北京市陳經(jīng)綸中學(xué)2023學(xué)年物理高二第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于點(diǎn)電荷的說(shuō)法，正確的是:A只有體積很小的帶電體，才能作為點(diǎn)電荷；B體積很大的帶電體一定不能看作點(diǎn)電荷；C點(diǎn)電荷一定是電量很小的電荷；D體積很大的帶電體只要距離滿足一定條件也可

2、以看成點(diǎn)電荷2、供電站向遠(yuǎn)方送電，輸送的電功率恒定，若將輸電電壓提高到原來(lái)的4倍，以下判斷中正確的是A輸電電流為原來(lái)的4倍B輸電導(dǎo)線上損失的電壓為原來(lái)的4倍C輸電導(dǎo)線上損失的電功率為原來(lái)的D輸電導(dǎo)線上損失的電功率為原來(lái)的3、一質(zhì)點(diǎn)沿直線Ox方向做加速運(yùn)動(dòng)，它離開(kāi)O點(diǎn)的距離x隨時(shí)間變化的關(guān)系x=3+2t3（m），它的速度隨時(shí)間變化的關(guān)系為v=6t2(m/s)。則該質(zhì)點(diǎn)在t=2s時(shí)的瞬時(shí)速度和t=0到t=2s間的平均速度分別為（）A8m/s、24m/sB12m/s、24m/sC24m/s、8m/sD24m/s、12m/s4、將距離沙坑表面上方1m高處質(zhì)量為0.2kg的小球由靜止釋放，測(cè)得小球落入沙

3、坑靜止時(shí)距離沙坑表面的深度為10cm若忽略空氣阻力，g取10m/s2，則小球克服沙坑的阻力所做的功為（）A0.4J B2J C2.2J D4J5、如圖，E為內(nèi)阻不能忽略的電池，R1、R2、R3為定值電阻，S0、S為開(kāi)關(guān)，V與A分別為電壓表與電流表初始時(shí)S0與S均閉合，現(xiàn)將S斷開(kāi)，則（）AV的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變小BV的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變大CV的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變小DV的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變大6、下列說(shuō)法正確的是( )A由電流I=q/t可知I與q成正比B電流有方向，所以電流是矢量C電動(dòng)勢(shì)、電壓和電勢(shì)差名稱不同，但物理意義相同，所以單位也相同D電壓表改裝時(shí)串聯(lián)電阻的目的是分去一部分電壓二、多項(xiàng)

4、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，光滑絕緣的水平面內(nèi)存在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，長(zhǎng)度為L(zhǎng)絕緣光滑的擋板AC與電場(chǎng)方向夾角為30現(xiàn)有質(zhì)量相等、電荷量均為Q的甲、乙兩個(gè)帶電體從A處出發(fā)，甲由靜止釋放，沿AC邊無(wú)摩擦滑動(dòng)，乙垂直于電場(chǎng)方向以一定的初速度運(yùn)動(dòng)，甲、乙兩個(gè)帶電體都通過(guò)C處則甲、乙兩個(gè)帶電體（ ）A發(fā)生的位移相等B通過(guò)C處的速度相等C電勢(shì)能減少量都為D從A運(yùn)動(dòng)到C時(shí)間之比為8、帶有(1/4)光滑圓弧軌道、質(zhì)量為M的滑車靜止置于光滑水平面上，如圖所示一質(zhì)量為m的小球

5、以速度v0水平?jīng)_上滑車，當(dāng)小球上行再返回，并脫離滑車時(shí)，以下說(shuō)法可能正確的是（ ） A小球一定沿水平方向向左做平拋運(yùn)動(dòng)B小球可能沿水平方向向左做平拋運(yùn)動(dòng)C小球可能做自由落體運(yùn)動(dòng)D小球可能水平向右做平拋運(yùn)動(dòng)9、如圖所示，用絲線吊一個(gè)質(zhì)量為m的帶電(絕緣)小球處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，空氣阻力不計(jì)，當(dāng)小球分別從A點(diǎn)和B點(diǎn)向最低點(diǎn)O運(yùn)動(dòng)且兩次經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)( )A小球的動(dòng)能相同B絲線所受的拉力相同C小球所受的洛倫茲力相同D小球的向心加速度相同10、如圖所示,在方向水平向左的勻速電場(chǎng)中有一傾角為60、高為H的固定絕緣斜面體,現(xiàn)將一質(zhì)量為m,帶正電且電荷量為q的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從斜面體頂端由靜止釋放,已知重力加速

