湖北省2022屆高考物理考向預(yù)測卷（二）（附解析）

1、2022屆湖北省高考物理考向預(yù)測卷（二）一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共4分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第811題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分1下列說法正確的是（）A太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的核裂變反應(yīng)B盧瑟福發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核反應(yīng)方程式是 He+ N O+ HC鉍210的半衰期是5天，12g鉍210經(jīng)過15天后還有2.0g未衰變D氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，原子總能量減小2甲、乙兩球質(zhì)量不同，M甲M乙，它們從同一高度同時(shí)自由下落（不考慮空氣阻力和位置變化），則下列說法正確的是（）A甲

2、比乙先落地B乙比甲先落地C甲、乙同時(shí)落地D無法判斷誰先落地3如圖甲所示,質(zhì)量M=0.8 kg 的足夠長的木板靜止在光滑的水平面上,質(zhì)量m=0.2 kg的滑塊靜止在木板的左端,在滑塊上施加一水平向右、大小按圖乙所示隨時(shí)間變化的拉力F,4 s后撤去力F。若滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,重力加速度g=10 m/s2,則下列說法正確的是()。A0-4 s時(shí)間內(nèi)拉力的沖量為3.2 N·sBt=4 s時(shí)滑塊的速度大小為17.5 m/sC木板受到滑動(dòng)摩擦力的沖量為2.8 N·sD木板的速度最大為2 m/s4如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為0.5kg的小球在離車底面高度

3、20m處以一定的初速度向左平拋，落在以7.5m/s的速度沿光滑的水平面向右勻速行駛的敞篷小車中，小車的底面上涂有一層油泥，車與油泥的總質(zhì)量為4kg，設(shè)小球在落到車的底面前瞬間的速度是25m/s，則小球與小車相對靜止時(shí)，小車的速度是（）（g=10m/s2）A5m/sB4m/sC8m/sD9.5m/s5如圖所示，一細(xì)光束射向平行玻璃磚上表面，經(jīng)折射后分為a、b兩束從下表面射出，則（）A出射后a光與b光不平行Ba光在玻璃中的傳播速度較大C若增大入射光在上表面的入射角，則下表面兩出射點(diǎn)間的距離增大D若增大入射光在上表面的入射角，則a光先在下表面發(fā)生全反射6一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為7：4，原線圈與

4、一理想交流電流表和電阻R1串聯(lián)，副線圈電路中，一電容器與電阻R2串聯(lián)后，與電阻R3、R4并聯(lián)，如圖所示。當(dāng)原線圈接入一正弦交流電u=40sin100t（V）時(shí)，電流表的示數(shù)為1A。已知R1=5，R2=20，R3=20，R4=40，電容器在電路中會(huì)改變電流的相位而不消耗能量，則通過電容器的電流為（）A0.25AB0.50AC0.75AD1.00A7如圖為一皮帶傳動(dòng)裝置的示意圖，右輪半徑為r， A是它邊緣上的一點(diǎn)。左側(cè)是一輪軸，大輪半徑為4r，小輪半徑為2r。B點(diǎn)在小輪上，到小輪中心的距離為r。C點(diǎn)和D點(diǎn)分別位于小輪和大輪的邊緣上。如果傳動(dòng)過程中皮帶不打滑，下列說法正確的是（）AA，B兩點(diǎn)的線速度

5、大小相等BA，C兩點(diǎn)的角速度大小相等CB，C兩點(diǎn)的線速度大小相等DB，D兩點(diǎn)的角速度大小相等8如圖所示，abcd為勻強(qiáng)電場中的一直角梯形，其平而與場強(qiáng)方向平行，已知，a、b、d三點(diǎn)的電勢分別為0V、4V、4V，則（）A勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)為100V/mBe點(diǎn)的電勢為8VCc點(diǎn)的電勢為12VD若將電子從a點(diǎn)移到c點(diǎn)，電場力做功10eV9如圖所示，豎直放置的兩光滑平行金屬導(dǎo)軌置于垂直于導(dǎo)軌向里的勻強(qiáng)磁場中，兩根質(zhì)量相同的金屬棒A和B與導(dǎo)軌緊密接觸且可自由滑動(dòng)先固定A，釋放B，當(dāng)B的速度達(dá)到10m/s時(shí)，再釋放A，經(jīng)1s時(shí)間A棒速度達(dá)到12m/s，（g取10m/s2）則：（）A當(dāng)vA=12m/s時(shí)，vB=

