2022年廣東省興寧市高一物理競(jìng)賽模擬試題

1、2022年興寧市髙一物理競(jìng)賽模擬試;（注：本卷共15題，分值：100分 考試時(shí)間：90miii ）一、不定項(xiàng)選擇題（8題，每題5分.共40分，爭(zhēng)學(xué)彎一個(gè)蘋一個(gè)單豐昀埠項(xiàng) 是符合題目要求的，全部選對(duì)得5分，漏選得3分，不選或錯(cuò)選得0分） TOC o 1-5 h z 1、時(shí)間簡(jiǎn)史首版以來(lái)，先后被翻譯成40多種文字，銷售景達(dá)2500萬(wàn)冊(cè)。在這本 書中，作者向我們闡述了關(guān)于遙遠(yuǎn)星系，黑洞等宇宙方而的偉大發(fā)現(xiàn).現(xiàn)己成為全球科學(xué) 著作的里程碑，請(qǐng)問時(shí)間簡(jiǎn)史的作者是：（）A、楊振寧 B、愛因斯坦 C、史蒂芬一霍金 D、李政道2、一間新房即將建成時(shí)耍封頂，考慮到下雨吋落至房頂?shù)挠甑文鼙M快地淌離房頂，要I殳計(jì)好

2、房頂?shù)钠露?，沒雨滴沿房頂下淌時(shí)做無(wú)初速無(wú)摩擦的運(yùn)動(dòng)，那么圖中所示的四種情況中符合要求的是：（）n ft ftABC3、兩木塊14左向右運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)用卨速攝影機(jī)在冋一底片上多次曝光，記錄下來(lái)木塊每 次曝光的位置.如ra所示，連續(xù)m次曝光的時(shí)間閥隔是相等的.由圖可知：（）t?闕 tiisutst?A、在時(shí)刻12以及時(shí)刻t5W木塊速度相等B、在時(shí)刻b兩木塊速度相等C、在時(shí)刻和時(shí)刻t4之間某瞬時(shí)W木塊速度相等D、在時(shí)刻t4和時(shí)刻b之間呆瞬時(shí)兩木塊速度相等。如圖所示，一物體恰能在一個(gè)斜面體上沿斜而速下滑，若 沿斜而方H用力向下推此物體，使物體加速下滑。若物體速下滑 與加速下滑時(shí)，斜而體都保持酹止，且用廠和廠

3、分別表示上述 兩種情況下斜而體受到的水平地而的的摩檫力，則（ ）為零，/不為零且方向向左B. Fn為零，f/2不為零且方向向右c.不為零且方向向右，F(xiàn)/2F/2不為零且方向向左D.和均為零5、在建筑工地上有時(shí)需耍將一些建筑材料由高處送到低處，為此工人們?cè)O(shè)計(jì)了一種 如閣所示的簡(jiǎn)易泔軌：兩根圓柱形木桿AB和CD相互平行，斜靠在賢直K壁上，把一摞 乩放在兩木構(gòu)成的滑軌上，瓦將沿滑軌滑到低處。在實(shí)際操作中發(fā)現(xiàn)扎滑到底端時(shí)速度較 大.有可能摔碎，為了防止瓦被損壞.下列措施中可行的是（ ）A、減少每次運(yùn)送瓦的塊數(shù)B、增多每次運(yùn)送瓦的塊數(shù)C、減小兩桿之間的距離D、增大兩桿之間的距離6、如圖所示，兩相冋輕質(zhì)硬

4、桿00卜（Xh可繞其兩端垂直紙面的水平軸、（Z、Oi轉(zhuǎn)動(dòng)，在O點(diǎn)懸掛一重物將兩相同木塊m緊K在豎直擋板上，此時(shí)整個(gè)系統(tǒng)保持靜 止。表示木塊與擋板間摩擦力的大小，表示木塊與擋板間正壓力的大小?？鄵醢彘g的距離稍許增大后，系統(tǒng)仍靜止且A、久始終等髙，則（A. Ff變小B. &不變C. 變小D. 變大7、如圖所示，一固定桿與水平方向夾角為氏將一質(zhì)最為叫的滑塊在桿上，通過輕繩懸掛一個(gè)質(zhì)量為m2的小球，桿與滑塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為若滑塊與小球保持相對(duì) 靜止以相同的加速度a起運(yùn)動(dòng)，此時(shí)繩子與豎直方向夾角為冷，且分#，則滑塊的運(yùn)動(dòng)情況是（）A.沿著桿加速卜滑B.沿著桿加速上滑C.沿著桿減速下滑D.沿右桿減速上滑