6、度為g,勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E= 3mgq,不計(jì)空氣阻力,則A小物塊將沿斜面下滑B小物塊將做曲線運(yùn)動(dòng)C小物塊到達(dá)地面時(shí)的速度大小為22gHD若其他條件不變,只增大電場(chǎng)強(qiáng)度,小物塊到達(dá)地面前的運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變?nèi)?、?shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）如圖為實(shí)驗(yàn)室中驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖（1）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則（_） Am1 m2 r1 r2 Bm1 m2 r1 m2 r1r2 Dm1 m2 r1r2 （2）實(shí)驗(yàn)中記錄了軌道末端在記錄紙上的投影位置為O，經(jīng)多次釋放小球，在記錄紙上找

7、到兩球的平均落點(diǎn)位置M、P、N，并測(cè)得它們到O點(diǎn)的距離分別為、已知入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，只要驗(yàn)證等式_成立，即表示碰撞中動(dòng)量守恒（3）滿足(2)的情況下，若滿足等式_成立，即可認(rèn)為碰撞為彈性碰撞(僅用線段、表示)12（12分）在探究磁場(chǎng)產(chǎn)生電流的條件，做了下面實(shí)驗(yàn)：（1）實(shí)驗(yàn)（一）如圖甲研究對(duì)象：由線圈，電流表構(gòu)成的閉合回路。磁場(chǎng)提供：條形磁鐵。請(qǐng)完成下面實(shí)驗(yàn)操作及觀察到現(xiàn)象。偏轉(zhuǎn)涂A，不偏轉(zhuǎn)涂B。磁鐵的動(dòng)作電流表的指針（偏轉(zhuǎn)或不偏轉(zhuǎn)）條形磁鐵插入線圈過(guò)程條形磁鐵插入線圈中靜止條形磁鐵取出線圈過(guò)程表中三空分別為：_；_；_.（2）實(shí)驗(yàn)（二）如圖乙研究對(duì)象：線圈B和電流表構(gòu)

8、成的閉合回路磁場(chǎng)提供：通電線圈A請(qǐng)完成下面實(shí)驗(yàn)操作填寫觀察到現(xiàn)象。偏轉(zhuǎn)涂A，不偏轉(zhuǎn)涂B。電路改變情況電流表的指針（偏轉(zhuǎn)或不偏轉(zhuǎn)）斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，移動(dòng)變阻器滑片接通開(kāi)關(guān)瞬間接通開(kāi)關(guān)，移動(dòng)變阻器滑片接通開(kāi)關(guān)，變阻器滑片不移動(dòng)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間表中五空分別為：_；_；_；_；_；（3）由上兩個(gè)實(shí)驗(yàn)我們得出磁場(chǎng)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是_A穿過(guò)閉合電路有磁場(chǎng) B穿過(guò)閉合電路有磁場(chǎng)量C穿過(guò)閉合電路的磁通量發(fā)生變化 D磁通量發(fā)生變化四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖中電路的各元件值為：R1=R2=10，R3=R4=20，C=600

