2016年高考試題(物理)上海卷解析版..

1、2016 年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試(上海卷)物理一.單項(xiàng)選擇題(共 16 分，每小題 2 分。每小題只有一個正確選項(xiàng)。1盧瑟福通過對a粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果的分析，提出了原子內(nèi)部存在(A )電子(B)中子 (C)質(zhì)子 (D)原子核【答案】D【解析】盧瑟福在a粒子散射實(shí)驗(yàn)中觀察到絕大多數(shù)a粒子穿過金箔后幾乎不改變運(yùn)動方向，只有極少數(shù)的a粒子發(fā)生了大角度的偏轉(zhuǎn)，說明在原子的中央存在一個體積很小的帶正電的物質(zhì)，將其稱為原子核。故選項(xiàng)D正確。【考點(diǎn)定位】原子核式結(jié)構(gòu)模型【方法技巧】本題需要熟悉a粒子散射實(shí)驗(yàn)和原子核式結(jié)構(gòu)模型2束單色光由空氣進(jìn)入水中，則該光在空氣和水中傳播時(A)速度相同，波長相同(B

2、)速度不同，波長相同(C)速度相同，頻率相同(D)速度不同，頻率相同【答案】D【解析】不同的單色光頻率不相同，同一單色光在不同的介質(zhì)內(nèi)傳播過程中，光的頻率不會發(fā)生改變；由公式Cv可以判斷，水的折射率大于空氣的，所以該單色光進(jìn)入水中后傳播速度減小。故選項(xiàng)D 正確。n【考點(diǎn)定位】光的傳播，光速、波長與頻率的關(guān)系c【方法技巧】本題分析時要抓住光在不同介質(zhì)中傳播頻率不變這個特征，應(yīng)用V公式分析光進(jìn)入不同介質(zhì)中n的傳播速度。3各種不同頻率范圍的電磁波按頻率由大到小的排列順序是(A ) 丫射線、紫外線、可見光、紅外線(B)丫射線、紅外線、紫外線、可見光(C)紫外線、可見光、紅外線、丫射線(D)紅外線、可見

3、光、紫外線、丫射線【答案】A【解析】在電磁波譜中，各電磁波按照頻率從小到大的排列順序是：無線電波、紅外線、可見光、紫外線、x 射線、丫射線，所以選項(xiàng) A 正確?！究键c(diǎn)定位】電磁波譜【方法技巧】本題需要記得電磁波譜按照波長或頻率的排列順序，按照這個順序就可以分析出答案。第 1 頁共 22 頁4如圖，頂端固定著小球的直桿固定在小車上，當(dāng)小車向右做勻加速運(yùn)動時，球所受合外力的方向沿圖中的（A）OA 方向 （B）OB 方向 （C）OC 方向（D） OD 方向【答案】D【解析】據(jù)題意可知，小車向右做勻加速直線運(yùn)動，由于球固定在桿上，而桿固定在小車上，則三者屬于同一整 體，根據(jù)整體法和隔離法的關(guān)系分析可知

4、，球和小車的加速度相同，所以球的加速度也應(yīng)該向右，故選項(xiàng) 確?！究键c(diǎn)定位】牛頓第二定律，整體法和隔離法【方法技巧】本題通過整體法和隔離法可以判斷出做勻變速直線運(yùn)動的物體局部加速度和整體加速度相同。5.磁鐵在線圈中心上方開始運(yùn)動時，線圈中產(chǎn)生如圖方向的感應(yīng)電流，則磁鐵（A ）向上運(yùn)動（B）向下運(yùn)動（C）向左運(yùn)動（D ）向右運(yùn)動【答案】B【解析】據(jù)題意，從圖示可以看出磁鐵提供的穿過線圈原磁場的磁通量方向向下，由安培定則可知線圈中 感應(yīng)電流激發(fā)的感應(yīng)磁場方向向上，即兩個磁場的方向相反，則由楞歡定律可知原磁場通過線圈 B5 應(yīng)通重 的大小在増加，故選項(xiàng) 3 正確.【考點(diǎn)定位】楞次定律和安培定則【方法技

5、巧】通過安培定則判斷感應(yīng)磁場方向，通過楞次定律判斷磁鐵的運(yùn)動情況。6.放射性元素 A 經(jīng)過 2 次a衰變和 1 次B衰變后生成一新元素 B，則元素 B 在元素周期表中的位置較元素 位置向前移動了（A ） 1 位（B） 2 位（C） 3 位（D） 4 位【答案】C【解析】a粒子是:He,B粒子是je，因此發(fā)生一次a衰變電荷數(shù)減少 2,發(fā)生一次B衰變電荷數(shù)增加 1, 意，電荷數(shù)變化為：-2 2 -3，所以新元素在元素周期表中的位置向前移動了3位。故選項(xiàng)C正確。【考點(diǎn)定位】a衰變和B衰變，衰變前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒第 2 頁共 22 頁【方法技巧】通過衰變前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，依據(jù)發(fā)生一次a衰變電

