高考物理~電容器專題

1、 12/12 電容器的電容專題一、基礎(chǔ)知識1任何兩個彼此絕緣又相距很近的導(dǎo)體都可以構(gòu)成電容器這兩個導(dǎo)體稱為電容器的電極2把電容器的兩個極板分別與電池的兩極相連，兩個極板就會帶上等量的異號電荷，這一過程叫充電。電容器的一個極板所帶的電荷量的絕對值叫做電容器的電荷量。用導(dǎo)線把電容器的兩板接通，兩板上的電荷 中和，電容器不再帶電，這一過程叫做放電。3電容器所帶的電荷量Q與電容器兩極板間的電勢差U的比值，叫做電容器的電容，用符號C表示，表達式為。 4一般說來，構(gòu)成電容器的兩個導(dǎo)體的正對面積越大距離越小這個電容器的電容就越大；兩個導(dǎo)體間 電介質(zhì)的性質(zhì)也會影響電容器的電容。二、定義式：C=Q/U=Q/U，

2、適用于任何電容器。決定式；C=S/4kd，僅適用于平行板電容器。對平行板電容器有關(guān)的C、Q、U、E的討論問題有兩種情況。對平行板電容器的討論：、電容器跟電源相連，U不變，q隨C而變。dCqE 、SCqE不變。充電后斷開，q不變，U隨C而變。dCU不變。 、SCUE。問題1：靜電計為什么可測量兩個導(dǎo)體的電勢差？ 問題2：靜電計會改變被驗兩個導(dǎo)體的電量與電勢差嗎？典型例題圖6ABR例1. 如圖6所示，平行板電容器在充電后不切斷電源，此時板間有一帶電塵粒恰能在電場中靜止，當(dāng)正對的平行板左右錯開一些時（ ）A帶電塵粒將向上運動B帶電塵粒將保持靜止C通過電阻R的電流方向為A到BD通過電阻R的電流方向為B

3、到A 答案 BC 分析：粒子靜止在電容器內(nèi)，則由共點力的平衡可知電場強度與重力的關(guān)系；再根據(jù)變化后的場強判斷能否保持平衡；由電容器的決定式可知電容的變化，由電容的定義式可知極板上電荷量的變化，由充放電知識可知電流的方向解析：A、B由于電容器與電源相連，故電容器兩端電壓不變，因板間距不變，故極板間的場強不變，帶電粒子所受的電場力不變，粒子仍能保持靜止，故A錯誤，B正確；C、D因正對面積減小，由知，C減小，因電壓不變，由知，Q減小，故電容器放電，因電容器上極板接電源正極，上極板帶正電，所以通過電流的方向由A流向B，故C正確、D錯誤。【例2】如圖電路中，A、B為兩塊豎直放置的金屬板，G是一只靜電計，

4、開關(guān)S合上時，靜電計X開一個角度，下述情況中可使指針X角增大的是A、合上S，使A、B兩板靠近一些B、合上S，使A、B正對面積錯開一些C、斷開S，使A、B間距增大一些D、斷開S，使A、B正對面積錯開一些答案：C、D解析靜電計顯示的是A、B兩極板間的電壓，指針X角越大，表示兩板間的電壓越高.當(dāng)合上S后，A、B兩板與電源兩極相連，板間電壓等于電源電壓，靜電計指針X角不變；當(dāng)斷開S后，板間距離增大，正對面積減小，都將使A、B兩板間的電容變小，而電容器所帶的電荷量不變，由可知，板間電壓U增大，從而使靜電計指針X角增大.所以本題的正確選項是C、D.答案：CD例3、圖1是某同學(xué)設(shè)計的電容式速度傳感器原理圖，

5、其中上板為固定極板，下板為待測物體，在兩極板間電壓恒定的條件下，極板上所帶電量Q將隨待測物體的上下運動而變化，若Q隨時間t的變化關(guān)系為Q=（a、b為大于零的常數(shù)），其圖象如題圖2所示，那么題21圖3、圖4中反映極板間場強大小E和物體速率v隨t變化的圖線可能是( )A.和 B.和 C.和 D.和解析由題意可知： 所以E的變化規(guī)律與Q的變化規(guī)律相似，所以E的圖象為，由k, 所以d =vt+a,所以是勻速移動，所以速度圖象為，綜上所述C正確.針對訓(xùn)練1、如圖所示，C為中間插有電介質(zhì)的電容器，a和b為其兩極板；a板接地；P和Q為兩豎直放置的平行金屬板，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球；P板與b板用導(dǎo)線相