9、F，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻不計(jì),單刀雙擲開(kāi)關(guān)K開(kāi)始時(shí)接通觸點(diǎn)2，求： (1)當(dāng)開(kāi)關(guān)K從觸點(diǎn)2改接通觸點(diǎn)1，且電路穩(wěn)定后，電容C的帶電量.(2)若開(kāi)關(guān)K從觸點(diǎn)1改接觸點(diǎn)2后，直至電流為零止，通過(guò)電阻R1的電量.14（16分）如圖所示，在兩條平行的虛線內(nèi)存在著寬度為L(zhǎng)、場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在與右側(cè)虛線相距也為L(zhǎng)處有一與電場(chǎng)平行的屏現(xiàn)有一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶電粒子（重力不計(jì)），以垂直于電場(chǎng)線方向的初速度v0射入電場(chǎng)中，v0方向的延長(zhǎng)線與屏的交點(diǎn)為O試求：（1）粒子從射入到打到屏上所用的時(shí)間；（2）粒子剛射出電場(chǎng)時(shí)的速度方向與初速度方向間夾角的正切值tan；15（12分）有位同學(xué)要重新布置自己的

10、房間他用200 N的水平拉力勻速拉動(dòng)質(zhì)量為50 kg的書桌，書桌與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)是多少？如果要在同樣情況下勻速移動(dòng)質(zhì)量為150 kg的書柜，他用200 N的力能拉動(dòng)書柜嗎？這時(shí)摩擦力多大？(g取10 m/s2)參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】物理學(xué)上把本身的線度比相互之間的距離小得多的帶電體叫做點(diǎn)電荷，D正確2、D【解析】A.因?yàn)檩旊姽β什蛔儯旊婋妷禾岣?倍，電流變?yōu)樵瓉?lái)的，A錯(cuò)誤B.根據(jù)可知，損失電壓變?yōu)樵瓉?lái)的，B錯(cuò)誤CD.根據(jù)可得，損失功率變?yōu)樵瓉?lái)的，C錯(cuò)誤D正確3、C【解析】根據(jù)v=6t2

11、m/s，當(dāng)時(shí)間t=2s時(shí)，速度為根據(jù)x=3+2t3可得2s內(nèi)的位移為平均速度為故選C。4、C【解析】由動(dòng)能定理得，解得小球克服沙坑的阻力所做的功為，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C。【點(diǎn)睛】動(dòng)能定理簡(jiǎn)單應(yīng)用。5、B【解析】S斷開(kāi)，相當(dāng)于電阻變大，則由閉合電路歐姆定律可得電路中總電流減小，故路端電壓增大，V的讀數(shù)變大；把R1歸為內(nèi)阻，內(nèi)電壓減小，故R3中的電壓增大，由歐姆定律可知R3中的電流也增大，電流表示數(shù)增大，A分析得V的讀數(shù)變大，的讀數(shù)變大，故A錯(cuò)誤；B分析得V的讀數(shù)變大，的讀數(shù)變大，故B正確；C分析得V的讀數(shù)變大，的讀數(shù)變大，故C錯(cuò)誤；D分析得V的讀數(shù)變大，的讀數(shù)變大，故D錯(cuò)誤；6、D【解析

12、】電荷的定向移動(dòng)形成電流，電流與電荷量及時(shí)間無(wú)關(guān)；電流的單位為安培，安培是國(guó)際單位制的基本單位。電壓與電動(dòng)勢(shì)的單位相同，但物理意義不同。電壓表的改裝需串聯(lián)分壓電阻，從而減小加在表頭兩端的電壓?！驹斀狻緼、電流的定義采用比值定義法，I與q無(wú)關(guān)；故A錯(cuò)誤；B、電流有方向，但電流的運(yùn)算不適用平行四邊形定則；故電流是標(biāo)量；故B錯(cuò)誤；C、電壓與電動(dòng)勢(shì)的單位相同，但物理意義不同，是兩個(gè)不同的物理量。故C錯(cuò)誤；D、電流表和電壓表是同樣原理制成的, 電流表內(nèi)阻很小,直接測(cè)電壓,會(huì)形成大電流,燒壞表頭.串適當(dāng)?shù)碾娮?流過(guò)表頭的電流就小了,把電流值換算成電壓值就可以了，如果量程不夠，就需要增大量程，這樣在串聯(lián)一電