6、18m/sB當(dāng)vA=12m/s時(shí)，vB=22m/sC若導(dǎo)軌很長，它們最終速度必相同D它們最終速度不相同，但速度差恒定10位于處的波源在介質(zhì)中產(chǎn)生沿軸正方向傳播的機(jī)械波。如圖所示，當(dāng)時(shí)刻恰好傳到位置，、分別是、位置處的兩質(zhì)點(diǎn)，下列說法正確的是（）A波源的起振方向?yàn)檠剌S正方向B、位移的大小和方向始終相同C開始，當(dāng)?shù)谝淮翁幱谳S上方處時(shí)，處于軸下方處D開始，當(dāng)波剛傳到位置時(shí)，、經(jīng)過的路程分別為和11如圖所示，一粗細(xì)均勻、質(zhì)量為M的鐵桿穿過質(zhì)量均為m的A、B兩個(gè)小球，用兩根長度相等、不可伸長的細(xì)繩分別與A、B連接，另一端懸掛于O點(diǎn)，當(dāng)整個(gè)系統(tǒng)處于靜止時(shí)，鐵桿的中點(diǎn)Q正好處在O點(diǎn)正下方，且鐵桿處于水平.現(xiàn)

7、將小球A、B同步緩慢靠近Q點(diǎn)，使鐵桿緩慢下移且始終保持水平，重力加速度為g，則在此過程中，下列說法正確的是（）AA球受到鐵桿的壓力逐漸增大BA球受到的摩擦力逐漸減小C連接A球的繩受到的拉力逐漸增大D當(dāng)連接A球的細(xì)繩與豎直方向成30°角時(shí)，連接A球的細(xì)繩的拉力大小為二、非選擇題：本題共5小題，共56分。12小華同學(xué)在做“用單擺測定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)（1）用游標(biāo)卡尺測小球的直徑時(shí)示數(shù)如圖甲所示，則小球的直徑。（2）如圖乙所示，搭建實(shí)驗(yàn)裝置時(shí)，要用鐵夾夾住擺線上端，這樣做的主要目的是_A便于測量單擺擺長B便于測量單擺周期C確保擺動(dòng)時(shí)擺長不變D確保擺球在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)（3）小華同學(xué)用標(biāo)準(zhǔn)的實(shí)

8、驗(yàn)器材和正確的實(shí)驗(yàn)方法測量出幾組不同擺長和對應(yīng)的周期，然后根據(jù)數(shù)據(jù)描繪圖像，進(jìn)一步計(jì)算得到圖像的斜率為，可知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?3某學(xué)習(xí)小組利用可調(diào)內(nèi)阻電池探究電池內(nèi)外電壓的關(guān)系。可調(diào)內(nèi)阻電池由電池槽、正負(fù)極板M、N、探針P、Q、氣室、氣筒等構(gòu)成（如圖a）。正負(fù)極板插在兩端電池槽內(nèi)，中間有一條電液通道，緩慢推動(dòng)氣筒活塞，向電池內(nèi)打氣，以改變電解液液面的高低，從而改變電池的內(nèi)阻：液面越低，內(nèi)電阻越大。實(shí)驗(yàn)電路連接如圖（b）所示：量程為3V的電壓表V1與正負(fù)極板M、N連接，可直接測量電源外部的電壓，電壓表V2與探針P、Q連接，可直接測量電源內(nèi)部的電壓。R為電阻箱，A為理想電流表。（1）閉合開關(guān)S

