2023學年安徽省界首市界首中學物理高二第一學期期中考試試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、從地面上以初速度v0豎直上拋一物體A后，經過時間t后物體A還未落地在同一地點以同樣的速度向上拋出另一物體B，則AB相遇時距地面的高度是ABCD2、地球靜止軌道衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星都在圓軌道上運行，它們距地面的高度分別為h1和h2，且h1h2。則下列說法中正確的是A靜止軌道衛(wèi)星的周期比中軌道衛(wèi)星的周期大B靜止軌道衛(wèi)星的線速度比中軌道衛(wèi)星的線速度大C靜止軌道衛(wèi)星的角速度比中軌道衛(wèi)星的角速度大D靜止軌道衛(wèi)星的向心加速度比中軌道衛(wèi)星的向心加速度大3、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內阻為r，串聯的固定電阻為R2，滑動變阻器的總阻值是R1，電阻大小關系為R1R2r，則在滑動觸頭從a端滑到b端過

3、程中，下列描述正確的是() A電路的總電流先減小后增大B電路的路端電壓先增大后減小C電源的輸出功率先增大后減小D滑動變阻器R1上消耗的功率先減小后增大4、在運動會鉛球比賽中，運動員將鉛球向斜上方拋出，不計空氣阻力，在鉛球的飛行過程中，下列說法正確的是( )A鉛球的動能不斷增大 B鉛球的重力勢能不斷減小C鉛球的機械能先減小后增大 D鉛球的機械能守恒5、一根均勻電阻絲阻值為R，在以下哪些情況下，阻值仍為R（ ）A長度變?yōu)橐话耄瑱M截面積增大一倍時B橫截面積變?yōu)橐话耄L度變?yōu)槎稌rC長度和橫截面積都變?yōu)樵瓉淼?倍時D直徑變?yōu)橐话?，長度變?yōu)樵瓉淼?/2時6、如圖所示，用兩根等長的細線各懸掛一個小球，并系

4、于同一點，已知兩小球的質量相同，當它們帶上同種點電荷時，相距r1而平衡若使它們的電荷量都減少一半，待它們重新平衡后，兩小球間的距離將A大于B等于C小于D不能確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、有兩只電流表A1、A2是由完全相同的小量程電流表G1、G2改裝而成，A1的量程為I1=0.6A，A2的量程為I2=3A兩表接入電路后均末燒壞，則 （ ）AA1、A2表的內阻之比為R1: R2 =1:5B將A1、A2串聯接入電路后，指角偏角之比為5:1C將A1、A2串聯接入電路

5、后，讀數之比為5:1D將A1、A2并聯接入電路后，讀數之比為1:58、如圖所示，水平固定的平行金屬板加上電壓后，兩板之間視為勻強電場，有一個質量為m、電量為q的粒子以大小為v0、傾角45的初速度，從下極板邊緣斜向上方射入勻強電場，粒子恰好從上極板邊緣水平向右射出，粒子重力不計要使該帶電粒子恰能沿極板中央軸線水平向右射出，則Av0方向必須改變，若電壓不變，則v0大小應變?yōu)锽v0方向可以不變，若電壓也不變，則v0大小應變?yōu)镃v0方向必須改變，若v0大小不變，則電壓應變?yōu)樵瓉淼腄v0方向可以不變，若v0大小也不變，則電壓應變?yōu)樵瓉淼?、下列結論正確的是 ( )A靜電平衡狀態(tài)下的導體內部場強處處為零，

6、導體電勢也為零B電場強度的方向與等勢面處處垂直C電流的方向總是從電源正極流向負極D電動勢數值上等于電源將單位正電荷在電源內部從負極轉移到正極時非靜電力做的功10、如圖所示,絕緣水平桌面上固定A、B兩個帶等量異種電荷的小球,A、B連線的中點處垂直桌面固定一粗糙絕緣直桿,桿上穿有一個帶有小孔的正電小球C,將C從桿上某一位置由靜止釋放,下落至桌面時速度恰好為零.C沿桿下滑時帶電荷量保持不變,三個帶電小球A、B、C均可視為點電荷那么C在下落過程中,以下判斷正確的是( )A所受摩擦力變大B電場力做正功C電勢能不變D下落一半高度時速度一定最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題

7、處，不要求寫出演算過程。11（6分）在用橡皮條拉動小車的實檢方案“探究功與速度變化的關系的實驗中，得到的紙帶如圖所示，打點計時器使用的交流電頻率為50Hz，則小車的速度應記為_m/s。12（12分）有一個小燈泡上標有“2.5V，3W”的字樣，現要描繪這個燈泡的伏安特性曲線，有下列器材可供選用:A電源（電動勢3V，內阻約1） B電流表（00.6A，內阻未知）C電流表（02A，內阻未知） D電壓表（03V，內阻未知）E.電壓表（015V，內阻未知） F.滑動變阻器（05，額定電流3A）G.滑動變阻器（0500，額定電流2A） H.開關、導線（1）為使實驗誤差盡量小，且要求電壓表示數能從零開始變化，