13、阻來(lái)分去的一部分電壓，就能達(dá)到側(cè)大電壓的目的了，故D正確；故選：D?！军c(diǎn)睛】本題考查電流的定義，要注意明確電流的定義及電流的方向規(guī)定。明確電動(dòng)勢(shì)的物理意義，知道與電壓的區(qū)別。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】對(duì)于兩個(gè)帶電體，由于初、末位置相同，故二者的位移相同，故選項(xiàng)A正確；兩個(gè)帶電體通過(guò)C點(diǎn)的速度方向不同，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)功能關(guān)系，電勢(shì)能的變化等于電場(chǎng)力的功則：，故選項(xiàng)C正確；對(duì)于甲帶電體：，則：；對(duì)于乙?guī)щ婓w：，則：，整理可以得到：，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤【

14、點(diǎn)睛】本題是關(guān)于豎直線對(duì)稱的，但是不是圖形的對(duì)稱，而是需要力矩的對(duì)稱，同樣的一個(gè)力，需要在左邊和右邊時(shí)力臂是一樣的8、BCD【解析】試題分析：小球滑上滑車，又返回，到離開(kāi)滑車的整個(gè)過(guò)程，相當(dāng)于小球與滑車發(fā)生彈性碰撞的過(guò)程選取小球運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv0=mv1+Mv2由機(jī)械能守恒得：整理得：如果mM，小球離開(kāi)滑車向左做平拋運(yùn)動(dòng)；如果m=M，小球離開(kāi)小車的速度是0，小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng)；如果mM，小球離開(kāi)小車向右做平拋運(yùn)動(dòng)故A錯(cuò)誤，BCD正確故選BCD考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律；機(jī)械能守恒【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道小球和小車組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒會(huì)根據(jù)動(dòng)量守恒定律進(jìn)行分析

15、，然后從能量守恒的角度列出方程可聯(lián)立求解速度.9、AD【解析】帶電小球在重力與拉力及洛倫茲力共同作用下，繞固定點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，由于拉力與洛倫茲力始終垂直于速度方向，它們對(duì)小球不做功因此僅有重力作功，則有機(jī)械能守恒從而可以確定動(dòng)能是否相同，并由此可確定拉力與洛倫茲力由向心加速度公式和牛頓第二定律列式分析【詳解】A、小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，所受的細(xì)線的拉力與洛倫茲力對(duì)小球不做功，僅僅有重力作功，則小球機(jī)械能守恒，所以小球分別從A點(diǎn)和B點(diǎn)向最低點(diǎn)O運(yùn)動(dòng)且兩次經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能相同;故A正確.B、小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)速度大小不變，則根據(jù)牛頓第二定律可知，由于速度方向不同，導(dǎo)致產(chǎn)生的洛倫茲力的方向也不同，則拉力的大小也

16、不同;故B錯(cuò)誤.C、小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)速度大小不變，由于速度方向不同，導(dǎo)致產(chǎn)生的洛倫茲力的方向也不同，則洛倫茲力不相同;故C錯(cuò)誤.D、小球的動(dòng)能相同則速度的大小相等，據(jù)知，v、r相同，可知小球所受的向心力相同,向心加速度相同;故D正確.故選AD.【點(diǎn)睛】本題考查對(duì)小球進(jìn)行受力分析，并得出力做功與否，根據(jù)機(jī)械能守恒定律來(lái)解題是突破口，同時(shí)注意洛倫茲力方向隨著速度的方向不同而不同最后由牛頓第二定律來(lái)分析向心力與向心加速度10、CD【解析】A、對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，物塊受重力和水平向左的電場(chǎng)力，電場(chǎng)力F=qE=3mg，則合力的大小為2mg，方向如圖，小物塊沿合力方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A、B錯(cuò)誤；C、運(yùn)