6、連，Q板接地.開始時懸線靜止在豎直方向，在b板帶電后，懸線偏轉(zhuǎn)了角度a.在以下方法中，能使懸線的偏角a變大的是( ) A.縮小a、b間的距離B.加大a、b間的距離C.取出a、b兩極板間的電介質(zhì)D.換一塊形狀大小相同、介電常數(shù)更大的電介質(zhì)E.加大P、Q之間的距離F.縮小a、b間的正對面積G.取出ab兩極間的電解質(zhì)，換一塊形狀大小相同的導(dǎo)體分析：題中電容器ab與平行金屬板PQ并聯(lián)，電勢差相等，根據(jù)左邊電容器的電容的變化得出平行金屬板兩端的電勢差變化，從而得出電場強度的變化，判斷懸線偏轉(zhuǎn)角度的變化。解析：A、縮小a、b間的距離，根據(jù)，則電容C增大，Q不變，由，ab間的電勢差U減小，所以PQ兩端的電勢

7、差減小，電場強度減小，則電場力變小，變小故A錯誤；B、加大a、b間的距離，由A知，B正確；C、取出a、b兩極板間的電介質(zhì)，根據(jù)，則電容C減小，Q不變，由，ab間的電勢差U增大，所以PQ兩端的電勢差增大，電場強度增大，則電場力變大，變大故C正確；D、換一塊形狀大小相同、介電常數(shù)更大的電介質(zhì)，根據(jù)，則電容C增大，Q不變，由，ab間的電勢差U減小，所以PQ兩端的電勢差減小，電場強度減小，則電場力變小，變小故D錯誤；E、加大P、Q之間的距離，因為ab間的電勢差不變，P、Q間的電勢差不變，由知電場強度減小，電場力減小，所以變小故E錯誤；F、縮小a、b間的正對面積，根據(jù)，則電容C減小，Q不變，由，ab間的

8、電勢差U增大，所以PQ兩端的電勢差增大，電場強度增大，則電場力變大，變大故F正確；G、取出a、b兩極板間的電介質(zhì)，換一塊形狀大小相同的導(dǎo)體，相當(dāng)于板間距離減小，根據(jù)，則電容C增大，Q不變，由，ab間的電勢差U減小，所以PQ兩端的電勢差減小，電場強度減小，則電場力變小，變小故G錯誤。2、傳感器是把非電學(xué)量(如溫度、速度、壓力等)的變化轉(zhuǎn)換為電學(xué)量變化的一種元件，在自動控制中有著相當(dāng)廣泛的應(yīng)用如圖是一種測量液面高度h的電容式傳感器的示意圖從電容C大小的變化就能反映液面的升降情況關(guān)于兩者關(guān)系的說法中正確的是 AC增大表示h減小 BC減小表示h增大 CC減小表示h減小 DC的變化與h變化無直接關(guān)系分析

9、：根據(jù)電容器的決定式，結(jié)合正對面積的變化，判斷電容的變化。解析：當(dāng)h減小時，則正對面積減小，根據(jù)電容器的決定式，電容器的電容減小，反之，h增大，電容增大。故C增大，說明h增大；C減小，說明h減??；故C正確，A、B、D錯誤。3、 一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地。在兩極板間有一正點電荷（電荷量很?。┕潭ㄔ赑點，如圖所示。以E表示兩極板間的場強，U表示兩極板間的電壓，W表示正點電荷在P點的電勢能。若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示的位置，則（ ）AU變小，E不變 BE變大，W變大CU變小，W不變 DU不變，W不變分析：抓住電容器的電荷量不變，結(jié)合電容的決定式和定義式，以及勻強電場

