2020-2021學(xué)年高考理綜(物理)第五次模擬試題及答案解析

1、&知識(shí)就是力量！ &新課標(biāo)最新年高考理綜（物理）五模試卷二、選擇題：本大題共 8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中， 14-18題只有一項(xiàng)符 合題目要求.19-21題有多項(xiàng)符合題目要求.全選對(duì)的得 6分，選對(duì)但不全的得 3分，有錯(cuò)選的 得。分.1.下列說(shuō)法中正確的是（）A.在探究求合力方法的實(shí)驗(yàn)中利用了理想模型的方法B.牛頓首次提出 提出假說(shuō)，數(shù)學(xué)推理，實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，合理外推的科學(xué)推理方法C.用點(diǎn)電荷來(lái)代替實(shí)際帶電物體是采用了等效替代的思想D.奧斯特通過(guò)實(shí)驗(yàn)觀察到電流的磁效應(yīng)，揭示了電和磁之間存在聯(lián)系2.將一只皮球豎直向上拋出，皮球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比

2、.下列描繪皮球在上升過(guò)程中加速度大小a與時(shí)間t關(guān)系的圖象，可能正確的是（）3.甲、乙兩球質(zhì)量分別為 m1、m2,從同一地點(diǎn)（足夠高）處同時(shí)由靜止釋放.兩球下落過(guò)程所受空氣阻力大小f僅與球的速率v成正比，與球的質(zhì)量無(wú)關(guān)，即 f=kv （k為正的常量）.兩球的v-t圖象如圖所示.落地前，經(jīng)時(shí)間t0兩球的速度都已達(dá)到各自的穩(wěn)定值vV2.則下列判斷正確的是（）甲襪爐zB. 一 =一一嗎 V1C.甲球質(zhì)量大于乙球D. to時(shí)間內(nèi)兩球下落的高度相等Vi水平向右拋出，同時(shí)4.如圖所示，在水平地面上 M點(diǎn)的正上方某一高度處，將 &球以初速度 在M點(diǎn)右方地面上 N點(diǎn)處，將S2球以初速度V2斜向左上方拋出

3、，兩球恰在 M、N連線的中點(diǎn)正上方相遇，不計(jì)空氣阻力，則兩球從拋出到相遇過(guò)程中（A.初速度大小關(guān)系為C.都是變加速運(yùn)動(dòng)D.都不是勻變速運(yùn)動(dòng)5.如圖所示，以速度v逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面的夾角為m的小木塊輕輕地放在傳送帶的上端，小木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.現(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量為 和則圖中能夠正確地描述小木塊的速度隨時(shí)間變化關(guān)系的圖線可能是（Vi=V2 B.速度變化量相等學(xué)無(wú)止境！ 6 .嫦娥一號(hào)"探月衛(wèi)星沿地月轉(zhuǎn)移軌道到達(dá)月球附近， 在距月千表面200km的p點(diǎn)進(jìn)行第一次 第 車(chē)制動(dòng)”后被月球俘獲，進(jìn)入橢圓軌道 I繞月飛行，如圖所示.之后，衛(wèi)星在 p點(diǎn)經(jīng)過(guò)幾次 剎車(chē)制動(dòng)”，

4、最終在距月球表面 200km的圓形軌道 出上繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng).用Ti、T2、T3分別表示衛(wèi)星在橢圓軌道I、n和圓形軌道 出上運(yùn)動(dòng)的周期，用aa2、a3分別表示衛(wèi)星沿三個(gè)軌道運(yùn)動(dòng)到p點(diǎn)的加速度，用 Vi、V2、V3分別表示衛(wèi)星沿三個(gè)軌道運(yùn)動(dòng)到 p點(diǎn)的速度，用Fi、F2、F3分別表示衛(wèi)星沿二個(gè)軌道運(yùn)動(dòng)到p點(diǎn)時(shí)受到的萬(wàn)有引力，則下面關(guān)系式中正確的是（A. ai=a2=a3 B. Vi v2V V3 C.丁2丁3口. F產(chǎn)F2=F37 .如圖所示，質(zhì)量為 3m的豎直光滑圓環(huán) A的半徑為R,固定在質(zhì)量為2m的木板B上，木板B 的左右兩側(cè)各有一豎直擋板固定在地面上，B不能左右運(yùn)動(dòng).在環(huán)的最低點(diǎn)靜止放有

5、一質(zhì)量為 m的小球C.現(xiàn)給小球一水平向右的瞬時(shí)速度Vo,小球會(huì)在圓環(huán)內(nèi)側(cè)做圓周運(yùn)動(dòng)，為保證小球能通過(guò)環(huán)的最高點(diǎn)，且不會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起，初速度Vo必須滿(mǎn)足（）A.最小值為 J面B.最大值為3J康C.最小值為寸標(biāo) D.最大值為屈函8.如圖a所示，小物體從豎直彈簧上方離地高h(yuǎn)i處由靜止釋放，其動(dòng)能Ek與離地高度h的關(guān)系如圖b所示.其中高度從 hi下降到h2,圖象為直線，其余部分為曲線，h3對(duì)應(yīng)圖象的最高點(diǎn)，輕g.以下說(shuō)法不正確的是（彈簧勁度系數(shù)為k,小物體質(zhì)量為 m,重力加速度為A.小物體下BI至高度 h3時(shí)，彈簧形變量為 0swvk工A8 .小物體下落至高度 h5時(shí)，加速度為02 2C.小物

