2022-2023學(xué)年安徽省蚌埠田家炳中學(xué)、五中物理高三上期中統(tǒng)考模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,靜止于水平面的物體A和B,它們之間有一被壓縮的輕質(zhì)細彈簧并通過細繩C連接在一起.當(dāng)燒斷細繩時,兩物體在彈力作用下反向運動并與彈簧分離,與水平面間的動摩擦因數(shù)相同,已知A滑行的距離比B遠,這是由于( )A彈簧對A的作用

2、力大于對B的作用力B彈簧對A的作用時間大于對B的作用時間C兩物體離開彈簧時A的速度大于B的速度D兩物體與彈簧分離后,A的加速度大于B的加速度2、如圖是、兩個質(zhì)點做直線運動的位移-時間圖線，則A在運動過程中，質(zhì)點總比質(zhì)點慢B當(dāng)時，兩質(zhì)點的位移相同C當(dāng)時，兩質(zhì)點的速度相等D當(dāng)時，質(zhì)點的加速度大于質(zhì)點的加速度3、如圖所示,S1、S2 是一水平面上的兩個波源,它們的振動周期都為 T,振幅都為 A. 某時刻 S1 發(fā)出的波恰好傳到 C,S2 發(fā)出的波恰好傳到 A,圖中畫出的是該時刻兩列波在 AC 部分的疊加波形,S1A 間、S2C 間波形沒有畫出。若兩列波傳播速度相同,則（ ）A兩波源的起振方向相同B再

3、經(jīng)過 ，AC 間的波形是一條直線CA、B、C 三點始終都是振動加強點，振幅為 2AD A、B、C三點始終都是振動減弱點，振幅為 04、某班級同學(xué)要調(diào)換座位，一同學(xué)用斜向上的拉力拖動桌子沿水平地面勻速運動已知桌子的總質(zhì)量為10 kg，若拉力的最小值為50 N，此時拉力與水平方向間的夾角為重力加速度大小為g=10 m/s2，桌子與地面間的動摩擦因數(shù)為，不計空氣阻力，則A，=60B，=60C，=30D，=305、質(zhì)點做直線運動前t秒內(nèi)平均速度與時間的關(guān)系為（各物理量均采用國際單位制單位），則該質(zhì)點（）A第1s內(nèi)的位移是6mB前2s內(nèi)的平均速度是7m/sC任意1s內(nèi)的速度增量都是2m/sD任意相鄰的1

4、s內(nèi)位移差都是1m6、物理學(xué)中的許多規(guī)律是通過實驗發(fā)現(xiàn)的，下列說法中符合史實的是( )A庫侖用扭秤測出了引力常量B牛頓通過理想斜面實驗發(fā)現(xiàn)了物體的運動不需要力來維持C伽利略認為：力是維持物體運動的原因D卡文迪許借助扭秤實驗測出了萬有引力常量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有一豎直擋板MN。在二者之間夾著一個光滑均質(zhì)的小圓柱體Q，整個裝置處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)使MN保持豎直并且緩慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，P始終保持靜

5、止。則在此過程中，下列說法正確的是（）AMN對Q的彈力逐漸減小BP對Q的彈力逐漸增大C地面對P的摩擦力逐漸增大DQ所受的合力逐漸增大8、北斗導(dǎo)航系統(tǒng)又被稱為“雙星定位系統(tǒng)”，具有導(dǎo)航，定位等功能“北斗”系統(tǒng)中兩顆工作衛(wèi)星和均繞地心做勻速圓周運動，軌道半徑均為，某時刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于軌道上的、兩位置，如圖所示若衛(wèi)星均順時針運行，地球表面處的重力加速度為，地球半徑為，不計衛(wèi)星間的相互作用力以下判斷中正確的是（ ） A這兩顆衛(wèi)星的向心力大小一定相等B衛(wèi)星加速后可追上衛(wèi)星C兩顆衛(wèi)星的向心加速度大小相等，均為D衛(wèi)星由位置運動到位置所需的時間可能為9、如圖所示，用鉸鏈將三個質(zhì)量均為m的小球A、B、C與

6、兩根長為L輕桿相連，B、C置于水平地面上在輕桿豎直時，將A由靜止釋放，B、C在桿的作用下向兩側(cè)滑動，三小球始終在同一豎直平面內(nèi)運動忽略一切摩擦，重力加速度為g則此過程中A球A落地的瞬時速度為B球B對地面的壓力始終等于C球B對地面的壓力可小于D當(dāng)B球動能最大時，A球的加速度為g10、如圖,點O、a、c在同一水平線上,c點在豎直細桿上一橡皮筋一端固定在O點,水平伸直(無彈力)時,另一端恰好位于a點,在a點固定一光滑小圓環(huán),橡皮筋穿過圓環(huán)與套在桿上的小球相連已知b、c間距離小于c、d間距離,小球與桿間的動摩擦因數(shù)恒定,橡皮筋始終在彈性限度內(nèi)且其彈力跟伸長量成正比小球從b點上方某處釋放,第一次到達b、