9、1，斷開開關(guān)S2、S3，此時(shí)電壓表V1的讀數(shù)如圖c所示，則可粗略估算電池的電動(dòng)勢E=V；（2）調(diào)節(jié)電阻箱R至最大值，閉合開關(guān)S1、S2、S3，逐漸調(diào)小電阻箱的阻值，發(fā)現(xiàn)電壓表V2的示數(shù)逐漸（變大/變小/不變），且電壓表V1、電壓表V2的示數(shù)U1、U2始終滿足（用U1、U2和E表示）的關(guān)系。繼續(xù)調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，使電壓表V1和V2的示數(shù)相同，此時(shí)電阻箱R的讀數(shù)如圖d所示，則可粗略估算電池的內(nèi)阻為；（3）保持S1、S2、S3閉合，用打氣筒向電池內(nèi)打氣，同時(shí)記錄V1、V2表的示數(shù)U1、U2和A表的示數(shù)I，利用多組數(shù)據(jù)畫出U1-I、U2-I圖象，則下列圖象正確的是_。ABCD14如圖所示是防疫期間用

10、來噴灑消毒液的小型壓縮噴霧器。其貯液筒的容積為，現(xiàn)裝入的藥液。關(guān)閉閥門，用打氣筒每次打入的空氣。設(shè)下列過程中溫度都保持不變。（）（1）打氣筒按壓20次，求藥液上方氣體的壓強(qiáng)；（2）打氣筒按壓20次后打開噴射藥液，當(dāng)儲(chǔ)液桶中藥液上方氣體的壓強(qiáng)時(shí)，貯液筒內(nèi)還剩余藥液的體積。（細(xì)小噴射管中的體積可以忽略）15如圖甲所示，半徑R=0.45m的光滑圓弧軌道固定在豎直平面內(nèi)，B為軌道的最低點(diǎn)，在光滑水平面上緊挨B點(diǎn)有一靜止的平板車，長度L=0.5m，車的上表面與B點(diǎn)等高，可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊從圓弧軌道最高點(diǎn)A由靜止釋放，其質(zhì)量m=1kg，（1）求物塊滑到B點(diǎn)時(shí)對軌道壓力的大??；（2）若平板車上表面粗糙，物塊最

11、終沒有滑離平板車，最終速度的大小為0.5m/s，求平板車的質(zhì)量；（3）若將平板車固定且在上表面鋪上一種動(dòng)摩擦因數(shù)逐漸增大的特殊材料，物塊在平板車上向右滑動(dòng)時(shí)，所受摩擦力f隨它距B點(diǎn)位移L的變化關(guān)系如圖乙所示，物塊最終滑離了平板車，求物塊滑離平板車時(shí)的速度大小16水平面上固定著如圖形狀的導(dǎo)軌，其中AB與CD平行，AC和CD夾角為，導(dǎo)軌ACE部分單位長度電阻1，導(dǎo)軌其他各部分和金屬桿電阻不計(jì)。導(dǎo)軌處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中。質(zhì)量m=1kg的金屬桿放在導(dǎo)軌上（金屬桿足夠長），對金屬桿施加如圖乙所示的外力。金屬桿在0-1s內(nèi)以v1做勻速運(yùn)動(dòng)，t=1s時(shí)金屬桿恰好運(yùn)動(dòng)到AE處。金屬桿繼續(xù)運(yùn)

12、動(dòng)3s速度變?yōu)関2以后勻速運(yùn)動(dòng)。求：（1）金屬桿的速度v1。（2）金屬桿的速度v2。（3）4s內(nèi)通過金屬桿的電荷量。（4）4s內(nèi)導(dǎo)軌產(chǎn)生的熱量。答案1B【解析】解：A、太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的聚變反應(yīng)，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)物理學(xué)史可知，盧瑟福發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核反應(yīng)方程式是 He+ N O+ H，故B正確；C、根據(jù)半衰期公式知經(jīng)過1 5天后還剩余八分之一沒有衰變，12g鉍210經(jīng)過15天后還有 g=1.5g未衰變故C錯(cuò)誤；D、按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，氫原子吸收能量，所以原子總能量增大，故D錯(cuò)誤故選：B【分析】太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的聚變反應(yīng)，盧

