2023屆四川省達州市物理高三第一學期期中統(tǒng)考模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，做勻速直線運動的汽車A通過一根繞過定滑輪的長繩吊起一重物B，設重物和汽車的速度的大小分別為、，

2、則ABCD重物B的速度逐漸減小2、關于電場的性質(zhì)正確的是：（）A電場強度大的地方，電勢一定高B正點電荷產(chǎn)生的電場中電勢都為正C勻強電場中，兩點間的電勢差與兩點間距離成正比D電場強度大的地方，沿場強方向電勢變化快3、下列說法正確的是A只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，就可以計算出阿伏加德羅常數(shù)B懸浮微粒越大，在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)就越多，布朗運動越明顯C溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大，所有分子的速率都增大D根據(jù)熱力學第二定律可知，熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體4、電荷量為Q1和Q2的兩點電荷分別固定在x軸上的O、C兩點，規(guī)定無窮遠處電勢為零，x軸上各點電勢隨x的變化關系如圖所示

3、則AQ1帶負電，Q2帶正電BG點處電場強度的方向沿x軸正方向C將帶負電的試探電荷自G點靜止釋放，僅在電場力作用下一定不能到D點D將帶負電的試探電荷從D點沿x軸正方向移到J點，電場力先做負功后做正功5、如圖所示，在粗糙水平面上放置有一豎直截面為平行四邊形的木塊，圖中木塊傾角為，木塊與水平面間動摩擦因數(shù)為，木塊所受重力為G，現(xiàn)用一水平恒力F推木塊，使木塊由靜止開始向左運動，則木塊所受的摩擦力大小為()AFBCGD(Gsin Fcos )6、如圖所示，三角形傳送帶以1m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動，兩邊的傳送帶長都是2m，且與水平方向的夾角均為37現(xiàn)有兩小物塊A、B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿傳送

4、帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為0.5，下列說法正確的是（ ） A物塊A先到達傳送帶底端B物塊A、B受到的摩擦力分別沿斜面向下和向上C物塊A、B運動的加速度大小相同D物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度相同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質(zhì)量為M的半球形物體A和質(zhì)量為m的球形物體B緊靠著放在傾角為的固定斜面上,并處于靜止狀態(tài),如圖所示,忽略B球表面的摩擦力,則關于物體受力情況的判斷正確的是()A物體A對物體B的彈力方向沿斜面向上B物體A受到4個力的作用C物體B對斜

5、面的壓力等于D物體B對物體A的壓力大于8、在圖中坐標系的原點處有一波源，圖中a、b、c、d、e五點的橫坐標分別為5 cm、15 cm、18 cm、21 cm、27 cm該波源在介質(zhì)中形成了一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，從該簡諧波第一次傳到c點開始計時，此時c點的振動方向沿y軸的正方向，經(jīng)時間t0.6 s時該簡諧波第一次傳到e點，此時c點第一次到達x軸下方的最大位移處，已知該簡諧波的振幅為A則以下說法正確的是_(填正確答案標號)A該簡諧波的速度大小為20 cm/sB該簡諧波的周期為0.8 sC在t0.6 s時間內(nèi)，質(zhì)點d通過的路程為3AD在ts時質(zhì)點a應處于平衡位置且沿y軸的負方向振動E.在t

6、0.5 s時質(zhì)點b、c的位移相同9、如圖所示，傾角為=60的斜面A被固定在水平面上，細線的一端固定于墻面，另一端跨過斜 面頂端的小滑輪與物塊B相連，B靜止在斜面上.滑輪左側(cè)的細線水平，右側(cè)的細線與斜面平 行，A與B的質(zhì)量相同。撤去固定A的裝置后，A、B均做直線運動.不計一切摩擦，重力加速度 為g=10m/s2.在B沒有離開斜面的過程中，下列說法正確的是( )(可能用到的數(shù)學公式)AA、B 組成的系統(tǒng)機械能守恒BB 的速度方向一定沿斜面向下CA、B速度大小相等D當 A 滑動的位移為m 時，A 的速度大小vA= 5m/s10、如圖甲所示，用粘性材料粘在一起的A、B兩物塊靜止于光滑水平面上，兩物塊的

