云南省江川一中2022-2023學年物理高三第一學期期中監(jiān)測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、功的單位用基本單位可表示為AJBNmCWsDkgm2/s22、小球P和Q用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上，P球的質(zhì)量大于Q球的質(zhì)量，懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，如圖所示，將兩球由靜止釋放，在各自軌

2、跡的最低點( )AP球的速度一定大于Q球的速度BP球的動能一定小于Q球的動能CP球所受繩的拉力一定大于Q球所受繩的拉力DP球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度3、關(guān)于物理學思想方法，下列敘述錯誤的是（）A演示微小形變時，運用了放大法B將帶電體看成點電荷，運用了理想模型法C平均速度體現(xiàn)了極限思想D加速度是采取比值法定義的物理量4、自由下落的物體，在任何相鄰的單位時間內(nèi)下落的距離之差h和平均速度之差v，數(shù)值上分別等于（）ABCD5、如圖所示，斜面體A靜置于水平地面上，其傾角為，上底面水平的物塊B在A上恰能勻速下滑.現(xiàn)對B施加一個沿斜面向上的力F使B總能極其緩慢的向上勻速運動，某時在B上輕輕地放上

3、一個質(zhì)量為m的小物體C (圖中未畫出），A始終靜止，B保持運動狀態(tài)不變.關(guān)于放上C之后，下列說法正確的是（ ） AB受到的摩擦力不變BB受到的摩擦力增加了CA受到地面的摩擦力不變DA受到地面的摩擦力增加了6、如圖所示，A、B是位于水平桌面上兩個質(zhì)量相等的小滑塊，離墻壁的距離分別為L和，與桌面之間的動摩擦因數(shù)分別為和，現(xiàn)給滑塊A某一初速度，使之從桌面右端開始向左滑動，設(shè)AB之間、B與墻壁之間的碰撞時間都很短，且碰撞中沒有能量損失，若要使滑塊A最終不從桌面上掉下來，滑塊A的初速度的最大值為（）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目

4、要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖A、B兩物體疊放在光滑水平桌面上，輕質(zhì)細繩一端連接B，另一端繞過定滑輪連接C物體，已知A和C的質(zhì)量都是1 kg，B的質(zhì)量是2 kg，A、B間的動摩擦因數(shù)是0.3，其它摩擦不計。由靜止釋放C，C下落一定高度的過程中(C未落地，B未撞到滑輪，g =10m/s2）。下列說法正確的是（ ）AA、B兩物體發(fā)生相對滑動BA物體受到的摩擦力大小為3NCB物體的加速度大小是2.5m/s2D細繩的拉力大小等于7.5N8、如圖D、E、F、G為地面上水平間距相等的四點，三個質(zhì)量相同的小球A、B、C分別在E、F、G的正上方不同高度處，以相同的水平初

5、速度向左拋出，最后均落到D點。若不計空氣阻力，則可判斷A、B、C三個小球（ ）A初始位置離地面的高度之比為1:4:9B落地時重力的瞬時功率之比為1:2:3C落地時三個小球的速度大小之比為1:2:3D從拋出到落地過程中，動能的變化量之比為1:3:59、關(guān)于電磁波，下列說法正確的是 。A振動物體的平衡位置是加速度最大的位置B振動物體的平衡位置是回復力為零的位置C電磁波中電場和磁場的方向處處相互垂直D振源的振動速度和波的傳播速度是一樣的E.沿波的傳播方向上，離波源越遠的質(zhì)點振動越滯后10、如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面夾角為，在傳送帶上某位置輕輕放置一小木塊，小木塊與傳送帶間動摩擦因素為，小木塊速

6、度隨時間變化關(guān)系如圖所示，若、g、v0、t0已知，則下列說法中正確的是A傳送帶一定逆時針轉(zhuǎn)動BC傳送帶的速度大于v0D后一段時間內(nèi)滑塊加速度為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖甲所示，在“探究互成角度的力的合成規(guī)律”實驗中，將木板放在水平桌面上，橡皮條的一端固定在A點用一只彈簧秤將橡皮條另一端拉到O點并在細線下面描了一個點a；再用互成角度的兩只彈簧秤將橡皮條另一端拉到O點，作出這兩個力的圖示如圖乙所示（1）用一只彈簧秤將橡皮條拉到O點時的示數(shù)如圖甲所示，這個力的大小為_N；在乙圖中作出這個力的圖示，并將兩個力箭頭末端與這個力