6、荷數(shù)減少 2,發(fā)生一次B衰變電荷數(shù)增加 1 可以計(jì)算出放射性元素的電荷數(shù)變化量。據(jù)題7在今年上海的某活動中引入了全國首個戶外風(fēng)洞飛行體驗(yàn)裝置，體驗(yàn)者在風(fēng)力作用下漂浮在半空。若減小風(fēng)力，體驗(yàn)者在加速下落過程中（A）失重且機(jī)械能增加（B）失重且機(jī)械能減少（C）超重且機(jī)械能增加（D）超重且機(jī)械能減少【答案】B【解析】據(jù)題意，體驗(yàn)者漂浮時受到的重力和風(fēng)力平衡；在加速下降過程中，風(fēng)力小于重力，即重力對體驗(yàn)者做正功，風(fēng)力做負(fù)功，體驗(yàn)者的機(jī)械能減小；加速下降過程中，加速度方向向下，體驗(yàn)者處于失重狀態(tài)，故選項(xiàng)B正確?！究键c(diǎn)定位】平衡條件，機(jī)械能變化與外力做功關(guān)系，超重和失重【方法技巧】通過體驗(yàn)者加速度方向判斷

7、超重和失重，通過除重力外其它力做正功機(jī)械能增加，其它力做負(fù)功機(jī)械能減少可以判斷機(jī)械能變化情況。8如圖，一束電子沿 z 軸正向流動，則在圖中 y 軸上 A 點(diǎn)的磁場方向是H 電子淹/O；7（A）+x 方向（B）-x 方向（C）+y 方向（D）-y 方向【答案】A【解析】據(jù)題意，電子流沿 z 軸正向流動，電流方向向 z 軸負(fù)向，由安培定則可以判斷電流激發(fā)的磁場以z 軸為中心沿順時針方向（沿 z 軸負(fù)方向看），通過 y 軸 A 點(diǎn)時方向向外，即沿 x 軸正向，則選項(xiàng) A 正確?！究键c(diǎn)定位】安培定則，電子束產(chǎn)生電流方向【方法技巧】首先需要判斷出電子束產(chǎn)生電流的方向，再根據(jù)安培定則判斷感應(yīng)磁場的方向。二

8、.單項(xiàng)選擇題（共 24 分，每小題 3 分。每小題只有一個正確選項(xiàng)。）9在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，屏上出現(xiàn)了明暗相間的條紋，則第 3 頁共 22 頁第5頁共 22 頁(A )中間條紋間距較兩側(cè)更寬(B)不同色光形成的條紋完全重合(C)雙縫間距離越大條紋間距離也越大(D)遮住一條縫后屏上仍有明暗相間的條紋【答案】D【解析】據(jù)干涉圏樣的特征可知，干涉條紋特征是等間距、彼此平行，故選項(xiàng)査錯誤；不同色光干涉條紋 分布位酥相畫因此選注錯貝據(jù)公式七二夕可粘豳間距涯尢干涉舷距離趣卜故選項(xiàng)C 錯誤：遮性一條縫后，變成了單縫衍射，光的衍射也有衍射條紋，故選項(xiàng) D 正確。【考點(diǎn)定位】雙縫干涉，x=，單縫衍射d【方法技巧】

9、通過雙縫干涉條紋特征和單縫衍射條紋特征進(jìn)行分析和判斷,10.研究放射性元素射線性質(zhì)的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。兩塊平行放置的金屬板放射源發(fā)出的射線從其上方小孔向外射出。則【答案】B【解析】從圖可以看出.到達(dá)兩極梳的粒子做類平拋運(yùn)動，到達(dá) A 極板吊粒子的豎直位移小于到達(dá) B 板粒子的，粒子在豎直方向做勻速直線運(yùn)亦 則 Sx=V = YbJ 可知，兩個粒子初速度相同，兩極_ 14?板電壓過相同，放射源與兩極板的距離也相同，而電子的竺小，所以電子的豎直位移小，故達(dá)到金極板2q的是 E 射線，A 極板帶正電，包為電源的正極，故選項(xiàng) B 正確.再應(yīng)用x= -公式分析條紋間距。dA、B 分別與電源的兩極 a、b