6、體從高度h2下降到h4,彈簧的彈性勢(shì)能增加了D .小物體從高度hi下降到h5,彈簧的最大彈性勢(shì)能為 mg （hh。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第 22-32題為必考題，每個(gè)試題考生都作答；第 33題-40題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題（共129分）9 .在做 研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)得到一條用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的紙帶，如圖所示， 并在其上取了 A、B、C、D、E、F、G等7個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)圖中沒(méi)有畫(huà)出.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接頻率為 f=50Hz的交流電源.（1）打下E點(diǎn)時(shí)紙帶的速度Ve= （用給定字母表示）；2（2）右測(cè)得 d6=65.00cm, d

7、3=19.00cm,物體的加速度 a=m/s ;（3）如果當(dāng)時(shí)電網(wǎng)中交變電流的頻率f>50Hz,但當(dāng)時(shí)做實(shí)驗(yàn)的同學(xué)并不知道，那么測(cè)得的加速度值比真實(shí)值 .（填 褊大”或 偏小”）10.某實(shí)驗(yàn)小組預(yù)測(cè)定一只小燈泡（其額定功率為壓值，實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：他們先用多用電表的歐姆檔測(cè)出小燈泡的電阻約為0.75w,但額定電壓已經(jīng)模糊不清）的額定電2Q,然后根據(jù)公式算出小燈泡的額定電壓U= . .1.23v.但他們認(rèn)為這樣求得的額定電壓值不準(zhǔn)確，于是他們利用實(shí)驗(yàn)室中的器材設(shè)計(jì)了 一個(gè)實(shí)驗(yàn)電路，進(jìn)行進(jìn)一步的測(cè)量.他們選擇的實(shí)驗(yàn)器材有：A.電壓表 V （量程3v,內(nèi)阻約3k ）B.電流表Ai （量程150mA

8、,內(nèi)阻約2Q）C.電流表 A2 （量程500mA,內(nèi)阻約0.6 ）D.滑動(dòng)變阻器 Ri （020Q）E.滑動(dòng)變阻器R2 （050Q）F.電源E （電動(dòng)勢(shì)4.0v,內(nèi)阻不計(jì)）G.開(kāi)關(guān)s和導(dǎo)線若干（1）測(cè)量過(guò)程中他們發(fā)現(xiàn)，當(dāng)電壓達(dá)到1.23v時(shí)，燈泡亮度很弱，繼續(xù)緩慢地增加電壓，當(dāng)達(dá)到2.70v時(shí)，發(fā)現(xiàn)燈泡已過(guò)亮，立即斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，所有測(cè)量數(shù)據(jù)見(jiàn)表：次數(shù) 1234567U/V0.200.601.001.401.802.202.70I/mA80155195227255279310請(qǐng)你根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在給出的坐標(biāo)紙上作出U-I圖線，從中可得小燈泡的額定電壓應(yīng)為 v（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）.這一結(jié)果大于實(shí)驗(yàn)前

9、的計(jì)算結(jié)果，原因是 .（2）從表中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可以知道，他們?cè)趯?shí)驗(yàn)時(shí)所選擇的電路應(yīng)為 ,電流表應(yīng)選 （填A(yù)1"或,N）,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選 （填R”或卜2”）.11 . 2014年9月17日，西安北至南昌西高鐵動(dòng)車(chē)組開(kāi)通運(yùn)營(yíng)，全程長(zhǎng)為1799公里，運(yùn)行7小時(shí)58分鐘，較目前普速列車(chē)運(yùn)行時(shí)間縮短12個(gè)小時(shí)左右.目前我國(guó)高鐵常使用的自動(dòng)閉塞法行車(chē)，自動(dòng)閉塞法是通過(guò)信號(hào)機(jī)將行車(chē)區(qū)間劃分為若干個(gè)閉塞分區(qū)，每個(gè)閉塞分區(qū)的首端設(shè)有信號(hào)燈，如圖所示，列車(chē)向右行駛，當(dāng)前一閉塞區(qū)有列車(chē)B停車(chē)時(shí)信號(hào)燈顯示紅色（表示此閉塞區(qū)有車(chē)輛停車(chē)），后一個(gè)閉塞分區(qū)顯示黃色（表示要求車(chē)輛制動(dòng)減速），其它閉塞分區(qū)顯示綠色（表示

