貴州省榕江縣第三高級(jí)中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高三上期中考試模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請(qǐng)考生注意：1請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，在光滑水平面上質(zhì)量分別為，速率分別為的A、B兩小球沿同一直線相向運(yùn)動(dòng)，則（ ）A它們碰撞前的總動(dòng)量是，方向水平向右B它們碰撞后的總動(dòng)量是，方向水平向左C它們碰撞后的總動(dòng)量是，方向水平向左D它們碰撞前的總動(dòng)量是，方向水平向右

2、2、在真空中的光滑水平絕緣面上有一帶電小滑塊開始時(shí)滑塊靜止若在滑塊所在空間加一水平勻強(qiáng)電場(chǎng)E1，持續(xù)一段時(shí)間后立即換成與E1相反方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E1當(dāng)電場(chǎng)E1與電場(chǎng)E1持續(xù)時(shí)間相同時(shí)，滑塊恰好回到初始位置，且具有動(dòng)能在上述過程中，E1對(duì)滑塊的電場(chǎng)力做功為W1，沖量大小為I1；E1對(duì)滑塊的電場(chǎng)力做功為W1，沖量大小為I1則AI1= I1B4I1= I1CW1= 0.15W1=0.75DW1= 0.10W1=0.803、地質(zhì)勘探發(fā)現(xiàn)某地區(qū)表面的重力加速度發(fā)生了較大的變化，懷疑地下有空腔區(qū)域進(jìn)一步探測(cè)發(fā)現(xiàn)在地面P點(diǎn)的正下方有一球形空腔區(qū)域儲(chǔ)藏有天然氣，如圖所示假設(shè)該地區(qū)巖石均勻分布且密度為，天然氣的密

3、度遠(yuǎn)小于，可忽略不計(jì)如果沒有該空腔，地球表面正常的重力加速度大小為g；由于空腔的存在，現(xiàn)測(cè)得P點(diǎn)處的重力加速度大小為kg(kmg cos37，則物體向下勻加速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；（2）傳送帶逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)物體下滑速度小于傳送帶轉(zhuǎn)動(dòng)速度時(shí)，物體相對(duì)傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，則物體所受滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向下，設(shè)物體的加速度大小為a1，由牛頓第二定律得：mgsin37+mgcos37=ma1，代入數(shù)據(jù)得：a1=10m/s2，設(shè)當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)速度等于傳送帶轉(zhuǎn)動(dòng)速度時(shí)經(jīng)歷的時(shí)間為t1，位移為x1，則有： ，x1=a1t2=5ml=16m，當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)速度等于傳送帶速度瞬間，有mgsin37mgcos37，則下一時(shí)刻物體

4、相對(duì)傳送帶向下運(yùn)動(dòng)，受到傳送帶向上的滑動(dòng)摩擦力設(shè)當(dāng)物體下滑速度大于傳送帶轉(zhuǎn)動(dòng)速度時(shí)物體的加速度為a2，由牛頓第二定律得： ，代入數(shù)據(jù)得：a2=2m/s2，位移：x2=l-x1=16-5=11m，又因?yàn)閤2=vt2+a2t2，則有：10t2+t2=11，解得：t2=1s（t2=-11s舍去），所以有：t總=t1+t2=1+1=2s選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確；故選D.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵理清物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，知道物體運(yùn)動(dòng)，明確速度和加速度的變化，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解從此題看出出，皮帶傳送物體所受摩擦力可能發(fā)生突變，不論是其大小的突變，還是其方向的突變，都發(fā)生在物體的速度與傳送帶速度相等的時(shí)刻

5、5、D【解析】AB人和船沿繩子方向的速度相等，因此AB錯(cuò)誤；CD將繩子拉力分解到水平和豎直兩個(gè)方向，根據(jù)牛頓第二定律因此船的加速度C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6、D【解析】在滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P自a端向b端滑動(dòng)的過程中，R3接入電路的電阻減小，電路外電阻減小，據(jù)閉合電路歐姆定律分析干路電流如何變化，再據(jù)歐姆定律分析電阻R1兩端電壓的變化，可知電壓表讀數(shù)的變化分析并聯(lián)部分電壓的變化，可知電容器的電壓如何變化，電容器所帶電量的變化由并聯(lián)部分電壓的變化及電源的負(fù)極接地，可分析a點(diǎn)的電勢(shì)如何變化用并聯(lián)部分電壓的變化，得出流過R2的電流如何變化，結(jié)合干路電流的變化，分析電流表示數(shù)的變化【詳解】A：滑動(dòng)變阻

