2023學年吉林省長春市外國語學校高二物理第一學期期中達標檢測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示電路，所有電表均為理想電表，.當閉合開關S，觸片P向左滑動過程中，四塊電表的讀數(shù)均發(fā)生變化，設在滑動過程中、在同一時刻的讀數(shù)分別是、；電表示數(shù)的變化量的絕對值分別是、，那么下列說法正確的是( )A減小，增大B增大，減小C為定值、增

2、大D電源的輸出功率在減小，效率在降低2、如圖所示是某導體的伏安特性曲線，由圖可知，下列說法不正確的是（）A導體的電阻是B導體的電阻是C當導體兩端的電壓是10V時，通過導體的電流是D當通過導體的電流是時，導體兩端的電壓是3、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個正六邊形的六個頂點已知D、E、F三點的電勢分別為3V、1V、1V，則下列說法正確的為（）AA點電勢為6VBB點電勢為10VCC點電勢為8VD正六邊形中心處電勢為5V4、如圖所示的電路中,電源電動勢為12V,內(nèi)阻為2,四個電阻的阻值已在圖中標出,閉合開關S,下列說法正確的有( )A路端電壓U=12VB電源的總功率P=10WCa、b

3、間電壓Uab=5VDa、b間用導線連接后，電路的總電流I=1A5、在NaCl溶液中，陰、陽離子定向移動產(chǎn)生電流，若測得20秒內(nèi)有1.01018個Na+和1.01018個Cl-通過溶液內(nèi)部某一橫截面，則溶液中的電流強度是多大（ ）A8mA B16mA C0.16A D0.08A6、如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場，一個帶電粒子以速度v從A點沿直徑AOB方向射入磁場，經(jīng)過t時間從C點射出磁場，OC與OB成600角現(xiàn)將帶電粒子的速度變?yōu)関/3，仍從A點沿原方向射入磁場，不計重力，則粒子在磁場中的運動時間變?yōu)? )ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的

4、四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、回旋加速器是用來加速帶電粒子的裝置，如圖所示，它的核心部分是兩個D形金屬盒，兩盒相距很近，分別和高頻交流電源相連接，兩盒放在勻強磁場中，磁場方向垂直于盒面，帶電粒子由加速器的中心附近進入加速器，直到達到最大圓周半徑時通過特殊裝置被引出用同一回旋加速器加上不同頻率的交流電壓分別加速氚核和粒子（氚核和粒子質(zhì)量比為3:4，電荷量之比為1:2），則以下說法正確的有A加速粒子的交流電壓的頻率較大，粒子獲得的最大動能較大B若增大磁感應強度，則粒子獲得的最大動能增大C若增大加速電壓，氚核獲得的最大動能增大D若增

5、大加速電壓，氚核在加速器中運動的總時間變短8、一帶電粒子垂直于電場方向射入電場，經(jīng)電場后的偏轉(zhuǎn)角與下列因素的關系是：（ ）A偏轉(zhuǎn)電壓越高，偏轉(zhuǎn)角越大B帶電粒子的質(zhì)量越大，偏轉(zhuǎn)角越大C帶電粒子的電量越少，偏轉(zhuǎn)角越大D帶電粒子的初速度越大，偏轉(zhuǎn)角越小9、一額定功率為9 W、額定電壓為9 V的小燈泡L（其電阻視為不隨溫度而變）和一直流電動機并聯(lián)，與定值電阻R4 串聯(lián)后接在電路中的AB兩點間，電流表A為理想電表，電路如圖所示，燈泡的電阻不變當AB間接電壓0.49 V時，電動機不轉(zhuǎn)、燈泡不亮，電流表示數(shù)為0.1 A；當AB間接電壓15 V時，電動機轉(zhuǎn)動起來、燈泡正常發(fā)光則下列說法正確的是A電動機線圈電阻

6、為1 B燈泡正常發(fā)光時電流表示數(shù)1 AC燈泡正常發(fā)光時電動機輸出的機械功率4.25 WD電路正常工作時電動機突然被卡住時,電流表讀數(shù)將為1.5A10、某一電場的電場線分布如圖所示，則下列說法正確的是A點的電勢低于點的電勢B點的電場強度小于點的電場強度C一正電荷由點釋放，一定沿著電場線運動到點D一負電荷在點的電勢能大于在點的電勢能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）通過實驗描繪：一個“2.5V，0.2W”小燈泡的伏安特性曲線，可供選擇的儀器有A00.6A，電阻為0.2的電流表 B0100mA,電阻為5的電流表C03V,電阻為10K的

7、電壓表 D015V,電阻為50K的電壓表E.最大電阻為20額定電流為1.0A的滑動變阻器F.最大電阻為1K額定電流為0.1A的滑動變阻器G.蓄電池6V、導線、電鍵要求實驗燈泡電壓從零逐漸增大到額定電壓。（1）電壓表應選_. 電流表應選 _. 滑動變阻器選_. （均填寫前面的字母序號）（2）畫出電路圖在下面方框內(nèi)_。（3）按照正確的電路圖連接右邊的實物圖_ 12（12分）圖甲，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通過僅測量_（填選項前的符號），間接地解決這個問題。A小球開始釋放的高度h

