2023學年安徽省亳州市蒙城縣第八中學物理高二第一學期期中調(diào)研試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示電路，在滑動變阻器的滑片P向上端a滑動過程中，電壓表、電流表的示數(shù)變化情況為A兩電表示數(shù)都增大B兩電表示數(shù)都減少C電壓表示數(shù)減少，電流表示數(shù)增大D電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)

2、減少2、我國于2013年6月11日17時38分發(fā)射“神舟十號”載人飛船，并與“天宮一號”目標飛行器對接如圖所示，開始對接前，“天宮一號”在高軌道，“神舟十號”飛船在低軌道，各自繞地球做勻速圓周運動，距離地面的高度分別為h1和h2(設地球半徑為R)，“天宮一號”的運行周期約為90分鐘則以下說法正確的是()A“天宮一號”跟“神舟十號”的線速度大小之比為h2h1B“天宮一號”跟“神舟十號”的向心加速度大小之比為(R+h2)2(R+h1)2C“天宮一號”的角速度比地球同步衛(wèi)星的角速度小D“天宮一號”的線速度大于7.9 km/s3、兩個質(zhì)量相等的小球在光滑水平面上沿同一直線同方向運動，A球的動量是7kg

3、m/s，B球的動量是5kgm/s，A球追上B球時發(fā)生碰撞，則碰撞后A、B兩球的動量可能值是（ ）ApA=6kgm/s，PB=6kgm/sBpA=3kgm/s，PB=9kgm/sCpA=2kgm/s，PB=14kgm/sDpA=5kgm/s，PB=7kgm/s4、在如圖所示的電場中，關于a、b兩點的電場強度Ea,Eb,和電勢a和b，下列說法正確的是( )AEa=Eb, a=bBEaEb, aEb, a bDEaEb, a ”“”或“=”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，兩個完全相同的平行金屬板電

4、容器A、B并排放置，A、B間的空隙很小可忽略不計。兩電容器板長均為L，極板間距均為d，板間電壓均為U，電容器A上板帶正電，B上板帶負電。一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子（不計重力），從電容器A左側以初速度v0平行于極板進入電場，粒子最終從電容器B的右側飛出。求整個過程中，粒子的速度方向與極板的最大夾角的正切值。14（16分）如圖所示，物體A放在足夠長的木板B上，木板B靜止于水平面t=0時，電動機通過水平細繩以恒力F拉木板B，使它做初速度為零，加速度aB=1.0m/s1的勻加速直線運動已知A的質(zhì)量mA和B的質(zhì)量mg均為1.0kg,A、B之間的動摩擦因數(shù)=0.05，B與水平面之間的動摩擦因數(shù)=

5、0.1，最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小視為相等，重力加速度g取10m/s1求（1）物體A剛運動時的加速度aA（1）t=1.0s時，電動機的輸出功率P；（3）若t=1.0s時，將電動機的輸出功率立即調(diào)整為P=5W，并在以后的運動過程中始終保持這一功率不變，t=3.8s時物體A的速度為1.1m/s則在t=1.0s到t=3.8s這段時間內(nèi)木板B的位移為多少？15（12分）如圖所示，用一條長為1m的絕緣輕繩懸掛一個帶電小球，小球質(zhì)量為，所帶電荷量為，現(xiàn)加一水平向右的勻強電場，平衡時絕緣繩與豎直方向成30角，g取. （1）求該勻強電場的電場強度大?。唬?）在外力作用下，使小球從位置A移到位置B，求電場力所

6、做功及小球電勢能的變化.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】當滑動變阻器的滑片P向a端滑動時，接入電路的電阻增大，與R2并聯(lián)的電阻增大，外電路總電阻R總增大，總電流I減小，則電壓表的示數(shù)UV=E-I(r+R1)，則UV增大；流過R2的電流增大，電流表的讀數(shù)為，則電流表示數(shù)減小；故A，B，C錯誤，D正確.2、B【解析】AB、根據(jù)GMmr2=ma=mv2r，又r=R+h，則得v=GMR+h，a=GM(R+r)2，所以“天宮一號”跟“神舟十號”的線速度大小之比為R+h2R+h1，向心加速度大小之比為(R+h2)