10、車(chē)輛可 以正常運(yùn)行）.假設(shè)列車(chē)A制動(dòng)時(shí)所受總阻力為重力的 0.1倍，不考慮反應(yīng)時(shí)間.（g取10m/s2）求：閉塞分區(qū)-p閉塞分區(qū) 一+閉塞分區(qū)（紅色）（1）如果信號(hào)系統(tǒng)發(fā)生故障，列車(chē) A的運(yùn)行速度是30m/s,司機(jī)看到停在路軌上的列車(chē)B才開(kāi)始剎車(chē)，要使列車(chē)不發(fā)生追尾，則列車(chē)A司機(jī)可視距離不得少于多少？（2）如果信號(hào)系統(tǒng)正常，司機(jī)可視距離取列車(chē) A司機(jī)的可視距離，列車(chē)設(shè)計(jì)運(yùn)行速度為 252km/h , 當(dāng)司機(jī)看到黃燈開(kāi)始制動(dòng)，到紅燈處停車(chē)，則每個(gè)閉塞分區(qū)至少多長(zhǎng)？12 .如圖所示的平行板器件中，存在相互垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B1=0.20T,方向垂直紙面向里，電場(chǎng)強(qiáng)度E1=

11、1.0M05V/m , PQ為板間中線.緊靠平行板右側(cè)邊緣 xoy坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)，有一邊界 AO,與y軸的夾角/ AOy=45°,邊界線的上方有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B2=0.25T,邊界線的下方有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E2=5.0M05V/m, 一束帶電量q=8.0M019C、質(zhì)量m=8.0X1026kg的正離子從P點(diǎn)射入平行板間，沿中線PQ做直線運(yùn)動(dòng)，穿出平行板后從y軸上坐標(biāo)為（0, 0.4m）的Q點(diǎn)垂直y軸射入磁場(chǎng)區(qū)，多次穿越邊界限 OA.求:（1）離子運(yùn)動(dòng)的速度為多大？（2）離子通過(guò)y軸進(jìn)入磁場(chǎng)到第二次穿越邊界線OA所需的時(shí)間？（3）離子第四次穿越邊界

12、線的位置坐標(biāo).【物理-選彳3-5 13 .已知?dú)湓拥幕鶓B(tài)能量為日=-13.6eV,激發(fā)態(tài)能量為 En-,其中n=2, 3.氫原子從第n三激發(fā)態(tài)（n=4）向基態(tài)躍遷所發(fā)出的所有光子中，最短的波長(zhǎng)為 m；上述所有光子中，照 射到鋤金屬表面，逸出的光電子中最大初動(dòng)能的最小值為 eV.(普朗克常量h=6.63M034J?s,鋤的逸出功W=2.13eV).14 .如圖所示，粗糙斜面與光滑水平面通過(guò)可忽略的光滑小圓弧平滑連接，斜面傾角0=37°. A、B是兩個(gè)質(zhì)量均為 m=1kg的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，C為左側(cè)附有膠泥的豎直薄板(質(zhì)量均不計(jì))，D是兩端分別水平連接 B和C的輕質(zhì)彈簧.當(dāng)滑塊 A

13、置于斜面上且受到大小 F=4N方向垂直斜面 向下的恒力作用時(shí)， 恰能沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng).現(xiàn)撤去F,讓滑塊A從斜面上距底端L=1m處由靜止下滑，求：(g=10m/s： sin37 =0.6)(1)滑塊A到達(dá)斜面底端時(shí)的速度大小；(2)滑塊A與C接觸粘在一起后，A B和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)在作用過(guò)程中，彈簧的最大彈性勢(shì)能.參考答案與試題解析二、選擇題：本大題共 8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中， 14-18題只有一項(xiàng)符 合題目要求.19-21題有多項(xiàng)符合題目要求.全選對(duì)的得 6分，選對(duì)但不全的得 3分，有錯(cuò)選的 得。分.1.下列說(shuō)法中正確的是（）A.在探究求合力方法的實(shí)驗(yàn)中利用了理想模型的方

14、法B.牛頓首次提出 提出假說(shuō)，數(shù)學(xué)推理，實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，合理外推的科學(xué)推理方法C.用點(diǎn)電荷來(lái)代替實(shí)際帶電物體是采用了等效替代的思想D.奧斯特通過(guò)實(shí)驗(yàn)觀察到電流的磁效應(yīng)，揭示了電和磁之間存在聯(lián)系【考點(diǎn)】物理學(xué)史.【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可.【解答】解：A、在探究求合力方法的實(shí)驗(yàn)中利用了等效替代的方法，故 A錯(cuò)誤；B、伽利略首次提出 提出假說(shuō)，數(shù)學(xué)推理，實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，合理外推的科學(xué)推理方法.故 B錯(cuò)誤；C、用點(diǎn)電荷來(lái)代替實(shí)際帶電物體是采用了理想模型的方法，故 C錯(cuò)誤；D、奧斯特通過(guò)實(shí)驗(yàn)觀察到電流的磁效應(yīng)，揭示了電和磁之間存在聯(lián)系，故 D正確； 故選：D.2.將一只皮球豎直

15、向上拋出，皮球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比.下列描繪皮球在上升過(guò)程中加速度大小 a與時(shí)間t關(guān)系的圖象，可能正確的是（）【考點(diǎn)】豎直上拋運(yùn)動(dòng).【分析】受力分析后根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的變化規(guī)律，同時(shí)結(jié)合特殊位置（最高點(diǎn)）進(jìn) 行判斷.【解答】解：B、D、皮球豎直向上拋出，受到重力和向下的空氣阻力，根據(jù)牛頓第二定律，有: mg+f=ma根據(jù)題意，空氣阻力的大小與速度的大小成正比，有： f=kv聯(lián)立解得：a=g+A、C、由于速度不斷減小，故加速度不斷減小，到最高點(diǎn)速度為零，阻力為零，加速度為g,不為零，故BD均錯(cuò)誤；根據(jù)BD的結(jié)論a=g+-,有五三8后三，由于加速度減小，故 一一也減

