四川省宜賓市第四中學(xué)2019屆高三物理下學(xué)期4月月考試題(含解析)

1、A、B恰四川省宜賓市第四中學(xué)2019屆高三4月月考理綜-物理試題1 .社獵陷具有放射性，它能放出一個(gè)新的粒子而變?yōu)殒V翁Pi,同時(shí)伴隨有丫射線產(chǎn)生，其方程為韻Tit%4P口十X ,社的半衰期為24天.則下列說法中正確的是A. x為質(zhì)子B. x是社核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的C. 丫射線是鎂原子核外電子躍遷放出的D. 1g社都由經(jīng)過120天后還剩0.2g社【答案】B【解析】【詳解】(1)根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒知社核符陷衰變過程中放出了一個(gè)電子，即X為電子,故A錯(cuò)誤；(2) 3衰變的實(shí)質(zhì)：3衰變時(shí)釋放的電子是由核內(nèi)一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子同時(shí)產(chǎn)生的，即;依-*吊+ ：?故B正確；(3) 丫射線

2、是鎂原子核放出的，故C錯(cuò)誤；(4)社 半衰期為24天，曾社丹茶附經(jīng)過120天后，發(fā)生5個(gè)半衰期，1gtt經(jīng)過120天后還剩0.03125g ,故D錯(cuò)誤;故本題正確答案選 Bo2.如圖所示，物體 A的質(zhì)量&JB的質(zhì)量，繩子白勺3,繩與滑輪間的摩擦可不計(jì),好處于平衡狀態(tài)，如果將懸點(diǎn)“P靠近Q少許使新平衡，則A.物體A的重力勢(shì)B.物體B重力勢(shì)能增大C.繩的張力減小D. P處繩與豎直方向的夾角減小【答案】A【解析】B物體對(duì)繩子的拉力不變，等于大小恒定，重力恒定,個(gè)的夾,如圖PB的重力勢(shì)能減小，故所以物體A上升,A的重力正確；BCD昔誤;故選Ao【點(diǎn)睛】關(guān)鍵抓住平平衡時(shí)兩側(cè)繩子的拉力關(guān)于豎直方向

3、具B的重力；動(dòng)口物體 A整體受重力和兩個(gè)拉力，拉力可"，B下降，所以-6 -3.如圖所示理想變壓器原線圈輸入電壓乜=”科'也區(qū)，副線圈電路中R0為定值電阻，R是滑動(dòng)變阻器。Vi和V2是理想交流電壓表，示數(shù)分別用Ui和U2表示；Ai和A是理想交流電流表，示數(shù)分另1J用1l和I 2表不。下列說法正確的是A.”廣時(shí)， =心B.滑片P向下滑動(dòng)過程中，U變小C.滑片P向下滑動(dòng)過程中，廿增大D.滑片P向下滑動(dòng)過程中，Ii變大【答案】D【解析】A Vi和V2是理想交流電壓表，示數(shù) U和U2表示電壓的有效值，故 A錯(cuò)誤；BCD滑片P向下滑動(dòng)過程中，總電阻減小，副線圈的電壓只與輸入電壓和匝數(shù)有

4、關(guān)，所以U、U2不變，流過 R的電流I2變大，根據(jù)變壓器原理得 Ii變大，故D正確，BC錯(cuò)誤；故選D。【點(diǎn)睛】考查了變壓器的構(gòu)造和原理，還考查了電路的動(dòng)態(tài)分析。4 . 一半彳5為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，從圓周上P點(diǎn)向紙面內(nèi)各方向發(fā)射質(zhì)量、電量、速率均相同的帶電粒子，這些粒子均從四分之一圓周磁場(chǎng)邊界PQ上射出，忽略粒子之間的相互作用。則帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為C. RD. IR【解析】當(dāng)軌道半徑小于或等于磁場(chǎng)區(qū)半徑時(shí)，粒子射出圓形磁場(chǎng)的點(diǎn)離入射點(diǎn)最遠(yuǎn)距離為軌跡直徑, 由幾何關(guān)系得：* =回,解得：f =寫,故選B.5 .磁電式電流表的構(gòu)造如圖（a）所示，在踹形磁鐵的兩極間有

