2023年山西省長治市集店中學高三物理月考試題含解析

1、2023年山西省長治市集店中學高三物理月考試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 下列關于加速度的說法中，正確的是 A、加速度是表示物體速度變化快慢的物理量 B、物體有加速度，速度就增加 C、物體運動的速度越大，加速度越大D、a0，物體可能做加速運動參考答案：AD2. 如圖所示，木塊A質量為1千克，木塊B的質量為2千克，疊放在水平地面上，AB間最大靜摩擦力為1牛，B與地面間動摩擦因數(shù)為0.1，今用水平力F作用于B，則保持AB相對靜止的條件是F不超過：( )A3N B4NC5N D6N參考答案：D保持AB相對靜止的臨界條件是AB間摩擦力達到1牛

2、，此時AB整體的加速度等于木塊A的加速度，大小為1 m/s,對AB整體分析可知，在水平方向由牛頓第二定律可得，解得.3. （多選題）如圖所示，物體P放在水平面上，左邊用一根處于形變狀態(tài)的輕彈簧與豎直墻相連且處于靜止若再用一個從零開始逐漸增大的水平力F向右拉P，直到拉動，那么在P被拉動之前的過程中，彈簧對P的彈力FT的大小和地面對P的摩擦力的大小的變化情況可能是（）A彈簧對P的彈力FT始終增大，地而對P的摩擦力始終減小B彈簧對P的彈力FT保持不變，地而對P的摩擦力始終增大C彈簧對P的彈力FT保持不變，地面對P的摩擦力先減小后增大D彈簧對P的彈力FT先不變后增大，地面對P的摩擦力先增大后減小參考答

3、案：BC【考點】滑動摩擦力；物體的彈性和彈力【分析】在P被拉動之前的過程中，彈簧仍處于原狀，因此彈力不變，而物體P先開始受到向右的靜摩擦力，當拉力漸漸增大時，導致出現(xiàn)向左的靜摩擦力，因而根據(jù)進行受力分析，即可判斷根據(jù)胡克定律判定彈簧彈力的變化【解答】解：由題意可知，拉動之前，彈簧的長度不變，則彈簧對P的彈力FT保持不變，放在粗糙水平面上，當彈簧被壓縮時，則彈簧對P的拉力向右，由于粗糙水平面，因此同時受到水平向左的靜摩擦力當再用一個從零開始逐漸增大的水平力F向右拉P，直到把P拉動前過程中，物體P受到的靜摩擦力大小增大當彈簧被拉伸時，則彈簧對P的拉力向左，由于粗糙水平面，因此同時受到水平向右的靜摩

4、擦力當再用一個從零開始逐漸增大的水平力F向右拉P，直到把P拉動前過程中，物體P受到的靜摩擦力從向右變?yōu)樗较蜃笏云浯笮∠葴p小后增大故BC正確，AD錯誤故選：BC4. 兩輛游戲賽車a、b在兩條平行的直車道上行駛t0時兩車都在同一計時線處，此時比賽開始它們在四次比賽中的vt圖象如圖所示，則在比賽中有一輛賽車追上了另一輛的圖象是 ()參考答案：AC5. 若原子的某內層電子被電離形成空位，其它層的電子躍遷到該空位上時，會將多余的能量以電磁輻射的形式釋放出來，此電磁輻射就是原子的特征X射線。內層空位的產生有多種機制，其中的一種稱為內轉換，即原子中處于激發(fā)態(tài)的核躍遷回基態(tài)時，將躍遷時釋放的能量交給某一內

5、層電子，使此內層電子電離而形成空位（被電離的電子稱為內轉換電子）。214Po的原子核從某一激發(fā)態(tài)回到基態(tài)時，可將能量E0=1.416MeV交給內層電子(如K、L、M層電子，K、L、M標記原子中最靠近核的三個電子層)使其電離。實驗測得從214Po原子的K，L、M層電離出的電子的動能分別為Ek=1.323MeV、EL=1.399MeV、EM=1.412MeV。則可能發(fā)射的特征X射線的能量為A. 0.013MeV B. 0.017MeV C. 0.076MeV D. 0.093MeV參考答案：答案：AC二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 靜電除塵器示意如右圖所示，其由金屬管A和懸

6、在管中的金屬絲B組成。A和B分別接到高壓電源正極和負極，A、B之間有很強的電場，B附近的氣體分子被電離成為電子和正離子，粉塵吸附電子后被吸附到_（填A或B）上，最后在重力作用下落入下面的漏斗中，排出的煙就成為清潔的了。已知每千克煤粉會吸附n mol電子，每晝夜能除m kg煤粉，設電子電量為e，阿伏加德羅常數(shù)為NA，一晝夜時間為t，則高壓電源的電流強度為_。參考答案：A 2emnNA/t 7. 質量為m100kg的小船靜止在水面上，水的阻力不計，船上左、右兩端各站著質量分別為m甲40kg，m乙60kg的游泳者，當甲朝左，乙朝右，同時以相對河岸3m/s的速率躍入水中時，小船運動方向為 （填“向左”