16、小，故 玄？也減小，故 a-t圖象的斜率不斷減小，故 A錯(cuò)誤，C正確；故選：C.3 .甲、乙兩球質(zhì)量分別為 mv m2,從同一地點(diǎn)（足夠高）處同時(shí)由靜止釋放.兩球下落過(guò)程所受空氣阻力大小f僅與球的速率v成正比，與球的質(zhì)量無(wú)關(guān)，即 f=kv （k為正的常量）.兩球的v-t圖象如圖所示.落地前，經(jīng)時(shí)間 to兩球的速度都已達(dá)到各自的穩(wěn)定值Vl、V2.則下列判斷正確的是（）f 甲球即A.釋放瞬間甲球加速度較大B-:一C.甲球質(zhì)量大于乙球D. to時(shí)間內(nèi)兩球下落的高度相等【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像.【分析】由圖看出兩球先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后都做勻速運(yùn)動(dòng)，重力與空氣阻力平衡，根據(jù)平衡條件和牛頓第

17、二定律列式分析.【解答】解：A、釋放瞬間v=0,因此空氣阻力f=0,兩球均只受重力，加速度均為重力加速度g,故A錯(cuò)誤；BC、兩球先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后都做勻速運(yùn)動(dòng)，穩(wěn)定時(shí) kv=mg,因此最大速度與其質(zhì).叫v1重成正比，即 Vm0cm,則=,由圖象知 Vi>V2,因此 m甲>m乙；故B錯(cuò)反，C正確；ID? V 2D、圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示物體通過(guò)的位移，由圖可知，to時(shí)間內(nèi)兩球下落的高度不相等；故D錯(cuò)誤.故選：C.Si球以初速度Vi水平向右拋出，同時(shí)4 .如圖所示，在水平地面上 M點(diǎn)的正上方某一高度處，將在M點(diǎn)右方地面上 N點(diǎn)處，將S2球以初速度V2斜向左上方拋出，兩球

18、恰在 M、N連線的中點(diǎn)正上方相遇，不計(jì)空氣阻力，則兩球從拋出到相遇過(guò)程中（A.初速度大小關(guān)系為 Vi=V2 B,速度變化量相等C.都是變加速運(yùn)動(dòng)D.都不是勻變速運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng).【分析】Si球做的是平拋運(yùn)動(dòng)，解決平拋運(yùn)動(dòng)的方法是把平拋運(yùn)動(dòng)分解到水平方向和豎直方向去研究，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng).&球做的是斜拋運(yùn)動(dòng)，它在水平方向上也是勻速直線運(yùn)動(dòng)，但在豎直方向上是豎直上拋運(yùn)動(dòng).【解答】解：A、由于兩球恰在 M、N連線的中點(diǎn)正上方相遇，說(shuō)明它們的水平位移大小相等，又由于運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，所以它們?cè)谒椒较蛏系乃俣认嗤?，即V2COS0=Vi,所以V2>vi,故A

19、錯(cuò)誤.B、由于兩個(gè)球都只受到重力的作用，加速度都是重力加速度，由4 v=at=gt,知它們速度的變化量 相同，故B正確.C、由于兩個(gè)球都只受到重力的作用，加速度都是重力加速度，加速度恒定，是勻變速運(yùn)動(dòng)，故 CD車(chē)昔誤.故選：B9.現(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量為 內(nèi)則圖中能夠正確地5 .如圖所示，以速度v逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面的夾角為 m的小木塊輕輕地放在傳送帶的上端，小木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為描述小木塊的速度隨時(shí)間變化關(guān)系的圖線可能是（【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像.【分析】對(duì)滑塊受力分析，開(kāi)始時(shí)，受到重力、支持力、滑動(dòng)摩擦力，處于加速階段；當(dāng)速度等 于傳送帶速度時(shí)，如果重力的

20、下滑分力小于或等于最大靜摩擦力，則一起勻速下滑，否則，繼續(xù) 加速.【解答】解：木塊放上后一定先向下加速，由于傳送帶足夠長(zhǎng)，所以一定有木塊速度大小等于傳 送帶速度大小的機(jī)會(huì)，此時(shí)若重力沿傳送帶向下的分力大小大于最大靜摩擦力，則之后木塊繼續(xù) 加速，但加速度變小了；而若重力沿傳送帶向下的分力大小小于或等于最大靜摩擦力則木塊將隨 傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)；故 A正確，BCD錯(cuò)誤； 故選：A.6 .嫦娥一號(hào)"探月衛(wèi)星沿地月轉(zhuǎn)移軌道到達(dá)月球附近， 在距月千表面200km的p點(diǎn)進(jìn)行第一次 到 車(chē)制動(dòng)”后被月球俘獲，進(jìn)入橢圓軌道 I繞月飛行，如圖所示.之后，衛(wèi)星在 p點(diǎn)經(jīng)過(guò)幾次 剎車(chē)制動(dòng)”，最終在距月球表面

