高三物理考前模擬練習

1、2016年高三物理考前模擬一二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中。第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分。選對但不全的得3分。有選錯的得0分。14大小不等的兩導電圓環(huán)P、Q均固定于水平桌面，Q環(huán)位于P環(huán)內(nèi)。在兩環(huán)間的范圍內(nèi)存在方向豎直向下、大小隨時間均勻增強的勻強磁場B，則 AQ環(huán)內(nèi)有順時針方向的感應電流 BQ環(huán)內(nèi)有逆時針方向的感應電流 CP環(huán)內(nèi)有順時針方向的感應電流 DP環(huán)內(nèi)有逆時針方向的感應電流 15我國航天員要在天空l號航天器實驗艙的桌面上測量物體的質(zhì)量，采用的方法如下：質(zhì)量為m1的標準物A的前后連接有質(zhì)量均為m2的兩

2、個力傳感器待測質(zhì)量的物體B連接在后傳感器上在某一外力作用下整體在桌面上運動，如圖所示。穩(wěn)定后標準物A前后兩個傳感器的讀數(shù)分別為F1、F2，由此可知待測物體B的質(zhì)量為 A B C D162016年2月18日，中國探月工程領(lǐng)導小組宣布：“嫦娥五號”探測器正式轉(zhuǎn)入正樣研制階段，預計于2017年前后完成研制并擇機發(fā)射。嫦娥五號”登月后將再次從月球起飛，并以“跳躍式返回技術(shù)”成功返回地面,完成探月工程的重大跨越帶回月球樣品。“跳躍式返回技術(shù)”是指航天器在關(guān)閉發(fā)動機后 進入大氣層，依靠大氣升力再次沖出大氣層，降低速度后再進入大氣層。如圖所示，虛線為大氣層的邊界。已知地球半徑為R,d點距地心距離為r，地球表

3、面重力加速度為g。 則下列說法正確的是 A“嫦娥五號”在b點處于完全失重狀態(tài)B“嫦娥五號”在d點的加速度大小等于C“嫦娥五號”在c點和e點的速率相等D“嫦娥五號”在返回全程機械能守恒17已知靜電場中某點的電勢為標量：若取無窮遠處電勢為零，在一帶電荷量為+q的點電荷的電場中，與點電荷相距r處的電勢為k；如果某點處在多個點電荷所形成的電場中，則電勢為每一個點電荷在該點所產(chǎn)生的電勢的代數(shù)和。如圖所示，AB是均勻帶電的細棒，所帶電荷量為Q。C為AB棒附近的一點，CB垂直于AB。若取無窮遠處電勢為零，AB棒上的電荷所形成的電場中，C點的電勢為0。則AC連線中點D處的電勢為ABCDA20 B0C0 D01

4、9如圖所示，一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，上端固定，下端連一質(zhì)量為m的物塊A，A放在質(zhì)量也為m的托盤B上，以N表示B對A的作用力，x表示彈簧的伸長量。初始時，在豎直向上的力F作用下系統(tǒng)靜止，且彈簧處于自然狀態(tài)（x=0）?，F(xiàn)改變力F的大小，使B以的加速度勻加速向下運動（g為重力加速度，空氣阻力不計），此過程中N或F隨x變化的圖象正確的是 19如圖所示是實驗室的手搖發(fā)電機給小燈泡供電的裝置示意圖。在勻速轉(zhuǎn)動手柄的過程中，小燈泡會周期性的閃亮。以下判斷正確的是 A圖示位置線框中產(chǎn)生的感應電動勢為零 B若增大手搖發(fā)電機的轉(zhuǎn)速，燈泡亮度將不變 C若增大手搖發(fā)電機的轉(zhuǎn)速，燈泡閃亮的頻率將變大 D小燈泡周期性閃

5、亮的主要原因是電路接觸不良20一長L=0.5 m、質(zhì)量m=0.2 kg的水平直導線通過絕緣細線懸掛在天花板上，整個裝置處于方向豎直向上的勻強磁場B中。當導線中通以垂直于紙面向里大小為I=10 A的電流，該導線靜止時細線與豎直方向間的夾角，如圖所示。現(xiàn)保持磁感應強度的大小不變，讓磁場方向在紙面內(nèi)沿逆時針方向緩慢轉(zhuǎn)過90，取重力加速度g=10 ms2，已知sin 37=0.6，則下列說法中正確的有A磁場未轉(zhuǎn)動時，絕緣細線對通電導線的拉力大小為2.5 NB該磁場的磁感應強度大小為1.5 TC轉(zhuǎn)動過程中絕緣細線與豎直方向的夾角先變大后變小D轉(zhuǎn)動過程中絕緣細線受到的拉力最小值為1.6 N21.如圖所示，