5、一個(gè)可以繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)的線圈，轉(zhuǎn)軸上裝有螺旋彈簧和指針。蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場(chǎng)均勻輻向分布，如圖 （b）所示。當(dāng)電流通過線圈時(shí)，線圈在安培力的作用下轉(zhuǎn)動(dòng)，螺旋弓t贊被扭動(dòng)，線圖停止轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)滿足NBIS=k。，式中N為線圈的匝數(shù)，S為線圈的面積，I為通過線圈的電流，B為磁感應(yīng)強(qiáng)度，。為線圈（指 針）偏角，k是與螺旋彈簧有關(guān)的常量。不考慮電磁感應(yīng)現(xiàn)象，由題中的信息可知（）0:一口 ：:H <t1111（“A.該電流表的刻度是均勻的B.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中受到的安培力的大小變大C.若線圈中通以如圖（b）所示的電流時(shí)，線圈將沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)一 一 _, _ ，、r AHD.更換k值更大的螺旋彈簧，可以增大電流

6、表的靈敏度（靈敏度即）人【答案】A【解析】【詳解】A項(xiàng)：磁場(chǎng)是均勻輻向分布，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中各個(gè)位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不變，螺旋彈簧的彈力與轉(zhuǎn)動(dòng)角度成正比，所以該電流表的刻度是均勻的，故 A正確；B項(xiàng)：磁場(chǎng)是均勻輻向分布，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中各個(gè)位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不變，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中各個(gè)位置時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小也不變，所以受到的安培力的大小不變，故B錯(cuò)誤;C項(xiàng)：若線圈中通以如圖（b）所示的電流時(shí)，根據(jù)左手定則，左側(cè)受安培力向上，右側(cè)受安培力向下，所以順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：更換k值更大的螺旋彈簧，同樣的電流變化導(dǎo)致同樣的安培力變大，但轉(zhuǎn)動(dòng)角度變化減小，所以靈敏度減小，故 D錯(cuò)誤。6 .如圖所示

7、，A B、C、D E、R G H是邊長(zhǎng)為a的正立方體的八個(gè)頂點(diǎn)。下列說法正確的是A.只在F點(diǎn)放置點(diǎn)電荷，則 A、D兩點(diǎn)電勢(shì)差等于 C G兩點(diǎn)電勢(shì)差B.只在A、B兩點(diǎn)放置等量異種電荷，則 H G兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等C.只在B、D兩點(diǎn)放置等量異種電荷，則 A G兩點(diǎn)電勢(shì)相等D.在八個(gè)頂點(diǎn)均放置電荷量為q的點(diǎn)電荷，則立方體每個(gè)面中心的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等【答案】BCD【解析】點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)分布為球?qū)ΨQ分布，距離點(diǎn)電荷距離為r處的電勢(shì)甲=二；故A、D兩點(diǎn)電勢(shì)C、G兩點(diǎn)電勢(shì)差UGn;故A、D兩點(diǎn)電勢(shì)差小于rC、G兩點(diǎn)電勢(shì)差，故A錯(cuò)誤；異號(hào)電荷電荷量相等，那么，A處點(diǎn)電荷在H處場(chǎng)強(qiáng)與B處點(diǎn)電荷在G處場(chǎng)強(qiáng)大小相

8、等，A處點(diǎn)電荷在G處場(chǎng)強(qiáng)與B處點(diǎn)電荷在H處場(chǎng)強(qiáng)大小相等；根據(jù)幾何關(guān)系，又有H處兩分場(chǎng)強(qiáng)的夾角和 G處兩分場(chǎng)強(qiáng)的夾角相等，故合場(chǎng)強(qiáng)大小相等，故B正確；只在B、D兩點(diǎn)放置等量異種電荷，那么，在BD連線的中垂面上場(chǎng)強(qiáng)方向與中垂面垂直，故中垂面為等勢(shì)面；又有A、G在中垂面上，故電勢(shì)相等，故 C正確；在八個(gè)頂點(diǎn)均放置電荷量為q的點(diǎn)電荷，則立方體每個(gè)面上四個(gè)點(diǎn)電荷在面中心的場(chǎng)強(qiáng)之和為零，后面四個(gè)點(diǎn)電荷在面中心形成的場(chǎng)強(qiáng)垂直平面；又有點(diǎn)電荷電荷量都為q,點(diǎn)電荷到對(duì)面面中心的距離相等，故場(chǎng)強(qiáng)大小相等，又有點(diǎn)電荷到面中心的直線與面中心的角度相等，故合場(chǎng)強(qiáng)大小相等，故D正確；故選BCD7 .如圖所示，質(zhì)量均為1k