8、實驗中應選用的器材為_（用序號字母表示）。（2）因為電壓表、電流表內阻未知，為了選擇正確電路減小誤差，先將儀器接好，只空出電壓表的一個接頭K（部分電路如圖所示），然后將K和a、b分別接觸一下，發(fā)現電壓表V的示數有明顯變化，而電流表A的示數沒有明顯變化，說明_（選填“伏特表的分流作用顯著”或“安培表的分壓作用顯著”），則組裝電路時應采用_（選填“安培表內接法”或“安培表外接法”）。（3）請根據實驗要求，在方框內畫出完整的實驗電路圖_。（4）請根據正確的電路圖完成實物圖的剩余部分連線_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。1

9、3（10分）如圖所示，真空中水平放置的兩個相同極板Y和Y長為L，相距d，足夠大的豎直屏與兩板右側相距b在兩板間加上可調偏轉電壓U，一束質量為m、帶電量為+q的粒子（不計重力）從兩板左側中點A以初速度v0沿水平方向射入電場且能穿出（1）證明粒子飛出電場后的速度方向的反向延長線交于兩板間的中心O點；（2）求兩板間所加偏轉電壓U的范圍；（3）求粒子可能到達屏上區(qū)域的長度14（16分）把帶電量q=110-8C的正電荷，從無限遠處移至電場中的A點，需克服電場力做功W=1.210-4J，求：(1)q在A點的電勢能和A點的電勢各是多少？(2)q未移入電場前A點的電勢是多少？15（12分）如圖所示，水平放置的

10、平行板電容器極板寬度為L，兩板間距為d，所加電壓為U。與電容器右側邊緣相距r處有一豎立的熒光屏P，它的中心O1與電容器中央相齊。今有一質量為m、電量為-q的帶電粒子經加速電壓U0無初速地加速后，由兩極板中央垂直射入偏轉電場中，并由右側離開偏轉電場，最終打在了熒光屏上，并產生一個亮點P，不計重力。試確定：粒子打出P時的速度大小和方向；亮點P與O1間的距離。（要求以題中所給字母表示結果）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據已知可知兩個物體空中相遇時A在下降，B在上升，結合兩物體拋出的時間間隔必須滿足條件即

11、可求出；【詳解】由于兩個物體在同一地點以同樣的速度向上拋出，它們由于能達到相等的高度，所以相遇時，第一個小球在下降，而第二個小球仍然在上升，由運動的對稱性可知，相遇時第一個小球已經下降的時間又小球上升的最大高度： 可知兩個小球相遇時的高度：,故選項D正確，選項ABC錯誤【點睛】本題關鍵是抓住臨界情況，兩個物體空中相遇可能有幾種情況： A、B均在下降，A追上B； A在下降，B在上升；則兩物體拋出的時間間隔必須滿足條件：拋出B時A不能已經落地； B不能先落地，即A在B前落地2、A【解析】地球靜止軌道衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星都在圓軌道上運行，它們距地面的高度分別為h1和h2，且h1h2，則地球靜止軌道衛(wèi)星的

12、軌道半徑比中軌道衛(wèi)星大，根據萬有引力提供向心力得，解得：T2，地球靜止軌道衛(wèi)星的軌道半徑比中軌道衛(wèi)星大，則靜止軌道衛(wèi)星的周期比中軌道衛(wèi)星的周期大，故A正確；，地球靜止軌道衛(wèi)星的軌道半徑比中軌道衛(wèi)星大，所以靜止軌道衛(wèi)星的線速度大小小于中軌道衛(wèi)星的線速度大小，故B錯誤；，地球靜止軌道衛(wèi)星的軌道半徑比中軌道衛(wèi)星大，靜止軌道衛(wèi)星的角速度比中軌道衛(wèi)星的角速度小，故C錯誤；，地球靜止軌道衛(wèi)星的軌道半徑比中軌道衛(wèi)星大，靜止軌道衛(wèi)星的向心加速度比中軌道衛(wèi)星的向心加速度小，故D錯誤。故選A?！军c睛】解決本題的關鍵掌握萬有引力提供向心力，會根據軌道半徑的關系比較向心加速度、線速度和周期3、D【解析】A、當滑動變阻