6、豎直光滑桿固定不動，套在桿上的輕質(zhì)彈簧下端固定，將套在桿上的滑塊向下壓縮彈簧至離地高度.處，滑塊與彈簧不拴接?，F(xiàn)由靜止釋放滑塊，通過傳感器測量到滑塊的速度和離地高度并作出滑塊的圖象，其中高度從上升到范圍內(nèi)圖象為直線，其余部分為曲線，以地面為零重力勢能面，取，由圖象可知（ ） A.小滑塊的質(zhì)量為 B.彈簧最大彈性勢能為C.滑塊上升過程中機械能守恒 D.小滑塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小為22(6分)在宇宙飛船上測物體的質(zhì)量沒有地球上那么容易。宇航員取來一個帶孔的金屬小球、一只彈簧測力計、一個帶孔的內(nèi)壁光滑的金屬手柄、一段細尼龍線、一把刻度尺和一塊秒表。他先將細尼龍線的一端打一個結(jié)，在線上標

7、出一個位置并測出該標記點與結(jié)點間的距離L，然后將細尼龍線穿過金屬小球(結(jié)點在球心處)和光滑金屬手柄后連接到測力計上?，F(xiàn)用手慢慢搖動手柄使金屬球在如圖(a)所示的平面內(nèi)穩(wěn)定轉(zhuǎn)動時，細尼龍線的標記位置恰位于手柄上端口處，此時測力計的示數(shù)F如圖(b)所示，同時另一宇航員用秒表記錄了小球轉(zhuǎn)動N圈所用的時間t，回答下列問題：(1)圖(b)中測力計示數(shù)F的大小為_。(2)金屬小球質(zhì)量的表達式為_(用題中所給的字母表示)。(3)若用手慢慢搖動手柄使金屬球在如圖(c)所示的平面內(nèi)穩(wěn)定轉(zhuǎn)動時，則測力計所測作用力F的大小將會_(填“穩(wěn)定不變”或“周期性變化”)。23（9分）某探究小組利用課外時間做了如下探究實驗：

8、先利用如圖所示的電路來測量兩個電壓表的內(nèi)阻，實驗分兩個過程，先用替代法測出電壓表V1的內(nèi)阻，然后用半偏法測出電壓表V2的內(nèi)阻。供選用的器材如下：A待測電壓表V1，量程為2.0V， 內(nèi)阻10k30kB待測電壓表V2，量程為3.0V， 內(nèi)阻30k40kC電阻箱，阻值范圍099999.9D滑動變阻器，阻值范圍01000， 額定電流0.5AE滑動變阻器，阻值020，額定電流2AF電池組，電動勢為6.0V，內(nèi)電阻為0.5G單刀單擲開關(guān)、單刀雙擲開關(guān)各一個及導線若干（1）實驗器材選擇除A、B、C、F、G外，滑動變阻器R應選用： （用器材前的字母表示）（2）下面是主要的實驗操作步驟，將所缺的內(nèi)容補充完整；用

9、代替法測待測電壓表V1的內(nèi)阻根據(jù)電路圖連成實驗電路，并將滑動變阻器R的滑動觸頭置于左端； 將單刀雙擲開關(guān)S2置于觸點2，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使電壓表V2的指針指在刻度盤第N格，然后將單刀雙擲開關(guān)S2置于觸點1，調(diào)節(jié)電阻箱R使電壓表V2的指針指在 ，記下此時電阻箱R的阻值RA=20 k用半偏法測待測電壓表V2的內(nèi)阻將單刀雙擲開關(guān)S2置于觸點1，電阻箱的阻值調(diào)為零，閉合開關(guān)S1，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電壓表V2的指針滿偏。保持滑動變阻器R的滑動觸頭位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱R，使電壓表V2的指針指在 ，記下電阻箱R的阻值RB=30 k。（3）上述兩種測量方法都有誤差，其中有種測量方法沒有系統(tǒng)誤差，接下來該小組選

