眉山市重點中學2022-2023學年物理高三上期中預測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、風速儀結(jié)構如圖（a）所示光源發(fā)出的光經(jīng)光纖傳輸，被探測器接收，當風輪旋轉(zhuǎn)時，通過齒輪帶動凸輪圓盤旋轉(zhuǎn)，當圓盤上的凸輪經(jīng)過透鏡系統(tǒng)時光被擋住已知風輪葉片轉(zhuǎn)動半徑為r，每轉(zhuǎn)動n圈帶動凸輪圓盤轉(zhuǎn)動一圈若某段時間t內(nèi)探測器接收到的光強隨時間變化關系如圖（b）所示，則該時間段內(nèi)風輪葉片 A轉(zhuǎn)速逐漸減小，平均速率為B轉(zhuǎn)速逐漸減小，平均速率為C轉(zhuǎn)速逐漸增大，平均速率為D轉(zhuǎn)速逐漸增大，平均速率為2、地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度為a1，地球的同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的軌道半徑為r，向心加速度為a2。已知引力常量為G，地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，且地球近地衛(wèi)星軌道處的

3、重力加速度為g0下列說法正確的是（）A地球質(zhì)量B地球質(zhì)量Ca1、a2、g、g0的關系是g0=ga2a1D加速度之比3、在兩個坡度不同的斜面頂點以大小相同的初速度同時水平向左，向右拋出兩個小球A和B，兩斜坡的傾角分別是30和60，小球均落在斜坡上，則A、B兩小球在空中運動的時間之比為A1：B1：3C：1D3：14、電荷量不等的兩點電荷固定在x軸上坐標為-3L和3L的兩點,其中坐標為-3L處點電荷帶電量絕對值為Q，兩點電荷連線上各點電勢隨x變化的關系如圖所示，其中x=L處電勢最低,x軸上M、N兩點的坐標分別為-2L和2L，則下列判斷正確的是( )A兩點電荷一定為異種電荷B原點O處場強大小為C正檢驗

4、電荷在原點O處收到向左的電場力D負檢驗電荷由M點運動到N點的過程,電勢能先減小后增大5、一汽車輪胎豎放于水平地面，O為其中心，A為輪胎與地面的接觸點，B、C是輪轂最大圓周上的兩點，現(xiàn)使其在地面上向右滾動，某時刻在地面上觀察者看來，下列說法正確的是（）AB點比A點線速度大BB點比A點角速度小CB、C兩點均繞O點做圓周運動DB、C兩點線速度相等6、關于通電螺線管磁極的判斷，下列示意圖中正確的是()ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于氣體的內(nèi)能，下列說法正確的是

5、_A質(zhì)量和溫度都相同的氣體，內(nèi)能一定相同B氣體溫度不變，整體運動速度越大，其內(nèi)能越大C氣體被壓縮時，內(nèi)能可能不變D一定量的某種理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關E. 一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中，內(nèi)能一定增加8、一簡諧橫波在圖中軸上向右傳播，實線和虛線分別是和時刻的波形圖，已知由圖判斷下列波速哪些是可能的（ ）A B C D9、如圖所示， 在A、B兩物體間有一與物體不連接的輕質(zhì)彈簧，兩物體用輕細線連接在一起并使彈簧處于壓縮狀態(tài)，整體靜止在光滑水平面上?，F(xiàn)將細線燒斷，在彈簧將A、B兩物體彈開的過程中，設某一時刻A、B物體的加速度大小為aA和aB，速度大小為vA和vB，彈力做功的功率為PA和PB，

6、A、B兩物體的動能為EkA和EkB。若A、B物體的質(zhì)量關系是mAmB，則下面關系式中正確的是 （ ）AaAaBBvAvBCPAPBDEkAmB，則aAaB，選項A正確；B根據(jù)v=at可知，任意時刻兩物體速度關系是vAvB，選項B正確；C根據(jù)P=Fv，因為vAvB，且彈簧對兩物體的彈力大小相同，則彈力做功的功率為PAmB，則EkAEkB，選項D正確；故選ABCD.10、BC【解析】AB一個質(zhì)點做方向不變的直線運動，加速度的方向始終與速度方向相同，但加速度大小逐漸減小直至為零，在此過程中，由于加速度的方向始終與速度方向相同，所以速度逐漸增大，當加速度減小到零時，物體將做勻速直線運動，速度不變，而此