7、的箭頭末端連起來_（2）為了進一步探究上述幾何圖形，再次進行實驗時_；A仍應將橡皮條拉到O點B不一定用相同的力拉橡皮條C仍應用相同的力的標度表示力（3）為減小實驗誤差，請?zhí)岢鰞牲c操作建議_12（12分）用半徑相同的小球1和小球2的碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示，斜槽與水平槽平滑連接安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，記下鉛垂線所指的位置O.接下來的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，認為其圓心就是小球落點的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣處的B點，讓小球1從A點由靜止

8、滾下，使它們碰撞重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置；步驟3：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M、P、N離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度(1)在上述實驗操作中，下列說法正確的是_A小球1的質(zhì)量一定大于小球2的質(zhì)量，小球1的半徑可以大于小球2的半徑B將小球靜止放置在軌道末端看小球是否滾動來檢測斜槽軌道末端是否水平C小球在斜槽上的釋放點應該越高越好，這樣碰前的速度大，測量誤差較小D復寫紙鋪在白紙的上面，實驗過程中復寫紙可以隨時拿起來看印跡是否清晰并進行移動(2)以下提供的器材中，本實驗必需的有（_）A刻度尺B游標卡尺C天平D秒表(3)設(shè)小球1的質(zhì)量為m

9、1，小球2的質(zhì)量為m2，MP的長度為l1，ON的長度為l2，則本實驗驗證動量守恒定律的表達式為_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示為某種彈射裝置的示意圖，該裝置由三部分組成，傳送帶左邊是足夠長的光滑水平面，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端連接著質(zhì)量M=6.0kg的物塊A。裝置的中間是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺面等高，并能平滑對接。傳送帶的皮帶輪逆時針勻速轉(zhuǎn)動，使傳送帶上表面以u=2.0m/s勻速運動。傳送帶的右邊是一半徑R=1.25m位于豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道。質(zhì)量m=2.0kg的物塊B從圓弧的最高處

10、由靜止釋放。已知物塊B與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)=0.1，傳送帶兩軸之間的距離l=4.5m。設(shè)第一次碰撞前，物塊A靜止，物塊B與A發(fā)生碰撞后被彈回，物塊A、B的速度大小均等于B的碰撞前的速度的一半。取g=10m/s2。求：(1)物塊B滑到圓弧的最低點C時對軌道的壓力；(2)物塊B與物塊A第一次碰撞后彈簧的最大彈性勢能；(3)如果物塊A、B每次碰撞后，物塊A再回到平衡位置時彈簧都會被立即鎖定，而當它們再次碰撞前鎖定被解除，求物塊B經(jīng)第一次與物塊A碰撞后在傳送帶上運動的總時間。14（16分）如圖所示，長為的固定長直桿與水平面的夾角為，將一個質(zhì)量為的圓環(huán)套在桿上，可沿桿勻速下滑。若圓環(huán)以某一初速度從底

11、端向上運動，剛好能到達頂端。已知重力加速度為。（1）求圓環(huán)與桿間的動摩擦因數(shù)；（2）求圓環(huán)的速度；（3）若用大小為、方向與桿成角的力，從底端由靜止斜向上拉動圓環(huán)，經(jīng)時間到達頂端，求拉力的大小。15（12分）如圖所示，長度為L=1.0m的繩，系一小球在豎直面內(nèi)做圓周運動，小球的質(zhì)量為M=5kg，小球半徑不計，小球在通過最低點時的速度大小為v=20m/s，g10m/s2，試求：(1) 小球在最低點所受繩的拉力；(2) 小球在最低點的向心加速度。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】功的單位可表示為J、Nm 、W

12、s，但J、N、W都不是基本單位，只有kgm2/s2才是基本單位組成的，所以D正確；故選D。2、C【解析】從靜止釋放至最低點，由機械能守恒得：mgR=mv2，解得：，在最低點的速度只與半徑有關(guān)，可知vPvQ；動能與質(zhì)量和半徑有關(guān)，由于P球的質(zhì)量大于Q球的質(zhì)量，懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短，所以不能比較動能的大小故AB錯誤；在最低點，拉力和重力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得：F-mg=m，解得，F(xiàn)=mg+m=3mg，所以P球所受繩的拉力一定大于Q球所受繩的拉力，向心加速度兩者相等故C正確，D錯誤故選C點睛：求最低的速度、動能時，也可以使用動能定理求解；在比較一個物理量時，應該找出影響它的所有因