10、的場強公式得出電場強度的變化，從而得出P與下極板電勢差的變化，得出P點的電勢變化和電勢能變化解析：平行板電容器充電后與電源斷開后，電量不變將正極板移到圖中虛線所示的位置時，板間距離d減小，根據(jù)知，電容增大，根據(jù)知，板間電壓變小。由知，兩板間的電場強度與d無關(guān)，則可知電場強度不變。P與負極板間的距離不變，由公式U=Ed可知，P與負極板間的電勢差不變，P點的電勢不變，根據(jù)知，正電荷在P點的電勢能不變故A、C正確，B、D錯誤。4、如圖4所示的實驗裝置中，平行板電容器的極板B與一靈敏靜電計相接，極板A接地。若極板A稍向上 HYPERLINK action.vogate./click/click.php

11、?r=http%3A/.baidu./s%3Fie%3Dgb2312%26bs%3D%25CB%25AE%25C6%25BD%25B7%25C5%25D6%25C3%25B5%25C4%25C6%25BD%25D0%25D0%25B0%25E5%25B5%25E7%25C8%25DD%25C6%25F7%25D3%25EB%25D2%25BB%25B5%25E7%25B3%25D8%25CF%25E0%25C1%25AC%26sr%3D%26z%3D%26cl%3D3%26f%3D8%26wd%3D%25D3%25C9%25B9%25DB%25B2%25EC%25B5%25BD%25B5%25

12、C4%25BE%25B2%25B5%25E7%25BC%25C6%25D6%25B8%25D5%25EB%25B1%25E4%25BB%25AF%25D7%25F7%25B3%25F6%25C6%25BD%25D0%25D0%25B0%25E5%25B5%25E7%25C8%25DD%25C6%25F7%25B5%25E7%25C8%25DD%25B1%25E4%25D0%25A1%25BD%25E1%25C2%25DB%25B5%25C4%25D2%25C0%25BE%25DD%25CA%25C7%26ct%3D0&ads_id=3657&site_id=6235007045038752&c

13、lick=1&url=http%3A/.fetionweb.&v=0&k=%u79FB%u52A8&s=http%3A/.qsbk./WuLi/TiKu/3/2007/03/91214415339.shtml&rn=106525 o t _blank 移動一點，由觀察到的靜電計指針變化作出平行板電容器電容變小的結(jié)論的依據(jù)是（D ）A. 兩極板間的電壓不變，極板上的電量變??；B. 兩極板間的電壓不變，極板上的電量變大；C. 極板上的電量幾乎不變，兩極板間的電壓變?。籇. 極板上的電量幾乎不變，兩極板間的電壓變大解：A極板與靜電計相連，所帶電荷電量幾乎不變，B板與A板帶等量異種電荷，電量也幾乎不變

14、，故電容器的電量Q幾乎不變將極板B稍向上移動一點，極板正對面積減小，電容減小，由公式可知，電容器極板間電壓變大。故D正確。5、如圖1384所示，平行金屬板A、B組成的電容器，充電后與靜電計相連要使靜電計指針X角變大，下列措施中可行的是 （AB） A將A板向上移動 B將B板向右移動C將A、B之間充滿電介質(zhì) D將A板放走部分電荷解：A、B、C、電容器所帶電量Q保持不變，靜電計指針X角變大，板間電勢差U變大，由知，電容C變小，根據(jù)分析可知板間距離應(yīng)增大、或抽出電介質(zhì)、或者減小正對面積，故A正確，B正確，C錯誤。D、將A板放走部分電荷，由可知電勢差減小，故D錯誤。6、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E

15、的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離后（A）AP點的電勢將降低 B帶點油滴的電勢能將減少C帶點油滴將沿豎直方向向上遠動D電容器的電容減小，則極板帶電量將增大分析：將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據(jù)分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況由U=Ed分析P點與下極板間電勢差如何變化，即能分析P點電勢的變化和油滴電勢能的變化。解析：C、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將

16、向下運動故C錯誤。A、場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低故A正確。B、由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負電，P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加故B錯誤。D、根據(jù)Q=Uc，由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小。故D錯誤。7如圖所示，平行板電容器的電容為C，帶電荷量為Q，兩極板間距離為d，今在距兩極板的中點eq f(1,2)d處放一電荷q，則(A)Aq所受電場力的大小為eq f(Qq,Cd) Bq所受電場力的大小為keq f(4Qq,d2)Cq點處的電場強度是keq f(