13、瑟福在用粒子轟擊N原子的核反應(yīng)中發(fā)現(xiàn)了中子；根據(jù)半衰期公式知經(jīng)過1 5天后還剩余八分之一沒有衰變2C【解析】根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)下落高度和運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系，可知物體的下落時(shí)間為，可見下落時(shí)間由下落高度和重力加速度決定，與物體質(zhì)量無關(guān)，C符合題意。故答案為：C。【分析】利用自由落體的位移公式可以求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，進(jìn)而判別兩個(gè)小球同時(shí)落地。3C【解析】A.沖量的定義式: ,所以F-t圖像面積代表沖量，所以0-4 s時(shí)間內(nèi)拉力的沖量為，A不符合題意B.木塊相對木板滑動(dòng)時(shí)：對木板：，對木塊：，聯(lián)立解得：，所以0時(shí)刻，即相對滑動(dòng)，對滑塊：，解得4s時(shí)滑塊速度大?。?，B不符合題意CD.4s時(shí)，木板的速度，撤去外力后

14、，木板加速，滑塊減速，直到共速，根據(jù)動(dòng)量守恒：，解得：，對木板根據(jù)動(dòng)能定理可得： C符合題意，D不符合題意故答案為：C【分析】物體動(dòng)量的變化，利用末動(dòng)量減初動(dòng)量即可，力的沖量，利用力乘以力作用的時(shí)間，結(jié)合圖像分析求解即可。4A【解析】小球拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理得解得小球和車作用過程中，水平方向的外力之和為零，動(dòng)量守恒，有解得故答案為：A?！痉治觥坷脛?dòng)能定理可以求出平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，結(jié)合小球和車子水平方向的動(dòng)量守恒定律可以求出小車與小球相對靜止時(shí)速度的大小。5C【解析】一束光射向玻璃經(jīng)折射后分為兩束光，說明這束光是復(fù)色光，這是由于單色光的折射率不同造成的。由于玻璃上下表面平行，所以兩次

15、折射后法線也平行，第一次的折射角等于第二次的入射角，所以兩次運(yùn)用折射率公式求得出射光線和入射光線平行，兩出射光線也平行。故A錯(cuò)誤。由可知，,故B錯(cuò)誤。設(shè)兩單色光的折射角分別為r1，r2則：，由幾何知識得，兩單色光在下表面出射點(diǎn)之間的距離為：由此可得，入射角越大，出射點(diǎn)之間的距離越大。故C正確。因第二次的折射角等于第一次的入射角，小于臨界角，不可能發(fā)生全反射。故D錯(cuò)誤。故答案為：C【分析】畫出光路圖，很直觀看出出射光線平行。根據(jù)折射程度得出折射率的大小，代入折射率公式，求速度大小。根據(jù)幾何關(guān)系，求出出射點(diǎn)之間的距離的表達(dá)式。由幾何關(guān)系知，第二次的折射角等于第一次的入射角，小于臨界角，不可能發(fā)生全

16、反射。6B【解析】交流電的電壓有效值為40V，則電路的總功率為P=I1U1=40W電阻消耗的電功率為P1=I12R1=5W故原線圈的輸入功率為35W，由已知條件知原線圈電壓U1=U-I1R1=35V根據(jù)匝數(shù)比等于電壓比可知副線圈的電壓為U2=20V所以電阻消耗的電功率為同理電阻消耗的電功率為P4=10W所以電阻消耗的電功率為P2=5W根據(jù)焦耳定律知通過電阻的電流為故答案為：B?！痉治觥坷闷漭斎腚娏骱碗妷旱拇笮】梢郧蟪鲭娐房偣β实拇笮?；結(jié)合其歐姆定律可以求出原線圈輸入電壓的大小，結(jié)合匝數(shù)之比可以求出輸出電壓的大小，再利用其電功率的表達(dá)式可以求出電阻消耗的功率及通過電阻R2的電流大小。7D【解析