7、d兩點時速度相等,則小球從b第一次運動到d的過程中（ ） A在c點速度最大B在c點下方某位置速度最大C重力對小球做的功一定大于小球克服摩擦力做的功D在b、c兩點,摩擦力的瞬時功率大小相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)利用圖示的裝置來驗證機械能守恒定律設(shè)計了如下實驗，A是質(zhì)量為m、直徑為d的小球，B為重物，AB間用輕質(zhì)細繩通過輕質(zhì)滑輪相連在距水平地面h高處的C點固定一個光電計時器實驗操作如下：開始時，測出重物B的質(zhì)量M，將小球A放在光電計時器正下方的水平地面上，系統(tǒng)在外力作用下保持靜止細繩拉直但張力為零，現(xiàn)釋放B使其向下

8、運動測出小球A通過光電計時器所用的時間為t，且小球A 通過光電計時器時重物B還未落地實驗中保持A質(zhì)量不變，改變B的質(zhì)量，多次重復(fù)笫（1）步（1）實驗中，M和m的關(guān)系必須滿足M_m（選填“小于”、“等于”或“大于”）（2）小球A運動至C點的速度可表示為_（3）根椐所測數(shù)據(jù)，為得到線性關(guān)系圖線，應(yīng)作出_（選填“t”“t2”或“t2”）圖線；（4）根據(jù)第（3）問得到的圖線，若圖線在縱軸上的截距為b，則當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=_（用題給的己知量表示）12（12分）物理愛好者陳向陽同學(xué)，為了深入研究“動能定理或功能關(guān)系”，利用氣墊導(dǎo)軌獨立設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置。勁度系數(shù)k=100N/m的彈簧一端固定在導(dǎo)軌

9、左端，右端緊靠質(zhì)量m=1kg的滑塊，但不連接。測量遮光條的寬度d；利用游標卡尺測量，示數(shù)如圖乙所示，則d=_mm。測量彈簧的壓縮量x：陳向陽同學(xué)打開氣源，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌至水平，并使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上，向左推滑塊使彈簧壓縮x，然后釋放滑塊，遮光條通過光電門的時間t=1x10-3s，請你推斷彈簧壓縮量x=_。(彈性勢能與壓縮量的關(guān)系式Ep=12kx2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質(zhì)量 M=1kg 的長木板 B 靜止在粗糙的水平地面上，某一時刻一質(zhì)量為 m=1kg 的小滑塊 A

10、（可視為質(zhì)點）以初速度 v0=4.5m/s 向右沖上木板，最后恰好沒有滑離木板已知木板與地面間的動摩擦因數(shù) 1=0.1，滑塊與木板間的動摩擦因數(shù) 1=0.4，重力加速度g取g=10m/s1求：（1）滑塊與木板相對運動時的加速度aA和aB的大小與方向；（1）木板在地面上運動的總時間；（3）木板的長度 L14（16分）如圖所示，在傾角為 = 37的足夠長斜面上放置一質(zhì)量M = 2kg 、長度L = 1.5m的極薄平板 AB ，在薄平板的上端A處放一質(zhì)量m=1kg的小滑塊(視為質(zhì)點)，將小滑塊和薄平板同時無初速釋放。已知小滑塊與薄平板之間的動摩擦因數(shù)為1=0.25、薄平板與斜面之間的動摩擦因數(shù)為2=

11、0.5,sin37=0.6,cos37=0.8，取g=10m/s2。求：(1)釋放后，小滑塊的加速度al和薄平板的加速度a2;(2)從釋放到小滑塊滑離薄平板經(jīng)歷的時間t。15（12分）如圖，一個質(zhì)量為m=2kg的小物塊靜置于足夠長的斜面底端?，F(xiàn)對其施加一個沿斜面向上、大小為F=25N的恒力，3s后將F撤去，此時物塊速度達到15m/s。設(shè)物塊運動過程中所受摩擦力的大小不變，取g=10m/s2。求：（1）物塊所受摩擦力的大小；（2）物塊在斜面上運動離斜面底端的最遠距離；（3）物塊在斜面上運動的總時間。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符