7、2(R+h1)2，故B正確，A錯誤；C、天宮一號”的運行周期約為90分鐘，同步衛(wèi)星的周期24h，根據(jù)=2T，知“天宮一號”的角速度比地球同步衛(wèi)星的角速度大，故C錯誤；D、第一宇宙速度7.9km/s是衛(wèi)星繞地球圓周運動的最大，所以“天宮一號”的線速度小于7.9km/s，故D錯誤；故選B?！军c睛】關鍵是根據(jù)萬有引力提供向心力列式，得到線速度、向心加速度的表達式，再求解即可。3、A【解析】碰撞前系統(tǒng)總動量：p=pA+pB=12kgm/s，由題意，設mA=mB=m，碰前總動能為：Ek=；A. 若pA=6kgm/s，pB=6kgm/s，系統(tǒng)動量守恒，碰撞后的總動能：2=Ek，不可能；故B錯誤；C. 若P

8、A=2kgm/s，PB=14kgm/s，系統(tǒng)動量守恒，碰撞后的總動能：Ek，不可能；故C錯誤；D. 若PA=5kgm/s，PB=7kgm/s，總動量為PA+PB=2kgm/s，系統(tǒng)的動量不守恒，不可能，故D錯誤故選A.【點睛】A、B碰撞過程動量守恒，碰撞過程系統(tǒng)機械能不增加，碰撞兩球不可能再發(fā)生二次碰撞，碰后后面小球的速度不大于前面小球的速度，據(jù)此分析答題4、C【解析】由圖示可知，a處的電場線密，b處的電場線稀疏，因此a點的電場強度大，b點的場強小，即EbEa；沿著電場線的方向，電勢逐漸降低，由圖示可知，ba，選項ABD錯誤，C正確；故選C?！军c睛】電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布電

9、場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向5、D【解析】A、線圈產(chǎn)生的電動勢：，故A錯誤；B、電流為：，通過電阻R的電荷量為：，故B錯誤；C、由楞次定律可知，電流沿順時針方向，b點電勢高，a點電勢低，故C錯誤；D、在04s時間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為：，故D正確；故選D【點睛】由法拉第電磁感應定律可以求出感應電動勢；由歐姆定律求出電流，由電流定義式求出電荷量；由楞次定律可以判斷出感應電流方向，然后判斷電勢高低；由焦耳定律可以求出焦耳熱6、B【解析】試題分析：電磁波不需要有介質(zhì)，也能傳播，故A錯誤；電磁波傳播的速度與頻率、波長、電磁波的能量無關，與傳播的介質(zhì)有關，故B正

10、確；麥克斯韋預言了電磁波的存在；赫茲第一次通過實驗驗證了電磁波的存在；故CD錯誤.故選D.【點睛】電磁波的傳播不需要介質(zhì)，麥克斯韋預言了電磁波的存在，赫茲證實了電磁波的存在二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】燈泡是非線性元件，根據(jù)L1、L2、L3的電壓，由伏安特性曲線可讀出電流，由R=U/I算出它們的電阻，再依據(jù)功率表達式P=UI，及并聯(lián)電路電壓相等，串聯(lián)電路電流相等，從而即可求解【詳解】A. 電路中的總電流為0.25A，則通過L1的電流為0.25A，則由

11、圖可知，L1兩端的電壓為3.0V；因L2和L3并聯(lián)，則L2和L3電壓相等，它們的電阻相等，因此它們的電流也相等，則通過L2電流為0.125A，則由圖可知，L2兩端的電壓約為0.4V，故A錯誤；B、由伏安特性曲線可以讀出電流為I1=0.25A，電壓為U1=3V時的，L1消耗的電功率為P=U1I1=30.25=0.75W，故B正確； C、通過R2的電流為I2=0.125A,電壓U2=0.4V，功率P2=U2I2，約為0.05W，L1、L2消耗的電功率的比值大于4：1，故C正確； D、電流為I2=0.125A,電壓U2=0.4V，L2的電阻R2=U2/I2，約為3，故D錯誤； 故選BC.8、AC【解