17、】AC由圖可知，A、C兩點(diǎn)同緣傳動(dòng)，則A、C兩點(diǎn)的線速度大小相等，B、C兩點(diǎn)的角速度相等，根據(jù)v=r，C的線速度大于B的線速度，則A點(diǎn)線速度大于B點(diǎn)的線速度，AC不符合題意；B由圖，A、C的線速度相等，根據(jù)v=r，知角速度不等，B不符合題意；DB、D兩點(diǎn)同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，則角速度大小相等，D符合題意。故答案為：D?！痉治觥緼C屬于線傳動(dòng)其線速度相等；BCD屬于軸轉(zhuǎn)動(dòng)其角速度相等。8B,D【解析】A如圖所示因bd連線是等勢線，則場強(qiáng)方向沿著垂直bd連線方向，場強(qiáng)大小A不符合題意；BC由于，故有則可得由幾何知識可得由可知?jiǎng)tB符合題意、C不符合題意；D將一電子從a移到c，則有D符合題意。故答案為：BD?！痉?/p>

18、析】根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式得出勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度；結(jié)合電勢差的定義得出e點(diǎn)的電勢大??；結(jié)合電場力做功得出將電子從a移到c的過程中電場力做的功。9A,C【解析】解：AB、由于釋放A，經(jīng)1s時(shí)間A棒速度達(dá)到12m/s，根據(jù)動(dòng)量定理可得mgt+F安t=mvA0，對B根據(jù)動(dòng)量定理可得：mgtF安t=mvBmvB0，聯(lián)立解得：vB=18m/s，A符合題意、B不符合題意；CD、開始一段時(shí)間內(nèi)，A棒的加速度大于B棒的加速度，二者的速度之差逐漸減小，安培力逐漸減??；若導(dǎo)軌很長，最終通過二者的感應(yīng)電流必將為零，它們最終速度必相同，C符合題意、D不符合題意；故答案為：AC【分析】（1）根據(jù)動(dòng)量定理，可以算出安培力的

19、沖量，然后計(jì)算出B的速度（2）根據(jù)楞次定律，最終線框的磁通量應(yīng)不變，所以A和B的速度應(yīng)該相等10C,D【解析】A因波沿軸正方向傳播，故最遠(yuǎn)點(diǎn)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)沿軸負(fù)方向，波源的起振方向?yàn)檠剌S負(fù)方向，A不符合題意；B由于波的周期交替變化，導(dǎo)致波長會(huì)變化，所以當(dāng)波長4m的波傳過來時(shí)、可能分別處于軸的上下方，位移的方向不同，B不符合題意；C當(dāng)波再傳時(shí)，點(diǎn)第一次處于軸上方處，此時(shí)處于軸下方處，C符合題意；D當(dāng)波剛傳到位置時(shí)，波形整體向前平移2m，因此根據(jù)波的平移可知Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為一個(gè)周期而P點(diǎn)為半個(gè)周期，、分別經(jīng)過路程和，即和，D符合題意。故答案為： CD?！痉治觥坷米钸h(yuǎn)質(zhì)點(diǎn)的起振方向可以判別波源的起振方向

20、；利用兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的距離可以判別兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位移的大小及方向；利用波形圖的平移可以判別兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位置；利用波的平移可以判別質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)時(shí)間及振動(dòng)的路程。11B,D【解析】A設(shè)環(huán)對鐵桿的支持力為N，對鐵桿受力分析可知解得支持力保持不變，由牛頓第三定律可得壓力也保持不變，A不符合題意；BC對A、B、鐵桿整體進(jìn)行受力分析，如圖所示設(shè)與水平方向夾角為，有小球A、B同步緩慢靠近時(shí)增大，也增大，故繩子中的拉力逐漸減小，C不符合題意；對A單獨(dú)進(jìn)行受力分析如圖所示水平方向列平衡方程可得因?yàn)樵龃?，減小，繩子中拉力也減小，故摩擦力減小，B符合題意；D對整體受力分析可得D符合題意。故答案為：BD。【分析】利用其桿的平衡方程