6、器的滑動(dòng)觸頭P自a端向b端滑動(dòng)的過程中，R3接入電路的電阻減小，電路外電阻減小，干路電流增大，電阻R1兩端電壓增大，電壓表示數(shù)增大故A項(xiàng)錯(cuò)誤BC：干路電流增大，并聯(lián)部分電壓減小，電容器兩板間電壓減小，電容器C所帶電荷量減小并聯(lián)部分電壓減小，流過R2的電流減小，又干路電流增大，則流過電流表的電流增大，電流表示數(shù)變大故BC兩項(xiàng)錯(cuò)誤D：外電路中順著電流方向，電勢(shì)降低，則，b點(diǎn)電勢(shì)為零，并聯(lián)部分電壓減小，則a點(diǎn)的電勢(shì)降低故D項(xiàng)正確【點(diǎn)睛】電路動(dòng)態(tài)分析問題，按局部到整體，再對(duì)局部分析各元件上電壓或電流的變化靈活應(yīng)用閉合電路的歐姆定律，電動(dòng)勢(shì)、路端電壓和內(nèi)電壓關(guān)系，串并聯(lián)電路的電壓電流關(guān)系是解決動(dòng)態(tài)電路的

7、關(guān)鍵二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】A.人對(duì)車的推力為F，在力F方向上車行駛了L，則推力F做的功為FL，故A項(xiàng)與題意相符；B.在水平方向上，由牛頓第二定律可知車對(duì)人的力向左，大小為ma，則人對(duì)車水平方向上的作用力大小為ma，方向向右；車向左運(yùn)動(dòng)了L，故人對(duì)車做的功為maL，故B項(xiàng)與題意不相符；CD.豎直方向車對(duì)人的作用力大小為mg，則車對(duì)人的作用力F(mg)2+(ma)2人在水平方向受到F的反作用力和車對(duì)人向左的摩擦力，則FfFma，F(xiàn)fmaF則車對(duì)人

8、的摩擦力做的功為(Fma)L故C項(xiàng)與題意相符，D項(xiàng)與題意不相符。8、BC【解析】線框開始進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框處于平衡狀態(tài)，此時(shí)有：mgsin=BIL=當(dāng)ab邊剛越過ff時(shí)，此時(shí)線框速度仍為v0，此時(shí)有：2BI2L-mgsin=ma2I2由得：-mgsin=ma2聯(lián)立可得：a=3gsin，故A錯(cuò)誤；設(shè)t0時(shí)刻的速度為v，此時(shí)處于平衡狀態(tài)，有：I32BI3L=mgsin聯(lián)立得v=，故B正確；在時(shí)間t0內(nèi)根據(jù)功能有：Q=mgLsin+mv02mv2=mgLsin+mv2，故C正確； 離開磁場(chǎng)時(shí)由于安培力小于重力沿斜面的分力，因此線框?qū)⒆黾铀俣戎饾u減小的變加速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；故選BC9、BD【解析】由于繩

9、子的拉力對(duì)B做負(fù)功，所以B物體的機(jī)械能在減小，A錯(cuò)誤；B物體受到繩子的拉力和重力作用，重力做正功，拉力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可得B物體的動(dòng)能的增加量等于它所受重力與拉力做的功之和，B正確；將AB和彈簧看做一個(gè)整體，B物體的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為AB的動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能，故B物體機(jī)械能的減小量等于彈簧的彈性勢(shì)能的增加量與A動(dòng)能增加量之和，C錯(cuò)誤；將A和彈簧看做一個(gè)整體，繩子的拉力對(duì)整體做正功，所以細(xì)線拉力對(duì)A做的功等于A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量，D正確10、AC【解析】對(duì)AB整體，由牛頓第二定律可得：，解得a=1.2m/s2，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；由能量關(guān)系可知，物塊A位于N點(diǎn)時(shí)，彈簧所儲(chǔ)存的