9、g的木塊M和N疊放在水平地面上，用一根細(xì)線分別拴接在木塊 M和 N的右側(cè)，在繩子的中點(diǎn)用力 F=6N拉動(dòng)M和N一起沿水平面向右以加速度 a=2m/s2作勻加速運(yùn) 動(dòng)，細(xì)線與豎直方向的夾角 0 = 60° ,重力加速度 g=10m/s2.則下列說法正確的是A.木塊N和地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)I =0.18 .木塊M和IV之間的最大靜摩擦力可能是內(nèi)'=2.5NC.木塊M對(duì)木塊IV的壓力大小為 10ND.若。變小，拉動(dòng) M N一起作勻加速運(yùn)動(dòng)（a=2m/s2）所需拉力應(yīng)大于 6N【答案】AB【解析】將M N當(dāng)作整體，則由牛頓第二定律：= 口，解得=0.1 ,選項(xiàng)A正確；隔離 物體M：1

10、-/1M川=用口，解得fiM=1N,則木塊M和N之間的最大靜摩擦力可能是 fM=2.5N,選 項(xiàng)B正確；木塊M對(duì)木塊N的壓力大小為 品=加0+78$60口，其中F=2Tcos301則Fn=（10+4）N, 選項(xiàng)C錯(cuò)誤； 當(dāng)看成整體時(shí)，無論 0變小，還是變大，拉動(dòng) M N一起做a=2m/s2的勻加速 運(yùn)動(dòng)所需拉力仍等于 6N,故D錯(cuò)誤；故選 AB點(diǎn)睛：整體法和隔離法是動(dòng)力學(xué)問題常用的解題方法，整體法是指對(duì)物理問題中的整個(gè)系統(tǒng) 或整個(gè)過程進(jìn)行分析、研究的方法.在力學(xué)中，就是把幾個(gè)物體視為一個(gè)整體，作為研究對(duì)象，受力分析時(shí)，只分析這一整體對(duì)象之外的物體對(duì)整體的作用力（外力），不考慮整體內(nèi)部之間的相互

11、作用力.8.如圖所示，質(zhì)量均為 m的a、b、c、d四個(gè)帶電小球，其中,a、b、c三個(gè)完全相同的小球-17 -的帶電量值均為q（電性未知），且位于光滑絕緣的水平面內(nèi)的同一圓周上繞。點(diǎn)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，三個(gè)小球等分整個(gè)圓周.帶電量值為10q （電性未知）的小球 d位于。點(diǎn)的正上方4?R處，且在外力作用下恰好處于靜止?fàn)顟B(tài).重力加速度為g,靜電力常量為k.則下列說法中正確的是（）A. a、b、c、d四個(gè)小球帶電量總和可能為-7qB.15 屏/、，外力的大小為 +萬向豎直向上4即一仃 10q15屏.知：F = mg十4k-asa = mg+, 方向豎直向上，選項(xiàng) B 正確； 對(duì)球 a :J。&q

12、uot; sh以-2 "嚴(yán)$三口"二,解得在妙二£ P""次 選項(xiàng)C正確；小球b的動(dòng)能為(2/?尸(用?產(chǎn)2卬 3mREkk = mvl =' -m(i)zRD =勺包_ 選項(xiàng) D錯(cuò)誤；故選 ABC.仙2 0 22曲點(diǎn)睛：本題與圓錐擺類似，關(guān)鍵要正確分析四個(gè)小球受力，確定向心力的來源是關(guān)鍵.運(yùn)用牛頓第二定律和平衡條件研究.三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第 22題第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33題第38題，考生根據(jù)要求作答。9.某同學(xué)用如圖所示的裝置，研究細(xì)繩對(duì)小車的拉力做功與小車動(dòng)能變化的關(guān)系。通過改變動(dòng)滑輪下