10、用此測量方法測出其內(nèi)阻的電壓表改裝成一量程為6.0V的電壓表繼續(xù)完成后續(xù)的探究實驗，需串聯(lián)一阻值為 k的電阻。24.如圖所示，可視為質(zhì)點的A、B兩物體置于一靜止長紙帶上，紙帶的左端與A、A與B之間距離均為d =0.5 m，兩物體與紙帶間的動摩擦因數(shù)均為，與地面間的動摩擦因數(shù)均為。現(xiàn)以恒定的加速度a=2m/s2向右水平拉動紙帶，重力加速度g= l0 m/s2。求：（1）A物體在紙帶上的滑動時間；（2）在給定的坐標系中定性畫出A、B兩物體的v-t圖象；（3）兩物體A、B停在地面上的距離。25.如圖所示，半徑為L12 m的金屬圓環(huán)內(nèi)上、下半圓各有垂直圓環(huán)平面的有界勻強磁場，磁感應強度大小均為B1T。

11、長度也為L1、電阻為R的金屬桿ab，一端處于圓環(huán)中心，另一端恰好搭接在金屬環(huán)上，繞著a端沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動，角速度為rad/s。通過導線將金屬桿的a端和金屬環(huán)連接到圖示的電路中（連接a端的導線與圓環(huán)不接觸，圖中的定值電阻R1R，滑片P位于R2的正中央，R2的總阻值為4R），圖中的平行板長度為L22 m，寬度為d2 m圖示位置為計時起點，在平行板左邊緣中央處剛好有一帶電粒子以初速度v00.5 m/s向右運動，并恰好能從平行板的右邊緣飛出，之后進入到有界勻強磁場中，其磁感應強度大小為B2，左邊界為圖中的虛線位置，右側(cè)及上下范圍均足夠大。（忽略金屬桿與圓環(huán)的接觸電阻、圓環(huán)電阻及導線電阻，忽略電容器

12、的充放電時間，忽略帶電粒子在磁場中運動時的電磁輻射的影響，不計平行金屬板兩端的邊緣效應及帶電粒子的重力和空氣阻力）求：（1）在04 s內(nèi)，平行板間的電勢差UMN；（2）帶電粒子飛出電場時的速度；（3）在上述前提下若粒子離開磁場后不會第二次進入電場，則磁感應強度B2應滿足的條件。35(1)正電子（PET）發(fā)射計算機斷層顯像，它的基本原理是：將放射性同位素15O注入人體，參與人體的代謝過程15O在人體內(nèi)衰變放出正電子，與人體內(nèi)負電子相遇而湮滅轉(zhuǎn)化為一對光子，被探測器探測到，經(jīng)計算機處理后產(chǎn)生清晰的圖象根據(jù)PET原理，則15O的衰變的核反應方程為 ，若電子的質(zhì)量為m，普朗克常量為h，真空中光速為c，

13、那么正負電子湮滅轉(zhuǎn)化為光子的波長為 PET中所選的放射性同位素的半衰期應 （填“長”或“短”或“長短均可”）(2).如圖所示,質(zhì)量為m=245g的物塊(可視為質(zhì)點)放在質(zhì)量為M=0.5kg的木板左端,足夠長的木板靜止在光滑水平面上,物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為=0 4。質(zhì)量為m0=5g的子彈以速度v0=300m/s沿水平方向射人物塊并留在其中(時間極短)，g取10m/s2。子彈射入后,求:（i）物塊相對木板滑行的時間;（ii）物塊相對木板滑行的位移。2016年高三物理考前模擬一參考答案14-21:D B C A D AC AC AB 23.（1）E（2分） （2）刻度盤的第N格（2分） 刻度盤的

14、中央（2分）（3）40 k（分）24解（1）兩物體在紙帶上滑動時有1mg=ma1當物體A滑離紙帶時有at12a1t12=d由以上二式，代入數(shù)據(jù)解得t1=1s（2）A先做勻加速直線運動，再做勻減速直線運動，B先做勻加速直線運動，再做勻減速直線運動，勻加速和勻減速運動的加速度大小均相等，則圖線的斜率相同如圖所示。（3）物體B離開紙帶時的速度v1=a1t1兩物體在地面上運動時有2mg=ma2物體A從開始運動到停在地面上過程中的總位移s1=當物體B滑離紙帶時有at22a1t22=2d物體B離開紙帶的速度v2=a1t2物體B從開始運動到停在地面上過程中的總位移S2=兩物體AB最終停止時的間距s=s2+d