7、時速度達到最大值，故A錯誤，B正確。CD由于質(zhì)點做方向不變的直線運動，所以位移逐漸增大，當加速度減小到零時，速度不為零，所以位移繼續(xù)增大，故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C 18.45mm 7.410-7m 【解析】(1)1要使單縫與雙縫相互平行，干涉條紋更加清晰明亮，則要增大條紋的寬度，根據(jù)公式可知，增大雙縫到屏的距離L或減小雙縫之間的距離都可以增大條紋的間距，故C正確，ABD錯誤；(2)2丙圖中主尺讀數(shù)為16mm，游標讀數(shù)為0.0510=0.50mm，總讀數(shù)為：16.50mm；條紋的寬度為：3根據(jù)條紋

8、間距公式可知，其波長為：12、50 F=50 x 【解析】(1)根據(jù)F=kx可知，(1)彈力F與形變量x的表達式F=50 x【點睛】對于該實驗要注意：每次增減砝碼測量有關長度時，均要保證彈簧及砝碼應處于靜止狀態(tài)測量有關長度時，要注意區(qū)分彈簧的原長l0，實際長度l和伸長量x，并明確三者之間的關系四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.8J（2）(48125m，18125m)（3）y=38x【解析】（1）從A到C的過程中，由定能定理得：W彈-mgL1-mgR（1-cos）=0，解得：W彈=1.8J根據(jù)能量守恒定律

9、得：EP=W彈=1.8J；（2）小球從C處飛出后，由動能定理得：W彈-mgL2-mgR（1-cos）=12mvC2-0，解得：vC=22m/s，方向與水平方向成37角，由于小球剛好被D接收，其在空中的運動可看成從D點平拋運動的逆過程，vCx=vCcos37=825m/s，vCy=vCsin37=625 m/s，則D點的坐標：x=vCxvCyg，y=vCy22g，解得：x=48125m，y=18125m，即D處坐標為：（48125m，18125）（3）由于小球每次從C處射出vC方向一定與水平方向成37角，則：vyvx=tan37=34，根據(jù)平拋運動規(guī)律可知：拋出點D與落地點C的連線與x方向夾角的

10、正切值：tan=tan372=38，故D的位置坐標y與x的函數(shù)關系式為：y=38x點睛：本題考查了動能定理的應用，小球的運動過程較復雜，分析清楚小球的運動過程是解題的前提與關鍵，分析清楚小球的運動過程后，應用動能定理、平拋運動規(guī)律可以解題14、（1） （2）【解析】（1）為使m1能夠沿圓弧下滑到a點，則m1滑到a點時的速度恰好為零由m1和m2組成的系統(tǒng)機械能守恒，由機械能守恒定律得：m1gR（1-cos60）-m2gR=0，解得：m1=2m2，m12m2時，可使m1能夠沿圓弧下滑到a點由速度分解，v2=v1cos30，由m1和m2組成的系統(tǒng)機械能守恒m1gR（1-cos60）-m2gR=m1v12+m2v22；解得：v1=；繩子斷裂后，m1做平拋運動：豎直方向：4R=gt2，水平方向：x=v1t，解得：x=4R；15、（1） （2）彈簧再恢復原長時B速度最大 【解析】：（1）從子彈擊中木塊A到彈簧第一次達到最短的過程可分為兩個小過程一是子彈與木塊A的碰撞過程，動量守恒，有機械能損失；二是子彈與木塊A組成的整體與木塊B通過彈簧相互作用的過程，動量守恒，系統(tǒng)機械能守恒， 子彈打木塊A的過程，由動量守恒得： 打入后彈簧由原長到最短