13、所掛鉤碼的個(gè)數(shù)可以改變細(xì)繩對(duì)小車的拉力，實(shí)驗(yàn)所用鉤碼質(zhì)量均為mi(1)關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是 A.實(shí)驗(yàn)時(shí)，小車應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先釋放小車后，再接通電源，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧秤的示數(shù)B.本實(shí)驗(yàn)不需要平衡摩擦力C.實(shí)驗(yàn)過程中，動(dòng)滑輪和所掛鉤碼所受的重力等于彈簧秤示數(shù)的2倍D.實(shí)驗(yàn)中不需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量(2)某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，所掛鉤碼的個(gè)數(shù)為2個(gè)，記錄的彈簧秤示數(shù)為F,小車質(zhì)量為 M,所得到的紙帶如圖所示，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T,兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離分別為S、&、S3、S4,該同學(xué)分析小車運(yùn)動(dòng)過程中的BD段，在操作正確的情況下應(yīng)該有等式 成立。山1 S3 +

14、 S4rl 5】+ f【答案】(1). D (2).飛£i£i I£i I【解析】(1)A、實(shí)驗(yàn)時(shí)，小車應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車后，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧秤的示數(shù)，故 A錯(cuò)誤；日探究外力做功與速度變化關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，要求合力為拉力，所以要平衡摩擦力，故B錯(cuò)誤；一八，“一4一，C實(shí)驗(yàn)過程中，根據(jù)牛頓第二定律可知a =,動(dòng)滑輪和所掛鉤碼所受的重力大于彈簧m秤示數(shù)的2倍，故C錯(cuò)誤；D拉力可以由彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，不需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，故D正確;(2)小車運(yùn)動(dòng)過程中的 BD段合力做功為 W = FC% + $),動(dòng)能的變化量1 115胃

15、+ §41S1 + 5 7叫 =-取產(chǎn),所以操作正確的情況下應(yīng)該有等式2 二2 2T- 乙J1 邑 + $4 7 151+ % 7產(chǎn) + 51 =)2 ;w占££占工10.某實(shí)驗(yàn)小組在測(cè)量金屬圓柱體的電阻率的實(shí)驗(yàn)中，先用螺旋測(cè)微器測(cè)量圓柱體直徑。再用伏安法測(cè)量圓柱體的電阻，已知圓柱體的電阻大約為3001。(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑時(shí)的刻度位置如圖所示，由圖可知其直徑為 mm25加15在用伏安法測(cè)定圓柱體的電阻時(shí)，除被測(cè)金屬圓柱體外，還有如下供選擇的實(shí)驗(yàn)器材:A.電流表Ai(量程為20mA內(nèi)阻約為10)B.電流表為(量程為5mA內(nèi)阻r=2g)C.電壓表V,(量程為

16、3V,內(nèi)阻R約為4k。)砂定值電阻R=10口E.定值電阻R=20|F.滑動(dòng)變阻器R(023)G.滑動(dòng)變阻器R(030g)H.直流電源E(電動(dòng)勢(shì)為6V,內(nèi)阻很小)I .開關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干(2)為使測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，減少誤差，實(shí)驗(yàn)中要求電表偏轉(zhuǎn)至少半偏以上，要完成實(shí)驗(yàn)，除了待測(cè)圓柱體、電壓表(C)、直流電源(H)、開關(guān)導(dǎo)線(I)、以外，還需要的器材是(填寫器材前的字母編號(hào))； 請(qǐng)?jiān)诖痤}卡的規(guī)定位置畫出實(shí)驗(yàn)電路圖 ; 若電壓表、電流表示數(shù)分別為U I ,用題中所給符號(hào)寫出待測(cè)圓柱體的電阻表達(dá)式R=。rn【答案】(1). 4.6984.700 (2). BEF (3).1(4).【解析】(1)由圖示

17、螺旋測(cè)微器可知，固定刻度是4.5 mm可動(dòng)刻度是19.8X0.01 mm0.198mm螺旋測(cè)微器的示數(shù)，即金屬絲直接d=4.5 mi+0.198 mm4.698 mimU 3V(2)電壓表量程是3V,電阻兩端最大電壓 U=3V,電路最大電流約為，=£ =右而=1出九4,電路最大電流為20mA的二分之一，電流表 A1(量程為20mA內(nèi)阻約為101)不符合題中要求，因此電流表應(yīng)選電流表 為(量程為5mA內(nèi)阻r=20D)與定值電阻R2=20)并聯(lián)的改裝的電流表； 兩 個(gè)滑動(dòng)變阻器都可以保證電路安全， 為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器 F,還 需要的器材是BEF;(3)由于心2