13、器從ab移動時R1作為并聯電路總電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律可知電流是先減小后增大，故A正確；B、路端電壓U=E-Ir，因為電流先減小后增大，所以路端電壓先增大后減小，故B正確；C、當R外=r的時候電源的輸出功率最大，當滑片在a端或者b端的時候，電路中R外=R2r,則隨著外電阻的先增大后減小，由圖象的單調性可知輸出功率是先增大后減小的，故C正確；D、滑動變阻器的總電阻R1R2+r，則滑片向右滑，R1的總阻值先增大后減小，則滑動變阻器上消耗的功率是先增大后減小，故D錯誤本題選錯誤的故選D.【點睛】本題考查了串、聯電路的特點和歐姆定律的靈活運用，難點是滑動變阻器滑片P從最右端中間左端總電

14、阻變化情況的判斷4、D【解析】運動員將鉛球向斜上方拋出，不計空氣阻力，只受重力，機械能守恒，上升過程動能減小、重力勢能增加，下降過程動能增加、重力勢能減?。还蔄BC錯誤，D正確；故選D.5、C【解析】根據電阻定律可知，長度變?yōu)橐话?，橫截面積增大一倍時，阻值變?yōu)镽 /4，A錯誤；橫截面積變?yōu)橐话?，長度變?yōu)槎稌r，阻值變?yōu)?R，B錯誤；長度和橫截面積都變?yōu)樵瓉淼?倍時，阻值仍為R，C正確；直徑變?yōu)橐话?，長度變?yōu)樵瓉淼?/2時，阻值變?yōu)?R，D錯誤6、A【解析】由題，兩球的電量減小，根據庫侖定律知，庫侖力減小，兩球間的距離減小假設兩球距離等于r/1，則庫侖力與開始一樣大，重力不變，則繩子的拉力方向應

15、與原來的方向相同，與實際上庫侖力變小時，繩子的方向與原來不同，所以兩球距離要變大些則兩球的距離大于r/1故A正確，BCD錯誤故選A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：根據歐姆定律可得,所以，A錯誤，將A1、A2串聯接入電路后，因為內阻比為，所以電流表A1兩端的電壓時A2的5倍，所以根據歐姆定律可得指角偏角之比為5:1，B正確，串聯電流是相等，所以讀數為1:1，C錯誤，并聯后，兩電表兩端的電壓是相等的，所以讀數比為1:5，D正確，考點：考查了串并聯

16、電路規(guī)律點評：做本題的關鍵是理解電流表是表頭和定值電阻并聯在一起的，然后根據電路規(guī)律解題8、AC【解析】粒子在水平方向L=v0cos450t；豎直方向：；v0方向不變，則y不可能變?yōu)樵瓉淼?，選項BD錯誤；若改變v0的方向，設與水平夾角為，則粒子在水平方向；豎直方向：若電壓不變，使得，則兩式對比可得：； ，解得 ，選項A正確；若v0大小也不變，使得，則兩式對比可得：； ，解得，選項C正確；故選AC.9、BD【解析】靜電平衡狀態(tài)下的導體內部場強處處為零，導體電勢是等勢體，但是電勢不一定為零，選項A錯誤；電場線與等勢面垂直，而電場強度的方向為電場線的方向，所以電場強度的方向與等勢面垂直，故選項B正確

17、；在外電路電流的方向總是從電源正極流向負極，內電路正好相反，選項C錯誤；電動勢數值上等于電源將單位正電荷在電源內部從負極轉移到正極時非靜電力做的功，選項D正確；故選BD.10、AC【解析】A、AB為等量異種點電荷，故產生的電場在AB連線垂直平分線上，從垂足向兩側場強逐漸減小，且為等勢面，電荷C在下滑的過程中，受到的電場力為F=qE，將逐漸增大，受到的摩擦力為f=F=qE，故受到的摩擦力增大，故A正確；B、小球在下滑過程中沿等勢面運動，故電場力不做功，電勢能不變，故B錯誤，C正確；D、在下落過程中，當小球C的重力等于摩擦力時，速度最大，由于下落過程中摩擦力逐漸增大，故在下落過程中摩擦力在相同距離

18、內做功越來越大，故速度最大時要在下落一半高度以下，故D錯誤；故選AC【點睛】本題主要考查了等量異種電荷產生的電場分布及在兩電荷垂直平分線上的電場的特點，明確在下滑過程中摩擦力越來越大摩擦力做功越來越多即可三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.36【解析】小車的速度應該是當小車做勻速運動時的速度，則v=xt=0.00720.02m/s=0.36m/s.12、ACDFH 安培表的分壓作用顯著 安培表外接法 【解析】（1）1根據題目的要求可知，滑動變阻器的連接方式應選擇分壓式，又流過小燈泡的電流最大為1.2A，且最大電壓為2.5V，所以最后選擇的器材是ACDFH；（2）2 3當將K和a、b分別接觸一下，發(fā)現電壓表V的示數有明顯變化，而電流表A的示數沒有明顯變化，說明電流表分壓明顯，因此選擇電流表外接；（3）4電路圖如圖所示（4）5實物圖連接如圖所示四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）見解析（2）（3）【解析】（1）設粒子在運動過程中的加速