21、可以判別其A球受到桿的壓力大小變化；利用兩個(gè)小球與桿為整體的平衡方程可以判別其繩子拉力的大小變化；利用其A的平衡方程可以判別A受到的摩擦力大小變化；利用整體的平衡方程可以求出拉力的大小。12（1）2.240（2）C（3）【解析】（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)即小球的直徑為（2）用鐵夾夾牢擺線，是為了防止擺動(dòng)過程中擺長的變化，如果需要改變擺長來探究擺長于周期關(guān)系時(shí)，方便調(diào)節(jié)擺長，所以用鐵夾夾住擺線上端主要目的是確保擺動(dòng)時(shí)擺長不變，C符合題意，ABD不符合題意。（3）根據(jù)單擺周期公式得根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知，圖像的斜率則【分析】（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理得出小球的直徑；（2）根據(jù)“用單擺測定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)原

22、理以及注意事項(xiàng)得出鐵夾夾住擺線上端的目的；（3）根據(jù)單擺的周期表達(dá)式得出的關(guān)系式，利用圖像得出重力加速度的表達(dá)式。13（1）2.00（2）變大；E=U1+U2；31.2（3）A；D【解析】（1）電壓表的量程為3V，精度為0.1V，估讀到0.01V，則讀數(shù)為2.00V（1.982.02）；（2）逐漸調(diào)小電阻箱的阻值，電路中的電流逐漸增大，電壓表V2測量的是電源的內(nèi)電壓，由可知示數(shù)逐漸變大；電壓表V1測量的是電源的路端電壓，由全電路的歐姆定律可知E=U1+U2，U1=E-U2，U2=E-U1電壓表V1和V2的示數(shù)相同，即路端電壓等于內(nèi)電壓，即外電阻等于內(nèi)阻，故電阻箱的讀數(shù)即為電源內(nèi)阻，粗略估算電池

23、的內(nèi)阻為31.2；（3）AB保持開關(guān)S1、S2、S3閉合，用打氣筒向電池內(nèi)打氣，電解質(zhì)溶液液面下降，電池內(nèi)阻增大，外電阻不變，由A符合題意，B不符合題意；CD由可知?jiǎng)tC不符合題意，D符合題意；故答案為：AD?！痉治觥浚?）利用電壓表的量程和精度可以讀出對應(yīng)的讀數(shù)；（2）當(dāng)逐漸減小電阻箱的阻值時(shí)，其電流I阻值增大則會(huì)導(dǎo)致內(nèi)電阻即電表V2讀數(shù)增大其電表V1讀數(shù)減??；利用其閉合電路的歐姆定律可以求出電表讀數(shù)的關(guān)系；利用其內(nèi)外電壓相等時(shí)內(nèi)外電阻相等可以利用電阻箱的阻值求出內(nèi)阻的大?。唬?）利用歐姆定律結(jié)合內(nèi)阻增大可以判別其電壓表V1與電流的關(guān)系；利用其閉合電路的歐姆定律可以判別電壓表V2讀數(shù)與電流的關(guān)

24、系。14（1）由玻意耳定律得得（2）由玻意耳定律得得則貯液筒內(nèi)還剩余藥液的體積【解析】（1）根據(jù)氣體氣態(tài)方程列式，求解壓強(qiáng)。（2）根據(jù)氣體氣態(tài)方程列式，求解體積，再計(jì)算剩余藥液體積。15（1）解；物塊從圓弧軌道A點(diǎn)滑到B點(diǎn)的過程中，只有重力做功，其機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得代入數(shù)據(jù)計(jì)算得出：vB=3m/s，在B點(diǎn)，由牛頓第二定律得代入數(shù)據(jù)計(jì)算得出物塊滑到B點(diǎn)時(shí)受到的支持力大小為：；由牛頓第三定律可以知道，物塊滑到軌道B點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力大小為答：物塊滑到B點(diǎn)時(shí)對軌道壓力（2）解；物塊滑上小車后，因?yàn)樗降孛婀饣?，系統(tǒng)的合外力為零，所以系統(tǒng)的動(dòng)量守恒以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得其中最終速度v=0.5m/s，代入數(shù)據(jù)計(jì)算得出平板車的質(zhì)量M=5k