18、= %0。0：>必即=10><40口0,電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，滑動(dòng)變阻器最大阻值為20 a ,待測(cè)電阻阻值約為 300 a ,滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，移動(dòng)滑片電路電流變化范圍較大，可以進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，測(cè)出多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，電路圖如圖所示， ,u R 根據(jù)歐姆定律和電路結(jié)構(gòu)，待測(cè)圓柱體的電阻表達(dá)式R =-2! 2L,右側(cè)11.如圖所示，水平絕緣軌道，左側(cè)存在水平向右的有界勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)區(qū)域?qū)挾葹楣潭ㄒ惠p質(zhì)彈簧，電場(chǎng)內(nèi)的軌道粗糙，與物體間的摩擦因數(shù)為 科=0.5,電場(chǎng)外的軌道光滑，質(zhì)量為mr帶電量為+q的的物體A從電場(chǎng)左邊界由靜止釋放后加速運(yùn)動(dòng)，離開電場(chǎng)后與質(zhì)量為2m的物體B碰撞并粘在一

19、起運(yùn)動(dòng)，碰撞時(shí)間極短開始B靠在處于原長(zhǎng)的輕彈簧左端但不拴接，(A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)),已知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小為 °求： q(1)彈簧的最大彈性勢(shì)能；(2)整個(gè)過程A在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總路程。 l 5114t【答案】(1)(2)【解析】試題分析：根據(jù)動(dòng)能定理和動(dòng)量守恒定律，求出物體A碰前的速度，根據(jù)機(jī)械能守恒即可求出彈簧的最大彈性勢(shì)能；由題意知最終AB靜止在電場(chǎng)外，彈簧處于自由伸長(zhǎng)狀態(tài)，AB共同在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的距離為 x,由能的轉(zhuǎn)化與守恒可得 AB共同在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的距離，再加上電場(chǎng)區(qū) 域?qū)挾燃纯汕蟪稣麄€(gè)過程 A在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總路程。(1)物體A碰前的速度為力,根據(jù)動(dòng)能定理： EqL-pmgL =

20、碰撞過程動(dòng)量守恒：壓縮過程機(jī)械能守恒：Ep+ 2m)詔，-L 51解得(2)最終AB靜止在電場(chǎng)外，彈簧處于自由伸長(zhǎng)狀態(tài)，AB共同在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的距離為x,由能的轉(zhuǎn)化與守恒：A在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)白總距離為 s,位移關(guān)系為：s=L+x聯(lián)立解得：. .點(diǎn)睛：本題主要考查了動(dòng)能定理和動(dòng)量守恒的綜合，關(guān)鍵要把握每個(gè)過程所遵守的物理規(guī)律, 當(dāng)涉及力在空間的效果時(shí)要優(yōu)先考慮動(dòng)能定理，要注意電場(chǎng)力做功與沿電場(chǎng)力方向移動(dòng)的距 離成正比。12 .如圖1所示，一質(zhì)量為m=1kg木板A靜止在光滑水平地面上，在t=0時(shí)刻，質(zhì)量為M=2kg的小物塊B以初速度V0=3m/s滑上木板左端，經(jīng)過一段時(shí)間后木板與墻發(fā)生彈性碰撞。木板長(zhǎng)度

21、可保證小物塊在運(yùn)動(dòng)過程中不與墻接觸.木板A在00.8s內(nèi)的速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖2所示，重力加速度為 g=10m/s2,求0圖10.4s時(shí)亥羽度大小;(1)A B間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)過程中各自加速度(2)勺總熱量。(3)(3)【解析】t=0時(shí)刻木板的右端到墻的距離L以【答案】(1)L=0.16m ,叱廣2一6加/5；(2嚴(yán)；-從t=0至A于強(qiáng)第5次碰前，A B組碰前(1)由圖2, ti=0.4s時(shí)，A與墻第一次碰撞,T=0時(shí)刻木板的右端到墻的距離為L(zhǎng) ="再由,解得L=0.16mA與墻第一次碰撞前，對(duì) A、B由動(dòng)量守恒定律可得+也,解得見i =(2)只要A與墻壁碰前A、B未達(dá)到共同速度，