7、質(zhì)量分別為 mA=lkg、mB=2kg，當A、B之間產(chǎn)生拉力且大于0.3N時A、B將會分離t=0時刻開始對物塊A施加一水平推力F1，同時對物塊B施加同一方向的拉力F2，使A、B從靜止開始運動，運動過程中F1、F2方向保持不變，F(xiàn)1、F2的大小隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示則下列關于A、B兩物塊 受力及運動情況的分析，正確的是At=2.0s時刻A、B之間作用力大小為0.6NBt=2.0s時刻A、B之間作用力為零Ct=2.5s時刻A對B的作用力方向向左D從t=0時刻到A、B分離，它們運動的位移為5.4m三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）

8、物理小組在一次驗證機械能守恒定律的實驗中,實驗裝置如圖甲所示,氣墊導軌放置在水平桌面上,一端裝有光滑的定滑輪;導軌上有一滑塊,其一端與穿過電磁打點計時器的紙帶相連,另一端通過跨過定滑輪的細線與托盤連接.打點計時器使用的交流電源的頻率為f.開始實驗時,在托盤中放入適量砝碼,先接通電源,再松手后滑塊開始做勻加速運動,在紙帶上打出一系列點.(1)本實驗存在一個重大的失誤,該失誤是:_ (2)圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶的一部分:0、1、2、3、4、5、6、7是計數(shù)點,每相鄰兩計數(shù)點間還有9個計時點未標出,計數(shù)點間的距離如圖所示.根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計算的加速度a=_(用、f表示)(3)為了驗證機械能守恒

9、定律,下列物理量中還應測量的是_A導軌的長度L B砝碼的質(zhì)量m1 C滑塊的質(zhì)量m2 D托盤和砝碼的總質(zhì)量m3(4)如果乙圖中、是實驗改進后測得的數(shù)據(jù),請寫出計數(shù)點3到計數(shù)點4的過程中要驗證的機械能守恒守律的表達式_12（12分）為測定物塊與木板間的動摩擦因數(shù)，某課外實驗小組設計了如圖所示的實驗裝置，如圖所示實驗步驟如下：（1）某同學在實驗室找到一個小正方體木塊，并放置在木板上（2）調(diào)整木板的傾角將彈簧（實驗中的彈簧可視為輕質(zhì)彈簧）的一端固定在木板上，另一端位于木板上的B點正方體木塊從木板上A點靜止釋放后沿木板下滑，壓縮彈簧運動至C點后被彈回，上滑至D點時速度為零（1）測得AB間的距離為x1，B

10、C間的距離為x2，BD間的距離為x1（4）改變角的大小，按以上步驟重做實驗，得出多組數(shù)據(jù)，利用所學規(guī)律算出物快與木板間的動摩擦因數(shù)，求其平均值請根據(jù)上述步驟以及所學的物理規(guī)律處理以下問題；關于正方體木塊從A下滑到B過程中的受力示意圖（其中mg為木塊的重力，N為斜面對木塊的支持力，f為木塊受到的摩擦力、F為彈簧對木塊的彈力）下圖分析正確的是_若某次實驗測得：x1=40cm、x2=5cm、x1=25cm，=45，則物快與木板間的動摩擦因數(shù)為_試比較物快在上述過程中剛接觸與剛離開彈簧時動能的大小，并簡要說明理由_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說

11、明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，是一傳送裝置，其中AB段長為L=1m，動摩擦因數(shù)=15；BC、DEN段均可視為光滑，DEN是半徑為r15 m的半圓形軌道，其直徑DN沿豎直方向，C位于DN豎直線上，CD間的距離恰能讓小球自由通過。其中N點又與足夠長的水平傳送帶的右端平滑對接，傳送帶以6m/s的速率沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動，小球與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)也為1.5。左端豎直墻上固定有一輕質(zhì)彈簧，現(xiàn)用一可視為質(zhì)點的小球壓縮彈簧至A點后由靜止釋放（小球和彈簧不粘連），小球剛好能沿圓弧DEN軌道滑下，而始終不脫離軌道。已知小球質(zhì)量m=12 kg，g取11m/s2。（1）求小球到達D點時速度的大小

