2021-2022學年高一（下）期末物理模擬卷（常州市使用）（word版含答案）

1、試卷第 =page 6 6頁，共 =sectionpages 6 6頁試卷第 =page 1 1頁，共 =sectionpages 3 3頁高一（下）期末物理試題（常州市使用）一、單選題1下列物理量中，屬于矢量的是A時間B功率C電勢能D加速度2目前,在地球周圍有許多人造地球衛(wèi)星繞著它運轉(zhuǎn),其中一些衛(wèi)星的軌道可近似為圓,且軌道半徑逐漸變小若衛(wèi)星在軌道半徑逐漸變小的過程中,只受到地球引力和稀薄氣體阻力的作用,則下列判斷不正確的是()A由于地球引力做正功,引力勢能一定減小B衛(wèi)星克服氣體阻力做的功小于引力勢能的減小C衛(wèi)星的動能逐漸減小D氣體阻力做負功,地球引力做正功,但機械能減小3關于對電流的理解，下

2、列說法中正確的是()A只有自由電子的定向移動才能形成電流B電流是一個矢量，其方向就是正電荷定向移動的方向C同一段電路中，相同時間內(nèi)通過各不同橫截面的電荷量不同D在國際單位制中，電流是一個基本物理量，其單位“安培”是基本單位4下列說法中，正確的是（）A牛頓第一定律是在大量實驗事實的基礎上，通過進一步推理而概括總結(jié)出來的B牛頓第一定律是以伽利的理想實驗為基礎的，因此可用實驗來直接驗證C汽車剎車時，乘客的身子會向前傾倒，是因為汽車有慣性D只有做勻速直線運動的物體和靜止的物體才有慣性5如圖所示，A、B是平行板電容器的兩個極板，分別帶有等量異種電荷，A板帶負電荷，B板接地若將A板向上平移到虛線位置，在A

3、、B兩板中間的一 點P的電場強度E和電勢的變化情況是（）AE 不變，變大BE 不變，不變CE 變大，不變DE 變小，變小6如圖所示是兩個電阻的I-U關系圖線，圖線1和2對應的導體電阻分別為R1和R2，下列結(jié)論中正確的是（）ABC將R1與R2串聯(lián)后接于電源上，則電壓比D將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，則電流比7如圖所示，在光滑絕緣水平面上， A、B兩小球質(zhì)量分別為2m、m，帶電量分別為+q、+2q某時刻 A有指向B的速度v0而B球速度為零，之后兩球在運動中始終未相碰，當兩小球從該時刻開始到第一次相距最近的過程中，下列判斷不正確的是()A任意時刻A、B兩小球的加速度大小之比均為1:2B兩小球構成的系

4、統(tǒng)電勢能增加CA球減少的機械能大于B球增加的機械能D電場力對A球做功的大小為82018年，在我國西昌衛(wèi)星發(fā)射中心，由中國航天科技集團總負責研制的嫦娥四號中繼星“鵲橋”搭乘長征四號丙運載火箭升空。衛(wèi)星由火箭送入近地點約200公里、遠地點約40萬公里的地月轉(zhuǎn)移軌道1。在遠地點40萬公里處點火加速，由橢圓軌道變成高度為40萬公里的圓軌道2，在此圓軌道上飛船運行周期等于月球公轉(zhuǎn)周期。下列判斷錯誤的是（）A衛(wèi)星在軌道1上Q點的速率大于在軌道2上P點的速率B衛(wèi)星在軌道1的運行周期小于在軌道2的運行周期C衛(wèi)星在軌道2上P點向心加速度大于軌道1上的P點的向心加速度D衛(wèi)星在軌道2上運行的速率小于同步衛(wèi)星繞地球運