21、200km的圓形軌道 出上繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng).用Ti、T2、T3分別表示衛(wèi)星在橢圓軌道I、n和圓形軌道 出上運(yùn)動(dòng)的周期，用 為、a? a3分別表示衛(wèi)星沿三個(gè)軌道運(yùn)動(dòng)到p點(diǎn)的加速度，用 Vi、V2、V3分別表示衛(wèi)星沿三個(gè)軌道運(yùn)動(dòng)到p點(diǎn)的速度，用Fi、F2、F3分別表示衛(wèi)星沿三個(gè)軌道運(yùn)動(dòng)到 p點(diǎn)時(shí)受到的萬(wàn)有引力，則下面關(guān)系式中正確的是（）IA. ai=a2=a3 B. vi< v2V v C. Ti>T2>T3D. F產(chǎn)F2=F3【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用.【分析】用牛頓第二定律來(lái)求衛(wèi)星加速度關(guān)系；用機(jī)械能守恒定律來(lái)分析三軌道在P點(diǎn)的速度大

22、小關(guān)系；用開(kāi)普勒第三定律來(lái)分析周期關(guān)系；直接用萬(wàn)有引力公式來(lái)確實(shí)受力大小關(guān)系.GMmGM【解答】解：A、由皿麗一丁得聲一,三個(gè)軌道上的 P點(diǎn)到地心距離r均相等，故a相等，故Arr正確；B、由能量守恒定律知，由 P點(diǎn)飛出時(shí)動(dòng)能越大，遠(yuǎn)地點(diǎn)到離地球中心越遠(yuǎn)，即Vi>V2>V3,故B錯(cuò)誤；3C、由開(kāi)普勒第三定律知軌道半長(zhǎng)軸（半徑）越大，對(duì)應(yīng)周期越長(zhǎng)，即Ti>T2> T3,故CT2正確；D、同一衛(wèi)星在P點(diǎn)受力由公式F="/知，受力大小相等，故 D正確；7.如圖所示，質(zhì)量為 3m的豎直光滑圓環(huán) 的左右兩側(cè)各有一豎直擋板固定在地面上，故選：ACDA的半徑為R,固定在質(zhì)量為

23、2m的木板B上，木板BB不能左右運(yùn)動(dòng).在環(huán)的最低點(diǎn)靜止放有一質(zhì)量為m的小球C.現(xiàn)給小球一水平向右的瞬時(shí)速度Vo,小球會(huì)在圓環(huán)內(nèi)側(cè)做圓周運(yùn)動(dòng)，為保證小球能通過(guò)環(huán)的最高點(diǎn)，且不會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起，初速度Vo必須滿(mǎn)足（）A.最小值為百證 B.最大值為3承C.最小值為1D.最大值為JlOgR【考點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律.【分析】小球在環(huán)內(nèi)側(cè)做圓周運(yùn)動(dòng)，通過(guò)最高點(diǎn)速度最小時(shí)，軌道對(duì)球的最小彈力為零，根據(jù)牛 頓第二定律求出小球在最高點(diǎn)的最小速度；為了不會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起，小球在最高點(diǎn)對(duì)軌 道的彈力不能大于 5mg,根據(jù)牛頓第二定律求出最高點(diǎn)的最大速度，再根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出 小球在最低點(diǎn)的速度范

24、圍.【解答】解：在最高點(diǎn)，速度最小時(shí)有：mg=mV1R解得：Vi=從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，機(jī)械能守恒，設(shè)最低點(diǎn)的速度為V/，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有:2mgR+?mVlTmvi解得：vi=5薪.要使不會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起，環(huán)對(duì)球的壓力最大為:F=2mg+3mg=5mg從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，機(jī)械能守恒，設(shè)此時(shí)最低點(diǎn)的速度為V2',2在最高點(diǎn)，速度最大時(shí)有：mg+5mg=m?解得：V2=/gR.根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：2mgR+&mv22=±mv2 '2 Z Z解得：V2 '=410綱.所以保證小球能通過(guò)環(huán)的最高點(diǎn),且不會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起,Wvwg

25、OgR.故CD正確，AB錯(cuò)誤.故選：CD.在最低點(diǎn)的速度范圍為：-'8.如圖a所示，小物體從豎直彈簧上方離地高h(yuǎn)i處由靜止釋放，其動(dòng)能 Ek與離地高度h的關(guān)系如圖b所示.其中高度從 hi下降到h2,圖象為直線，其余部分為曲線，h3對(duì)應(yīng)圖象的最高點(diǎn)，輕彈簧勁度系數(shù)為k,小物體質(zhì)量為 m,重力加速度為g.以下說(shuō)法不正確的是（）94 “Ift1 匕A.小物體下BI至高度 h3時(shí)，彈簧形變量為 0B.小物體下落至高度 h5時(shí)，加速度為02 2C.小物體從高度h2下降到h4,彈簧的彈性勢(shì)能增加了 凡送一 ID .小物體從高度hi下降到h5,彈簧的最大彈性勢(shì)能為 mg (hh。【考點(diǎn)】功能關(guān)系.【

