云南省廣南縣第三中學校2022-2023學年物理高三第一學期期中學業(yè)水平測試試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、某質(zhì)量為m的電動玩具小車在平直的水泥路上由靜止沿直線加速行駛經(jīng)過時間t前進的距離為x，且速度達到最大值vm，設這一過程中電動機的功率恒為P，小車受阻力恒為F，則t時間內(nèi)（）A小車做勻加速運動B小車受到的牽引力逐漸增大C合外力對小車所做的功為 PtD牽引力對小車所做的功為 Fx+mvm22、小型登月器連接在航天站上，一起繞月球做圓周運動，其軌道半徑為月球半徑的3倍，某時刻，航天站使登月器減速分離，登月器沿如圖所示的橢圓軌道登月，在月球表面逗留一段時間完成科考工作后，經(jīng)快速啟動仍沿原橢圓軌道返回，當?shù)谝淮位氐椒蛛x點時恰與航天站對接，登月器快速啟動時間可以忽略不計，整個過程中航天

3、站保持原軌道繞月運行已知月球表面的重力加速度為g，月球半徑為R，不考慮月球自轉(zhuǎn)的影響，則登月器可以在月球上停留的最短時間約為（）A4.7RgB3.6RgC1.7RgD1.4Rg3、如圖1所示，一個物體放在粗糙的水平地面上。在t=0時刻，物體在水平力F作用下由靜止開始做直線運動。在0到t0時間內(nèi)物體的加速度a隨時間t的變化規(guī)律如圖2所示。已知物體與地面間的動摩擦因數(shù)處處相等。則（ ）A在0到t0時間內(nèi),合力的沖量大小為Bt0時刻,力F等于0C在0到t0時間內(nèi)力F大小恒定D在0到t0時間內(nèi)物體的動量逐漸變大4、a、b兩物體的質(zhì)量分別為m1、m2，由輕質(zhì)彈簧相連當用大小為F的恒力沿水平方向拉著 a，

4、使a、b一起沿光滑水平桌面做勻加速直線運動時，彈簧伸長量為x1;當用恒力F豎直向上拉著 a，使a、b一起向上做勻加速直線運動時，彈簧伸長量為x2 ；當用恒力F傾斜向上向上拉著 a，使a、b一起沿粗糙斜面向上做勻加速直線運動時，彈簧伸長量為x3，如圖所示則（ ）Ax1= x2= x3Bx1 x3= x2C若m1m2，則 x1x3= x2D若m1m2，則 x1x3= x25、小球A從離地面20m高處做自由落體運動，小球B從A下方的地面上以20m/s的初速度做豎直上拋運動。兩球同時開始運動，在空中相遇，取g=10m/s2,下列說法正確的是（ ）A兩球相遇時速率都是10m/sB兩球相遇位置離地面10m

5、高C開始運動2s后兩球相遇D兩球在空中相遇兩次6、如圖所示，正方形區(qū)域ABCD中有垂直于紙面向里的勻強磁場，M、N分別為AB、AD邊的中點，一帶正電的粒子（不計重力）以某一速度從M點平行于AD邊垂直磁場方向射入并恰好從A點射出。現(xiàn)僅將磁場的磁感應強度大小變?yōu)樵瓉淼模铝信袛嗾_的是A粒子將從D點射出磁場B粒子在磁場中運動的時間不變C磁場的磁感應強度變化前、后，粒子在磁場中運動過程的動量變化大小之比為2:1D若其他條件不變，繼續(xù)減小磁場的磁感應強度，粒子可能從C點射出二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但

6、不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的裝置叫做阿特伍德機，是阿特伍德創(chuàng)制的一種著名力學實驗裝置，用來研究勻變速直線運動的規(guī)律繩子兩端的物體下落（或上升）的加速度總是小于自由落體的加速度g已知物體A、B的質(zhì)量相等均為4m，物體C的質(zhì)量為m，一切摩擦不計，輕繩不可伸長且足夠長， 現(xiàn)將裝置從靜止釋放下列說法正確的是 A物體C的加速度為B物體C的加速度為C物體C對B的拉力為D物體C對B的拉力為8、如圖所示，兩列振幅和波長都相同而傳播方向相反的機械橫波，在相遇的某一時刻“突然”消失設在這一時刻兩波相遇的介質(zhì)里有、三個介質(zhì)質(zhì)點，則關于這三個質(zhì)點的情況下列說法中正確的是（ ）A此時質(zhì)點、的位移都為零B