7、或“向右”）；運動速率為 m/s。參考答案：向左；0.68. 某課外興趣小組擬用如圖甲所示的裝置研究滑塊的運動情況所用實驗器材有滑塊、鉤碼、紙帶、米尺、秒表、帶滑輪的木板以及由漏斗和細線組成的單擺等實驗時滑塊在鉤碼的作用下拖動紙帶做勻加速直線運動，同時單擺沿垂直于紙帶運動的方向擺動。漏斗漏出的有色液體在紙帶上留下的痕跡記錄了漏斗在不同時刻的位置（如圖乙所示）。在乙圖中，測得AB間距離10.0cm，BC間距離15.0cm，若漏斗完成72次全振動的時間如圖丙所示，則漏斗的振動周期為 s用這種方法測的此滑塊的加速度為 m/s2.（結果均保留兩位有效數(shù)字）用該方法測量滑塊加速度的誤差主要來源有： (寫

8、出一種原因即可)參考答案：）0.50；0. 20漏斗的重心變化（或液體痕跡偏粗、阻力變化等）9. 一平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地，在兩極板間有一負電荷（電量很小，不影響電場分布）固定在P點，如圖所示， U表示電容器的電壓，EP表示負電荷在P點的電勢能，若保持正極板不動，將負極板移到圖中虛線所示的位置，則U_（填變大、變小或者不變），EP_（填變大、變小或者不變）.參考答案：變小 不變10. 兩個傾角相同的滑桿上分別套A、B兩圓環(huán)，兩環(huán)上分別用細線懸吊著兩物體C、D，如圖所示，當它們都沿滑桿一起向下滑動時，A的懸線與桿垂直，B的懸線豎直向下，則（ ）A. A環(huán)與桿無摩擦力B. B環(huán)與

9、桿無摩擦力C. A環(huán)做的是勻速運動D. B環(huán)做的是勻速運動參考答案：AD【詳解】AC.假設A環(huán)與桿間的摩擦力為f，對A環(huán)受力分析，受重力、拉力、支持力、沿桿向上的摩擦力f，如圖，根據(jù)牛頓第二定律，有mAgsin-f=mAa 對C，據(jù)牛頓第二定律有mCgsin=mCa聯(lián)立解得：f=0a=gsin故A正確，C錯誤；BD.對D球受力分析，受重力和拉力，由于做直線運動，合力與速度在一條直線上或者合力為零，故合力只能為零，物體做勻速運動；再對B求受力分析，如圖，受重力、拉力、支持力，由于做勻速運動，合力為零，故必有沿桿向上的摩擦力。故B錯誤，D正確。11. 某實驗小組采用圖所示的裝置探究“動能定理”，圖

10、中小車中可放置砝碼，實驗中，小車碰到制動裝置時，鉤碼尚未到達地面，打點針時器工作頻率為50 Hz實驗的部分步驟如下：在小車中放入砝碼，把紙帶穿過打點計時器，連在小車后端，用細線連接小車和鉤碼；將小車停在打點計時器附近，接通電源，釋放小車，小車拖動紙帶，打點計時器在紙帶上打下一列點，斷開開關 ；改變鉤碼或小車中砝碼的數(shù)量，更換紙帶，重復的操作。 圖是鉤碼質量為0.03 kg，砝碼質量為0.02 kg時得到的一條紙帶，在紙帶上選擇起始點O及A、B、C、D和E五個計數(shù)點，可獲得各計數(shù)點到O的距離s及對應時刻小車的瞬時速度v，請將C點的測量結果填在表1中的相應位置（計算結果保留兩外有效數(shù)字）在小車的運

11、動過程中，對于鉤碼、砝碼和小車組成的系統(tǒng)， 做正功， 做負功實驗小組根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出了圖中的圖線（其中v2=v2-v20），根據(jù)圖線可獲得的結論是 要驗證“動能定理”，還需要測量的物理量是摩擦力和 表1紙帶的測量結果參考答案：5. 07（0. 02） 0. 49； 鉤砝的重力 小車受摩擦阻力；小車初末速度的平方差與位移成正比 小車的質量；12. 為了驗證“當質量一定時，物體的加速度與它所受的合外力成正比”，一組同學用圖甲所示的裝置進行實驗，并將得到的實驗數(shù)據(jù)描在圖乙所示的坐標圖中(1)在圖乙中作出aF圖線(2)由aF圖線可以發(fā)現(xiàn)，該組同學在實驗操作中遺漏了_這個步驟(3)根據(jù)aF圖線可以求出系

12、統(tǒng)的質量是_(保留兩位有效數(shù)字)參考答案：13. 某同學在某次實驗中用多用表測得電阻絲的電阻如圖所示，選擇的倍率為“10”，可知金屬絲的電阻R= ；如果在測量中，指針的偏角太小，應該 （填“增大”或“減小”）參考答案：三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 如圖所示，質量m = 1 kg的小物塊靜止放置在固定水平臺的最左端，質量2 kg的小車左端緊靠平臺靜置在光滑水平地面上，平臺、小車的長度均為0.6 m。現(xiàn)對小物塊施加一水平向右的恒力F，使小物塊開始運動，當小物塊到達平臺最右端時撤去恒力F，小物塊剛好能夠到達小車的右端。小物塊大小不計，與平臺間、小車間的動摩擦因數(shù)均為0.