26、分析】高度從hi下降到h2,圖象為直線，該過(guò)程小物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，hi-h2等于自由下落的高度，此時(shí)的加速度也就是自由落體加速度；h3點(diǎn)是速度最大的地方，此時(shí)重力和彈力相等，合力為零，加速度也就為零，可以計(jì)算出彈簧的形變量；小物體下落至高度h5時(shí)，加速度最大；h4點(diǎn)與h2點(diǎn)物體的動(dòng)能相同，根據(jù)功能關(guān)系即可得出 h4點(diǎn)彈簧的彈性勢(shì)能與 h2點(diǎn)的彈性勢(shì)能的變化量.由機(jī)械能守恒即可求出小物體從高度hi下降到h5彈簧的最大彈性勢(shì)能.【解答】解：A、高度從hi下降到h2,圖象為直線，說(shuō)明該過(guò)程物體做的是自由落體運(yùn)動(dòng)，hi-h2是物體自由下落的高度，小物體下降至高度h2時(shí)，彈簧形變量為0.物體下降至高度

27、h3時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈簧的形變量不為0,故A錯(cuò)誤；B、物體的動(dòng)能先增大，后減小，小物體下落至高度h4時(shí)，物體的動(dòng)能與h2時(shí)的動(dòng)能相同，由彈簧振子運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可知，在 h4時(shí)彈簧的彈力一定是重力的2倍；小物體下落至高度 h5時(shí)，動(dòng)能又回到0,說(shuō)明h5是最低點(diǎn)，彈簧的彈力到達(dá)最大值，一定大于重力的2倍，所以此時(shí)物體的加速度最大.故 B錯(cuò)誤；C、小物體下落至高度 h4時(shí)，物體的動(dòng)能與 h2時(shí)的動(dòng)能相同，由彈簧振子運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可知，在h4時(shí)彈簧的彈力一定是重力的 2倍；此時(shí)彈簧的壓縮量： 乂=泠，小物體從高度h2下降到h4, k2 2重力做功：W=mg x=mg>e=-iLL2_.物體從高

28、度h2下降到h4，重力做功等于彈簧的彈性勢(shì)2 2能增加，所以小物體從高度 h2下降到h4,彈簧的彈性勢(shì)能增加了 2m呂 故c錯(cuò)誤； kD、小物體從高度hi下降到h5,重力做功等于彈簧彈性勢(shì)能的增大，所以彈簧的最大彈性勢(shì)能為：mg (hi - h5).故 D 正確.本題選不正確的，故選： ABC三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第 22-32題為必考題，每個(gè)試題考生都作答；第 33 題-40題為選考題，考生根據(jù)要求作答.(一)必考題(共129分)9.在做 研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)得到一條用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的紙帶，如圖所示， 并在其上取了A、B、C、D、E、F、G等7個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相

29、鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)圖中沒(méi)有畫(huà)出.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接頻率為f=50Hz的交流電源.(d5-d )f(1)打下E點(diǎn)時(shí)紙帶的速度Ve= 二： 3(用給定字母表示)；ns2 (2)右測(cè)得 d6=65.00cm, d3=19.00cm,物體的加速度 a= 3.0 m/s ;(3)如果當(dāng)時(shí)電網(wǎng)中交變電流的頻率f>50Hz,但當(dāng)時(shí)做實(shí)驗(yàn)的同學(xué)并不知道，那么測(cè)得的加速度值比真實(shí)值偏小.(填 褊大”或褊小”)【考點(diǎn)】測(cè)定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度.【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上E點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度大小，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式x=aT2可以求出加速度的大

30、小.【解答】解：(1)每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)，圖中沒(méi)有畫(huà)出，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為T(mén)=0.1s.利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論得：Ve=§,(2)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式x=aT2可得獷d2a= - =3.0m/s ;3T2(3)如果在某次實(shí)驗(yàn)中，交流電的頻率 51Hz, f>50Hz,那么實(shí)際打點(diǎn)周期變小，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式4 x=at2得：真實(shí)的加速度值就會(huì)偏大，所以測(cè)量的加速度值與真實(shí)的加速度值相比是偏小.& 一 d故答案為：(1) 3;(2) 3.0;(3)偏小.1010.某實(shí)驗(yàn)小組預(yù)測(cè)定一只小燈泡(其額定功率為0.75w,但額定電壓已經(jīng)模糊不清)的額

31、定電壓值，實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：他們先用多用電表的歐姆檔測(cè)出小燈泡的電阻約為2Q,然后根據(jù)公式算出小燈泡的額定電壓U= . .1.23v.但他們認(rèn)為這樣求得的額定電壓值不準(zhǔn)確，于是他們利用實(shí)驗(yàn)室中的器材設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)電路，進(jìn)行進(jìn)一步的測(cè)量.他們選擇的實(shí)驗(yàn)器材有：A.電壓表 V （量程3v,內(nèi)阻約3k Q）B.電流表 Ai （量程150mA,內(nèi)阻約2口）C.電流表 A2 （量程500mA,內(nèi)阻約0.6 ）D.滑動(dòng)變阻器 Ri （020a）E.滑動(dòng)變阻器R2 （050Q）F.電源E （電動(dòng)勢(shì)4.0v,內(nèi)阻不計(jì)）G.開(kāi)關(guān)s和導(dǎo)線若干（1）測(cè)量過(guò)程中他們發(fā)現(xiàn)，當(dāng)電壓達(dá)到1.23v時(shí)，燈泡亮度很弱，繼續(xù)緩慢地增