12、及彈簧壓縮至A點時所具有的彈性勢能；（2）小球第一次滑上傳送帶后的減速過程中，在傳送帶上留下多長的痕跡？（3）小球第一次滑上傳送帶后的減速過程中，小球與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量和電動機多消耗的電能？14（16分）如圖所示,兩個導熱的圓筒底部有一條細短管連通,圓筒內(nèi)裝有約20cm深的水銀,K為閥門,處于關閉狀態(tài).左側(cè)大圓筒的橫截面積S1=800cm2, 水銀面到圓筒頂部的高度H=115cm,水銀上方是空氣,空氣的壓強P1=100cmHg,室溫t1=27C左側(cè)圓筒中豎直放置一根托里拆利管,管的橫截面積遠小于兩圓筒的橫截面積,托里拆利管中水銀上方有氮氣,氮氣柱的長度L1=20cm,水銀柱的高度L2=7

13、0cm.右側(cè)小圓筒的橫截面積S2=100cm2,一個活塞緊貼水銀放置.已知大氣壓強P0=75cmHg.求: （I）若環(huán)境溫度緩慢升高 60C，左側(cè)圓筒內(nèi)空氣的壓強變?yōu)槎啻?（II）在環(huán)境溫度升高 60C后，用力控制右側(cè)圓筒中活塞，打開閥門K，使活塞緩慢升高h1=40cm后固定，則托里拆利管中氮氣柱的長度最終變?yōu)槎啻?結果可以帶根號)15（12分）如圖所示，在B=0.1T的勻強磁場中有一邊長為L=8cm的正方形ABCD，內(nèi)有一點P，它與AD和DC的距離均為1cm在P點有一個發(fā)射正離子的裝置，能夠連續(xù)不斷地向紙面內(nèi)的各個方向發(fā)射出速率為m/s不同的正離子，離子的質(zhì)量為kg，電荷量為C，離子的重力不

14、計，不考慮離子之間的相互作用，則：(1)離子在磁場中的運動半徑為多大？(2)一部分離子能夠在CB邊上飛出正方形區(qū)域，求這些離子從BC邊飛離時距C點的距離大小（求出最小距離和最大距離）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】小車的運動可分解為沿繩方向和垂直于繩的方向兩個運動，設斜拉繩子與水平面的夾角為，由幾何關系可得，所以，C正確2、D【解析】A項，場強和電勢沒有直接關系，電場強度大的地方電勢不一定高，故A項錯誤B項，正點電荷產(chǎn)生的電場中電場線由正點電荷發(fā)出指向無窮遠，但本題中沒有規(guī)定哪兒為零勢點，所以正點電荷

15、產(chǎn)生的電場中電勢不一定為正，故B項錯誤C項，勻強電場中，兩點間電勢差與兩點沿電場線方向上的距離 成正比 ，故C項錯誤D項，電場強度大的地方，電場線密集，等勢線距離小，電勢變化快，故D項正確3、A【解析】A設水的摩爾質(zhì)量為M，水分子的質(zhì)量為m，則阿伏加德羅常數(shù)從而可計算出阿伏加德羅常數(shù)，故A正確。B懸浮微粒越小，在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)越少，微粒受力越不平衡，則布朗運動越明顯，故B錯誤。C溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大，大部分分子的速率增大，極個別分子速率有可能不變，也有可能減小，故C錯誤；D電冰箱致冷時通過消耗電能把熱量從低溫物體傳到高溫物體，并不違背熱力學第二定律，故D錯誤。4、