8、B小球拋出點距地面的高度HC小球做平拋運動的射程(2)圖甲中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置_，測量平拋射程_。然后，把被碰小球m2靜置于軌道上O點正上方，再將入射球m1從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復。接下來要完成的必要步驟是_。（填選項前的符號）A用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B測量小球m1，開始釋放的高度hC測量拋出點距地面的高度HD分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE測量平拋射程OM、ON(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為_（用(2)中測量的量表示）；若碰撞是

9、彈性碰撞，那么還應滿足的表達式為_（用(2)中測量的量表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，虛線MN左側(cè)有一場強為E1E的勻強電場，在兩條平行的虛線MN和PQ之間存在著寬為L、電場強度為E22E的勻強電場，在虛線PQ右側(cè)相距為L處有一與電場E2平行的屏?，F(xiàn)將一電子(電荷量為e，質(zhì)量為m，不計重力)無初速度地放入電場E1中的A點，A點到MN的距離為L2，最后電子打在右側(cè)的屏上，AO連線與屏垂直，垂足為O，求：（1）電子射入電場E2時的速度V0大?。唬?）電子從釋放到打到屏上所用的時間t；（3）

10、電子在整個過程變化的電勢能是多少？14（16分）如圖甲所示，電荷量為的帶正電的小物塊置于絕緣豎直墻面上，小物塊與墻面之間的動摩擦因數(shù)，所在空間存在方向沿水平向右的電場，電場強度的大小與時間的關系如圖乙所示，物塊運動速度（速度取向下為正方向）與時間的關系如圖丙所示，取重力加速度求： （1）物塊的質(zhì)量（2）通過計算，并把圖像的圖像補充完成15（12分）如圖所示，某同學沒計了一個屏蔽高能粒子輻射的裝置，圓環(huán)形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B。將輻射源放在圓心O處，輻射源在紙面內(nèi)向外輻射質(zhì)量為m電荷量為q的粒子，粒子速度大小不同，已知環(huán)形區(qū)域內(nèi)圓半徑為R，外圓半徑為R，輻射源放出的粒子恰

11、好均不能從磁場外邊界射出，求：（1）輻射源射出粒子的最大速度值；（2）從O點以最大速度射出的粒子第一次回到O點的時間。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A、當觸片P向左滑動過程中，導致電阻變大，則總電阻變大，總電流變小，即減小，因內(nèi)電壓變小，那么外電壓增大，由于電阻電壓減小，即示數(shù)減小，則的示數(shù)增大，因此通過電阻的電流在增大，則流過的電流在減小，故A錯誤，B正確；C、由圖可知，均為定值，故C錯誤；D、根據(jù)推論：外電阻等于電源的內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大，由題意，開始時外電阻大于電源內(nèi)阻，則當變阻器的滑動

12、觸頭P向左移動時，外電路總電阻增大，電源輸出的電功率減小，而電源的供電效率，外電阻增大，路端電壓U增大，電源的供電效率提高，故D錯誤2、B【解析】AB由歐姆定律得故A正確，B錯誤；C當電壓為10V時故C正確；D當電流為時故D正確。本題選錯誤的，故選B。3、D【解析】設正六邊形的中心為O設A的點電勢為x，因為勻強電場中電勢隨距離均勻變化（除等勢面），又由于正六邊形對邊平行，DE間電勢差等于BA間電勢差，EF間電勢差等于CB間電勢差，已知D、E、F三點的電勢分別為3V、1V、1V，則有B的電勢為：x+4，C點的電勢為x+1O點是AD的中點，則O點的電勢為，AC中點的電勢與OB中點重合，根據(jù)幾何知識

13、得，解得：x7V，則A的點電勢為7V；B的電勢為11V，C點的電勢為9V，正六邊形中心處電勢為5V故ABC錯誤，D正確4、C【解析】A.外電阻為，則，則路端電壓為，故A錯誤；B.電源的總功率為，故B錯誤；C.選電源負極為0電勢點，則a點電勢為，b點的電勢，a、b兩點間的電壓為，故C正確；D.a、b間用導線連接后外電阻為R，則，則電流，故D錯誤；5、B【解析】由題意可知，流過截面上的電量q=1.010181.610-19+1.010181.610-19=0.32C；則電流強度I=qt=0.3220A=0.016A=16mA；故選B。【點睛】本題考查電流強度的定義，要注意明確當同時有正負電荷通過時