10、 連接,(A)a 為電源正極，到達(dá)A 板的為a射線(B)a 為電源正極，到達(dá)A 板的為(C) a 為電源負(fù)極，至 U達(dá)A 板的為a射線(D)a 為電源負(fù)極，至 U達(dá)A 板的為第6頁共 22 頁【考點(diǎn)定位】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的偏轉(zhuǎn)，a射線和B射線的本質(zhì)【方法技巧】 通過類平拋運(yùn)動計(jì)算粒子在豎直方向的位移關(guān)系式，根據(jù)公式分析該位移與荷質(zhì)比的關(guān)系，再結(jié)合圖示進(jìn)行比較判斷。11國際單位制中，不是電場強(qiáng)度的單位是（A）N/C（B）V/m（C）J/C（D）T.m/s【答案】C【解析】由公式E =F可知，電場強(qiáng)度單位為 N/C,選項(xiàng) A 是電場強(qiáng)度單位；由公式E =U可知，V/m也是電場強(qiáng)度單位， 選項(xiàng)

11、B 也是電場強(qiáng)度單位；由qE二qvB可得E = vB，故 T.m/s 也是電場電場強(qiáng)度單位， 選項(xiàng) D 也是電場強(qiáng)度單位；由公式U可知，J/C 是電勢差單位，故選項(xiàng) C 正確。q1考點(diǎn)定位】電場強(qiáng)度，E詩，E弓，E【方法技巧】本題通過電場強(qiáng)度公式E =F，E =U，E =vB分別判斷對應(yīng)的場強(qiáng)單位。q d12.如圖，粗細(xì)均勻的玻璃管 A和 B 由一橡皮管連接，一定質(zhì)量的空氣被水銀柱封閉在A 管內(nèi)，初始時兩管水銀面等高，B 管上方與大氣相通。若固定 A 管，將 B 管沿豎直方向緩慢下移一小段距離 H , A 管內(nèi)的水銀面高度 相應(yīng)變化 h,則(A)h=HH(B)h -2H(C) h=-第7頁共

12、22 頁【答案】B第8頁共 22 頁內(nèi)水銀末位置高度如圖所示，A、B 管內(nèi)末位置水銀高度差為h，則 B 管內(nèi)水銀原、末位置高度差為：hh；可以計(jì)算 B 管下降的高度為：H =2hh，此時由于 A 管內(nèi)水銀下降，A 管內(nèi)氣體體積增加，壓強(qiáng)減小，即PA一 巳HPA Po，此時有：PAP. = Po，計(jì)算得PA?g(H -2hPg，最后有：hA0，由于PA Po，:g 2H所以h，故選項(xiàng) B 正確。2【考點(diǎn)定位】氣體壓強(qiáng)【方法技巧】先分析 B 管下降前，封閉氣體壓強(qiáng)與大氣壓相等，PA二P；再分析 B 管下降后，封閉氣體壓強(qiáng)與大氣壓關(guān)系：P；?g(H -2h)二F0，分析時留意 A 管和 B 管內(nèi)水銀

13、下降的高度和等于 H 這個關(guān)系，H =2h 0。13. 電源電動勢反映了電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的能力，因此(A )電動勢是一種非靜電力(B)電動勢越大，表明電源儲存的電能越多(C)電動勢的大小是非靜電力做功能力的反映(D)電動勢就是閉合電路中電源兩端的電壓【答案】C【解析】電動勢是反映電源通過非靜電力做功將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能本領(lǐng)的物理量，電動勢越大說明這種轉(zhuǎn)化本領(lǐng)越強(qiáng)，但不能說明儲存的電能越多，故選項(xiàng)A、B 錯誤而選項(xiàng) C 正確；閉合電路中電源兩端電壓大小等于外電壓大小，故選項(xiàng) D 錯誤?！究键c(diǎn)定位】電動勢【方法技巧】本題需要理解電動勢的物理意義，電源電動勢在閉合電路中的能量分配

14、。14. 物體做勻加速直線運(yùn)動，相繼經(jīng)過兩段距離為16 m 的路程，第一段用時 4 s,第二段用時 2 s,則物體的加速度是(A)- m/s2(B) -m/s2(C)8m/s2(D)16m/s23399【答案】BAA 奉世査.1 1.3 耒位置 42 -【解析】據(jù)題意，原來 A、B 管內(nèi)的水銀高度相同，有PA二P0; B第9頁共 22 頁【解析】據(jù)題意，物體做勻加速直線運(yùn)動，t 時間內(nèi)的平均速度等于一-16瞬時速度為：w =vim/s；在第二段內(nèi)中間時刻的瞬時速度為:4v2-v-i84242a - -m/s2m/s2，故選項(xiàng) B 正確。t 33【考點(diǎn)定位】勻變速直線運(yùn)動規(guī)律，勻變速直線運(yùn)動的推