12、合題目要求的。1、C【解析】AB. 同一根彈簧的作用力相同，則彈簧對A的作用力等于對B的作用力，且作用時間是相同的，故AB錯誤；CD. 兩物體離開彈簧后，都做勻減速直線運動，加速度大小相等，而A滑行的距離比B遠，根據(jù)可知，A的初速度大，即離開彈簧時A的速度大于B的速度，故C正確，D錯誤。2、B【解析】A.位移-時間圖線的斜率等于速度，由圖看出，圖線的斜率大于圖線的斜率，則的速度大于的速度，質(zhì)點總比質(zhì)點快，故A錯誤；B.圖線是、兩個質(zhì)點做直線運動的位移-時間圖線，所以時，兩質(zhì)點的位移相同，故B正確；C.在時間內(nèi)，質(zhì)點總比質(zhì)點快，即當(dāng)時，的速度大于的速度，故C錯誤；D.兩質(zhì)點均做勻速直線運動，加速

13、度都等于零，故D錯誤3、D【解析】A.由圖看出，兩列波同時開始傳播，由波形平移法判斷可知，S1開始振動方向向下，S2開始振動方向向上，故A錯誤。B. 再經(jīng)過 ，兩列波單獨傳播時的波形反相，根據(jù)疊加原理可知，AC間波形與圖示時刻的反相，仍是正弦形。故B錯誤。CD.A、B、C三點的振動方向相反，所以圖中A、B、C三點都是振動減弱點，振幅都為零。故C錯誤D正確。4、A【解析】對桌子受力分析，如圖所示根據(jù)平衡條件可知，水平方向有，豎直方向有，其中，故，令，則；當(dāng)時，F(xiàn)有最小值， ，故，選項A正確故選A.5、C【解析】因第1s內(nèi)的平均速度等于前1s內(nèi)的平均速度，即，故第1s內(nèi)的位移為，A錯誤；前2s內(nèi)的

14、平均速度為，B錯誤；由，得，與比較得： ， ，由可知，任意1s內(nèi)的速度增量都是，C正確；由可知，任意相鄰的1s內(nèi)位移差都是2m，D錯誤；選C.6、D【解析】A.卡文迪許用扭秤測出了引力常量，故A錯誤，D正確；B.伽利略通過理想斜面實驗發(fā)現(xiàn)了物體的運動不需要力來維持，故B錯誤；C.伽利略認為力不是維持物體運動的原因，而亞里士多德認為力是維持物體運動的原因，故C錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB對Q受力分析，如圖甲所示，Q受到豎直向下的重力mg、MN

15、給的向左的支持力F1和P對Q的支持力F2，根據(jù)平衡條件，得F1mgtan，在MN保持豎直并且緩慢地向右平移的過程中，增大，故F1、F2增大，即MN對Q的彈力逐漸增大，P對Q的彈力逐漸增大，故A錯誤，B正確；C對P、Q整體受力分析，如圖乙所示，整體受到重力(Mm)g、MN的支持力F1、地面的支持力F3、地面的靜摩擦力f，根據(jù)共點力的平衡條件，可得fF1mgtan，由于不斷增大，故f逐漸增大，故C正確；D移動MN過程中Q一直處于平衡狀態(tài)，合力一直為零，故D錯誤。故選BC。8、CD【解析】試題分析：由萬有引力提供向心力:，兩顆衛(wèi)星質(zhì)量關(guān)系不清楚，所以兩顆衛(wèi)星所受的向心力大小不一定相等，故A錯誤; 如

16、果衛(wèi)星1加速，在軌道上做圓周運動的向心力增加，而提供向心力的萬有引力沒有發(fā)生變化，故衛(wèi)星1將做離心運動，軌道半徑增大，所以不會追上同軌道上的衛(wèi)星2，故B錯誤;衛(wèi)星在軌道上運動由萬有引力提供圓周運動的加速度：，在地球表面重力與萬有引力大小相等有：，由以上聯(lián)立解得，因為兩顆衛(wèi)星的運轉(zhuǎn)半徑相等，所以加速度也相等，故C正確；萬有引力提供圓周運動向心力有：可得衛(wèi)星運行周期為：，再結(jié)合以上可得，所以衛(wèi)星從位置1到位置2所需時間（n=0、1、2、3），當(dāng)n=1時，故D正確所以CD正確，AB錯誤考點：萬有引力定律的應(yīng)用【名師點睛】在萬有引力這一塊，涉及的公式和物理量非常多，如，做題的時候，首先明確過程中的向心