17、4Q,d2) Dq點處的電場強度是keq f(8q,d2)分析：解答本題關(guān)鍵應(yīng)掌握：電容的定義式，即可得到電容器板間電壓U，由，求出板間電場強度E，q所受的電場力F=qE；平行板電容器不是點電荷，不能用求解板間場強。解析：A、B由得，電容器板間電壓，板間場強，q所受的電場力大小為。故A正確，B錯誤。C、D由于平行板電容器不是點電荷，不能用求解板間場強。故C、D錯誤。Aa bER8、豎直放置的一對平行金屬板的左極板上用絕緣線懸掛了一個帶正電的小球，將平行金屬板按如圖所示的電路圖連接。絕緣線與左極板的夾角為。保持極板位置不變，當(dāng)滑動變阻器R的滑片在a位置時，電流表的讀數(shù)為I1，夾角為1；當(dāng)滑片在b

18、位置時，電流表的讀數(shù)為I2，夾角為2，則（ D） A.12，I12，I1I2C.1=2，I1=I2 D.12，I1=I2分析：由圖可知電容器與滑動變阻器的左側(cè)并聯(lián)，而電容器在電路穩(wěn)定時看作斷路，故可判斷電路中電流的變化；由滑片的移動可知電容器兩端電壓的變化，由U=Ed可求得場強的變化；對小球受力分析可得出夾角的變化。解析：解：因電容器穩(wěn)定后相當(dāng)于開路，對電路沒有影響，故移動滑片時電路中電流不變，即I1=I2；小球帶正電，小球受重力、電場力及繩子的拉力而處于平衡；滑片右移時，與電容器并聯(lián)部分的電壓增大，則電容器兩端的電壓增大，由U=Ed可知，兩極板間的電場強度增大；小球受到的水平向右的電場力增大

19、，因重力不變，要使小球重新處于靜止?fàn)顟B(tài)，細線與豎直板間的夾角應(yīng)增大；故D正確。圖l7169如圖1716所示，兩平行金屬板水平放置并接到電源上，一個帶電微粒P位于兩板間恰好平衡，現(xiàn)用外力將P固定住，然后使兩板各繞其中點轉(zhuǎn)過角，如圖虛線所示，再撤去外力，則帶電微粒P在兩板間 ( B )A保持靜止 B水平向左做直線運動C向右下方運動 D不知角的值無法確定P的運動狀態(tài)分析：帶電微粒P在水平放置的A、B金屬板間的電場內(nèi)處于靜止?fàn)顟B(tài)，說明處于平衡狀態(tài)，豎直向上的電場力大小等于重力的大小，當(dāng)兩平行金屬板A、B分別以O(shè)、0中心為軸在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)過相同的較小角度，然后釋放P，此時P受到重力、電場力，合力向左，故

20、P做向左的勻加速直線運動。解：初位置時，電場力和重力平衡，設(shè)電場強度為E，初狀態(tài)極板間距是d，旋轉(zhuǎn)角度后，極板間距變?yōu)閐cos，所以電場強度，而且電場強度的方向也旋轉(zhuǎn)了，由受力分析可知，電場力在豎直方向的分力為F=qEcos=qE，豎直方向仍然平衡，水平方向有電場力的分力，所以微粒水平向左做勻加速直線運動；故B正確，A、C、D錯誤。圖l71410平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一個帶正電小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合開關(guān)S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向夾角為，如圖1714所示那么 ( AD ) A保持開關(guān)S閉合，帶正電的A板向B板靠近，則增大B保持開關(guān)S閉合，帶正電的A板向B板靠近，則

21、欏不變C開關(guān)S斷開，帶正電的A板向B板靠近，則增大D開關(guān)S斷開，帶正電的A板向B板靠近，則不變分析：小球受重力、拉力、電場力三個力處于平衡狀態(tài)，保持開關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢差不變；斷開開關(guān)S，電容器所帶的電量不變。解析：A、保持開關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，帶正電的A板向B板靠近，極板間距離減小，電場強度E增大，小球所受的電場力變大，增大故A正確，B錯誤C、斷開開關(guān)S，電容器所帶的電量不變，由，得，知d變化，E不變，電場力不變，不變。故C錯誤，D正確。11. （2012某物理）將平行板電容器兩極板之間的距離、電壓、電場強度大小和極板所帶的電荷量分別用d、U、E和Q表示。下列說法正