15、論【方法技巧】本題先通過物體做勻加速直線運(yùn)動，t 時間內(nèi)的平均速度等于 -時刻的瞬時速度，求出兩段時間中2間時刻的瞬時速度，在根據(jù)加速度公式計(jì)算出物體的加速度。15.如圖，始終豎直向上的力 F 作用在三角板 A 端，使其繞 B 點(diǎn)在豎直平面內(nèi)緩慢地沿順時針方向轉(zhuǎn)動一小角度,力 F 對 B 點(diǎn)的力矩為 M，則轉(zhuǎn)動過程中【答案】A【解析】據(jù)題意，對三甬板受力分析受到重力、支持力和拉力，由于媛幔轉(zhuǎn)動，三角板近似平衡，所以有：G = + 在薦動過程中，支持力減小而拉力 F 在増加；力矩是力與力到作用點(diǎn)的距離的乘積，應(yīng)用極 端思維法，當(dāng)三角板被豎直時力與轉(zhuǎn)動軸的距離為零，此時力矩為零，故此過程中力矩在減

16、小，選項(xiàng) A 正確 a【考點(diǎn)定位】力矩、受力平衡條件【方法技巧】通過物體受力平衡條件判斷拉力F 的變化情況，分析力矩時通過極端思維的方法進(jìn)行判斷。16風(fēng)速儀結(jié)構(gòu)如圖(a)所示。光源發(fā)出的光經(jīng)光纖傳輸，被探測器接收，當(dāng)風(fēng)輪旋轉(zhuǎn)時，通過齒輪帶動凸輪圓盤旋轉(zhuǎn)，當(dāng)圓盤上的凸輪經(jīng)過透鏡系統(tǒng)時光被擋住。已知風(fēng)輪葉片轉(zhuǎn)動半徑為r，每轉(zhuǎn)動 n 圈帶動凸輪圓盤轉(zhuǎn)動一圈。若某段時間At內(nèi)探測器接收到的光強(qiáng)隨時間變化關(guān)系如圖(b)所示，則該時間段內(nèi)風(fēng)輪葉片-時刻的瞬時速度，在第一段內(nèi)中間時刻的26 #(A) M 減小，F(xiàn) 增大(B) M 減小，F(xiàn) 減小(C)M 增大，F(xiàn) 增大(D)M 增大，F(xiàn) 減小第10頁共 22

17、 頁【答案】B【解析】據(jù)題意，從 b 圖可以看出，在At時間內(nèi)，探測器接收到光的時間在增長，圓盤凸輪的擋光時間也在增長，可以確定圓盤凸輪的轉(zhuǎn)動速度在減?。辉贏t時間內(nèi)可以從圖看出有 4 次擋光，即圓盤轉(zhuǎn)動 4 周，則風(fēng)輪葉片轉(zhuǎn)動了 4n 周，風(fēng)輪葉片轉(zhuǎn)過的弧長為1=4n2r，葉片轉(zhuǎn)動速率為：v =8n，故選項(xiàng) B 正確。it【考點(diǎn)定位】圓周運(yùn)動，線速度，平均速度【方法技巧】先通過圖示判斷圓盤凸輪的轉(zhuǎn)動速度率變化和轉(zhuǎn)動圈數(shù)，再通過圓周運(yùn)動的關(guān)系計(jì)算葉片轉(zhuǎn)動速率。三多項(xiàng)選擇題(共 16 分，每小題 4 分。每小題有二個或者三個正確選項(xiàng)。全選對的，得4 分；選對但不全的,得 2 分；有選或不答的，得

18、 0 分。)17某氣體的摩爾質(zhì)量為 M，分子質(zhì)量為 m。若 1 摩爾該氣體的體積為 Vm，密度為p則該氣體單位體積分子數(shù) 為(阿伏伽德羅常數(shù)為 NA)【答案】ABC【解析】據(jù)題意，氣體單位體積分子數(shù)是指單位體積氣體分子的數(shù)量，選項(xiàng)體分子數(shù)量，Vm是指每摩爾該氣體的體積，兩者相除剛好得到單位體積該氣體含有的分子數(shù)量，選項(xiàng)A 正確；選項(xiàng) B 中，摩爾質(zhì)量 M 與分子質(zhì)量 m 相除剛好得到每摩爾該氣體含有的氣體分子數(shù)，即為NA，此時就與選項(xiàng)A 相同了，故選項(xiàng) B 正確；選項(xiàng) C 中，氣體摩爾質(zhì)量與其他密度相除剛好得到氣體的摩爾體積Vm，所以選項(xiàng) C(A)轉(zhuǎn)速逐漸減小，平均速率為(C)轉(zhuǎn)速逐漸增大，平