16、C【解析】-x圖象的斜率等于電場強度E根據(jù)兩點電荷連線的電勢高低的分布如圖所示，由于沿著電場線電勢降低，可知兩點電荷的電性根據(jù)功能關系分析電場力做功的正負?！驹斀狻緼項：由圖知無窮遠處的電勢為0，B點的電勢為零，由于沿著電場線電勢降低，所以O點的電荷Q1帶正電，M點電荷Q2帶負電，故A錯誤；B項：由圖可知，從D到G電勢升高，由沿著電場線電勢降低可知，G點的場強方向為沿x軸負方向，故B錯誤；C項：負電的試探電荷在G點所受電場力方向沿x軸正方向，所以在電場力作用下沿x軸正方向做加速運動一直到H點，由于H點的右邊電場強度方向沿x軸正方向，電荷接下來做減速運動，所以電荷一定不能達到D點，故C正確；D項

17、：DJ段中，電勢先高升后降低，所以場強方向先沿x軸負方向，后沿x軸正方向，將一負點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負功，故D錯誤。故應選C。【點睛】電勢為零處，電場強度不一定為零電荷在電場中與電勢的乘積為電勢能電場力做功的正負決定電勢能的增加與否。5、C【解析】木塊在豎直方向上平衡，有：N=G，則木塊所受的摩擦力f=N=G，因為物塊不是做勻速運動，所以f與F不等，故C正確，ABD錯誤6、C【解析】AB都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，mgsin37mgcos37，故傳送帶對兩物體的滑動摩擦力均沿斜面向上，大小也相等，故兩物體沿斜面向下的加速度大小相同，滑到底端時位移大小相同，故時間相同，

18、AB錯誤C正確；由x=v0t+12at2，a=gsin37-gcos37，得t=1s，傳送帶在1s內(nèi)的路程為x=vt=1m，A與傳送帶是同向運動的，A的劃痕長度是A對地路程（斜面長度）減去在此時間內(nèi)傳送帶的路程，即為2m-1m=1mB與傳送帶是反向運動的，B的劃痕長度是B對地路程（斜面長度）加上在此時間內(nèi)傳送帶的路程，即為 2m+1m=3m，故兩者的劃痕長度不同，D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】對物體B受力分析，受重力、斜面的支持力和A對B的支持

19、力，受力分析圖如圖所示由于彈力與接觸面垂直，故A對B的支持力不是平行斜面向上，而是偏向上一點，A錯誤；根據(jù)平衡條件有：，得，則由牛頓第三定律可知，物體B對物體A的壓力大于，物體B對斜面的壓力小于，C錯誤，D正確；物體A受重力、支持力、摩擦力、B對A的壓力，共4個力，B正確；選BD【點睛】先對物體B受力分析，根據(jù)平衡條件判斷A對B的彈力和斜面對B的支持力情況；再結合牛頓第三定律判斷B對A的壓力情況8、BDE【解析】設該簡諧波的波長為，由題中的條件可知c、e兩點之間的距離為，即=9cm，=12 cm，周期為T，則tT，所以T0.8 s，因此該簡諧波的波速大小為，故A錯誤，B正確；該簡諧波的振動形式

20、由c傳到d所需要的時間為，在t0.6 s的時間內(nèi)質(zhì)點d振動的時間為t2tt10.4s，則質(zhì)點d通過的路程為振幅的2倍，即2A，故C錯誤；由題中的條件描繪出t=0時的波形圖，如圖所示，此時質(zhì)點a處于x軸上方且向上振動，原點的振動形式從原點傳播到a點所需的時間為，故時，a點處于平衡位置，振動方向沿y軸的負方向，故D正確；0.5s，則在00.5s內(nèi)質(zhì)點b先由x軸上方最大位移處向下運動到達x軸下方最大位移處，再向上運動到達位移為A處，質(zhì)點c先由平衡位置向上運動到達x軸上方最大位移處，再向下運動經(jīng)過平衡位置，到達位移為處，故E正確所以BDE正確，AC錯誤9、ACD【解析】A、由于細線的拉力看作內(nèi)力，且左