22、確的是（AD）A保持U不變，將d變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則E變?yōu)樵瓉淼囊话隑保持E不變，將d變?yōu)樵瓉淼囊话?，則U變?yōu)樵瓉淼膬杀禖保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則U變?yōu)樵瓉淼囊话隓保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，則E變?yōu)樵瓉淼囊话敕治觯罕３諹不變，根據(jù)公式，分析E與d的關(guān)系；保持E不變，U與d正比；保持d不變，C不變，根據(jù)分析Q與U的關(guān)系；保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，由，分析U的變化，由分析E的變化。解析：A、保持U不變，將d變?yōu)樵瓉淼膬杀叮鶕?jù)公式，可知E變?yōu)樵瓉淼囊话耄珹正確；B、保持E不變，將d變?yōu)樵瓉淼囊话耄瑒tU變?yōu)樵瓉淼囊话?，B錯誤；C、保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀?，d不變，電容C不變

23、，由知，U變?yōu)樵瓉淼膬杀叮蔆錯誤；D、保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，d不變，電容C不變，由知，U變?yōu)樵瓉淼囊话悖儆煽芍?，則E變?yōu)樵瓉淼囊话耄蔇正確。12、（2012全國理綜）如圖，一平行板電容器的兩個極板豎直放置，在兩極板間有一帶電小球，小球用一絕緣輕線懸掛于O點。先給電容器緩慢充電，使兩級板所帶電荷量分別為Q和Q，此時懸線與豎直方向的夾角為/6。再給電容器緩慢充電，直到懸線和豎直方向的夾角增加到/3，且小球與兩極板不接觸。求第二次充電使電容器正極板增加的電荷量。 （2）分析：對小球受力分析，受重力、電場力和拉力，根據(jù)U=Ed、Q=cU、F=qE以及平衡條件分兩次列方程后求解出電容器極

24、板電量Q的表達式進行討論設(shè)電容器的電容為C，第一次充電Q后，電容器兩極板間電勢差；兩極板間的勻強電場，；設(shè)電場中小球的帶電量為q，則所受電場力。小球在電容器中受重力、電場力和拉力而平衡，如圖所示有平衡條件有，綜上各式第二次充電后，電容器的帶電量為，同理可得，將方向夾角代入的。三、平行板電容器的動態(tài)問題分析方法：抓住不變量，分析變化量。其依據(jù)是；勻強電場中的；平行板電容器電容決定式。四、平行板電容器的兩類典型問題：平行板電容器始終連接在電源的兩端：電勢差U不變由可知C隨的變化而變化。由，Q也隨的變化而變化。由可知，E隨d的變化而變化。平行板電容器充電后，切斷與電源的連接：電荷量Q保持不變。由可知

25、可知C隨的變化而變化。由可知，U隨的變化而變化。由可知E與d無關(guān)，只隨的變化而變化。例題：如圖所示，一平行板電容器充電后與電源斷開，這時電容器的電荷量為Q，P是電容器內(nèi)一點，電容器的上極板與大地相連，下列說法正確的是()A.若將電容器的上極板左移一點，則兩板間場強減小B.若將電容器的下極板上移一點，則P點的電勢升高C.若將電容器的下極板上移一點，則兩板間電勢差增大D.若將電容器的下極板上移一點，則兩板間電勢差減小解析 由、可知，S減小，E增大，故A錯；將電容器的下極板上移一點，電容器極板距離減小，由知，E與d無關(guān)，E不變，由知，U減小，即兩板間電勢差減小，C錯，D正確；P點與上極板距離不變，即

