1發(fā)生的位移為：x = v"=v02a 2g1相對長木板的位移木塊1速度減為零后，木塊 1、3與木板始終保持相對靜止，所以木塊2為:Vo 2日g（2）令最后所有木塊與木板相對靜止后的共同速度為v,由動量守恒定律有:5mv0-mv0 =4mv解得：V =Vo設木塊2相對長木板的位移為 s2,根據(jù)能量守恒定律有:,121212Lmgs ".二mgs2 = - m 5v0

27、mv0 - 4mv0222解得:S2 =21V22g% q28L 131T14.:1：2=出：9 m-：m-=27：1，v01：v02=9：1 &=丁丁【解析】【詳解】解：（1）正、負粒子在勻強電場中做類平拋運動，兩粒子剛離開電場時，出射速度方向的反向延長線必交于 OP的中點，L _正粒子的偏轉(zhuǎn)距離為：2 3LV1 =-=tan60 6L負粒子的偏轉(zhuǎn)距離為：? 3Ly2 =-=tan30 2所以正、負粒子離開電場時偏轉(zhuǎn)的距離之比為：v1 ： y2 =典:典 =1： 362畫出正、負粒子在組合場中的運動軌跡如圖所示（圖中未畫出電場和磁場）兩粒子在磁場中運動時，正粒子運動的軌道半徑為：r1 = y1 =1Lsin 603負粒子運動的軌道半徑為：r2 = y = . 3lsin30所以正、負粒子在磁場中運動的軌道半徑之比為：R :2 =1 L : J3L =73:93 一qE 1 ,2 4F（2）粒子在電場中做類平拋運動時，a = , y = at , m 232qEL 于是有：y =22m%q 1q21所以：yi : y2 = ( )：( ) =1： 3 mi V01m2 V02粒子在磁場中做勻