17、力，然后弄清楚各個物理量表示的含義，最后選擇合適的公式分析解題，本題主要入手點：一是萬有引力提供圓周運動向心力，二是在星球表面重力與萬有引力相等另外這一塊的計算量一般是非常大的，所以需要細心計算9、ACD【解析】系統(tǒng)在水平方向所受外力為零，系統(tǒng)動量守恒，當(dāng)A的速度最大時受力平衡，根據(jù)三球的運動過程，應(yīng)用動量守恒定律、機械能守恒定律分析答題【詳解】A項：A落地時A、B、C在水平方向速度為零，由機械能守恒定律得：，解得：，故A正確；B項：球A加速下落時，三者組成的系統(tǒng)有向下的加速度，整體處于失重狀態(tài)，球B對地面的壓力小于，故B錯誤；C項：球A落地前一小段時間內(nèi)，B做減速運動，桿對B有斜向右上方的拉

18、力，則球B對地面的壓力小于mg，故C正確；D項：當(dāng)B球動能最大時，即B球的速度最大，加速度為零，分析可知，此時桿的彈力為零，所以此時小球A的加速度為g，故D正確故應(yīng)選：ACD【點睛】本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用，系統(tǒng)水平方向所受合力為零，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，分析清楚物體運動過程是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用動量守恒定律與機械能守恒定律可以解題10、BC【解析】小球在運動過程中受豎直向下的重力G，垂直桿向右的彈力，豎直向上的滑動摩擦力f，以及方向時刻在變的彈力T，設(shè)T與豎直桿方向的夾角為，則（Oa為原長，所以斜邊即為彈簧的伸長量），即小球與桿之間的彈力為定值，根據(jù)可知桿受到的摩擦力是恒定不變的，從

19、b到d過程中，動能定理可得，因為橡皮筋的彈力從b到c做的正功小于從c到d做的負功，所以整體橡皮筋從b到d的彈力對小球做負功，而摩擦力也做負功，即；從b到d過程中，重力做功，克服摩擦力做功，所以，在c點橡皮筋的拉力和桿對小球的彈力都沿水平方向，所以在豎直方向上只受重力和摩擦力，合力仍向下，仍做加速運動，而在c點下方的某一點處，橡皮筋的拉力有一個向上的分力與摩擦力的合力才能等于重力大小，故在c點下方的某一點處合力為零，加速度為零，速度最大，A錯誤B正確；根據(jù)以上分析可知重力對小球做的功一定大于小球克服摩擦力做的功，C正確；從b到c小球做加速運動，b、c兩點的速度不同，而摩擦力相等，所以b、c兩點摩

20、擦力的瞬時功率大小不等，D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 （1）大于 （2） （3）t2 （4） 【解析】解：（1）釋放B后小球要向上運動，A所受合力應(yīng)向上，因此B的質(zhì)量M應(yīng)大于A的質(zhì)量m（2）小球經(jīng)過光電門時的速度：v=；（3）對系統(tǒng)，由機械能守恒定律得：（Mm）gh=（M+m）v2，整理得：t2=，t2與是線性關(guān)系，為得出線性關(guān)系圖線，應(yīng)作：t2圖象；（4）t2圖象的截距：b=，解得：g=；12、4.00.40【解析】（1）由圖知第10條刻度線與主尺對齊，d=3mm+100.1mm=4.0mm。（2）滑塊通過光電門時的速度

21、為：v=dt=410-3110-3m/s=4m/s，根據(jù)能量守恒得：EP=EK，即12kx2=12mv2，代入數(shù)據(jù)解得：x=0.40m。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）aA=4m/s2 方向向左，aB=0.5m/s2 方向向右，（1）t=1.5s （3）L=2.25m 【解析】試題分析：先對A進行受力分析，求出A受到的摩擦力與A的加速度，然后對木板B進行受力分析，由牛頓第二定律即可求出B的加速度；由運動學(xué)的公式求出二者速度相等的時間，然后結(jié)合受力分析求出加速度，最后由速度公式求出運動的時間；由位移公式求出各段的位移，結(jié)合空間幾何關(guān)系即可求出。（1）A向右運動的過程中受到重力、木板的支持力與摩擦力的作用，豎直方向：FN1=mg=110=10N水平方向：f1=1FN1=0.410=4N根據(jù)牛頓第二定律可得A運動的加速度大小為：aA=f1m=41m/s2=4m/s2，方向向左。木板B受到重力、地面的支持力、A對B的壓力以及A對B的向右的摩擦力、地面對B的向左的摩擦力，豎直方向A對B的壓力：FN1=FN1=10N地面對B的支持力：FN1=Mg+FN1=110+10=30N地面對B