26、P點與上極板的電勢差不變，則P點的電勢不變，B錯。答案 D正確。易錯提醒：(1)充電后的電容器斷開和電源的連接，Q一定；（2）Q一定時，由知，兩板間的電場強度與d無關(guān)；（3）接地板電勢為零。例題：連接在電源兩極上的平行板電容器，當(dāng)兩極板間距離減小時()A.電容器的電容C變大B.電容器極板的帶電荷量變大C.電容器兩極板間的電勢差U變大D.電容器兩極板間的電場強度E變大解析電容器兩極板間距離減小，由得其電容變大，所以A正確；連接在電源兩極上的平行板電容器，U不變，由知，U不變，而C變大，則Q變大，故B正確，C錯誤；由知，U不變，d減小，則E變大，故D正確。答案：ABD例題：如圖所示，用靜電計可以測

27、量已充電的平行板電容器兩極板間的電勢差U，現(xiàn)使B板帶正電，則下列判斷正確的是()A.增大兩極板之間的距離，靜電計指針X角變大B.將A板稍微上移，靜電計指針X角將變大C.若將玻璃板插入兩板之間，則靜電計指針X角變大D.若將A板拿走，則靜電計指針X角變?yōu)榱憬馕?電容器上所帶電荷量一定，由公式知，d增大，C變小，再由知，U變大，故A正確；將A板稍微上移，正對面積S減小，C減小，U變大，故B正確；將玻璃板插入兩板之間，增大，C變大，U變小，故C項錯誤；將A板拿走，相當(dāng)于使d變得更大，C更小，故U應(yīng)更大，故D錯誤。答案 AB。例題：如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內(nèi)阻不計)連接，下極板接地

28、.一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài).現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，則()A.帶電油滴將沿豎直方向向上運動B.P點的電勢將降低C.帶電油滴的電勢能將減小D.電容器的電容減小，極板帶電荷量將增大解析上極板向上移動一小段距離后，板間電壓不變，仍為E，故電場強度（）將減小，油滴所受電場力（）減小，故油滴將向下運動，A錯；P點的電勢大于0，且P點與下極板間的電勢差（）減小，所以P點的電勢減小，B對；帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負電，又知道P點的電勢降低，油滴向下運動時電場力做負功，油滴的電勢能應(yīng)增加，C錯；電容器的電容，d增大，電容C減小，由知，U不變，C減小，則

29、Q減小，故D錯。答案 B。五、含電容器電路的分析與計算方法在直流電路中，當(dāng)電容器充、放電時，電路里有充、放電電流。一旦電路達到穩(wěn)定狀態(tài)，電容器在電路中就相當(dāng)于一個阻值無限大(只考慮電容器是理想的，不漏電的情況)的元件，電容器處電路可看做是斷路，簡化電路時可去掉它。1.電路穩(wěn)定后，由于電容器所在支路無電流通過，所以在此支路中的電阻上無電壓降低，因此電容器兩極間的電壓就等于該支路兩端的電壓。2.當(dāng)電容器和電阻并聯(lián)后接入電路時，電容器兩極間的電壓與其并聯(lián)電阻兩端的電壓相等。3.電路的電流、電壓變化時，將會引起電容器的充(放)電.如果電容器兩端電壓升高，電容器將充電；如果電容器兩端電壓降低，電容器將通

30、過與它連接的電路放電。例題：如圖所示，電源電動勢E10V，內(nèi)阻可忽略，R14，R26，C30F，求：(1)S閉合后，穩(wěn)定時通過R1的電流；解析S閉合后，電路穩(wěn)定時，R1、R2串聯(lián)，易求，即為通過R1的電流.(2)S原來閉合，然后斷開，這個過程中流過R1的電荷量.解析S閉合時，電容器兩端電壓UCU2IR26 V，儲存的電荷量Q1CUC.S斷開至達到穩(wěn)定后電路中電流為零，此時UCE，儲存的電荷量Q1CUC.很顯然電容器上的電荷量增加了QQQCUCCUC1.2104 C.電容器上電荷量的增加是在S斷開以后才產(chǎn)生的，只有通過R1這條途徑實現(xiàn)，所以流過R1的電荷量就是電容器上增加的電荷量.方法點撥：含電容器電路的分析與計算方法：(1)首先確定電路的連接關(guān)系及電容器和哪部分電路并聯(lián)。(2)根據(jù)歐姆定律求并聯(lián)部分的電壓即為電容器兩極板間的電壓.(3)最后根據(jù)公式QC