19、均速率為4mrAT4mrAt(B)轉(zhuǎn)速逐漸減小，平均速率為(D)轉(zhuǎn)速逐漸增大，平均速率為8nrAt8nrAtNA(A)NTMmVm(C)匹M(D)匹mA 中 NA是指每摩爾該氣體含有的氣帥)圖(b)第11頁共 22 頁也正確而選項(xiàng) D 錯誤。【考點(diǎn)定位】阿伏伽德羅常數(shù)，物質(zhì)的量【方法技巧】首先通過阿伏伽德羅常數(shù)和摩爾體積相比可以得到氣體單位體積內(nèi)的分子數(shù),反推過程中要注意各物理量的意義。再通過選項(xiàng)結(jié)論反推,(A) U 先變大后變小(B)I 先變小后變大(D) U變化量【答案】BC【解析】據(jù)題意，由于電源內(nèi)限不計(jì)，電壓表的示數(shù)總是不變，啟選項(xiàng) A 錯誤；滑片滑動過程中，電阻忌的阻值先増大后減，卜

20、電壓不變，所以電流表示數(shù)先減小后増加，故選項(xiàng)歡 C 正確；由于電壓表示數(shù)沒有【考點(diǎn)定位】歐姆定律，閉合電路歐姆定律，電路動態(tài)分析【方法技巧】由于電源不計(jì)內(nèi)阻，從圖示需要判斷出電壓表示數(shù)不變，再分析滑片滑動過程中電阻變化，根據(jù)歐姆定律可以分析電流表示數(shù)，進(jìn)而可以分析所有選項(xiàng)。19.如圖(a),螺線管內(nèi)有平行于軸線的外加勻強(qiáng)磁場，以圖中箭頭所示方向?yàn)槠湔较?。螺線管與導(dǎo)線框abed所示規(guī)律變化時(A )在 tit2時間內(nèi),(B )在 t2t3時間內(nèi),(C)在 t2t3時間內(nèi),(D )在 t3t4時間內(nèi),L 內(nèi)有逆時針方向的感應(yīng)電流L 內(nèi)有順時針方向的感應(yīng)電流第 9 頁共 22 頁18.如圖所示電路

21、中，電源內(nèi)阻忽略不計(jì)。閉合電建，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為 I;在滑動變阻器 Ri的滑片 P 由 a 端滑到 b 端的過程中(C)U 與 I 比值先變大后變小相連，導(dǎo)線框內(nèi)有一小金屬圓環(huán)L，圓環(huán)與導(dǎo)線框在同一平面內(nèi)。當(dāng)螺線管內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B 隨時間按圖(b)L 有收縮趨勢L 有擴(kuò)張趨勢第14頁共 22 頁【答案】AD【解析】據(jù)題意，在 tit2時間內(nèi)，外加磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度增加且斜率在增加，則在導(dǎo)線框中產(chǎn)生順時針方向大小 增加的電流，該電流激發(fā)出增加的磁場，該磁場通過圓環(huán)，在圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電流，據(jù)結(jié)論“增縮減擴(kuò)”可以判 定圓環(huán)有收縮趨勢，故選項(xiàng) A 正確；在 t2t3時間內(nèi)，外加磁場均勻變化，在

22、導(dǎo)線框中產(chǎn)生穩(wěn)定電流，該電流激 發(fā)出穩(wěn)定磁場，該磁場通過圓環(huán)時，圓環(huán)中沒有感應(yīng)電流，故選項(xiàng)B、C 錯誤；在 t3t4時間內(nèi)，外加磁場向下減小，且斜率也減小，在導(dǎo)線框中產(chǎn)生順時針方向減小的電流，該電流激發(fā)出向內(nèi)減小的磁場，故圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生順時 針方向電流，選項(xiàng) D 正確。【考點(diǎn)定位】楞次定律，安培定則【方法技巧】線圈內(nèi)通有非均勻變化的磁場，導(dǎo)線框內(nèi)產(chǎn)生變化的電流，該電流激發(fā)出變化的磁場，才可以是圓 環(huán)產(chǎn)生感應(yīng)電流；線圈內(nèi)通有均勻變化的磁場，導(dǎo)線框內(nèi)產(chǎn)生穩(wěn)定的電流，該電流激發(fā)出的是穩(wěn)定的磁場，不會 使圓環(huán)產(chǎn)生感應(yīng)電流。20.甲、乙兩列橫波在同一介質(zhì)中分別從波源M、N 兩點(diǎn)沿 x 軸相向傳播，波速為 2

23、m/s，振幅相同；某時刻的圖像如圖所示。則（A ）甲乙兩波的起振方向相反（B ）甲乙兩波的頻率之比為（C）再經(jīng)過 3s，平衡位置在（D） 再經(jīng)過 3s,兩波源間（不含波源）有 5 個質(zhì)點(diǎn)位移為零【答案】ABD【解析】據(jù)題意*甲波向右傳播，起振方向向乙波向左傳播*起振方向向上，故選項(xiàng) A 正確*據(jù)圖可Ad|E知甲波波長為 4 也 甲波周期為：T = - = 2=乙波波扶為 3 站 周期為】T = -=3s,v2v頻率池f =故選項(xiàng) E 正確；再經(jīng)過治甲波波各到達(dá)*血處，乙波罡平衡位置與波峰之面某一振動到處，所以該質(zhì)點(diǎn)應(yīng)該向上據(jù)動，選項(xiàng)匚錯誤；此時除了波源還有處、處、*$憂 處、處、爐 2-3m