14、，電量為正負電荷電荷量絕對值的和6、B【解析】試題分析：帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，據(jù)牛頓第二定律有，解得粒子第一次通過磁場區(qū)時的半徑為，圓弧 AC所對應的圓心角 AO C60，經(jīng)歷的時間為（ T為粒子在勻強磁場中運動周期，大小為，與粒子速度大小無關）；當粒子速度減小為 v/3后，根據(jù)知其在磁場中的軌道半徑變?yōu)?r/3，粒子將從 D點射出，根據(jù)圖中幾何關系得圓弧 AD所對應的圓心角 AO D120，經(jīng)歷的時間為由此可知B項正確考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全

15、部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A.交流電源的周期；故用同一回旋加速器分別加速氚核和粒子的周期之比為：根據(jù)得，粒子出D形盒時的速度，則粒子出D形盒時的動能，故氚核和粒子，粒子出來時的最大動能之比為：，故加速氚核的交流電源的周期較大，頻率小，氚核獲得的最大動能較大，故A錯誤；B.根據(jù)上式，可知，若增大磁感應強度，則粒子獲得的最大動能增大，故B正確；C.根據(jù)得，粒子出D形盒時的速度，則粒子出D形盒時的動能最大動能與電壓無關，故C錯誤；D.若增大加速電壓，加速的次數(shù)減少，故加速的時間減小，故D正確；8、AD【解析】設偏轉(zhuǎn)電壓為U，知勻強電場的電場強度為：，粒子在偏

16、轉(zhuǎn)電場中的運動時間為：，則偏轉(zhuǎn)角的正切值為： ，則A偏轉(zhuǎn)電壓越高，則偏轉(zhuǎn)角越大故A正確B帶電粒子的質(zhì)量越大，則偏轉(zhuǎn)角越小故B錯誤C帶電粒子的電量越小，偏轉(zhuǎn)角越小故C錯誤D帶電粒子的初速度越大，則偏轉(zhuǎn)角越小故D正確9、AC【解析】A根據(jù)可知燈泡電阻當AB間接電壓0.49V時，電動機不轉(zhuǎn)、為純電阻電路，根據(jù)歐姆定律可知R兩端電壓：UR=IR=0.14V=0.4V燈泡兩端電壓U1=U-UR=0.49V-0.4V=0.09V通過燈泡的電流通過電動機的電流：I2=0.1A-0.01A=0.09A根據(jù)并聯(lián)電路特點可知電動機線圈電阻故A正確；BC當AB間接電壓15V時，燈泡正常發(fā)光，燈泡兩端電壓為UL=9V

17、、通過燈泡的電流為IL=1A，則電動機兩端電壓為UM=9V，R兩端電壓為UR=6V，干路電流電流表示數(shù)為1.5A，通過電動機的電流為IM=I-IL=0.5A，則此時電動機輸出的機械功率：P=UMIM-IM2r=4.25W故B錯誤，C正確。D由以上分析可知，電路正常工作時電動機突然被卡住時，電流表讀數(shù)將大于1.5A，選項D錯誤。10、AB【解析】沿著電場線方向電勢逐漸降低，因此a點的電勢高于b點的電勢，故A正確；從電場線的分布情況可知，a點的電場線比b點的稀疏，所以a點的電場強度小于b點的電場強度，故B正確；電場線不一定是電荷的運動軌跡，由a點釋放的正電荷不一定沿著電場線運動到b點，故C錯誤；某

18、一負電荷從a點移到b點，電場力做負功，電勢能增加，因此負電荷在a點的電勢能小于在b點的電勢能，故D錯誤所以AB正確，CD錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C B E 【解析】(1)123燈泡額定電壓為2.5V，電壓表選C；燈泡額定電流：電流表應選擇B；為方便實驗操作滑動變阻器應選擇E。(2)4描繪燈泡伏安特性曲線電壓表與電流表應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻，電流表應選擇外接法，實驗電路圖如圖所示：(3)5根據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：12、C P OP ADE 【解析】(1)1小

19、球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，它們在空中的運動時間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即測量射程，故C正確。(2)234和碰撞后，的動能減小，則速度減小，落點在M，碰撞后速度比更大，落點在N，沒有發(fā)生碰撞時，的落點在P；驗證動量守恒定律實驗中，質(zhì)量可測，而瞬時速度較難測得。因此采用了落地高度不變的情況下，水平射程來反映平拋的初速度大小，所以僅測量小球拋出的水平射程來間接測出速度。所以要先讓入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP。要驗證動量守恒定律定律，即驗證小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出

20、點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得得因此實驗需要測量：兩球的質(zhì)量、小球的水平位移，為了測量位移，應找出落點位置；故ADE正確，BC錯誤。故選ADE。(3)56由(2)知，實驗需要驗證如果碰撞過程機械能守恒，則兩邊同時乘以得則可得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）eELm (2) 3mLeE (3)電勢能減少52eEL【解析】（1）根據(jù)動能定理求解射入電場E2時的速度；（2）電子在E2中做類平拋運動，處電場后做勻速直線運動；（3）根據(jù)功能關系求解電勢能的變化；【詳解】（1）在左側(cè)電場中根據(jù)動能定理可以得到：EeL2=12mv02則電子射入電場E2