17、用動(dòng)能定理研究從開(kāi)始到落地過(guò)程：F3H+mgH=12mv2-0，解得：v=22gH，故C正確；D、將物塊的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向和豎直方向，增大電場(chǎng)強(qiáng)度，電場(chǎng)力增大，水平方向的加速度增大，豎直方向上的加速度不變，根據(jù)等時(shí)性知，運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變，故D正確；故選CD?！军c(diǎn)睛】對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，畫出物塊的運(yùn)動(dòng)軌跡運(yùn)用動(dòng)能定理或牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解決問(wèn)題。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、C 【解析】(1)1為保證兩球發(fā)生對(duì)心正碰，兩球的半徑應(yīng)相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，故選C。(2)2小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)

18、動(dòng)，小球拋出點(diǎn)的高度相等，則它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒，需要驗(yàn)證：，則：，因此需要驗(yàn)證：；(3)3小球發(fā)生彈性碰撞，碰撞過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量和機(jī)械能都守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒有： ，機(jī)械能守恒有：，聯(lián)立可得：，進(jìn)一步化簡(jiǎn)得到：。12、（1）ABA（2）BAABA（3）C【解析】（1）由試驗(yàn)一電路圖可知，線圈與電流表組成閉合回路，電流表指針偏轉(zhuǎn)說(shuō)明電路中有感應(yīng)電流產(chǎn)生；電流表指針不偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明電路中沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生；由表中信息可知：當(dāng)條形磁鐵插入或拔出線圈的過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化，電流表偏轉(zhuǎn)，產(chǎn)生感應(yīng)電流；當(dāng)條形磁鐵靜止在線圈內(nèi)不動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量不變，電流表不偏轉(zhuǎn)，沒(méi)有產(chǎn)

19、生感應(yīng)電流；故三個(gè)空分別為：A；B；A.（2）根據(jù)電路圖及表中信息可知：斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，移動(dòng)變阻器滑片接，穿過(guò)副線圈磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則電流表指針不偏轉(zhuǎn)接通開(kāi)關(guān)瞬時(shí)、接通開(kāi)關(guān)，移動(dòng)變阻器滑片，原線圈中電流變化，則穿過(guò)副線圈的磁通量變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針偏轉(zhuǎn)接通開(kāi)關(guān)，變阻器滑片不移動(dòng)，原線圈中的電流不變，穿過(guò)副線圈的磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針不偏轉(zhuǎn)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間，穿過(guò)副線圈磁通量減小，產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針偏轉(zhuǎn)故表中五個(gè)空分別為：B；A；A；B；A.（3）由此可知，感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是：穿過(guò)閉合線圈的磁通量發(fā)生變化；故選C四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題

20、卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1) 2.410-3C (2)1.610-3C【解析】(1)在直流電路中，電容器相當(dāng)于斷路；開(kāi)關(guān)K接觸觸點(diǎn)2時(shí)，電容器不帶電；開(kāi)關(guān)K接觸觸點(diǎn)1時(shí)，4個(gè)電阻串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律得到電流和電容器兩端的電壓，從而得到帶電量；(2)開(kāi)關(guān)K從觸點(diǎn)1改為接觸點(diǎn)2后，電容器相當(dāng)于電源，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓、電流關(guān)系得到兩個(gè)支路的電流之比，從而得到通過(guò)電阻R1的電量【詳解】(1)開(kāi)關(guān)K接觸觸點(diǎn)2時(shí)，電容器不帶電；開(kāi)關(guān)K接觸觸點(diǎn)1時(shí)，4個(gè)電阻串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律有:I=ER1+R2+R3+R4=610+10+20+20=0.1A.電容器與電阻R3和R4并聯(lián)，電壓為：UC=I(R3+R4)=0.1A40 =4V故帶電量為Q=CU=60010-64=2.410-3（C）(2)開(kāi)關(guān)K從觸點(diǎn)1改為接觸點(diǎn)2后，電容器相當(dāng)于電源進(jìn)行放電；電阻R3與R4串聯(lián)，而電阻R1與R2串聯(lián)，兩個(gè)支路再并聯(lián)，兩支路電流之比為：I1I2=R3+R4R1+R2=21 故通過(guò)兩個(gè)支路的電量之比為：Q1Q2=21根據(jù)電荷守恒定