24、處點(diǎn)位移為窄*故選項(xiàng) D 正確*【考點(diǎn)定位】機(jī)械波的傳播，質(zhì)點(diǎn)的振動3:2x=7m 處的質(zhì)點(diǎn)振動方向向下第15頁共 22 頁【方法技巧】通過波的前沿質(zhì)點(diǎn)振動方向判斷波的起振方向，根據(jù)波長、波速與頻率關(guān)系計(jì)算兩列波的頻率，通 過平移法畫出 3s 時的波形，在進(jìn)行分析問題。四填空題（共 20 分，每小題 4 分。）本大題中第 22 題為分叉題，分 A、B 兩類，考生可任選一類答題。若兩類試題均做，一律按A 類題積分。21._ 形象描述磁場分布的曲線叫做 ,通常的大小也叫做磁通量密度。【答案】磁感線；磁感應(yīng)強(qiáng)度【解析】為了形象的描述磁場而假想出來的曲線，曲線上任意一點(diǎn)的切線方向均表示該位置的磁場方向

25、，這樣的、一O曲線稱為磁感線；磁場的強(qiáng)弱大小用磁感應(yīng)強(qiáng)度表示，在磁通量中有：B，所以磁感應(yīng)強(qiáng)度也稱為磁通密S度?！究键c(diǎn)定位】磁感線；磁感應(yīng)強(qiáng)度，磁通密度【方法技巧】本題考查定義，需要對磁感線，磁感應(yīng)強(qiáng)度以及磁通密度概念熟悉。22A、B 選做一題22A.如圖，粗糙水平面上，兩物體A、B 以輕繩相連，在恒力 F 作用下做勻速運(yùn)動。某時刻輕繩斷開，A 在 F牽引下繼續(xù)前進(jìn)，B 最后靜止。則在 B 靜止前，A 和 B 組成的系統(tǒng)動量 _（選填： 守恒”或 不守恒“。在 B 靜止后，A 和 B 組成的系統(tǒng)動量 _ 。（選填： 守恒”或 不守恒）【答案】守恒；不守恒【解析】輕繩斷開前，A、B 做勻速運(yùn)動，

26、系統(tǒng)受到的拉力 F 和摩擦力平衡，合外力等于零，即F-fA-fB=O， 所以系統(tǒng)動量守恒；當(dāng)輕繩斷開B 靜止之前，A、B 系統(tǒng)的受力情況不變，即F-fA-fB=0，所以系統(tǒng)的動量依然守恒；當(dāng) B 靜止后，系統(tǒng)的受力情況發(fā)生改變，即F - fA=mAa，系統(tǒng)合外力不等于零，系統(tǒng)動量不守恒。【考點(diǎn)定位】動量守恒條件【方法技巧】先通過勻速運(yùn)動分析A、B 整體的合外力，再分析輕繩斷開后A、B 整體的合外力，只要合外力為零，系統(tǒng)動量守恒，反之不守恒。22B.兩顆衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的周期之比為27:1，則它們的角速度之比為 _ ，軌道半徑之比為 _ 。第16頁共 22 頁【答案】1:27 ； 9:1第17頁共

27、 22 頁【解析】據(jù)題意，衛(wèi)星饒地球做勻速圓周運(yùn)動，衛(wèi)星的運(yùn)行角速度與周期關(guān)系為:w1T21反比，則 2;兩顆衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動，由萬有引力提供向心力，則有:w2T(27【考點(diǎn)定位】圓周運(yùn)動關(guān)系，萬有引力定律2兀【方法技巧】先通過圓周運(yùn)動關(guān)系w分析兩顆衛(wèi)星的角速度關(guān)系，再通過萬有引力關(guān)系T算軌道半徑關(guān)系。23.如圖，圓弧形凹槽固定在水平地面上，其中ABC 是位于豎直平面內(nèi)以O(shè) 為圓心的一段圓弧，0A 與豎直方向的夾角為a小球以速度V。從桌面邊緣 P 水平拋出，恰好從 A 點(diǎn)沿圓弧的切線方向進(jìn)入凹槽。小球從 P 到 A的運(yùn)動時間為 _；直線 PA 與豎直方向的夾角3=_。【答案】Votana；a