7、此時質(zhì)點的振動速度不為零且方向向下C此時質(zhì)點的振動速度不為零且方向向下D此時質(zhì)點的振動速度為零9、如圖所示為等量異種電荷的電場線分布情況，為兩點電荷連線的中點。關于點對稱，若點的電勢為0，則A點的電勢小于0B電子在點電勢能比點的小C兩點的場強相同D間的電勢差等于間的電勢差10、如圖所示，橫截面為直角三角形的斜劈P，靠在粗糙的豎直墻面上，力F通過球心水平作用在光滑球Q上，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。當力F增大時，系統(tǒng)仍保持靜止，下列說法正確的是( )A球Q對地面的壓力不變B球Q對斜劈P的支持力變大C斜劈P對豎直墻壁的壓力增大D墻面對斜劈P的摩擦力增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指

8、定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）長木板水平放置，其右端固定一輕滑輪.輕繩跨過滑輪，一端與小車連接，車內(nèi)放上5 個相同的鉤碼，另一端可懸掛鉤碼小車的右端固定有寬度為d 的遮光片利用如圖的裝置，實驗小組探究質(zhì)量一定時加速度與力的關系他們進行了如下操作，完成步驟中的填空:(1)從小車內(nèi)取1 個鉤碼掛在輕繩的右端，將小車從A 處由靜止釋放，測出A、B 間的距離為x、遮光片通過光電門的時間為t1，則遮光片通過光電門的瞬時速度v1=_; 小車的加速度a1=_(用已知和測得的物理量符號表示) (2)再從小車內(nèi)取1 個鉤碼掛在右端鉤碼的下方(共2 個)，仍將小車從A 處由靜止釋放，測出遮光片通過光

9、電門的時間為t2，用m 表示一個鉤碼的質(zhì)量，用M 表示小車的質(zhì)量(不含鉤碼)，為達到實驗目的，本次操作需要驗證的關系式為_(重力加速度為g，用已知和測得的物理量符號表示) (3)依次取3、4、5 個鉤碼掛在輕繩右端，重復以上操作，得到一系列遮光片通過光電門的時間t用F 表示右端所掛鉤碼的總重量，如果實驗操作無誤，作出的下列圖象中正確的是_ (4)下列措施中，能夠減小實驗誤差的是_ A、保證輕繩下端所掛鉤碼的總質(zhì)量遠小于小車與車內(nèi)鉤碼的總質(zhì)量 B、實驗前應平衡摩擦力 C、細線在桌面上的部分應與長木板平行 D、圖中AB 之間的距離應盡量小些12（12分）請按照有效數(shù)字規(guī)則讀出以下測量值。（1） _

10、mm；_mm；（2）_mm.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一質(zhì)量m12kg的足夠長平板小車靜置在光滑水平地面上，質(zhì)量m211kg的小物塊（可視為質(zhì)點）置于小車上A點，其與小車間的動摩擦因數(shù)141，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力現(xiàn)給小物塊一個方向水平向右、大小為v16ms的初速度，同時對小物塊施加一個方向水平向左、大小為F16N的恒力取g11ms2，求：（1）初始時刻，小車和小物塊的加速度大?。?）經(jīng)過多長時間小物塊與小車速度相同？此時速度為多大？（3）小物塊向右運動到最大位移的過程中，恒力F做

11、的功和系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能?14（16分）如圖所示,AB(光滑)與 CD(粗糙)為兩個對稱斜面,斜面的傾角均為 ,其上部都足夠長, 下部分別與一個光滑的圓弧面 BEC 的兩端相切，圓弧半徑為 R一個物體在離切點 B 的高度為 H 處,以初速度 v0 沿斜面向下運動，物體與 CD 斜面的動摩擦因數(shù)為 （1）物體首次到達 E 點時受到的支持力的大??；（2）物體沿斜面 CD 上升的最大高度 h；（3）請描述物體從v0 開始下滑的整個運動情況，并簡要說明理由15（12分）做勻加速直線運動的物體途中依次經(jīng)過A、B、C三點，已知AB=BC=，AB段和BC段的平均速度分別為v1=3m/s，v2=6m/s，則： （

12、1）物體經(jīng)過B點的瞬時速度為多大？（2）若物體運動的加速度a=2 m/s2，則AC的距離為多少?參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】電動機功率恒定，P=F牽v，結合牛頓第二定律可知F牽-F=ma，v=at可知，當速度增大時，牽引力減小，加速度減小，故小車做加速度減小的變加速運動，故AB錯誤；整個過程中，牽引力做正功，阻力做負功，故合力做功為W=mvm2，Pt為牽引力所做的功，故C錯誤；整個過程中，根據(jù)動能定理可知PtFxmvm2，解得Pt=Fx+mvm2，故D正確；故選D.點睛：小車的恒定功率啟動方式是一