12、析】A.由左手定則判斷出N帶正電荷，M帶負電荷，故A正確；BC.粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力半徑為，在在質(zhì)量與電量相同的情況下，半徑大說明速率大，即M的速度率大于N的速率，故B錯誤，C正確；D.粒子在磁場中運動半周，即時間為周期的一半，周期為M的運行時間等于N的運行時間，故D錯誤。故選AC。9、AB【解析】單色光在AB面上發(fā)生折射，光路圖如圖根據(jù)折射定律得：n=sinisin=sin60sin=62，解得：=45，因為DEBC，而且DE=12BC=12d，光在三棱鏡傳播的速度為：v=cn=2c6，所以此單色光通過三棱鏡的時間為：t=DEv=6d4c，故AB正確；紅光的折射率小于黃光的折

13、射率，故紅光在AB面的折射角大于黃光在AB面的折射角，DE光線向上偏，故在AC面的入射角變小，且根據(jù)sinC=1n可知紅光的全反射臨界角也更大，則此時紅光不可能發(fā)全反射，故C錯誤；白光沿相同方向自D點射入,在AC面右側屏上出現(xiàn)彩色條紋是光的色散，故D錯誤。故選AB。10、BD【解析】A根據(jù)速度v與位移x之間具有依賴關系：可知金屬棒在x1、x2、x3處的速度分別為,；根據(jù)：可知電流之比等于速度之比，故金屬棒在x1、x2、x3處電流之比為：故A錯誤.B設金屬棒兩端的電壓為U，則根據(jù)：可知金屬棒兩端的電壓之比等于電流之比6：4：3，故B正確.C電阻R上消耗的功率為：故R上的功率之比為：故C錯誤D根據(jù)

14、：可知安培力之比等于電流之比6：4：3，故D正確.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D E 10 11.4 【解析】（1）題意可知，燈泡的額定電壓為2.8V，故電壓表的量程應大于2.8V，故電壓表應選3V量程，由P=UI可得，電流I=PU=0.82.8A=0.28A，故電流表應選D；由電路圖可知，要使電壓從零開始調(diào)節(jié)，應采用分壓接法，滑動變阻器應選小電阻便于調(diào)節(jié)，故滑動變阻器選E.（2）由燈泡的伏安特性曲線圖可知，當電壓為2.8V時，電流為0.28A，故電阻：R=UI=2.80.28=10.（3）要使燈泡串聯(lián)在6V的電源上正常發(fā)光，則

15、與之串聯(lián)的電阻分壓應為6V-2.8V=3.2V；此時電路中電流為0.28A，故應串聯(lián)的電阻：R=3.20.28=11.4故答案為：(1)D；(2)E；(3)10；(4)11.4【點睛】本題考查測量小燈泡的伏安特性曲線，要注意電表的正確選擇，原則是在不超量程的情況下盡量選用小量程，明確電路的接法，此實驗要用分壓電路，目的是為了得到從0開始連續(xù)可調(diào)的電壓，同時要會利用歐姆定律進行分析求解。12、 1.46 0.72 【解析】（1）根據(jù)要求，變阻器的滑動觸頭滑至最左端時，其使用電阻值最大，電源的內(nèi)阻是比較小的，為了減小誤差，采用電流表的內(nèi)接法，按要求連實驗實物圖，如圖（2）根據(jù)這些數(shù)據(jù)作出U-I圖象

16、如圖在U-I圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，所以由圖可以讀出電源的電動勢為1.46V，圖象中的斜率表示電源的內(nèi)阻，所以電源的內(nèi)阻為：.（3）由圖所示電路可知，相對于電源來說，電流表采用內(nèi)接法，由于電壓表的分流作用，使所測電源電動勢小于電動勢真實值 四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、粒子的速度方向與極板的最大夾角的正切值【解析】由題意可知，粒子從電容器A飛出時偏轉角最大，聯(lián)立解得：14、（1）(1) =7W（3）【解析】試題分析：（1）若A相對于B滑動，則對物體A進行受力分析，水平方向只受摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律得：,解得：，所以A的加速度為；（1）對物體B進行受力分析，水平方向受到拉力F、地面對B的摩擦力、A對B的摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律得：，帶入數(shù)據(jù)解得：F=7N，所以（3）電動機的輸出功率調(diào)整為5W時，設細繩對木板B的拉力為，則，代入數(shù)