28、rctan (2cotag【解析】據(jù)題意，小球從 P 點(diǎn)拋出后做:平拋運(yùn)動，小球運(yùn)動到盤點(diǎn)時將速度分解，= 則 I. VXtan 0 二=211 = - = 2 cot a * 所以 P 盒與豎頁方向的夾靖為；tan/3= arctan(2 cotLgr孝 tanm【考點(diǎn)定位】平拋運(yùn)動，即角速度與周期成=mrw2，即二mrw2計(jì)小球運(yùn)動到 A 點(diǎn)的時間為:r 二匕竺蘭；從 P 點(diǎn)到為點(diǎn)的位移關(guān)系有:So1第18頁共 22 頁【方法技巧】先分解小球到達(dá) A 點(diǎn)速度，通過tan：二土二計(jì)算小球運(yùn)動到 A 點(diǎn)時間，在分解平拋運(yùn)動位移，VxVo根據(jù)tan=2Vo = 2cot找出角度關(guān)系。1 t2gt

29、 tana2gt24.如圖，質(zhì)量為 m 的帶電小球 A 用絕緣細(xì)線懸掛于 0 點(diǎn)，處于靜止?fàn)顟B(tài)。施加一水平向右的勻強(qiáng)電場后，A 向右擺動，擺動的最大角度為60則 A 受到的電場力大小為 _。在改變電場強(qiáng)度的大小和方向后，小球A的平衡位置在 =60處，然后再將 A 的質(zhì)量改變?yōu)?2m,其新的平衡位置在a=30處，A 受到的電場力大小【答案】fmg； mg【解析】據(jù)題意，帶電小球受到電場力后擺動的最大角度為60,末速度為 0,此過程中電場力 F 對小球做正功,重力 G 做負(fù)功，細(xì)線拉力 T 不做功，據(jù)動能定理有：Fl sin-cos)=0，計(jì)算電場力得到：二300,F = mg。【考點(diǎn)定位】動能定

30、理，物體平衡條件，正弦定理【方法技巧】 先通過動能定理計(jì)算帶電小球運(yùn)動到最高點(diǎn)過程中受到的電場力，再通過平衡條件和正弦定理計(jì)算小球在a=60處和a=30處時的電場力。25.地面上物體在變力 F 作用下由靜止開始豎直向上運(yùn)動，力F 隨高度 x 的變化關(guān)系如圖所示，物體能上升的最為:mg；改變電場強(qiáng)度的大小和方向后，平衡在=60。處時據(jù)正弦定理有:Fsin 60-00，平衡在=30處時，由正弦定理有:sin(180 -60 -)Fsin 30而晟口，經(jīng)過計(jì)算第19頁共 22 頁大高為 h, h第24頁共 22 頁（1） 管內(nèi)水銀柱長度為 _m,為保證水銀不溢出，該溫度計(jì)能測得的最高溫度為 _ K。

31、（2） 若氣柱初始長度大于 0.3m，該溫度計(jì)能測量的最高溫度將 _ （選填： 增大” 不變”或 減小”）。（3） 若實(shí)驗(yàn)中大氣壓強(qiáng)略有升高，則用該溫度計(jì)測出的溫度將 _（選填：偏高” 不變”或偏低”）?！敬鸢浮浚?）0.1； 360（ 2）減?。?）偏低【解析】（1）、由于輕質(zhì)管可以繞 O 點(diǎn)轉(zhuǎn)動，通過力矩關(guān)系有：設(shè)水銀長度的一半為X，封閉氣體長度為 I，F(xiàn)L =：gsx（l x），研究氣體長度為 0.3m 和 0.35m 兩個位置，可以計(jì)算出水銀長度為：2x = 0.1m；為保證水銀不溢出，水銀剛好到達(dá)管口，此時封閉氣體長度為 l=0.4m，則根據(jù)冷,可以算出此時溫度為T =360K。T0

32、T（2 ）、根據(jù)上題結(jié)論，從公式V0V0可以看出，后來溫度與原來的氣體長度有反比關(guān)系，所以該溫度計(jì)能夠測T0T量的最大溫度將會減小。算的話，會出現(xiàn)測量值偏低?！究键c(diǎn)定位】力矩，氣體狀態(tài)方程度的變化。六、計(jì)算題（共 50 分）30. （ 10 分）如圖，兩端圭寸閉的直玻璃管豎直放置，一段水銀將管內(nèi)氣體分隔為上下兩部分A 和 B ,上下兩部分氣體初溫度相等，且體積 VA VB。（1 ）若 A、B 兩部分氣體同時升高相同的溫度，水銀柱將如何移動？某同學(xué)解答如下：設(shè)兩部分氣體壓強(qiáng)不變，由VL=VZ,，VTV,，所以水銀柱將向下移動。T1T2T上述解答是否正確？若正確，請寫出完整的解答；若不正確，請說明