5、如圖所示，放在同定斜而上的物塊以加速度沿斜而幻加速下滑，若在物塊上再施加一個(gè)豎直向下的恒力F.則（）物塊可能勻速下滑物塊仍以加速度妁加速下滑、物塊將以人于a的加速勻加速下滑物塊將以小于a的加速度勻加速H骨二、填空題G題，每題5分，共15分） 9、（5分）如圖1所示，一質(zhì)點(diǎn)受尸1、Fi、Fi、Fa. F5五個(gè)力的作用，且這五個(gè)力在 同一平面內(nèi)，其受力圖中的力的箭頭端交于圓周上的A、B、C、D、E，與點(diǎn)組成內(nèi)接F正六邊形，其中與圓的直徑重合，則合力的大小與尸3的大小之比一 = 10、（5分）一質(zhì)點(diǎn)由靜止開始作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度的大小為a,經(jīng)吋間Z后作 勻減速直線運(yùn)動(dòng)，若再經(jīng)過時(shí)間到原出發(fā)點(diǎn)，則

6、它作勻減速宜線運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小 為 ，回到原出發(fā)點(diǎn)吋的速度大小為 。11、（5分）如圖所示，一個(gè)長(zhǎng)為Z=lm的勻質(zhì)長(zhǎng)方體與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)/ = 0.6，化的函數(shù)關(guān)系式： ，并在右邊坐標(biāo)圖中作出圖象，在水平拉力F=10N的力作用下勻加速運(yùn)動(dòng)。試寫出距長(zhǎng)方體前端A處截而的張力r隨.X變?nèi)?、?shí)驗(yàn)題（1題，共10分12、某小組為了驗(yàn)證力的平行四邊形定則，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)：在一個(gè)半圓形刻度盤上安裝兩個(gè)可以沿盤邊緣移動(dòng)的拉力傳感器二5,兩 傳感器的掛鉤分別系著輕繩，輕繩的另一端系在-起，形成結(jié)點(diǎn)O,并使結(jié)點(diǎn)0位于半圓形刻度盤的圓心.在O點(diǎn)掛上重GZ2.00N的鉤碼，記 錄兩傳感器的示數(shù)FF2及

7、輕繩與豎直方向的夾 角么二h，用力的ra示法即可驗(yàn)證力的平行四邊形定則. （1）1 FiZ 1.00 NZF2L1.5ONZiZ45ZO3Oc時(shí)，請(qǐng)?jiān)趫D乙中用力的圖示法作圖，畫參參參看垂暴參4F，并求岀介力F- N（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（2）該組冋學(xué)在實(shí)驗(yàn)中，將傳感器.4固定在某位K后，W將傳感器5從豎直位S的P點(diǎn)緩慢順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，得到丫一系列5傳感器的示數(shù)和對(duì)應(yīng)的角度，作出r如圖丙所 示的 Mi圖象，由ra內(nèi)可知a傳感器所處位s的角度奶口 四、計(jì)算題（3題，共35分）13、（8分）一質(zhì)景為m的木塊放在水平地面上，今用一個(gè)大小為F的拉力拉著它在水平 地面上運(yùn)動(dòng)，己知木塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為M

8、,則木塊運(yùn)動(dòng)加速度的最大值為多少？14、（9分質(zhì)景為lkg的物體原來(lái)酵止在光滑水平面上，在第1、3、5各奇數(shù)秒內(nèi)給 物體施以方向相同的，大小為2N的水平推力：在第2、4、6各偶數(shù)秒內(nèi)不給物體施 力，問經(jīng)歷多長(zhǎng)時(shí)間，此物體完成120m的位移？15、（18分）一長(zhǎng)木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊；在木板右方有一墻 壁.木板右端與墻壁的距離為4.5 m,如圖GO所示。7=0時(shí)刻開始.小物塊與木板一起以 共同速度向右運(yùn)動(dòng)，直至f=l s時(shí)木板與墻壁碰撞（碰撞時(shí)間極短）。碰撞前后木板速度大 小不變，方向相反：運(yùn)動(dòng)過程中小物塊始終未離開木板。己知碰撞后1 s時(shí)間內(nèi)小物塊的 圖線如閣（b）所示。