13、素，全面的分析才能正確的解題3、C【解析】演示微小形變時，運用了放大法，選項A正確； 將帶電體看成點電荷，運用了理想模型法，選項B正確； 平均速度體現(xiàn)了等效的思想，選項C錯誤； 加速度是采取比值法定義的物理量，選項D正確；此題選擇錯誤的選項，故選C.4、C【解析】勻變速直線運動在任意相鄰的單位時間內(nèi)位移差恒定，對于自由落體運動而言，任何相鄰的單位時間內(nèi)下落的平均速度為中間時刻瞬時速度，兩個中間時刻相差1s,由速度公式可知。綜上分析，C正確?！军c睛】要熟練應用勻變速直線運動中和勻變速直線運動中間時刻瞬時速度，這兩個結(jié)論來解題。5、D【解析】在B勻速下滑過程中，摩擦力大小為，又，聯(lián)立得；未加C勻速

14、上滑，由于B對斜面A的壓力沒有變化，則B所受的摩擦力大小沒有變化，仍為，加上C勻速上滑，B所受的摩擦力大小，則B受到的摩擦力增加量為，故AB錯誤；對整體研究：未加C勻速上滑時，地面對A的摩擦力大小為，又對B： ，得；加上C勻速上滑時，地面對A的摩擦力大小為， ，得；所以A受到地面的摩擦力增加量為，故C錯誤，D正確；選D.【點睛】本題物體B涉及三個狀態(tài)：勻速下滑、勻速上滑、加質(zhì)量為m的小物體C勻速上滑，先根據(jù)平衡條件得到勻速下滑時物體B所受的滑動摩擦力大小，得到B、A間的動摩擦因數(shù)再研究勻速上滑過程中，B受到的摩擦力對整體研究，分別得到未加C和加上C后地面對A的摩擦力，再分析摩擦力的增加量.6、

15、B【解析】以A、B兩物體組成的系統(tǒng)為研究對象，A與B碰撞時，由于相互作用的內(nèi)力遠大于摩擦力，所以碰撞過程中系統(tǒng)的動量守恒。設(shè)A與B碰前速度為vA，碰后A、B的速度分別為vA、vB，由動量守恒定律得由于碰撞中總動能無損失，所以且聯(lián)立得即A與B碰后二者交換速度。所以第一次碰后A停止運動，B滑動；第二次碰后B停止運動，A向右滑動，要求A最后不掉下桌面，它所具有的初動能正好等于A再次回到桌邊的全過程中A、B兩物體克服摩擦力所做的功，即解得故ACD錯誤，B正確。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的

16、得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】試題分析：對A、B、C整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出整體加速度，隔離對A分析，求出摩擦力的大小，與最大靜摩擦力比較，判斷是否發(fā)生相對滑動，再隔離分析，求出拉力的大小假設(shè)A、B不發(fā)生相對滑動，整體的加速度為，隔離對A分析，A受到的摩擦力為，可知假設(shè)成立，即A、B兩物體不發(fā)生相對滑動，A所受的摩擦力為2.5N，加速度為2.5m/s2，故AB錯誤C正確；隔離對C分析，根據(jù)牛頓第二定律得，解得，D正確8、AB【解析】由題意知，小球在水平方向的位移之比，小球在水平方向做勻速直線運動，根據(jù)可知小球的運動時間之比為，小球在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)公式，則拋出點的

17、高度之比為，A正確；重力做功功率，而，故，結(jié)合可得落地時重力的瞬時功率之比為1：2：3，B正確；因為落地速度為，而落地時豎直方向上的速度之比為1：2：3，所以落地的合速度之比不等于1：2：3，C錯誤；由動能定理得，動能的變化量，根據(jù)可知動能的變化量之比為1：4：9，D錯誤9、BCE【解析】A振動物體經(jīng)過平衡位置時，加速度最小。故A錯誤。B物體經(jīng)過平衡位置時，回復力為零。故B正確。C電磁波的傳播方向與振動方向相互垂直，變化的電場與變化磁場處處相互垂直。故C正確。D振源的振動速度和波的傳播速度是兩回事，沒有關(guān)聯(lián)。故D錯誤。E沿波的傳播方向上，離波源越遠的質(zhì)點振動越滯后。故E正確。10、AD【解析】