13、5,重力加速度g取10 m/s2，水平面足夠長，求:(1)小物塊離開平臺時速度的大??；(2)水平恒力F對小物塊沖量的大小。參考答案：（1）v0=3 m/s；（2）【詳解】（1）設撤去水平外力時小車的速度大小為v0，小物塊和小車的共同速度大小為v1。從撤去恒力到小物塊到達小車右端過程，對小物塊和小車系統(tǒng)：動量守恒：能量守恒：聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)得：v0=3 m/s（2）設水平外力對小物塊的沖量大小為I，小物塊在平臺上運動的時間為t。小物塊在平臺上運動過程，對小物塊：動量定理：運動學規(guī)律： 聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)得：15. （簡答）如圖所示，在水平地面上固定一傾角=37、表面光滑的斜面，物體A以

14、初速度v1沿斜面上滑，同時在物體A的正上方，有一物體B以初速度v2=2.4m/s水平拋出，當A上滑到最高點時，恰好被B物體擊中A、B均可看作質點，sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s2求：（1）物體A上滑時的初速度v1；（2）物體A、B間初始位置的高度差h參考答案：（1）物體A上滑時的初速度v1是6m/s（2）物體A、B間初始位置的高度差h是6.8m解：（1）物體A上滑過程中，由牛頓第二定律得：mgsin=ma設物體A滑到最高點所用時間為t，由運動學公式：0=v1at物體B做平拋運動，如圖所示，由幾何關系可得：水平位移 x=；其水平方向做勻速直線運動，則 x=v2t

15、聯(lián)立可得：v1=6m/s（2）物體B在豎直方向做自由落體運動，則 hB=物體A在豎直方向：hA=如圖所示，由幾何關系可得：h=hA+hB聯(lián)立得：h=6.8m答：（1）物體A上滑時的初速度v1是6m/s（2）物體A、B間初始位置的高度差h是6.8m四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，面積S=100cm2的輕活塞A將一定質量的氣體封閉在導熱性能良好的汽缸B內，汽缸開口向上豎直放置，高度足夠大在活塞上放一重物，質量為m=20kg，靜止時活塞到缸底的距離為L1=20cm，摩擦不計，大氣壓強為P0=1.0105Pa，溫度為27，g取10m/s2（1）若保持溫度不變，將重物去掉，求活塞A

16、移動的距離；（2）若加熱汽缸B，使封閉氣體溫度升高到177，求活塞A移動的距離參考答案：解：（1）以封閉氣體為研究對象，初態(tài)壓強：p1=p0+=1.0105+=1.2105Pa，初狀態(tài)體積：V1=L1S=20S，末狀態(tài)壓強：p2=p0=1.0105Pa氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律得：p1V1=p2V2，即：1.210520S=1105L2S，解得：L2=24cm，活塞移動距離：d=L2L1=4cm；（2）加熱氣缸，氣體做等壓變化，由查理定律得：=，即： =，解得：L3=30cm，活塞移動距離：d=L3L1=3020=10cm；答：（1）活塞A移動的距離為4cm；（2）活塞A移動的距離為10c

17、m【考點】理想氣體的狀態(tài)方程【分析】（1）氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律可以求出氣體體積，然后求出活塞移動的距離（2）氣體發(fā)生等壓變化，應用查理定律分析答題17. 如圖所示，LMN是豎直平面內固定的光滑絕緣軌道，MN水平且足夠長，LM下端與MN相切。質量為m的的帶正電小球B靜止在水平軌道上，質量為2m的帶正電小球A從LM上距水平軌道高為h處由靜止釋放，在A球進入水平軌道之前，由于A、B兩球相距較遠，相互作用力可認為是零，A球進入水平軌道后，A、B兩球間相互作用視為靜電作用。帶電小球均可視為質點。已知A、B兩球始終沒有接觸。重力加速度為g。求：（1）A、B兩球相距最近時，A球的速度v；（2）A、B兩球相距最近時，A、B兩球系統(tǒng)的電勢能EP；（3）A、B兩球最終的速度vA、vB的大小。參考答案：解答：對A球下滑的過程，根據(jù)動能定理 當A球進入水平軌道后，A、B兩球組成的系統(tǒng)動量守恒，當A、B相距最近時，兩球速度相等。所以有： （3分）根據(jù)能的轉化和守恒定律： （3分）（3）當A、B相距最近之后，由于靜電斥力的相互作用，它們將會相互遠離，當它們相距足夠遠時，它們之間的相互作用力可視為零，電勢能也視為零，它們就達到最終的速度，該過程中，A、B兩球組成的