21、側(cè)繩頭處不做功，故系統(tǒng)只有重力做功，故AB組成的系統(tǒng)機械能守恒，故A正確；B、兩物體運動如圖所示：由圖可知，B不是沿斜面運動，故B錯誤；C、撤去固定A的裝置后，A、B均做直線運動，根據(jù)運動的合成與分解，當A滑動的位移為x時，設B的位移大小s，依據(jù)幾何關系有：sx=x(1-cos),sy=xsin且;解得： ,因B的下降的高度為sy=xsin；根據(jù)系統(tǒng)只有重力做功，機械能守恒定律，則有： 如下圖所示，畫陰影部分的三角形相似，依據(jù)位移之比等于速度之比，可得： ,解得： ，故C，D正確故選ACD【點睛】本題考查機械能守恒定律以及運動的合成和分解，能明確兩者的運動關系，找出對應的運動軌跡，同時明確細線

22、的拉力作為內(nèi)力處理，繩頭與左側(cè)繩相連處沒有位移，故拉力對系統(tǒng)不做功，系統(tǒng)機械能守恒10、AD【解析】試題分析：設t時刻AB分離，分離之前AB物體共同運動，加速度為，以整體為研究對象，則有：，分離時：，得，經(jīng)歷時間，根據(jù)位移公式，則D正確；當時，得，A正確B錯誤；當時，得，C錯誤考點：考查了牛頓第二定律與運動學公式的應用【名師點睛】AB分離之前共同運動，以整體為研究對象根據(jù)牛頓第二定律列方程求出加速度大小，分離時二者之間的作用力為13N但加速度相等，然后隔離A、B分別為研究對象根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式列方程確定分離的時刻三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要

23、求寫出演算過程。11、（1）末驗證氣墊導軌是否水平； （2）； （3）CD； （4） 【解析】（1）在本實驗中應首先驗證導軌是否水平，而本題中沒有進行驗證；（2）由于題目中只給出了三組數(shù)據(jù)，故可采用其中任兩組，本題中采用s1和s3；則有：s3-s1=2aT2；因中間有10個間距，故；則有： ；（3）根據(jù)實驗原理可知，本實驗中砝碼和托盤的重力勢能減小量等于總的動能的增加量；故應測量滑塊的質(zhì)量m2和托盤和砝碼的總質(zhì)量m3；故選CD.（4）分別求出3、4兩點的速度；物體下降的高度為s2；則由機械能守恒定律可知；12、C 0.2 物塊剛接觸彈簧時的動能大于剛離開彈簧時的動能，理由是機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能 【

24、解析】1從A到B過程，物塊受力如圖所示：故選：C；2在整個過程中，對物塊，由動能定理得：mg(x1x1)sin45mgcos45(x1+2x2+x1)=00，解得：；1物塊剛接觸與剛離開彈簧時，彈簧形變量為零，彈性勢能為零，物塊的高度相同，物塊重力勢能相同，物塊的機械能等于其動能，從物塊剛接觸彈簧到物塊剛離開彈簧過程中，物塊要克服摩擦力做功，部分機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，物塊的機械能減少，因此物塊剛接觸彈簧時的動能大于剛離開彈簧時的動能；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (2) (3) 【解析】由題意可知考查豎直面內(nèi)的

25、圓周運動，傳送帶模型，根據(jù)牛頓運動定律、功能關系分析計算可得。【詳解】(1) 小球剛好能沿圓弧DEN軌道滑下，說明小球在D點，只受重力作用，由牛頓第二定律可得代入數(shù)值可求得從A到D由動能定理可得代入數(shù)值可得 彈簧彈力對外做正功，彈性勢能減小，由功能關系可得(2) 從D到N由動能定理可得代入數(shù)值可得 小球在傳送帶上先向左做勻減速運動，加速度大小為a，由牛頓第二定律可知設小球向左減速到零的時間為t1，位移為 x1設該段時間內(nèi)傳送帶向右勻速運動的距離為x2該段時間內(nèi)小球和傳送帶相對距離為小球速度減為零后開始向右勻加速運動，加速度大小仍為5m/s2，設經(jīng)過時間t2 和傳送帶達到共速設小球位移為x3，傳送帶位移為x4相對距離設在傳送帶上留下痕跡，則(