18、A.若傳送帶順時針轉(zhuǎn)動，當滑塊下滑時若有，所以滑塊將一直勻加速到底端；當滑塊上滑時若有，則滑塊先勻加速運動，在速度相等后將勻速運動，兩種均不符合運動圖象；故傳送帶是逆時針轉(zhuǎn)動，故A正確；B.滑塊在內(nèi)，滑動摩擦力向下做勻加速下滑，根據(jù)牛頓第二定律有：由圖可知聯(lián)立解得：故B錯誤；C.只有當滑塊的速度等于傳送帶的速度時，滑塊所受的摩擦力變成斜向上，傳送帶的速度才為，故C錯誤；D.共速后的加速度代入值得故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）4.90， 如圖所示：； （2）B； （3）1、細線與木板平行、力適當大些；2、夾角適當大些，

19、彈簧秤使用前校正。 【解析】（1）1由圖可知，彈簧秤的最小刻度是0.1N，估讀一位，故讀數(shù)為4.90N；2根據(jù)平行四邊形法則，作出合力如圖：（3）3 A再次進行實驗時，不一定仍將橡皮條拉到O點，故A項錯誤；B也不一定用相同的力拉橡皮條，故B項正確；C作力的圖示時，也不一定用相同的力的標度，故C項錯誤。（4）4為減小實驗誤差，可以采?。杭毦€與木板平行，力適當大些；夾角適當大些，彈簧秤使用前校正。12、BD AC m1l1m2l2 【解析】(1)根據(jù)實驗注意事項分析答題；(2)根據(jù)實驗需要測量的量選擇實驗器材；(3)小球離開水平軌道后做平拋運動，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)與動量守恒定律求出實驗需要驗證的表達式【

20、詳解】(1) A項：驗證動量守恒定律實驗中，入射球1的質(zhì)量一定要大于被碰球2的質(zhì)量，兩球的直徑應相等，故A錯誤；B：將小球靜止放置在軌道末端，如果小球不滾動，水面斜槽軌道末端水平，否則斜槽末端不水平，故B正確； C項：小球在斜槽上的釋放點高度應適當，如果釋放點的高度太高，小球離開軌道后的水平位移太大，小球?qū)⒙湓趶蛯懠堉猓荒艽_定小球的落地點，小球的釋放高度不是越高越好，故C錯誤；D項：復寫紙鋪在白紙的上面，實驗過程中復寫紙可以隨時拿起看印跡是否清晰，只要不移動地面上的白紙，可以隨便移動復寫紙的位置，故D正確故應選：BD(2)實驗過程中需要測量入射球與被碰球的質(zhì)量，因此實驗需要天平；實驗時需要

21、測出小球落地點的水平位移，因此實驗需要刻度尺，故AC正確(3) 球離開水平軌道后做平拋運動，由于小球的豎直分位移相等，因此它們在空中的運動時間相等，小球的水平位移與它的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度；由圖示可知，碰撞前小球1的落地點是P，兩球碰撞，球1的落地點是M，球2的落地點是N，實驗需要驗證：m1OP=m10M+m20N，m1（OP-OM）=m20N，m1MP=m20N，則m1l1=m2l2，本實驗驗證動量守恒定律的表達式為：m1l1=m2l2.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）60

22、N，豎直向下（1）11J（3）8s【解析】(1) 設(shè)物塊B沿光滑曲面下滑到水平位置時的速度大小為v0，由機械能守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：v0=5m/s在圓弧最低點C，由牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：F=60N由牛頓第三定律可知，物塊B對軌道的壓力大?。篎=F=60N，方向：豎直向下；(1) 在傳送帶上，對物塊B，由牛頓第二定律得：mg=ma設(shè)物塊B通過傳送帶后運動速度大小為v，有 代入數(shù)據(jù)解得：v=4m/s由于vu=1m/s，所以v=4m/s即為物塊B與物塊A第一次碰撞前的速度大小，設(shè)物塊A、B第一次碰撞后的速度分別為v1、v1，兩物塊碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得：mv=mv1+Mv1由機械能守恒定律得： 解得： 物塊A的速度為零時彈簧壓縮量最大，彈簧彈