13、種最快的啟動方式，是加速度不斷減小的加速運動，運動學公式不再適用，但可以根據(jù)動能定理列式求解2、A【解析】設登月器和航天飛機在半徑3R的軌道上運行時的周期為T，因其繞月球作圓周運動，所以應用牛頓第二定律有GMmr2=m42T2rr=3R解得：T=2r3GM=63R3GM在月球表面的物體所受重力近似等于萬有引力，有：GMmR2=mg所以有T=63Rg 設登月器在小橢圓軌道運行的周期是T1，航天飛機在大圓軌道運行的周期是T1對登月器和航天飛機依據(jù)開普勒第三定律分別有：T2(3R)3=T12(2R)3=T22(3R)3 為使登月器仍沿原橢圓軌道回到分離點與航天飛機實現(xiàn)對接，登月器可以在月球表面逗留的

14、時間t應滿足t=nT2-T1(其中n=1、2、3.)聯(lián)立解得：t=6n3Rg-42Rg(其中n=1、2、3.)當n=1時，登月器可以在月球上停留的時間最短，即為t=4.7RgA. 4.7Rg與分析相符，故A項與題意相符；B. 3.6Rg與分析不相符，故B項與題意不相符；C. 1.7Rg與分析不相符，故C項與題意不相符；D. 1.4Rg與分析不相符，故D項與題意不相符3、D【解析】合力F合=ma是變力，其平均作用力為，則合力的沖量大小為ma0t0，則A錯誤；t0時刻，力F合等于0，F(xiàn)等于摩擦力，則B錯誤；在0到t0時間內(nèi)合力減小，則力F大小變小，則C錯誤；在0到t0時間內(nèi)物體做加速運動，物體的動

15、量逐漸變大，則D正確；故選D。4、A【解析】通過整體法求出加速度，再利用隔離法求出彈簧的彈力，從而求出彈簧的伸長量對右圖，運用整體法，由牛頓第二定律得整體的加速度為： ；對b物體有：T1=m2a1；得；對中間圖： 運用整體法，由牛頓第二定律得，整體的加速度為：；對b物體有：T2-m2g=m2a2得：；對左圖，整體的加速度： ，對物體b： ，解得；則T1=T2=T3，根據(jù)胡克定律可知，x1= x2= x3，故A正確，BCD錯誤故選A【點睛】本題考查了牛頓第二定律和胡克定律的基本運用，掌握整體法和隔離法的靈活運用解答此題注意應用整體與隔離法，一般在用隔離法時優(yōu)先從受力最少的物體開始分析，如果不能得

16、出答案再分析其他物體5、A【解析】小球A做自由落體運動，小球B做豎直上拋運動；根據(jù)位移時間公式分別求出A和B的位移大小，兩球在空中相碰，知兩球的位移之和等于20m，列式求解，判斷?！驹斀狻啃∏駻做自由落體運動，小球B做豎直上拋運動，設經(jīng)過時間t在空中相遇A自由落體位移h1= B豎直上拋的位移h2=v0t h1+h2=20聯(lián)立可得：t=1s，則：A項：相遇時，A球的速率vA=gt=10m/s，B球的速率vB=v0-gt=（20-10）m/s=10m/s，故A正確；B項：由上面分析可知，相遇時離地面高度h2=201-，故B錯誤；C項：由上面分析可知，經(jīng)過1s兩球相遇，故C錯誤；D項：由題意知，B求

17、速度減為零的時間為，兩球第一次相遇后，A球繼續(xù)下落，B求繼續(xù)向上運動，當B球上升到最高點時，A球下落距離，故兩球不可能在空中相遇兩次，故D錯誤。故應選：A?！军c睛】本題關鍵知道兩物體在空中相遇的條件，即兩物體的位移之和等于20m。6、B【解析】A設正方形的邊長為a，由題意可知，粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑為，粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，當磁場的磁感應強度大小變?yōu)樵瓉淼臅r，粒子軌道半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，即，粒子將從N點射出。故A錯誤。B由運動軌跡結合周期公式，可知，當磁場的磁感應強度大小變?yōu)樵瓉淼臅r，則，粒子從A點離開磁場的情況下，在磁場中運動的時間