5、行的速率9為了確定一個標有“3.8V，0.3A”的小燈泡的電阻，小明和小華兩位同學分別采用了不同的方法：小明同學用多用電表的歐姆擋測量，測量結(jié)果R12；小華同學由計算可得其阻值R213。小明同學的操作過程無誤，但R1和R2存在明顯差異。對此，下列說法正確的是（）A小明同學的方法錯誤，因為測量時沒有電流通過小燈泡B小華同學的方法錯誤，因為小燈泡的電阻不能用來計算C兩位同學的方法都正確，因為小燈泡的工作狀態(tài)不同導致電阻不同D兩位同學的方法都正確，因為多用電表的歐姆擋的精確度不夠10某電場的電場線如圖所示，一帶正電的點電荷僅在電場力的作用下從M點運動到N點。若其在電場中M、N兩點運動的加速度大小分別

6、為和，所具有的動能分別為和，所具有的電勢能分別為和，則下列說法中正確的是（）A，B，C，D，二、多選題11A、B是一條電場線上的兩點，若在A點釋放一初速為零的電子，電子僅受電場力作用，并沿電場線從A運動到B，其速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示.設A、B兩點的電場強度分別為EA、EB，電勢分別為A、B，則（）AEA=EBBEAEBCABDAB三、實驗題12如圖1所示，螺旋測微器的示數(shù)為_mm，如圖2所示，游標卡尺的示數(shù)為_mm13用如圖甲所示裝置驗證機械能守恒定律按要求安裝好裝置，正確操作得到如圖乙所示的一條紙帶，O點是起始點，A、B、C是使用電源頻率戶50Hz的電火花計時器連續(xù)所打的三個點重物質(zhì)量

7、m=100 g，當?shù)刂亓铀俣萭=9.8 m/s2回答下列問題：(1)B點與O點之間的距離是_ cm(2)從O點到B點，重物動能變化量Ek= _J（保留3位有效數(shù)字）(3)設從O點到A、B、C點的距離分別為hA、hB、hC，并測得讀數(shù)則在誤差允許范圍內(nèi)，將測得的物理量和已知的物理常量數(shù)值帶入表達式_（選用測得的物理量和已知的物理常量符號表示），計算得到的結(jié)果與在(2)中計算得到的Ek相等，即驗證了機械能守恒定律四、解答題14一探險隊員在探險時遇到一山溝，山溝的一側(cè)豎直，另一側(cè)的坡面呈拋物線形狀。此隊員從山溝的豎直一側(cè)，以速度v0沿水平方向跳向另一側(cè)坡面。如圖所示，以溝底的O點為原點建立坐標系O

8、xy。已知，山溝豎直一側(cè)的高度為h，坡面的拋物線方程為y=，探險隊員的質(zhì)量為m。人視為質(zhì)點，忽空氣阻力，重力加速度為g。（1）求此人落到坡面時的動能；（2）此人水平跳出的速度為多大時，他落在坡面時的動能最??？動能的最小值為多少？15一個人用一根長，只能承受拉力的繩子，拴著一個質(zhì)量為的小球，在豎直面內(nèi)作圓周運動，已知轉(zhuǎn)軸離地面高為，如圖所示。（?。?。（1）小球做圓周運動到最低點的速度達到多少時方能使小球到達最低點時繩子拉斷；（2）若繩恰好在最低點被小球拉斷，求小球落地點與拋出點的水平距離多大。16如圖所示的電路中，兩很大平行金屬板A、B水平正對放置，兩板間的距離d=2.0cm，電源的電動勢E=1

9、5V，內(nèi)阻為r=1，電阻R1=4，R2=10，閉合開關S一段時間后，電路穩(wěn)定。（1）求電容器兩端的電壓U；（2）求金屬板AB間的電場強度E；（3）此后若斷開開關S，請判斷是否有電流流過電阻R2，若有，說明電流方向。17如圖所示，帶有等量異種電荷的平行金屬板M、N豎直放置，M、N兩板間存在電場強度為E的勻強電場，距離d，現(xiàn)將一質(zhì)量m、電荷量未知的帶正電小球從兩極板上方的A點以v0的初速度水平拋出，之后小球恰好從靠近M板上端處以速度方向（為速度方向與水平方向的夾角）沿直線運動碰到N板上的C點，該直線與曲線的末端相切，不計空氣阻力，重力加速度為g。求：（1）帶電小球的電荷量；（2）小球到達C點時的動