10、彈性勢(shì)能為 ，解得EP=9J，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選AC.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、Mm AC 0.45 A 【解析】試題分析：（1）小車所受的合力等于繩子的拉力，對(duì)整體運(yùn)用牛頓第二定律得：，隔離對(duì)M分析，有：，當(dāng)時(shí)，可認(rèn)為小車受到合外力大小等于砝碼乙和砝碼盤的總重力（2）在該實(shí)驗(yàn)中，我們認(rèn)為繩子的拉力就等于小車所受的合外力，故在平衡摩擦力時(shí)，細(xì)繩的另一端不能懸掛裝砝碼的砝碼盤，故A正確；由于平衡摩擦力之后有，故，所以無論小車的質(zhì)量是否改變，小車所受的滑動(dòng)摩擦力都等于小車的重力沿斜面的分力，改變小車質(zhì)量時(shí)不需要重新平衡摩擦力

11、，故B錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源然后再放開小車，故C正確；小車的加速度應(yīng)根據(jù)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶求出，不能由牛頓第二定律求出，故D錯(cuò)誤（3）每打五個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，又因打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔打一個(gè)點(diǎn)，所以相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間，根據(jù)，則：（4）分別對(duì)小車與砝碼列出牛頓第二定律，對(duì)小車有，對(duì)砝碼有，兩式聯(lián)立可得，作圖時(shí)應(yīng)作出圖象，故選項(xiàng)A正確考點(diǎn)：探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【名師點(diǎn)睛】明確實(shí)驗(yàn)原理是解決有關(guān)實(shí)驗(yàn)問題的關(guān)鍵在驗(yàn)證牛頓第二定律實(shí)驗(yàn)中，注意以下幾點(diǎn)：平衡摩擦力，這樣繩子拉力才為合力；滿足砝碼（連同砝碼盤）質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，這樣繩子拉力才近似等于砝碼（連同砝碼盤）的重力；用“二分法”求

12、出小車的加速度12、ABD 0.525 【解析】（1）為了保證木板對(duì)木塊的支持力等于重力，故帶有定滑輪的長(zhǎng)木板調(diào)至水平，A正確；為了保證繩子上的拉力為水平的拉力，故牽引滑塊的細(xì)繩應(yīng)與長(zhǎng)木板平行，B正確；細(xì)線對(duì)滑塊的拉力是通過拉力傳感器測(cè)量的，故對(duì)托盤和砝碼的總質(zhì)量沒有要求，C錯(cuò)誤；利用光電門測(cè)量木塊的速度，當(dāng)距離適當(dāng)大些，測(cè)量的速度更準(zhǔn)確，D正確；（2）由圖乙所示游標(biāo)卡尺可知，主尺示數(shù)為0.5cm，游標(biāo)尺示數(shù)為；（3）通過光電門的速度，整個(gè)過程根據(jù)動(dòng)能定理可知，解得四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（

13、3）【解析】（1）速度隨時(shí)間的變化圖像如圖所示 （2）該雨滴的質(zhì)量為 速度為vc時(shí)，雨滴所受的阻力為由牛頓第二定律有 可得 （3）雨滴撞擊地面時(shí)，取極短時(shí)間t內(nèi)與地面作用的質(zhì)量為m的一小部分為研究對(duì)象，由于時(shí)間極短，可不計(jì)重力影響取豎直向下為正方向，由動(dòng)量定理有 其中 根據(jù)牛頓第三定律可得雨滴對(duì)地面的壓力大小也為F，由壓強(qiáng)公式有聯(lián)立以上各式可得 依據(jù)題意有 其中 聯(lián)立式可得14、【解析】設(shè)粒子的質(zhì)量為m，初速度為v1則粒子在電場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)由以上各式解得:討論：(1)若粒子從勻強(qiáng)電場(chǎng)內(nèi)通過B點(diǎn)，則有：yh代入數(shù)據(jù)解得：x8m因?yàn)閤L，且xd，所以粒子能從勻強(qiáng)電場(chǎng)內(nèi)B點(diǎn)通過這種情況下電場(chǎng)區(qū)左邊界對(duì)應(yīng)的橫坐標(biāo)為： x1dx2m(2)若粒子穿過完整的電場(chǎng)區(qū)，xL，得yh，粒子不能通過B點(diǎn)(3)若粒子開始時(shí)處于電場(chǎng)區(qū)內(nèi)射出，離開電場(chǎng)時(shí)，由以上各式代入數(shù)據(jù)解得:這種情況下電場(chǎng)區(qū)左邊界位置對(duì)應(yīng)的橫坐標(biāo)，