15、-s1由以上各式可得s=1.25m。25解：（1）金屬桿產(chǎn)生的感應電動勢恒為E=B1=2 V由串并聯(lián)電路的連接特點知：E=I4R，U0=I2R=1 VT1=20 s由右手定則知：在04 s時間內(nèi)，金屬桿ab中的電流方向為ba，則ab，則在04 s時間內(nèi)，MN，UMN=1 V（2）粒子在平行板電容器內(nèi)做類平拋運動，在0時間內(nèi)水平方向L2=v0t1t1=4 s豎直方向=at又vy=at1 ， a=，解得：，vy=0.5 m/s則粒子飛出電場時的速度大小v= m/s=1，所以該速度與水平方向的夾角=45（3）粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，由B2qv=m得r=由幾何關(guān)系及粒子在磁場中運動的對稱性可知

16、：d時離開磁場后不會第二次進入電場，即B2=T =2 T。解：子彈打入木塊過程，由動量守恒定律得：木塊在木板上滑動過程，由動量守恒定律得：對子彈木塊整體，由動量定理得：聯(lián)立解得物體相對小車的滑行時間：（2）子彈射入木塊后，由子彈木塊和木板組成的系統(tǒng)，由能量守恒定律得：聯(lián)立解得：典例1、（13分）如圖所示，在傾角為的足夠長光滑斜面上放置兩個質(zhì)量分別為2m和m的帶電小球A和B（均可視為質(zhì)點），它們相距為L兩球同時由靜止開始釋放時，B球的初始加速度恰好等于零經(jīng)過一段時間后，當兩球距離為L時，A、B的加速度大小之比為a1:a2=11:5（靜電力恒量為k）（1）若B球帶正電荷，則判斷A球所帶電荷電性；（

17、2）若B球所帶電荷量為q，求A球所帶電荷量Q（3）求L與L之比典例1（13分）解：（1）B受重力支持力和庫侖力，處于共點力平衡，故B受到的庫侖力沿斜面向上，故B帶正電荷 （2分）（2）B球沿斜面方向合力為零Fmgsin=0 得 （4分）（3）初始時B球受力平衡，兩球相互排斥運動一段距離后，兩球間距離增大，庫侖力一定減小，小于mgsinA球加速度a1方向應沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律，有F+2mgsin=2ma1 （2分）B球加速度a2方向應沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律，有mgsinF=ma2 （2分）依題意a1：a2=11：5 得F=mgsin （1分） 又 （1分） 得L：L=3：2 （1分

18、）典例2.如圖所示，質(zhì)量M=0.6kg的滑板靜止在光滑水平面上，其左端C距鎖定裝置D的水平距離l=0.5m，滑板的上表面由粗糙水平面和光滑圓弧面在B點平滑連接而成，粗糙水平面長L=4m，圓弧的半徑R=0.3m現(xiàn)讓一質(zhì)量m=0.3kg，可視為質(zhì)點的小滑塊以大小m/s、方向水平向左的初速度滑上滑板的右端A。若滑板到達D處即被鎖定，滑塊返回B點時裝置D即刻解鎖，已知滑塊與滑板間的動摩擦因數(shù)=0.2，重力加速度g=10m/s。求：（1）滑板到達D處前瞬間的速率；（2）滑塊到達最大高度時與圓弧頂點P的距離；（3）滑塊與滑板間摩擦產(chǎn)生的總熱量。典例2解：（1）對滑塊，由牛頓第二定律得：mg=ma1，對滑板，由牛頓第二定律有：mg=Ma2，解得：a1=2m/s2，a2=1m/s2，設(shè)滑板到達D處前瞬間的速率為v，假定此時滑塊還在AB之間的E處，速率為v1由運動學規(guī)律有：l=a2t2，v=a2t，v1=v0a1t，x=v0ta1t2，解得：t=ls，v=1m/s，v1=3m/s，xAE=xl=3.5m，因xAEL，假定成立，所以滑板到達D處前瞬間的速率：v=lm/s；（2）滑板被鎖定后，設(shè)滑塊從E滑至B處的速率為v2，由運動學規(guī)律有：v22v12=2a1（LxAE），解得：v2=m/s，沿圓弧上升的過