33、理由并給出正確的解答。（3 ）、實(shí)驗(yàn)過程中大氣壓強(qiáng)增加，公式PV。T0PV得到T =1PVT，溫度會增加，但如果仍然用V。【方法技巧】根據(jù)力矩的平衡計(jì)算水銀長度，根據(jù)公式乞二V計(jì)算氣體溫度，根據(jù)公式T。T/義判斷測量值溫T0TAB第25頁共 22 頁(2)在上下兩部分氣體升高相同溫度的過程中，水銀柱位置發(fā)生變化，最后穩(wěn)定在新的平衡位置，A、B 兩部分氣體始末狀態(tài)壓強(qiáng)的變化量分別為ApA和ApB，分析并比較二者的大小關(guān)系?！敬鸢浮?1)不正確 水銀柱向上移動(2)ApA=ApB【解析】1)不正確水銀柱移動的原因是升溫后，由于壓強(qiáng)變化造成受丈I平衡被破壞，因此應(yīng)該假設(shè)氣體體積不變，由壓強(qiáng)變 化判斷

34、移動方向口正確解法：設(shè)升潟后上下韌分氣體體積不變，則由查理定律可得T T-M 0,Ff*可知護(hù)所示水報(bào)枉向上移動*(2)升蠱前有pB= pA+ p. (?；為汞柱壓強(qiáng))升溫后同樣有 - 血兩式相減可得g4=ApH【考點(diǎn)定位】查理定律，封閉氣體壓強(qiáng)【方法技巧】通過查理定律計(jì)算分析水銀柱的移動方向；建立升溫前后A、B 氣體壓強(qiáng)關(guān)系，兩式相減就可以計(jì)算出兩部分氣體的壓強(qiáng)變化關(guān)系。31. (12 分)風(fēng)洞是研究空氣動力學(xué)的實(shí)驗(yàn)設(shè)備。如圖，將剛性桿水平固定在風(fēng)洞內(nèi)距地面高度H=3.2m 處，桿上套一質(zhì)量 m=3kg，可沿桿滑動的小球。將小球所受的風(fēng)力調(diào)節(jié)為F=15N，方向水平向左。小球以速度vo=8m/

35、s向右離開桿端，假設(shè)小球所受風(fēng)力不變，取g=10m/s2。求：(1 )小球落地所需時間和離開桿端的水平距離；(2)小球落地時的動能。(3 )小球離開桿端后經(jīng)過多少時間動能為78J?第26頁共 22 頁【答案】(1) 4.8m(2) 120J(3) t1=0.4s,t2=0.24s第27頁共 22 頁【解析】(1)小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動，運(yùn)動時間為小球在水平方向做勻減遠(yuǎn)運(yùn)動，加謹(jǐn)度F Lci Tin ,水平位移 s = 4.8 m(2)由動能定理節(jié):幕呃 HF120 J(3)小球離開桿后經(jīng)過時間的水平位移1 *s = xy 一 ar2由動能定理 E -!加,=噸 t 肝一氏以=73 J 和

36、”嚴(yán) m 5 代入得125-80t+12=0解得 tj=0.4s,t2=0.24s【考點(diǎn)定位】曲線運(yùn)動，自由落體運(yùn)動，勻速運(yùn)動，動能定理【方法技巧】首先分析出小球的運(yùn)動情況，豎直方向自由落體運(yùn)動，水平方向勻減速直線運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動現(xiàn)在計(jì)算小球運(yùn)動時間和水平位移；通過動能定理計(jì)算小球落地動能；通過動能定理和運(yùn)動學(xué)關(guān)系計(jì)算該時間。32、( 14 分)如圖(a),長度 L=0.8m 的光滑桿左端固定一帶正電的點(diǎn)電荷A，其電荷量 Q.loRc; 質(zhì)量m=0.02kg，帶電量為 q 的小球 B 套在桿上。將桿沿水平方向固定于某非均勻外電場中，以桿左端為原點(diǎn)，沿桿向右為 x 軸正方向建立坐標(biāo)系。點(diǎn)電荷A 對

37、小球 B 的作用力隨 B 位置 x 的變化關(guān)系如圖(b)中曲線 I 所示，小球 B 所受水平方向的合力隨B 位置 x 的變化關(guān)系如圖(b)中曲線 II 所示，其中曲線 II 在 0.16 * 0.20 和 x0.40范圍可近似看作直線。求:（靜電力常量k = 9 109N m/C1 2 3）O圖 Ca）第28頁共 22 頁(4) 由圖可知小球從 x=Q.16m 至 U x=Q.2m 處電場力做功 W=Q.Q3 Q.Q4= 6?1Q-4J2小球從x =0.2m到x =Q.4m處12_3電場力做功 她=-一mv=T.6 10 J2由圖可知小球從x =0.4m到x=0.8m處電場力做功 Wj = -Q.QQ4 %.4=T.6 10 J由動能定理W+她+W4+F外s=Q