18、，粒子從N點離開磁場的情況下，在磁場中運動的時間，可得：t1=t2，即 粒子在磁場中運動的時間不變。故B正確。C磁場的磁感應強度變化前，粒子在從磁場中運動過程的速度變化大小為2v，磁場的磁感應強度變?yōu)樵瓉淼暮?，粒子在磁場中運動過程中的速度變化大小為，即速度變化大小之比為。故C錯誤。D無論磁場的磁感應強度大小如何變化，只要磁感應強度的方向不變，粒子都不可能從C點射出。故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】設物體C下落的加速度為a，繩子的張力為T，以物

19、體A作為研究對象有：T-4mg=4ma，以BC作為整體為研究對象有：（4m+m）g-T=（4m+m）a，聯(lián)立以上兩式可解得：，故A錯誤，B正確；對物體C，根據(jù)牛頓第二定律得：mg-F=ma，解得：，故C錯誤，D正確所以BD正確，AC錯誤8、ABD【解析】兩列波相遇時，質(zhì)點同時參與了兩列波的振動，位移等于兩列波引起位移的矢量和所以a、b、c質(zhì)點的位移都為零，A正確；向右傳播的波引起a質(zhì)點的振動方向向下，向左傳播的波引起a質(zhì)點的振動方向向下，所以此時a振動速度不為零，方向向下，B正確；向右傳播的波引起c質(zhì)點的振動方向向上，向左傳播的波引起a質(zhì)點的振動方向向上，所以c質(zhì)點振動的速度不為零，方向向上，

20、C錯誤；兩列波引起b質(zhì)點振動的速度都為零，所以質(zhì)點b振動速度為零，D正確9、BC【解析】AO點的電勢為0，則等量異種電荷連線的中垂線的電勢為0，沿電場線的方向電勢降低，所以A點的電勢大于0，故A錯誤；B由上面的分析知AB，負電荷在電勢越高的地方電勢能越小，所以電子在A點電勢能比B點的小，故B正確；C由對稱性知：A、B兩點的電場線的疏密一樣，所以A、B兩點的場強大小相同，方向為A、B兩點的切線方向，由對稱性知方向相同，故C正確；D因為A、O、B三點的電勢關系為：AOB由對稱性得：UAO=-UBO故D錯誤。故選：BC。10、BC【解析】AB對Q受力分析如圖所示：Q受力平衡則在水平和豎直方向分別有：

21、可知當F增大時，P、Q間的作用力增大，球Q對地面的壓力增大，故A錯誤，B正確.C以P、Q整體為研究對象，水平向右的力F與墻壁的支持力等大反向，故墻的支持力增大，由牛頓第三定律可知斜劈P對豎直墻壁的壓力增大，故C正確.D對P受力分析可知，開始時P對墻壁的摩擦力方向不確定，故無法判斷此摩擦力的變化情況，故D錯誤.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 ； ； ； D； BC； 【解析】（1）遮光片通過光電門的瞬時速度v1=; 根據(jù)v12=2ax可得小車的加速度（2）對砝碼和小車的整體，合外力為F=2mg，加速度為；則需要驗證的是F=M整體a2

22、，即；（3） 設下面掛的鉤碼重力為F，則由（2）的分析可知：，即F-為過原點的直線，可知選項D正確； （4）因此實驗中研究對象是小車的鉤碼的整體，則不需要保證輕繩下端所掛鉤碼的總質(zhì)量遠小于小車與車內(nèi)鉤碼的總質(zhì)量，選項A錯誤；實驗前應平衡摩擦力，從而保證整體受的合外力等于F，選項B正確；細線在桌面上的部分應與長木板平行，以減小實驗的誤差，選項C正確；圖中AB 之間的距離應盡量大些，這樣小車到達光電門處的速度較大些，可減小測量的誤差，選項D錯誤；故選BC.【點睛】本題考查驗證牛頓第二定律的實驗，要求能明確實驗原理，認真分析實驗步驟，從而明確實驗方法；同時注意掌握圖象處理數(shù)據(jù)的方法，能根據(jù)函數(shù)關系判

23、斷圖象，明確對應規(guī)律的正確應用12、 （1）2.6412.642； 4.9914.992; （2）10.95【解析】（1）讀數(shù)分別為：2.5mm+0.01mm14.2=2.642mm；5.5mm+0.01mm49.1=5.991mm.（2）讀數(shù)：1cm+0.05mm19=1.095cm=10.95mm.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）， （2），（3） , 【解析】（1）小物塊受到向左的恒力和滑動摩擦力做勻減速運動，小車受摩擦力向右做勻加速運動設小車和小物塊的加速度大小分別為a1、a2，由牛頓第二定律得：對小車： 解得：對小物塊： 解得：（2）設經(jīng)過時間t小車與小物塊速度相同，設速度為v1，由運動學公式得對小車： 對小物塊： 解得：t=