22、A就在0L之間向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，與墻壁碰前的速度始終為B的加速度aR = =lm/s2, A的加速度大小aA = -=2m/s2(3)設(shè)A與墻發(fā)生n次碰撞后A、B第一次達(dá)到共同速度 0，以向右為正，對(duì) B:小二先一陪對(duì) A:廿i 二 口虱Tntj n = 1.2.3,.,聯(lián)立解得 力="16n 第一次到達(dá)共同速度 必應(yīng)滿足0工 E,聯(lián)立解得2.25 <n< 3.75，故n=3, % = 04m小設(shè)第4次碰撞后可能的共同速度為 叱,對(duì)A、B系統(tǒng)由動(dòng)量守恒定律可得= (M + m)叱可以得到/ = 因?yàn)檫?lt; % ,故在第5次碰撞前 A B已達(dá)到共同速度

23、。對(duì)A、B整體，由能量守恒定律 Q = 冊(cè)上利 十叫吸 解得Q=8.97J;綜上所述本題答案是：(1)L=0.16m ,盯知二*/；汽產(chǎn)即(3) Q = B97J點(diǎn)睛：本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過程是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用動(dòng)量守 恒定律與勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律解題。13 .下列說法正確的是 A.氣體放出熱量，其分子的平均動(dòng)能可能增大B. 一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生等于膨脹過程，其溫度一定升高C.懸浮在液體中的微粒越小，受到液體分子的撞擊就越容易平衡D.當(dāng)液體，表面的分子間距離大于分子間的平衡距離時(shí)，液面有表面張力E.某氣體的摩爾體積為V,每個(gè)分子的體積為0,則阿伏伽德羅常數(shù)可表示為“工【

24、答案】ABD【解析】【詳解】A項(xiàng)：由熱力學(xué)第一定律可知，氣體放出熱量，若外界對(duì)氣體做功，溫度升高，其分子平均動(dòng)能增大，故 A正確；B項(xiàng)：一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生等壓膨脹過程，等壓變化，壓強(qiáng)不變，由公式可知，體積變大，溫度升高，故 B正確；C項(xiàng)：懸浮在液體中的微粒越小，在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)就越少，不平衡性越明顯，布朗運(yùn)動(dòng)就越明顯，故 C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：液體表面分子間距離大于平衡位置間距,分子力表現(xiàn)為引力，所以液體表面存在表面張力，故D正確；E項(xiàng)：某固體或液體的摩爾體積為 V,每個(gè)分子的體積為 V0,則阿伏加德羅常數(shù)可表示為 na = , 而對(duì)氣體此式不成立，故 E錯(cuò)誤。14 .如圖所示，一圓柱

25、形氣瓶水平放置，瓶?jī)?nèi)用活塞分為A、B兩部分，分別裝有理想氣體，活塞與瓶?jī)?nèi)壁氣密性好，并可在瓶?jī)?nèi)自由移動(dòng)，不計(jì)摩擦。開始時(shí)，A、B兩部分氣體的體積之比為2:1,壓強(qiáng)均為p,大氣溫度為 T, K為閥門。當(dāng)溫度升高時(shí)，活塞將如何移動(dòng)？若因閥門封閉不嚴(yán)， B中氣體向外緩慢漏氣，活塞將緩慢移動(dòng)，整個(gè)過程中氣體溫度不變，瓶口處氣體體積可以忽略。當(dāng)活塞向右緩慢移動(dòng)至 B中體積減為原來一半時(shí)， A中氣體的壓強(qiáng)多少？若此過程 A中氣體對(duì)外做功為 W則A中氣體內(nèi)能變化多少？【答案】活塞將靜止不動(dòng)；0.8P,0【解析】【詳解】假設(shè)溫度升高過程中活塞不動(dòng)，則氣體體積保持不變，氣體發(fā)生等容變化，由查理定律得：P P“， TT，斛得：P二不PT TTi氣體壓強(qiáng)的變化量：由于P、T都相同，兩邊氣體壓強(qiáng)的變化量：AP相同，活塞將靜止不動(dòng)；設(shè)開始，A的體積為2V,則B的體積為V,由題意可知，氣體 A后來的體積為工5肌，A氣體 發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律得：解得：P' = 0.8P,由于氣體 A的溫度不變，氣體內(nèi)能不變，Af 二 O 。15 .位于坐標(biāo)原點(diǎn)處的波源 A沿y軸做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)