32、加電壓，當(dāng)達(dá)到2.70v時(shí)，發(fā)現(xiàn)燈泡已過(guò)亮，立即斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，所有測(cè)量數(shù)據(jù)見(jiàn)表：次數(shù) 1234567U/V0.200.601.001.401.802.202.70I/mA80155195227255279310請(qǐng)你根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在給出的坐標(biāo)紙上作出U-I圖線，從中可得小燈泡的額定電壓應(yīng)為2.5 v（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）.這一結(jié)果大于實(shí)驗(yàn)前的計(jì)算結(jié)果，原因是燈泡冷態(tài)電阻小于正常工作時(shí)的電阻.（2）從表中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可以知道，他們?cè)趯?shí)驗(yàn)時(shí)所選擇的電路應(yīng)為C ,電流表應(yīng)選A2 （填A(yù)J或A2”），滑動(dòng)變阻器應(yīng)選R1 （填RJ或R2"）.【考點(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線.【分析】（1）應(yīng)用描點(diǎn)法

33、作出圖象；根據(jù)圖示圖象與燈泡額定功率求出燈泡額定電壓；燈泡電阻 受溫度影響，隨溫度升高而增大.（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)?zāi)康呐c實(shí)驗(yàn)器材確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法，然后選擇實(shí)驗(yàn)電路； 根據(jù)電路電流選擇電流表，為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器.【解答】解：（1）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后作出圖象如圖所示；由圖示圖象可知，電壓U=2.5V時(shí)，電流I=0.3A,燈泡功率P=UI=2.5X0.3A=0.75W,等于燈泡額定功率，則燈泡額定電壓為2.5V;由于燈泡電阻受溫度影響，燈泡冷態(tài)電阻小于正常工作時(shí)的電阻，隨溫度升高而增大，因此燈泡 額定電壓大于計(jì)算結(jié)果.（2）描繪燈泡伏安特性曲線

34、，電壓與電流應(yīng)從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻約為:8.33Q,電壓表內(nèi)阻約為3kQ,電流表內(nèi)阻約為0.6Q,電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表采用外接法，應(yīng)選擇圖C所示電路圖；由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，電流的最大測(cè)量值為310mA,電流表應(yīng)選擇 A2,為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇Ri.故答案為：（1）圖象如圖所示；2.5,燈泡冷態(tài)電阻小于正常工作時(shí)的電阻；（2） C, A2, Ri11 . 2014年9月17日，西安北至南昌西高鐵動(dòng)車(chē)組開(kāi)通運(yùn)營(yíng)，全程長(zhǎng)為1799公里，運(yùn)行7小時(shí)58分鐘，較目前普速列車(chē)運(yùn)行時(shí)間縮短12個(gè)小時(shí)左右.目前我國(guó)高鐵常使用的自動(dòng)閉塞法行車(chē)，自動(dòng)

35、閉塞法是通過(guò)信號(hào)機(jī)將行車(chē)區(qū)間劃分為若干個(gè)閉塞分區(qū)，每個(gè)閉塞分區(qū)的首端設(shè)有信號(hào)燈，如圖所示，列車(chē)向右行駛，當(dāng)前一閉塞區(qū)有列車(chē)B停車(chē)時(shí)信號(hào)燈顯示紅色（表示此閉塞區(qū)有車(chē)輛停車(chē)），后一個(gè)閉塞分區(qū)顯示黃色（表示要求車(chē)輛制動(dòng)減速），其它閉塞分區(qū)顯示綠色（表示車(chē)輛可 以正常運(yùn)行）.假設(shè)列車(chē)A制動(dòng)時(shí)所受總阻力為重力的0.1倍，不考慮反應(yīng)時(shí)間.（g取10m/s2）求:閉塞（1）如果信號(hào)系統(tǒng)發(fā)生故障，列車(chē) A的運(yùn)行速度是30m/s,司機(jī)看到停在路軌上的列車(chē)B才開(kāi)始剎車(chē)，要使列車(chē)不發(fā)生追尾，則列車(chē)A司機(jī)可視距離不得少于多少？（2）如果信號(hào)系統(tǒng)正常，司機(jī)可視距離取列車(chē) A司機(jī)的可視距離，列車(chē)設(shè)計(jì)運(yùn)行速度為 252km