10、能。答案第 = page 9 9頁，共 = sectionpages 9 9頁答案第 = page 1 1頁，共 = sectionpages 2 2頁參考答案：1D【詳解】A、B、C、時間、功率和電勢能只有大小沒有方向，是標量，故A、B、C錯誤D、加速度既有大小又有方向，是矢量，故D正確故選D本題要能抓住矢量與標量的區(qū)別：矢量有方向，標量沒有方向，能正確區(qū)分物理量的矢標性2C【詳解】A在衛(wèi)星運動的過程中軌道半徑逐漸減小故引力做正功，故引力勢能減小，A正確；B衛(wèi)星受阻力小于引力的大小，故衛(wèi)星克服阻力做的功小于引力做的功， B正確；C根據(jù)動能定理，合外力做正功，動能增大， C錯誤；D氣體阻力做負

11、功，地球引力做正功，根據(jù)功能關系可知，機械能減小，D正確。故選 C。3D【詳解】A、自由電子帶負電，它的定向移動可以形成電流，但正電荷的定向移動也能形成電流，故A錯誤；B、電流的方向就是正電荷定向運動的方向，但電流運算時遵守的代數(shù)加減法則，所以電流不是矢量，是標量，故B錯誤；C、根據(jù)知，同一段電路，電流相等，則相同時間內(nèi)通過不同截面處的電量相等，故C錯誤；D、在國際單位制中，電流是一個基本物理量，其單位“安培”是基本單位，故D正確；故選D電流是電荷的定向移動形成的，電流的方向與正電荷定向移動的方向相同，與負電荷定向移動的方向相反；在國際單位制中，電流是基本物理量，單位安培（A）是基本單位，電流

12、是標量4A【詳解】A牛頓第一定律是在大量實驗事實的基礎上，忽次要因素，抓住主要因素，通過進一步推理而概括總結(jié)出來的。A正確；B牛頓第一定律是以伽利的理想實驗為基礎的，由于實際實驗不能滿足實驗條件，所以不能用實驗來直接驗證，B錯誤；C汽車剎車時，乘客的身子會向前傾倒，是因為乘客有慣性。C錯誤；D任何運動狀態(tài)的物體都有慣性。D錯誤。故選A。5B由題知，電容器所帶電量不變，根據(jù)、E=U/d結(jié)合分析E的變化由U=Ed分析P點與下板間電勢差的變化，分析P點的電勢如何變化【詳解】據(jù)題，電容器所帶電量Q不變根據(jù)、得，則知電場強度E不變P與下板間的距離不變，E不變，則由U=Ed分析P點與下板間電勢差不變，下板

13、電勢為零，所以不變故B正確故選B本題是電容器動態(tài)變化分析問題，關鍵要掌握、，也可以根據(jù)推論可知E不變6C【詳解】AB根據(jù)電阻的定義式，有圖像可知，當電流都為1A時，電阻之比為所以AB選項均錯誤；C根據(jù)公式，當兩段導體串聯(lián)電路中電流相等時，他們之間的電壓之比為所以C選項正確，D根據(jù)公式，當兩段導體并聯(lián)電路中電壓相等時，他們之間的電流之比為所以D選項錯誤。故選C。7D【詳解】A.A、B兩球所受的合力為它們之間的作用力與反作用力，小球所受合力F大小相等，根據(jù)牛頓第二定律，故兩球的加速度之比：，故A不符合題意；B.兩球組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動量守恒，從A開始運動到兩球距離最近過程，兩球間的距離