9、木板的質(zhì)3:是小物塊質(zhì)S的15倍，重力加速度大小g取10 nVs2。 求：（1）木板與地而間的動(dòng)摩擦因數(shù)Al及小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)A:（2）木板的最小長(zhǎng)度；（3）木板右端離墻壁的最終距離。2022年興寧市髙一物理模擬競(jìng)賽答案12345678CCCDDBDDC9、【答案】310、【答案】 （l）3a （3分）（2）2扣（2分）11、【答案】(1). r=1-10 x.【詳解】設(shè)整個(gè)長(zhǎng)方體 質(zhì)量為W，對(duì)整個(gè)長(zhǎng)方體由牛頓 第二定律可得a=Fmg,J = -gp，以左端長(zhǎng)度為L(zhǎng)-x m m由以上兩式可得的長(zhǎng)方體為研宂對(duì)象，由牛頓第二定律可得：=，化簡(jiǎn)可得：尸=10-10.，作出圖象可得:L(2)

10、.2 01(L97j2.05)(3).60【詳解】口 1LF.DF2圖示及力的合成圖如圖所示，根據(jù)比例關(guān)系可知合力大小力 2.01N 2)根據(jù)內(nèi)M可知，當(dāng)時(shí)，F(xiàn)2=2.0NF1LF2的合力仍為重力G=2N，根據(jù)平衡條件則有：FiCOs9i+F2COs6O=GjFism0i=F2sm6OE解得：Fi=2Ne尸6013、解：如閣所示，物體受到F，mg, f, N|H|個(gè)力作用，設(shè)F與水平面間的夾角為，豎直方向受力平衡:N+Fsin0=mg二水平方向，報(bào)據(jù)牛頓第二定律：Fcose-f=ma匚聯(lián)立口解得：a = (cos6 + psiii0)- pgm 111數(shù)學(xué)知識(shí)得：cos0 + |i sill

11、9的最大值為Jl + p 所以，加速度的最大值a = Nl!L_Mg ill14、解：己知F=2N. m=lkg,初速度vo=O.由于水平而光滑，所以當(dāng)物體受到水平 拉力時(shí)，加速度a = = 2(m/s2)m依題意有：第1秒內(nèi)的位移si =去3丁2 = l(ni)，vi = aT = 2 rn/s第 2 秒內(nèi)的位移 s2 = vtT = aT2 = 2（m），V2 = vi = 2 m/s第 3 秒內(nèi)的位移s3 = v2T + aT2 = 3（m）, V3 = V2+aT = 4nVs以此類推，第n秒內(nèi)的位移su = n(m) 所以， Sp =Si +s2 +s3 + sn =1 + 2 +

12、3 + ii = (1 了1 因?yàn)閟o=120m,所以有：= 解得 n=15 (s)即經(jīng)過15秒，此物體完成120iii的位移。解法二：(圖象法)物體受拉力作用吋的加速度：a=F/m=2m/s2經(jīng)分析得，物體運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示，其圖線下方的“而積”表示對(duì)應(yīng)時(shí)間內(nèi)的位 移，則易求得毎秒鐘內(nèi)的位移為：s 1= 1 m，S2=2ni，s尸3m，S 總=Sl+S2+S;+Sn=l+2+3+11= 2u (m),則 (1 + n)n令s總=120 m 由解得：n=15 （s）15、【解析】(1)根據(jù)圖象可以判定碰掩前小物塊與木板共冋速度力v=4 ni/s碰撞后木板速度水平向左，大小也足v=4 ni/

13、s4 0小物塊受到滑動(dòng)摩擦力作用而向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小a2= lnVs2=4 m/s2o根據(jù)牛頓第二定律有f_g = _，解得/2 = 0.4木板與墻壁碰撞前，勻減速運(yùn)動(dòng)時(shí)間r=l s,位移x=4.5m，末速度v=4m/s 1其逆運(yùn)動(dòng)為勻加速直線運(yùn)動(dòng)，可得x=vt2解得 = lnVs2 小物塊和木板整體受力分析，滑動(dòng)摩擦力提供合外力，由牛頓第二定律得 + I5m)g=(m+I5m)al,即 fhg=ai 解得戶i=0.14-3-3nl/(2)設(shè)碰撞后，設(shè)木板的加速度為03,木板向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，依據(jù)牛頓第二定侓有+nimg = 15m3 可得對(duì)滑塊，加速度大小為2 = 4 111/S2由于a2a3,所以滑塊速度先減小到0,所用吋間力fi=ls I 10在此過程中，木板向左運(yùn)動(dòng)的位移為Xi = v；i2=T 8末速度 vi = v3；1 = 3 ni/sv+0滑塊向右運(yùn)動(dòng)的位移-V2= 2 h=2m此后，小物塊開始向左加速，加速度大小仍為t72=4nVs2木板繼續(xù)減速，加速度人小仍為4-3II111/假設(shè)又經(jīng)歷時(shí)間h二者速度相等，則有2 = VI-2解得f2 = 0.5 S17在此過程中，木板向左運(yùn)動(dòng)的位移X3 = vi/22