36、/h , 當(dāng)司機(jī)看到黃燈開(kāi)始制動(dòng)，到紅燈處停車(chē)，則每個(gè)閉塞分區(qū)至少多長(zhǎng)？【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的綜合運(yùn)用.【分析】(1)根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的大小，結(jié)合速度位移公式求出列車(chē)A司機(jī)的最小可視距離.(2)根據(jù)位移速度公式求解動(dòng)車(chē)的制動(dòng)距離，若信號(hào)正常，當(dāng)司機(jī)看到黃燈開(kāi)始制動(dòng)，到紅燈處 停車(chē).每個(gè)閉塞分區(qū)的最小長(zhǎng)度等于動(dòng)車(chē)的制動(dòng)距離減去動(dòng)車(chē)司機(jī)可視距離.【解答】解：(1)假設(shè)列車(chē)A制動(dòng)時(shí)所受總阻力為重力的0.1倍，由牛頓第二定律得：加速度大小為：a=1m/s2.如果信號(hào)故障，要使動(dòng)車(chē)不發(fā)生追尾，則動(dòng)車(chē)制動(dòng)距離不得大于可視距離，由運(yùn) 動(dòng)學(xué)公式得：21x=" 一=450

37、m.即列車(chē)A的司機(jī)可視距離不得少于 450m.2a(2)當(dāng)運(yùn)行速度為： v'=252km/h=70m/s時(shí)， ? 2 制動(dòng)距離為：x'=2450m ,2a信號(hào)正常，當(dāng)司機(jī)看到黃燈開(kāi)始制動(dòng)，到紅燈處停車(chē).每個(gè)閉塞分區(qū)的最小長(zhǎng)度為：x -x=2450m - 450m=2000m.答：(1)列車(chē)A司機(jī)可視距離不得少于 450m(2)每個(gè)閉塞分區(qū)至少 2000m12 .如圖所示的平行板器件中，存在相互垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B1=0.20T,方向垂直紙面向里，電場(chǎng)強(qiáng)度E1=1.0M05V/m , PQ為板間中線.緊靠平行板右側(cè)邊緣 xoy坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)，有一邊界

38、 AO,與y軸的夾角/ AOy=45°,邊界線的上方有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B2=0.25T,邊界線的下方有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E2=5.0M05V/m, 一束帶電量q=8.0M0 19C、質(zhì)量m=8.0X10 26kg的正離子從P點(diǎn)射入平行板間，沿中線PQ做直線運(yùn)動(dòng)，穿出平行板后從y軸上坐標(biāo)為(0, 0.4m)的Q點(diǎn)垂直y軸射入磁場(chǎng)區(qū)，多次穿越邊界限 OA.求:(1)離子運(yùn)動(dòng)的速度為多大？(2)離子通過(guò)y軸進(jìn)入磁場(chǎng)到第二次穿越邊界線OA所需的時(shí)間？(3)離子第四次穿越邊界線的位置坐標(biāo).【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).【分析】(1

39、)帶電粒子電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡時(shí)，即可求解；(2)離子在洛倫茲力作用下，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可求出半徑；離子在電場(chǎng)中做勻 減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求出發(fā)生位移，從而確定離子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，從而即可求解；(3)根據(jù)左手定則，可確定離子偏轉(zhuǎn)方向， 由幾何特性，可知離子再次進(jìn)入電場(chǎng)后做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng), 從而根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解，即可求解.【解答】解：(1)設(shè)離子的速度大小為 v,由于y&中線PQ做直線運(yùn)動(dòng)，則有：qE產(chǎn)qvBi,代入數(shù)據(jù)解得：v=5 M05 m/s,(2)離子進(jìn)入磁場(chǎng)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有:代入數(shù)據(jù)解得：r=0.2 m,作出離子的運(yùn)動(dòng)軌跡，

40、交OA邊界于N,如圖所示：OQ=2r,若磁場(chǎng)無(wú)邊界，一定通過(guò) 。點(diǎn)，則圓弧 QN的圓周角為45。，則軌跡圓弧的圓心角為 9=90°,過(guò)N點(diǎn)做圓弧切線，方向豎直向下，離子垂直電場(chǎng)線進(jìn)入電場(chǎng)，做勻減速運(yùn)動(dòng)，離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)為：=2"-=27TX 10-Ts1 4 工 2x8,0X10-X0,25-1 Q£.2離子在電場(chǎng)中的加速度：， , - m/s . m 8-0X10 一一、，-V 5X1Q5_-T而離子在電場(chǎng)中來(lái)回運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t產(chǎn)2k吉二s；a5. 0 X 1 0 U所以離子從進(jìn)入磁場(chǎng)到第二次穿越邊界線OA所需的時(shí)間為：t=ti+t2= (2 tt+2) X10 7s=8.3X10 7s.運(yùn)動(dòng)，恰好完成(3)離子當(dāng)再次進(jìn)入磁場(chǎng)后，根據(jù)左手定則，可知洛倫茲力水平向右，導(dǎo)致離子向右做勻速圓弧,當(dāng)離子再次進(jìn)入電場(chǎng)后，做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，由題意可知，類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的速度的方向位移與加速度的方向的位移相等，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，則有: 代入數(shù)據(jù)解得：t3=2X10 7s因此離子沿著速度的方向的位移為：X3=vt3=0.1m,所以離子第四次穿越邊界線的x軸的位移為：x=R+R+%=0.2m+0.2m+0.1m=0.5m