14、減小，電場力（庫侖力）做負功，系統(tǒng)電勢能增加，故B不符合題意；C.由上可知，系統(tǒng)的電勢能增加根據(jù)能量守恒定律，A的部分機械能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)電勢能，故A球減少的機械能大于B球增加的機械能，故C不符合題意；D.兩球距離最近時，兩球速度相等，由動量守恒定律得：，解得：，由動能定理可知，電場力對A做功大小，故D符合題意.故選D。8C【詳解】A在軌道1近地點Q的速率大于該點處勻速圓周運動軌道的速率，而相同圓軌道，半徑大的速率小，所以衛(wèi)星在軌道1近地點Q的速率大于軌道2上P點的速率，A說法正確，不滿足題意要求；B由開普勒第三定律得軌道1的半長軸小于軌道2的半徑，故衛(wèi)星在軌道1的運行周期小于在軌道2的運行周期，

15、B說法正確，不滿足題意要求；C衛(wèi)星在軌道運動時只受到地球的萬有引力，根據(jù)牛頓第二定律解得由于、都相等，且兩軌道在P點受到的萬有引力都與該位置的速度方向垂直，故衛(wèi)星在軌道2上P點向心加速度等于軌道1上的P點的向心加速度，C說法錯誤，滿足題意要求；D圓軌道2距離地表40萬公里，同步衛(wèi)星軌道距離地表約36萬公里，可知圓軌道2的半徑大于同步衛(wèi)星的軌跡半徑，根據(jù)萬有引力提供向心力解得可知衛(wèi)星在軌道2上運行的速率小于同步衛(wèi)星繞地球運行的速率，D說法正確，不滿足題意要求。故選C。9C【詳解】由題意可知，小明同學用多用電表的歐姆檔測量，此時為冷態(tài)電阻，阻值較?。欢∪A同學采用伏安法進行測量，此時電阻中有電流，

16、燈泡的電阻較大，所以導致電阻測量值差異較大，但兩人的方法均是正確的。故選C。10D【詳解】由電場線的疏密反映電場強度的大小知因為所以電場中、兩點運動的加速度大小滿足從到電場力做正功，根據(jù)動能定理知動能增大，所以電勢能減小故選D。11AD【詳解】AB由速度圖象看出，電子做勻加速直線運動，加速度不變，由牛頓第二定律分析得知，電子所受電場力不變，則電場強度也保持不變，即有EA=EB故A正確，B錯誤；CD從A運動到B電子做勻加速直線運動，說明電子所受電場力方向由A指向B，電場強度方向由B指向A，則B的電勢高于A的電勢，即有AB故C錯誤，D正確。故選AD。12 6.125mm 10.50mm【詳解】螺旋

17、測微器的固定刻度為6mm，可動刻度為12.30.01mm=0.123mm，所以最終讀數(shù)為6mm+0.123mm=6.123mm，由于需要估讀，最后的結(jié)果可以在6.1226.125之間游標卡尺的主尺讀數(shù)為10mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為100.05mm=0.50mm，所以最終讀數(shù)為：10mm+0.50mm=10.50mm13 12.50 0.120 mghB【詳解】（1）通過刻度尺可讀出B點與O點之間的距離是12.50cm，讀數(shù)時要注意讀到最小分度值的下一位，即需要估讀一位（2）根據(jù)紙帶可求出，所以動能的該變量：（3）根據(jù)機械能守恒定律，即重力勢能減小量等于動能增加量，物體機械能守恒，所以表達式是重力勢能減小量：14（1）；（2），【詳解】(1)設探險隊員跳到坡面的水平位移為x，豎直位移為H，由位移公式可得由動能定理可得由幾何關系可得坡面的拋物線方程為y=聯(lián)立可解得(2)將(1)中的結(jié)論改寫為當滿足時，即落在坡面時的動能最小，代入數(shù)據(jù)可得，動能的最小值為15（1）；（2）【詳解】（1）設小球經(jīng)過最低點的速度為時，繩子剛好被拉斷，則由牛頓第二定律得解得（2）小球脫離繩子的束縛后，將做平拋運動